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xx高考物理专题限时训练（含解析） xx年普通高考时间为xx年6月79日为了帮助考生熟悉考试的试题特点明确备考方向和重点有针对性地制定备考计划下面YJBYS小编为大家带来xx高考物理专题限时训练供大家参考学习预祝考生考试成功金榜题名 训练一 一、选择题 1.一工厂用皮带传送装置将从某一高度固定位置平抛下来的物件传到地面为保证物件的安全需以最短的路径运动到传送带上已知传送带的倾角为.则() A.物件在空中运动的过程中每1s的速度变化不同 B.物件下落的竖直高度与水平位移之比为2tan1 C.物件落在传送带上时竖直方向的速度与水平方向速度之比为 D.物件做平抛运动的最小位移为 解析：物件在空中做平抛运动故每1s的速度变化相同A选项错误;要路径最短作出抛出点到传送带的垂线即物件的位移由几何关系tan=故B选项错误;由平抛运动规律x=v0ty=gt2解得t=则vy=gt=物件落在传送带上时竖直方向速度与水平方向速度之比为=C选项正确;物件做平抛运动的最小位移L=故D选项错误. 答案：C 2.(多选)如图所示从倾角为的斜面上的M点水平抛出一个小球小球的初速度为v0最后小球落在斜面上的N点则(重力加速度为g)() A.可求M、N之间的距离 B.可求小球落到N点时速度的大小和方向 C.可求小球到达N点时的动能 D.可以断定运动过程中小球速度方向与斜面平行时小球与斜面间的距离最远 解析：由已知得位移与水平方向之间的夹角为由平抛运动的规律可知tan=可求得时间为t=再由y=gt2求得竖直位移结合几何关系可求得MN间的距离故A正确;由vy=gt可求得竖直分速度由速度的合成与分解可求得末速度的大小和方向故B正确;不知小球的质量故无法求出小球的动能C错误;将初速度沿斜面和垂直于斜面方向进行分解同时将加速度也同方向分解当垂直于斜面的分速度为零时小球距离斜面最远故D正确. 答案：ABD 3.(多选)如图所示在斜面顶端先后水平抛出同一小球第一次小球落到斜面中点第二次小球落到斜面底端从抛出到落至斜面上(忽略空气阻力)() A.两次小球运动时间之比t1t2=1 B.两次小球运动时间之比t1t2=12 C.两次小球抛出时初速度之比v01v02=1 D.两次小球抛出时初速度之比v01v02=12 解析：两小球竖直方向上做自由落体运动两小球下落高度之比为12由自由落体运动规律可知运动时间之比为1选项A正确B错误;水平方向两小球均做匀速直线运动由水平位移关系以及时间关系可得初速度之比为1选项C正确D错误. 答案：AC 4.如图所示的光滑斜面长为l宽为b倾角为一物块(可看成质点)沿斜面左上方顶点P以初速度v0水平射入恰好从底端Q点离开斜面则() A.物块由P点运动到Q点所用的时间t=2 B.物块由P点运动到Q点所用的时间t= C.初速度v0=b D.初速度v0=b 解析：物块在斜面内做类平抛运动其加速度为a=gsin根据l=at2得t=故A、B错误;初速度v0=b故C正确D错误. 答案：C 5.(多选)在以速度v0水平飞行的飞机上由静止释放一质量为m的物体飞行一段时间后物体经过空中P点其动能为Ek不计空气阻力则() A.物体经过P点时竖直分速度为 B.此过程中物体下降的高度为 C.此过程中物体的水平位移为 D.此过程中物体运动的平均速度为 解析：经过P点时Ek=mv2由平抛运动规律可知v2=v+v解两式得：vy=A项正确;由竖直方向运动规律可知h=B项正确;由平抛运动规律可知vy=gtx=v0t解得x=v0t=C项错;物体从抛出到P点位移s=平均速度=D项正确. 答案：ABD 6.如图所示置于竖直平面内的AB光滑杆是以初速度为v0水平射程为s的平抛运动轨迹制成的A端为抛出点B端为落地点.现将一质量为m的小球套于光滑杆上由静止开始从光滑杆A端滑下重力加速度为g.则当其到达光滑杆B端时() A.小球在水平方向的速度大小为v0 B.小球运动的时间为 C.小球的速度大小为 D.小球重力的功率为 解析：根据题意小球受到重力G和支持力N所以小球由静止从光滑杆上滑下的运动不是平抛运动则小球在水平方向的分速度也是变化的所以小球在水平方向的分速度不等于v0A错误;小球的运动时间也不等于B错误;由小球机械能守恒有mgh=mv2由于光滑杆是按照平抛运动轨迹制成的所以末速度方向与平抛时方向相同则有tan=2tan是位移偏向角是速度偏向角tan=而tan=解得h=合速度大小v=C正确;小球重力的功率P=mgvsin=sin所以D错误. 答案：C 7.在稳定轨道上的空间站中(物体处于完全失重状态)有如图所示的装置半径分别为r和R(Rr)的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置在同一竖直平面内轨道之间有一条水平轨道CD相通宇航员将一小球以一定的速度先滑上甲轨道通过粗糙的CD段又滑上乙轨道最后离开两圆轨道那么下列说法正确的是() A.小球在CD段由于摩擦力而做减速运动 B.小球经过甲轨道最高点时比经过乙轨道最高点时速度大 C.如果减小小球的初速度小球有可能不能到达乙轨道的最高点 D.小球经过甲轨道最高点时对轨道的压力大于经过乙轨道最高点时对轨道的压力 解析：小球在CD段运动过程中由于处于完全失重状态小球没有受到摩擦力故选项A错误;由于小球处于完全失重状态小球在运动过程中速度不变所以选项B、C错误;小球经过圆轨道最高点时对轨道的压力为N=m由于甲轨道的半径小于乙轨道的半径在小球速度不变的情况下小球对甲轨道的压力较大故选项D正确. 答案：D 8.(多选)如图叠放在水平转台上的物体A、BC能随转台一起以角速度匀速转动A、B、C的质量分别为3m、2m、mA与B、B和C与转台间的动摩擦因数都为AB整体、C离转台中心的距离分别为r、1.5r.设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力.下列说法正确的是() A.B对A的摩擦力一定为3mg B.B对A的摩擦力一定为3m2r C.转台的角速度一定满足： D.转台的角速度一定满足： 解析：A做圆周运动的向心力由B对A的摩擦力提供由牛顿第二定律及向心加速度公式有：Ff=3m2rB项正确;AB整体恰好未发生相对转台的滑动时(3m+2m)g=(3m+2m)2r解得角速度最大值为=C恰好未发生相对滑动时mg=1.5m2r解得：=所以D选项正确. 答案：BD 二、非选择题 9.如图所示一块足够大的光滑平板放置在水平面上能绕水平固定轴MN调节其与水平面所成的倾角.板上一根长为l=0.60m的轻细绳它的一端系住一质量为m的小球P另一端固定在板上的O点.当平板的倾角固定为时先将轻绳平行于水平轴MN拉直然后给小球一沿着平板并与轻绳垂直的初速度v0=3.0m/s.若小球能保持在板面内做圆周运动倾角的值应在什么范围内?(取重力加速度g=10m/s2) 解析：小球在倾斜平板上运动时受绳子拉力、平板弹力、重力.在垂直平板方向上合力为0重力在沿斜面方向的分量为mgsin 小球在最高点时由绳子的拉力和重力沿平板方向的分力的合力提供向心力 T+mgsin= 研究小球从释放到最高点的过程据动能定理 mglsin=mvmv 若恰好通过最高点则绳子拉力 T=0 T=0时联立解得 sin=解得=30 故的范围为030. 答案：030 10.一转动装置如图所示四根轻杆OA、OC、AB和CB与两小球及一小环通过铰链连接轻杆长均为l球和环的质量均为mO端固定在竖直的轻质转轴上.套在转轴上的轻质弹簧连接在O与小球之间原长为L.装置静止时弹簧长为L.转动该装置并缓慢增大转速小环缓慢上升.弹簧始终在弹性限度内忽略一切摩擦和空气阻力重力加速度为g.求： (1)弹簧的劲度系数k; (2)AB杆中弹力为零时装置转动的角速度0; (3)弹簧长度从L缓慢缩短为L的过程中外界对转动装置所做的功W. 解析：(1)装置静止时设OA、AB杆中的弹力分别为F1、T1OA杆与转轴的夹角为1. 小环受到弹簧的弹力F弹1=k 小环受力平衡F弹1=mg+2T1cos1 小球受力平衡F1cos1+T1cos1=mg F1sin1=T1sin1 解得k= (2)设OA、AB杆中的弹力分别为F2、T2OA杆与转轴的夹角为2弹簧长度为x. 小环受到弹簧的弹力F弹2=k(xL) 小环受力平衡F弹2=mg 得x=L 对小球F2cos2=mg F2sin2=mlsin2 且cos2= 解得0= (3)弹簧长度为L时设OA、AB杆中的弹力分别为F3、T3OA杆与弹簧的夹角为3. 小环受到弹簧的弹力F弹3=kL 小环受力平衡2T3cos3=mg+F弹3 且cos3= 对小球F3cos3=T3cos3+mg F3sin3+T3sin3=mlsin3 解得3= 整个过程弹簧弹性势能变化为零则弹力做的功为零由动能定理 Wmg2mg=2m(3lsin3)2 解得W=mgL+ 答案：(1)(2)(3)mgL+ 训练二 一、选择题 1.“加速度计”的部分结构简图如图所示滑块与轻弹簧a、b连接并置于光滑凹槽内静止时a、b的长度均为l;若该装置加速向右运动a、b的长度分别为la、lb则() A.lallblB.lallbl 解析：开始时滑块所受两弹簧的弹力相等合力为零;若装置向右加速运动则滑块所受合力向右故b弹簧的长度增加a弹簧的长度减小选项D正确. 答案：D 2.质量为1kg的小物块在t=0时刻以5m/s的初速度从斜面底端A点滑上倾角为53的斜面0.7s时第二次经过斜面上的B点若小物块与斜面间的动摩擦因数为则A、B间的距离为(已知g=10m/s2sin53=0.8cos53=0.6)() A.1.05mB.1.13m C.2.03mD.1.25m 解析：对小物块进行受力分析可得小物块上滑时的加速度大小为a1=gsin53+gcos53=10m/s2到速度为零时所用的时间t1=s=0.5s上滑的最大距离为x1=vt1a1t=50.5m10(0.5)2m=1.25m然后往回返其加速度大小为a2=gsin53gcos53=6m/s2则再运动t=0.7s0.5s=0.2s所通过的位移为x2=a2t2=6(0.2)2m=0.12m故AB间的距离为x1x2=1.25m0.12m=1.13m故B项正确. 答案：B 3.(多选)如图所示一个质量为M的物体A放在光滑的水平桌面上当在细绳下端挂上质量为m的物体B时物体A的加速度为a绳中张力为FT则() A.a=gB.a= C.FT=mgD.FT=mg 解析：对两物体整体分析由牛顿第二定律有mg=(M+m)a解得a=g;对物体A由牛顿第二定律有FT=Ma代入a解得FT=g.选项A、C错误B、D正确. 答案：BD 4.(多选)如图甲所示传送带以速度v1匀速转动一滑块以初速度v0自右向左滑上传送带从此时刻开始计时滑块离开传送带前的速度时间图象如图乙所示.已知v0v1则下列判断正确的是() A.传送带顺时针转动 B.t1时刻滑块相对传送带滑动的距离达到最大 C.0t2时间内滑块受到的摩擦力方向先向右后向左 D.0t2时间内滑块受到恒定的摩擦力作用 解析：从题图乙可以判断滑块先向左做减运动再向右做加速运动之后向右匀速运动所以传送带顺时针转动A正确;滑块向左减速过程所受摩擦力向右向右加速过程滑块相对传送带向左运动所受摩擦力向右所以t2时刻滑块相对传送带滑动的距离达到最大B、C错误D正确. 答案：AD 5.xx年元宵节期间人们燃放起美丽的焰火以庆祝中华民族的传统节日按照设计某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后在3s末到达离地面90m的最高点时炸开.构成各种美丽的图案.假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0上升过程中所受的阻力大小始终是自身重力的k倍g=10m/s2那么v0和k分别为() A.30m/s,1B.30m/s,0.5 C.60m/s,0.5D.60m/s,1 解析：礼花弹在上升过程中做匀减速直线运动由运动学公式h=v0t可得：v0=60m/s.设礼花弹上升过程中的加速度为a由运动学公式v0=at和牛顿第二定律kmg+mg=ma可得：k=1=1=1选项D正确选项ABC错误. 答案：D 6.如图水平传送带A、B两端相距s=3.5m工件与传送带间的动摩擦因数=0.1.工件滑上A端的瞬时速度vA=4m/s到达B端的瞬时速度设为vB则不正确的说法是() A.若传送带不动则vB=3m/s B.若传送带以速度v=4m/s逆时针匀速转动则vB=3m/s C.若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动则vB=3m/s D.若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动则vB=2m/s 解析：由牛顿第二定律可知工件在传送带上运动摩擦力产生的加速度a=g=1m/s2传送带不动或逆时针转动时工件始终受摩擦力作用vv=2gs解得：vB=3m/sAB项正确;若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动则工件在传送带上运动的速度始终大于传送带的速度工件受到的摩擦力方向始终向左且大小不变即工件的加速度不变综上所述vB=3m/sC项正确D项错. 答案：D 7.(多选)如右图所示物体沿斜面由静止滑下在水平面上滑行一段距离后停止物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同斜面与水平面平滑连接.下列表示物体速度大小v、加速度大小a、受到的摩擦力大小Ff和物体运动路程s随时间t变化的关系的各图象中可能正确的是() 解析：由题意分析可知物体在斜面上做匀加速直线运动在水平面上做匀减速直线运动故选项A正确B错误;在斜面上受的摩擦力小故选项C错误;在斜面上s=at2在水平面上s=v0tat2故选项D正确. 答案：AD 8.(多选)如图甲所示为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角的关系将某一物体每次以不变的初速率v0沿足够长的斜面向上推出调节斜面与水平方向的夹角实验测得x与斜面倾角的关系如图乙所示g取10m/s2根据图象可求出() A.物体的初速率v0=3m/s B.物体与斜面间的动摩擦因数=0.75 C.取不同的倾角物体在斜面上能达到的位移x的最小值xmin=1.44m D.当某次=30时物体达到最大位移后将沿斜面下滑 解析：当倾角达到90时物体将做竖直上抛运动此时上升的高度为1.80m由运动规律可求得初速率v0=6m/s选项A错误;当角度为0时物体相当于在水平面上运动此时位移为2.40m由运动学规律和牛顿运动定律可得动摩擦因数=0.75选项B正确;当倾角为时由牛顿运动定律可得mgsin+mgcos=ma又x=结合数学关系可得位移的最小值为1.44m选项C正确;=30时物体达到最大位移时重力沿斜面向下的分力小于最大静摩擦力因此物体达到最大位移后不会下滑选项D错误. 答案：BC 二、非选择题 9.表演“顶竿”杂技时一个人站在地上(称为“底人”)肩上扛一长L=6m质量m1=15kg的竖直竹竿一质量m2=45kg的演员(可当质点处理)在竿顶从静止开始先匀加速下滑、再匀减速下滑加