2018-2019学年高中物理上学期第九周周训练题.doc

2018-2019学年高中物理上学期第九周周训练题题序考点及具体知识点分值设计难度系数能力阶层一级二级了解理解（掌握）综合应用第卷选择题1匀变速直线运动的应用60.752运动合成与分解的简单应用60.753速度图象、牛顿运动定律、功率60.704动能定理的理解与简单应用60.705机械能守恒定律的应用：链条60.706牛顿运动定律：斜面等时圆60.607牛顿运动定律的整体法与隔离法60.758力的平衡与运动的合成与分解60.609动力学和功能分析：圆周运动、皮带轮60.6010万有引力的变轨问题60.70第卷非选择题11验证机械能守恒定律60.7012探究加速度与力和质量的关系90.7513牛顿运动定律、系统机械能守恒170.6014动力学分析、能量守恒170.50合计1100.64题号12345678910答案13. (14分)如图所示，在倾角为30的光滑斜面体上，一劲度系数为k200 N/m的轻质弹簧一端连接固定挡板C，另一端连接一质量为m4 kg的物体A，一轻细绳通过定滑轮，一端系在物体A上，另一端与质量也为m的物体B相连，细绳与斜面平行，斜面足够长，用手托住物体B使细绳刚好没有拉力，然后由静止释放，求：(1)弹簧恢复原长时细绳上的拉力；(2)物体A沿斜面向上运动多远时获得最大速度；(3)物体A的最大速度大小。14.（20分）“和平号”空间站已于2001年3月23日成功地坠落在南太平洋海域，坠落过程可简化为从一个近圆轨道（可近似看作圆轨道）开始，经过与大气摩擦，空间站的绝大部分经过升温、熔化，最后汽化而销毁，剩下的残片坠入大海.此过程中，空间站原来机械能中，除一部分用于销毁和一部分被残片带走外，还有一部分能量E通过其他方式散失（不考虑坠落过程中化学反应的能量）.(1)试导出以下列各物理量的符号表示散失能量E的公式.(2)算出E的数值（结果保留两位有效数字）. 坠落开始时空间站的质量M=1.17105kg； 轨道离地面的高度为h=146km； 地球半径R=6.4106m； 坠落空间范围内重力加速度可看作g=10m/s2； 入海残片的质量m=1.2104kg； 入海残片的温度升高t=3000； 入海残片的入海速度为声速=340m/s； 空间站材料每1千克升温1K平均所需能量c=1.0103J； 每销毁1千克材料平均所需能量=1.0107J.答案1.解析：选B将题目中的表达式与xv0tat2比较可知：v024 m/s，a12 m/s2。所以由vv0at可得汽车从刹车到静止的时间为t s2 s，由此可知第3 s内汽车已经停止，汽车运动的位移x242 m622 m24 m，故平均速度 m/s8 m/s。2.解析：选C当沿圆周切线方向的速度和出手速度的合速度沿球筐方向，篮球就会被投入球筐。故C正确，A、B、D错误。3.解析：选C由题图乙可知，v t图像的斜率表示物体加速度的大小，即a0.5 m/s2，由2Fmgma可得：F10.5 N，A、B均错误；4 s末F的作用点的速度大小为vF2v物4 m/s，故4 s末F的功率为PFvF42 W，C正确；4 s内物体上升的高度h4 m，力F的作用点的位移l2h8 m，拉力F所做的功WFl84 J，故平均功率21 W，D错误4.解析：选B在合力F的方向上，由动能定理得WFlmv2，某个分力的功为W1Wmv2，B正确。5.解析：选C由机械能守恒定律Ep减Ek增，即mgmv2，所以v。6.解析设想还有一根光滑固定细杆ca，则ca、Oa、da三细杆交于圆的最低点a，三杆顶点均在圆周上，根据等时圆模型可知，由c、O、d无初速释放的小滑环到达a点的时间相等，即tcat1t3；而由ca和由Ob滑动的小滑环相比较，滑行位移大小相同，初速度均为零，但acaaOb，由xat2可知，t2tca，故选项A错误，B、C、D均正确。答案A7.解析：选D同时释放两物体时，以物体A、B为整体，根据牛顿第二定律可知：(mAmB)gsin (mAmB)a，解得agsin ，A、B之间保持相对静止，选项A错误，D正确；根据牛顿定律，对斜面及A、B整体分析，在竖直方向具有竖直向下的加速度，因此整体处于失重状态，选项B错误；对物体A：mAgsin fmAa，解得f0，故物体A、B之间的动摩擦因数可能为零，选项C错误。8.解析：选BD物块有相对于钢板水平向左的速度v1和沿导槽的速度v2，故物块相对于钢板的速度如图所示，滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，物块做匀速运动，所受导槽的作用力和拉力F的合力与滑动摩擦力大小相等方向相反，由几何关系易知，F的方向沿y轴正方向时有最小值，即Ffcos mgcos mgmg，故选B、D。9.解析：选BD物块在圆弧轨道上下滑的过程中，物块的机械能守恒，根据机械能守恒可得：mgRmv02，所以小物块滑上传送带的初速度：v0，物块到达传送带上之后，由于摩擦力的作用开始减速，速度减小为零之后，又在传送带的摩擦力的作用下反向加速，根据物块的受力可知，物块在减速和加速的过程物块的加速度的大小是相同的，只要传送带的速度v，物块返回圆弧轨道时速度大小等于从圆弧轨道下滑刚到传送带时的速度大小，物块就能返回到A点，则R，故A项错误；若减小传送带速度，只要传送带的速度v，物块就能返回到A点，故B项正确；若增大传送带的速度，由于物块返回到圆弧轨道的速度不变，只能滑到A点，不能滑到圆弧轨道的最高点，故C项错误，D项正确。10.解析：选AD由于卫星a的运行轨道的半长轴比卫星b的运行轨道半长轴短，根据开普勒定律，卫星a的运行周期比卫星b的运行周期短，选项A正确；两颗卫星分别经过A点处时，卫星a通过加速可以到圆轨道上运行，所以卫星a的速度小于卫星b的速度，选项B错误D正确；两颗卫星分别经过A点处时，由万有引力定律及牛顿第二定律得Gma，即卫星a的加速度等于卫星b的加速度，选项C错误。11.解析：(1)由题图乙可知，主尺刻度为7 mm；游标尺上对齐的刻度为5；故读数为：(750.05) mm7.25 mm0.725 cm。(2)若减小的重力势能等于增加的动能时，可以认为机械能守恒；则有：mgHmv2，即：2gH02解得：2gH0t02d2。(3)由于该过程中有阻力做功，且高度越高，阻力做功越多；故增加下落高度后，EpEk将增大。答案：(1)0.725(2)2gH0t02d2(3)增大12.解析(1)由题图可知小车的加速度与钩码的质量成非线性关系(2)am图线不经过原点，在m轴上有截距，即挂上小钩码后小车加速度仍为零，可能的原因是存在摩擦力(3)本实验直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则应采取的措施是调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量答案(1)非线性(2)存在摩擦力(3)调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力远小于小车的质量13.解析：(1)弹簧恢复原长时，物体A、B的加速度大小相同，对B分析：mgTma对A分析：Tmgsin 30ma代入数据解得：T30 N。(2)初始位置，弹簧的压缩量为：x110 cm，当物体A速度最大时，即物体A的加速度为0，对物体A分析有：mgkx2mgsin 30弹簧的伸长量为：x210 cm所以物体A沿斜面上升的距离为：xx1x220 cm。(3)因为x1x2，所以弹簧的弹性势能没有改变，由系统机械能守恒得：mg(x1x2)mg(x1x2)sin 302mv2解得：v1 m/s。答案：(1)30 N(2)20 cm(3)1 m/s14（1）根据题给条件，从近圆道到地面的空间中重力加速度g=10m/s2，若以地面为重力势能零点，坠落过程开始时空间站在近圆轨道