2018-2019学年高一物理上学期周周练试卷(含解析).doc

2018-2019学年高一物理上学期周周练试卷(含解析)一、选择题1.16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论开启了物理学发展的新纪元。以下说法与事实相符的是( )A. 根据亚里士多德的论断有：两物体从同一高度自由下落，重的物体下落得快B. 根据亚里士多德的论断有：力是改变物体运动状态的原因C. 伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间成正比D. 伽利略通过理想斜面实验，总结出了牛顿第一定律【答案】A【解析】A、根据亚里士多德的论断，两物体从同一高度自由下落，重的物体下落得快，较轻的物体下落较慢，故A正确；B、根据亚里士多德的论断，必须有力作用在物体上，物体才能运动，力是维持物体运动的原因，故B错误；C、伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比，故C错误；D、牛顿根据伽利略的理想实验得出牛顿第一定律故D错误。点睛：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶，其v-t图像如图所示，下列对汽车运动状况的描述正确的是（ ）A. 在第10s末，乙车改变运动方向B. 在第10s末，甲、乙两车相距150mC. 在第20s末，甲、乙两车相遇D. 若开始时乙车在前，则两车可能相遇两次【答案】D【解析】由图可知，乙车的速度一直为正，说明乙一直沿正方向运动，运动方向没有改变，故A错误；在第20s末，甲通过的位移比乙的位移大，但由于它们初始位置关系未知，所以不能判断是否相遇，故B错误；在第10s末，甲、乙两车的位移之差为：，由于出发点的位置关系未知，所以不能求出确定它们相距的距离，故C错误；若t=0时刻乙车在前，则两车在第20s末前，两车可能相遇一次，若甲车的速度比乙车的速度大，此后，由于乙做匀加速运动，甲做匀速运动，乙可能追上甲，再相遇一次，故D正确。所以D正确，ABC错误。3.如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30的光滑斜面上。A、B两小球的质量分别为、，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为（ ）A. 都等于B. 和0C. 和0D. 0和【答案】D【解析】【详解】对A球分析，开始处于静止，则弹簧的弹力F=mAgsin30，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对A，所受的合力为零，则A的加速度为0；对B，根据牛顿第二定律得，aB=，故ABC错误，D正确。故选：D【点睛】当两球处于静止时，根据共点力平衡求出弹簧的弹力，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律分别求出A、B的加速度大小4.如图，质量均为m的两个铁块a、b放在水平桌面上，二者用张紧的轻质橡皮绳，通过光滑的定滑轮相连，系统都处于静止状态，若用水平外力将a向左由P缓慢移至M处，b未动；撤掉外力后仍都能保持静止，对a、b进行分析，正确的有( )A. 铁块a在P、M两点位置所受的摩擦力大小都等于b受的摩擦力大小B. 两者对桌面的压力一定都变大C. b与地面间最大静摩擦力一直增大D. 天花板对定滑轮作用力的方向竖直向上【答案】C【解析】A、把物块a和b看做一整体分析，撤去外力F时水平方向应满足，其中是拉a的橡皮条与竖直方向的夹角，显然由于逐渐增大，所以物块a、b受到的摩擦力不总相等，故A错误；B、根据竖直方向的合力为零可得有及可知，由于橡皮筋拉力增大，所以压力应减小，故B错误；C、对b分析，由于橡皮条的拉力不断增加，故b与地面间最大静摩擦力一直增大，故C正确；D、光滑的定滑轮受橡皮条的两个拉力的合力方向不一定竖直向下，故天花板对定滑轮作用力的方向不一定竖直向上，故D错误。点睛：本题的关键是正确受力分析，灵活用整体法和隔离法，注意“缓慢”的含义是动态平衡，特别注意静摩擦力与滑动摩擦力的区别。5.xx6月13日，“神舟一号”飞船与“天宫一号”目标飞行器在离地面343km的圆轨道上成功进行了我国第5次载人空间交会对接，在进行对接前，“神舟十号”飞船在比“天宫一号”目标飞行器较低的圆形轨道上飞行，这时“神舟十号”飞船的速度为v1，“天宫一号”目标飞行器的速度为v2，“天宫一号”目标飞行器运行的圆轨道和“神舟十号”飞船运行的圆轨道最短距离为h，由此可求得地球的质量为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】设“神舟十号”飞船的轨道半径为r，质量为m，则“天宫一号”目标飞行器轨道半径为r+h，质量为m。由万有引力提供向心力：联立解得：M=故选：C6.如图所示，质量为M的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬挂另一质量为m的小球，且Mm。用一力F水平向右拉小球，使小球和小车一起以加速度a向右运动，细线与竖直方向成角，细线的拉力为。若用一力F水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a向左运动时，细线与竖直方向也成角，细线的拉力为，则( )A. ，B. ， C. ， D. ，【答案】C【解析】【详解】先对左图中情况下的整体受力分析，受重力、支持力和拉力根据牛顿第二定律，有F=(M+m)a再对左图中情况下的小球受力分析，如图根据牛顿第二定律，有FF1sin=maF1cosmg=0由以上三式可解得F1=，a=，再对右图中小球受力分析，如图由几何关系得：F合=mgtanF1=，再由牛顿第二定律，得到a=gtan由于Mm，故av2，若滑动摩擦力大于绳的拉力，小物体P先向右匀加速直线运动,由牛顿第二定律知mPgmQg=(mQ+mP)a,到小物体P加速到与传送带速度v1相等后匀速，故B选项可能；若滑动摩擦力小于绳的拉力，由牛顿第二定律知mQgmPg=(mQ+mP)a，小物体P先向右匀减速直线运动到零，然后向左匀加速运动，离开传送带。3.若v1a2，故C选项可能。故选：BC11.如图所示，质量为m的物体A在竖直向上的力F（Fmg）作用下静止于斜面上若减小力F，则（）A. 物体所受合力不变B. 斜面对物体A的支持力不变C. 斜面对物体A的摩擦力变大D. 斜面对物体A的摩擦力可能为零【答案】AC【解析】【详解】A. 两次物体都保持静止状态，合力都为零，没有变化。故A正确；BCD、有拉力F作用后，再次对物体受力分析，受到拉力、重力、支持力和静摩擦力，如图，根据共点力平衡条件，有：f1=(mgF)sinN1=(mgF)cos若减小力F，可得支持力变大了，故B错误；若减小力F，可得摩擦力增大了，故C正确，D错误；故选：AC二、实验题12.为了测量木块与木板间的动摩擦因数，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移x随时间t变化的规律，如图乙所示(1)根据上述图线，计算0.4 s时木块的速度v_m/s，木块的加速度a_m/s2.(2)为了测定动摩擦因数，还需要测量的量是_(已知当地的重力加速度为g)(3)为了提高木块与木板间动摩擦因数的测量精度，下列措施可行的是_AA点与传感器距离适当大些B木板的倾角越大越好C选择体积较大的空心木块D传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻【答案】 (1). 0.4; (2). 1; (3). 倾斜木板与水平面的夹角; (4). A;【解析】【详解】（1）根据位移时间关系，滑块到传感器的距离，由图像可知，t=0时，x=x0=0.32m；t=0.4s时，x=0.24m；代入数据得：a=1m/s2，x0=0.32m；根据速度时间关系，v=at，t=0.4s时，v=0.4m/s；（2）选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向是受力：ma=mgsinmgcos得：= 所以要测定摩擦因数，还需要测出倾斜木板与水平面的夹角；（3）根据(2)的分析可知，在实验中，为了减少实验误差，应使木块的运动时间长一些，可以：可以减小斜面的倾角、增加木块在斜面上滑行的位移等；为了减小空气阻力的影响，应选择体积较小的实心木块；传感器开始的计时时刻不一定必须是木块从A点释放的时刻。故A正确，BCD错误。故选：A13.某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500N/m，如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验，在保持弹簧伸长1.00cm不变的条件下：（1）若弹簧秤a、b间夹角为90，弹簧秤a的读数是_N（图2中所示），则弹簧秤b的读数可能为_N。（2）若弹簧秤a、b间夹角大于90，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，稍微增大弹簧秤b与弹簧OC 的夹角，则弹簧秤a的读数_、弹簧秤b的读数_（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】 (1). 3.00-3.02; (2). 3.98-4.00; (3). 变大; (4). 变大;【解析】【详解】（1）根据胡克定律可知，F=kx=5000.01N=5N；根据弹簧秤的读数方法可知，a的读数为3.00N；两弹簧秤夹角为90，则b的读数为：F= N=4.00N；（2）若弹簧秤a、b间夹角大于90，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，增大弹簧秤b与弹簧OC的夹角，如图所示： 则可知两弹簧秤的示数均变大。三、计算题14.重为G的木块与水平地面间的动摩擦因数为，一人欲用最小的作用力F使木块沿水平地面匀速运动，问此最小作用力的大小和方向应如何？【答案】，方向：与水平方向成arctan角斜向上。【解析】【详解】设当F斜向上与水平方向的夹角为时，F的值最小，木块受力分析如图所示：由平衡条件可得：FcosFN=0，Fsin+FNG=0，解得：F= ，令tan=,则sin= ，cos= ，可得：F= 可见当=时,F有最小值,最小值为：Fmin= ，此时：tan=tan=，=arctan；方向：与水平方向成arctan角斜向上；答：此最小作用力的大小为，方向：与水平方向成arctan角斜向上。15.一质量为8.00104 kg的太空飞船从其飞行轨道返回地面。飞船在离地面高度1.60105 m处以7.5103 m/s的速度进入大气层,逐渐减慢至速度为100m/s时下落到地面。取地面为重力势能零点,在飞船下落过程中,重力加速度可视为常量,大小取为9.8m/s2.(结果保留2位有效数字)(1)分别求出该飞船着地前瞬间的机械能和它进入大气层时的机械能；(2)求飞船从离地面高度600m处至着地前瞬间的过程中克服阻力所做的功，已知飞船在该处的速度大小是其进入大气层时速度大小的2.0%.【答案】(1) , (2) 【解析】【详解】（1）落地时的重力势能为零，动能为Ek2=J=4.0108J；进入大气层的机械能E=Ek1+Ep1=+mgH=2.41012J；（2）此时的速度大小为