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菁优网 2013年10月梦阳的高中物理组卷一选择题（共15小题）1（2012海南）两分子间的斥力和引力的合力F与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r轴交点的横坐标为r0相距很远的两分子在分子力作用下，由静止开始相互接近若两分子相距无穷远时分子势能为零，下列说法正确的是（）A在rr0阶段，F做正功，分子动能增加，势能减小B在rr0阶段，F做负功，分子动能减小，势能减小C在rr0阶段，F做正功，分子动能减小，势能减小D在r=r0时，分子势能为零E分子动能和势能之和在整个过程中不变2（2012南宁一模）一列横波在x轴上传播，在x=0与x=1cm的两点的振动图线分别如图中实线与虚线所示由此可以得出（）A波长一定是4cmB波的周期一定是4sC波的振幅一定是2cmD波的传播速度一定是1cm/s3（2011四川）如图为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在t=0时的波形图，当Q点在t=0时的振动状态传到P点时，则（）A1cmx3cm范围内的质点正在向y轴的负方向运动BQ处的质点此时的加速度沿y轴的正方向CQ处的质点此时正在波峰位置DQ处的质点此时运动到p处4（2013虹口区二模）两波源S1、S2在水槽中形成的波形如图所示，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，则（）A在两波相遇的区域中会产生干涉B图示时刻a点位移向上最大Ca点的振动始终加强Da点的振动始终减弱5（2005烟台模拟）如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s，则可推出，其中正确的（）A图中质点b的加速度正在增大B从图示时刻开始，经过0.01s，质点a通过的路程为4m，位移为零C若此波遇到另一波并发生稳定干涉现象，则该波所遇到的波的频率为50 HzD若发生明显衍射现象，该波所遇到的障碍物的尺寸一般不小于4 m6如图所示，甲乙两简谐横波（图中各画了一个波长），在同一条绳上传播时某时刻的图线，则下列说法中正确的是（）A这两列波不可能发生干涉现象B波甲的速度v1比波乙的速度v2大C波甲的速度v1比波乙的速度v2小D波甲的速度v1与波乙的速度v2一样大7（2010河北）一简谐横波以4m/s的波速沿x轴正方向传播已知t=0时的波形如图所示，则（）A波的周期为1sBx=0处的质点在t=0时向y轴负向运动Cx=0处的质点在t=s时速度为0Dx=0处的质点在t=s时速度值最大8（2007江苏）如图所示，实线和虚线分别为某种波在t时刻和t+t时刻的波形曲线B和C是横坐标分别为d和3d的两个质点，下列说法中正确的是（）A任一时刻，如果质点B向上运动，则质点C一定向下运动B任一时刻，如果质点B速度为零，则质点C的速度也为零C如果波是向右传播的，则波的周期可能为tD如果波是向左传播的，则波的周期可能为t9（2012浏阳市一模）如图所示为某时刻从O点同时发出的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，P点在甲波最大位移处，Q点在乙波最大位移处，下列说法中正确的是：（）A两列波具有相同的波速B两列波传播相同距离时，乙波所用的时间比甲波的短CP点比Q点先回到平衡位置D在P质点完成20次全振动的时间内Q质点可完成30次全振动E甲波和乙波在空间相遇处不会产生稳定的干涉图样10（2011黄浦区二模）如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，振幅为2cm，已知在t=0时刻相距30m的两个质点a、b的位移都是1cm，但运动方向相反，如图所示，其中a质点运动沿y轴负向；当t=2s时，b质点第一次回到y=1cm处，则（）At=0时刻，a、b两个质点的加速度相同Ba、b两个质点平衡位置间的距离为半波长的奇数倍C此波的周期小于8sD此波的波速可能为15m/s11（2005苏州模拟）弹性绳上有间距均为1m的6个质点a、b、c、d、e、f，一列横波从左向右传播，在t=0时到达质点a，t=2s时的波形如图所示则在5st6s这段时间内（）A质点c的加速度逐渐增大B质点a的速度逐渐增大C质点d向下运动D质点f加速度向上12（2013江苏）在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻RM发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出警报，此时（）ARM变大，且R越大，U增大越明显BRM变大，且R越小，U增大越明显CRM变小，且R越大，U增大越明显DRM变小，且R越小，U增大越明显13（2006上海）在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用IU1U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用IU1U2和U3表示下列比值正确的是（）AU1：I不变，U1：I不变BU2：I变大，U2：I变大CU2：I变大，U2：I不变DU3：I变大，U3：I不变14（2012石家庄一模）A，B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球两块金属板接在如图所示的电路中，其中R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻当R2的滑动触头P在a端时闭合开关S此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为，电源电动势E和内阻r一定以下说法正确的是（）A若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B若仅增大A、B板间距离，则小球重新达到稳定后变大C若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大D若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变15（2012闵行区一模）如图所示电路中，R2=R3=20，R4=10，r=1，当滑动变阻器的滑动头P向左滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电流表A1、A2、A3的示数变化量的绝对值分别为I1、I2、I3，下列说法中正确的是（）A电流表A1的示数一定增大B电流表A2的示数一定增大CI3一定大于I1DI1一定小于I2二填空题（共1小题）16如图所示，AB两端接直流稳压电源，UAB=100V，R0=40，滑动变阻器总电阻R=20，当滑动片处于变阻器中点时，C、D两端电压UCD为_V，通过电阻R0的电流为_A三解答题（共13小题）17（2013四川）如图所示，竖直平面（纸面）内有直角坐标系xOy，x轴沿水平方向在xO的区域内存在方向垂直于纸面向里，磁感应强度大小为B1的匀强磁场在第二象限紧贴y轴固定放置长为l、表面粗糙的不带电绝缘平板，平板平行于x轴且与x轴相距h在第一象限内的某区域存在方向相互垂直的匀强磁场（磁感应强度大小为B2、方向垂直于纸面向外）和匀强电场（图中未画出）一质量为m、不带电的小球Q从平板下侧A点沿x轴正向抛出；另一质量也为m、带电量为q的小球P从A点紧贴平板沿x轴正向运动，变为匀速运动后从y轴上的D点进入电磁场区域做匀速圆周运动，经圆周离开电磁场区域，沿y轴负方向运动，然后从x轴上的K点进入第四象限小球P、Q相遇在第四象限的某一点，且竖直方向速度相同设运动过程中小球P电量不变，小球P和Q始终在纸面内运动且均看作质点，重力加速度为g求：（1）匀强电场的场强大小，并判断P球所带电荷的正负；（2）小球Q的抛出速度vo的取值范围；（3）B1是B2的多少倍？18（2012重庆）有人设计了一种带电颗粒的速率分选装置，其原理如图所示，两带电金属板间有匀强电场，方向竖直向上，其中PQNM矩形区域内还有方向垂直纸面向外的匀强磁场一束比荷（电荷量与质量之比）均为的带正电颗粒，以不同的速率沿着磁场区域的水平中心线为OO进入两金属板之间，其中速率为v0的颗粒刚好从Q点处离开磁场，然后做匀速直线运动到达收集板重力加速度为g，PQ=3d，NQ=2d，收集板与NQ的距离为l，不计颗粒间相互作用求：（1）电场强度E的大小；（2）磁感应强度B的大小；（3）速率为v0（1）的颗粒打在收集板上的位置到O点的距离19（2010福建）如图所示的装置，左半部为速度选择器，右半部为匀强的偏转电场一束同位素离子流从狭缝S1射入速度选择器，能够沿直线通过速度选择器并从狭缝S2射出的离子，又沿着与电场垂直的方向，立即进入场强大小为E的偏转电场，最后打在照相底片D上已知同位素离子的电荷量为q（q0），速度选择器内部存在着相互垂直的场强大小为E0的匀强电场和磁感应强度大小为B0的匀强磁场，照相底片D与狭缝S1、S2的连线平行且距离为L，忽略重力的影响（1）求从狭缝S2射出的离子速度v0的大小；（2）若打在照相底片上的离子在偏转电场中沿速度v0方向飞行的距离为x，求出x与离子质量m之间的关系式（用E0、B0、E、q、m、L示）20（2013北京）某同学通过实验测定一个阻值约为5的电阻Rx的阻值（1）现有电源（4V，内阻可不计）、滑动变阻器（050，额定电流2A），开关和导线若干，以及下列电表：A电流表（03A，内阻约0.025）B电流表（00.6A，内阻约0.125）C电压表（03V，内阻约3k）D电压表（015V，内阻约15k）为减小测量误差，在实验中，电流表应选用_，电压表应选用_（选填器材前的字母）；实验电路应采用图1中的_（选填“甲”或“乙”）（2）图2是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线请请根据在（1）问中所选的电路图，补充完成图2中实物间的连线（3）接通开关，改变滑动变阻器画片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U某次电表示数如图3所示，可得该电阻的测量值Rx=_（保留两位有效数字）（4）若在（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是_；若在（1）问中选用乙电路，产生误差的主要原因是_（选填选项前的字母）A电流表测量值小于流经Rx的电流值B电流表测量值大于流经Rx的电流值C电压表测量值小于Rx两端的电压值D电压表测量值大于Rx两端的电压值（5）在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片P从一端滑向另一端，随滑片P移动距离x的增加，被测电阻Rx两端的电压U也随之增加，下列反映Ux关系的示意图中正确的是_21（2011上海）实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联测量实际电流表G1内阻r1的电路如图1所示供选择的仪器如下：待测电流表G1（05mA，内阻约300），电流表G2（010mA，内阻约100），定值电阻R1（300），定值电阻R2（10），滑动变阻器R3（01000），滑动变阻器R4（020），干电池（1.5V），电键S及导线若干（1）定值电阻应选_，滑动变阻器应选_（在空格内填写序号）（2）用连线连接实物图2（3）补全实验步骤：按电路图连接电路，_；闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1，G2的读数I1，I2；_；以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图3所示（4）根据I2I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式_22（2012南海区模拟）（1）如图（1）所示，在做“研究匀变速直线运动”的实验中，在一段纸带上得到5个清晰的计数点（相邻计数点之间还有四个点未画出）已知打点计时器的打点频率为50Hz，从1点起相邻计数点间的距离依次分别为2.80cm、4.40cm、5.98cm、7.60cm则打下计数点4时，小车的速度为_m/s；小车的加速度为_m/s2（结果取三位有效数字）（2）如图（2）中，螺旋测微器的读数是_mm（3）某同学按正确步骤选用欧姆挡“100”测某电阻时，指针位置如图（3），则被测电阻阻值为_为了更准确测量该电阻，该同学使用伏安法可选用器材如下：A电流表A1（量程为1mA，内阻约为5）；B电流表A2（量程为3A，内阻约为0.1）；C电压表V1（量程为3V，内阻约为10k）；D电压表V2（量程为15V，内阻约为30k）；E滑动变阻器R（最大电阻值为20）；F电源E（电动势6V，内阻不计）；G开关一个，导线若干电压表应选用_；电流表应选用_（用序号字母表示）试设计实验电路图，画在虚线方框内23（2011湛江二模）（1）利用如图所示电路测量一量程为300mV的电压表的内阻Rv，Rv约为300请补充完整某同学的实验步骤：A按电路图正确连接好电路，把滑动变阻器R的滑片P滑到_（填“a”或“b”）端，闭合开关S2； B闭合开关Sl，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的指针指到满刻度；C保持开关S1闭合和滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S2，调整电阻箱R0的阻值大小，使电压表的指针指到满刻度的_；读出此时电阻箱R0的阻值，即等于电压表内阻Rv实验所提供的器材除待测电压表、电阻箱（最大阻值999.9）、电池（电动势约1.5V，内阻可忽略不计）、导线和开关之外，还有如下可供选择的实验器材：A滑动变阻器（最大阻值200）； B滑动变阻器（最大阻值20）为了使测量比较精确，从可供选择的实验器材中，滑动变阻器R应选用_ （填序号）对于上述测量方法，从实验原理分析可知，实际测出的电压表内阻的测量值R测_ （填“大于”、“小于”或“等于”）真实值Rv（2）某同学利用如图甲的实验装置来验证机械能守恒定律该同学开始实验时情形如图甲所示，接通电源释放纸带请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方：a_；b_实验中所用重物的质量m=lkg，经改正错误后，打出的纸带如图乙所 示，O为重物由静止开始运动时打点计时器所打的第一个点，A、B、C、D为相邻的几个计数点，每两个相邻计数点的时间间隔为0.04s，测得OA=0.77cm、OB=3.07cm、OC=6.92cm、OD=12.30cm，查出当 地的重力加速度g=9.80m/s2，则重物在计时器打下B点时的动能EkB=_J；从开始下落到打下B点的过程中，重物的重力势能减少量Ep=_ J（结果保留三位有效数字）据纸带算出相关各点的速度v并量出下落的距离h，以导为纵轴，以h为横轴画出的图线应是图丙中的_，由此可说明机械能是守恒的，图象的斜率代表的物理量是_24长度为L，相距为d的两平行金属板加如图所示的电压，一质量为m，带电量为q的粒子从t=0时刻起，以初速度v0沿板的中线射入两板之间，不计重力试求：（1）为使粒子飞出电场时的动能最大（2）为使粒子飞出电场时的动能最小，所加的电压U0及周期T各满足什么条件25电视机的显像管中，电子束的偏转是用磁偏转技术实现的在电子枪中产生的电子经过加速电场加速后射出，从P点进入并通过圆形区域后，打到荧光屏上，如图所示如果圆形区域中不加磁场，电子一直打到荧光屏上的中心O点的动能为E；在圆形区域内加垂直于圆面、磁感应强度为B的匀强磁场后，电子将打到荧光屏的上端N点已知ON=h，PO=L电子的电荷量为e，质量为m求：（1）电子打到荧光屏上的N点时的动能是多少？说明理由（2）电子在电子枪中加速的加速电压是多少？（3）电子在磁场中做圆周运动的半径R是多少？（4）试推导圆形区域的半径r与R及h、L的关系式26如图所示，在x0，y0的空间存在沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E一粒子源不断地发射相同的带电粒子，粒子的初速度恒定，并从y轴上的a处沿x轴正方向射入匀强电场中，粒子经电场作用后恰好从x轴上的b处射出已知oa=2ob=L若撤去电场，在此区域加一方向垂直于xoy平面的匀强磁场，磁感强度大小为B，其它条件不变，粒子仍恰好从b处射出，不计粒子的重力和粒子之间的相互作用（1）求带电粒子的比荷（q/m）（2）带电粒子在电场中的运动时间t1与带电粒子在磁场中的运动时间t2之比是多大？（sin53=0.8，cos53=0.6）27（2013重庆）某同学对有故障的电热毯进行探究图1是电热毯的电路示意图，其中电热线和导线通过金属接线片连接图2为测试电路实物图，A、B为测试表笔，电压表内阻很大，可视为理想电表请在答题卡虚线框内画出与图2对应的电路图断开K1，用上述测试电路在1和1之间检测得知电热线无故障，然后测得电热线的UI曲线如图3所示已知电热线材料的电阻率为2.8107m，电热线的直径为0.200mm可求得此电热线的电阻为_k，总长度为_m（结果均保留两位有效数字）为了进一步检查故障，该同学闭合开关K1和K2，用表笔A和B分别对图1中所示的各点进行测试，部分测试结果如下表所示由此测试结果可判断出电路有断路，位置在_之间（在“1和2”、“1和2”、“2和3”、“2和3”中选填一项）测试点3和31和11和31和22和3电表指针有无偏转电压表有有无有无电流表无有有无有28（2011安徽）为了测量某一弹簧的劲度系数，降该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上不同质量的砝码实验册除了砝码的质量m与弹簧长度l的相应数据，七对应点已在图上标出（g=9.8m/s2）（1）作出ml的关系图线；（2）弹簧的劲度系数为_N/m（1）某同学实用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值，先把选择开关旋到“1k”挡位，测量时针偏转如图（a）所示请你简述接下来的测量过程：_；_；_；测量结束后，将选择开关旋到“OFF”挡（2）接下来采用“伏安法”较准确地测量该电阻的阻值，所用实验器材如图（b）所示其中电压表内阻约为5k，电流表内阻约为5图中部分电路已经连接好，请完成实验电路的连接（3）图（c）是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程当转换开关S旋到位置3时，可用来测量_；当S旋到位置_ 时，可用来测量电流，其中S旋到位置_ 时量程较大29（2011嘉定区模拟）（单选题）利用图中所示装置研究双缝干涉现象，下面几种说法正确的是（）A将屏移近双缝，干涉条纹间距变宽B将滤光片由蓝色换成红色，干涉条纹间距变宽C将单缝向双缝移动一小段距离后，干涉条纹间距变宽D换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距变宽2013年10月梦阳的高中物理组卷参考答案与试题解析一选择题（共15小题）1（2012海南）两分子间的斥力和引力的合力F与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r轴交点的横坐标为r0相距很远的两分子在分子力作用下，由静止开始相互接近若两分子相距无穷远时分子势能为零，下列说法正确的是（）A在rr0阶段，F做正功，分子动能增加，势能减小B在rr0阶段，F做负功，分子动能减小，势能减小C在rr0阶段，F做正功，分子动能减小，势能减小D在r=r0时，分子势能为零E分子动能和势能之和在整个过程中不变考点：分子间的相互作用力；分子势能3809322专题：压轴题；内能及其变化专题分析：当分子间距离等于平衡距离时，分子力为零，分子势能最小；当分子间距离小于平衡距离时，分子力表现为斥力；根据图象分析答题解答：解：由图象可知：分析间距离为r0时分子势能最小，此时分子间的距离为平衡距离；A、r0是分子的平衡距离，r大于平衡距离，分子力表现为引力，F做正功，分子动能增加，势能减小，故A正确；B、C、当r小于r0时，分子间的作用力表现为斥力，F做负功，分子动能减小，势能增加，故BC错误；D、当r等于r0时，分子势能最小但不为零，故C错误；E、分子动能和势能之和在整个过程中不变，故D正确；故选AE点评：分子间距离等于平衡距离时分子势能最小，掌握分子间作用力与分子间距离的关系、分子清楚图象，即可正确解题2（2012南宁一模）一列横波在x轴上传播，在x=0与x=1cm的两点的振动图线分别如图中实线与虚线所示由此可以得出（）A波长一定是4cmB波的周期一定是4sC波的振幅一定是2cmD波的传播速度一定是1cm/s考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象3809322分析：由振动图象可直接读出振幅、周期；因不知波的传播方向故需讨论两种可能的传播方向，在图象中找出同一时刻两点的位置确定两点间的可能的波长数；则由波长、频率及波速的关系可求得波速的可能值；解答：解：根据振动图象两个最大值的横坐标之差为振动周期，则T=4s，B选项正确；从图象纵坐标可看出振幅A=2cm，C选项正确；根据题中所给的振动图象可得如果波从0到1传播，则，如果波从1到0传播，则，根据可计算出波速和波长可能是1cm/s和4cm（波从1到0传播，n=0），但1cm/s和4cm，不是唯一答案，故A、D错误故选BC点评：本题把两个质点的振动图象分虚实线画在同一个坐标系上，这在平时是很少见的，但是yx中这样的画法却是非常常见的，所以有的考生根本就不看横坐标的含义，就把本题认定为波形图，得到“波长一定是4cm”的错误答案，这是本题的创新点；归根到底还是考生没有养成解题的良好习惯，凭感觉做题，缺乏分析，这正是命题专家经常命题的一个方向同时应注意波的传播中在时间和空间上的多解性3（2011四川）如图为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在t=0时的波形图，当Q点在t=0时的振动状态传到P点时，则（）A1cmx3cm范围内的质点正在向y轴的负方向运动BQ处的质点此时的加速度沿y轴的正方向CQ处的质点此时正在波峰位置DQ处的质点此时运动到p处考点：波长、频率和波速的关系3809322分析：由题意利用平移法可知Q点的状态传到P点时波形图，由波形图可判断各点的振动情况解答：解：当Q点在t=0时的振动状态传到P点时，Q点在t=0时的波沿也向左传到P点，所以x=0cm处质元在波谷，x=2cm处质元在波峰，则1cmx2cm向y轴的正方向运动，2cmx3cm向y轴的负方向运动，A错误；Q点振动四分之三周期后到达波谷加速度沿y轴的正方向最大，不能平移，B正确，C D错误故选B点评：本题波形是关键，只要画出新的波形各点的振动即可明确！4（2013虹口区二模）两波源S1、S2在水槽中形成的波形如图所示，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，则（）A在两波相遇的区域中会产生干涉B图示时刻a点位移向上最大Ca点的振动始终加强Da点的振动始终减弱考点：波的干涉和衍射现象；波的叠加3809322专题：光的干涉专题分析：波的干涉产生的条件是两列波的频率相同，根据波的叠加判断位移的大小解答：解：从图上可以看成，两列波的波长不同，波速相等，则频率不等，则不会发生干涉现象，不会出现振动始终加强点和减弱点此时a点为波峰与波峰叠加，a点的位移为这两列波引起位移的矢量和，则此时a点向上的位移最大故B正确，A、C、D错误故选B点评：解决本题的关键知道波干涉的条件，以及知道波的叠加原理，质点的位移等于几列波引起位移的矢量和5（2005烟台模拟）如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s，则可推出，其中正确的（）A图中质点b的加速度正在增大B从图示时刻开始，经过0.01s，质点a通过的路程为4m，位移为零C若此波遇到另一波并发生稳定干涉现象，则该波所遇到的波的频率为50 HzD若发生明显衍射现象，该波所遇到的障碍物的尺寸一般不小于4 m考点：波的干涉和衍射现象；横波的图象；波长、频率和波速的关系3809322专题：光的干涉专题分析：A、根据波传播方向知道质点的振动的方向，从而知道质点加速度的变化B、根据波的图象，计算出周期，而波的周期与质点的振动周期相同，从而求出质点在一段时间内通过的路程C、发生干涉的条件是频率相同，看两列波的频率是否相同D、比较波的波长与障碍物的尺寸，因为只有当波长比障碍物尺寸大或差不多时，就会发生明显的衍射解答：解：A、由于波向右传播，根据“上下坡”法，知道b质点向下振动，加速度正在增大故A正确B、T=0.02s，从图示时刻开始，经过0.01s，即半个周期，质点a通过的路程为2个振幅，即4m，位移为最大故B错误C、该列波的频率为50Hz，要想发生干涉，频率需相同故C正确D、当波的波长比障碍物尺寸大或差不多时，就会发生明显的衍射故D错误故选AC点评：解决本题的关键掌握波动与振动的联系以及知道发生干涉和明显衍射的条件6如图所示，甲乙两简谐横波（图中各画了一个波长），在同一条绳上传播时某时刻的图线，则下列说法中正确的是（）A这两列波不可能发生干涉现象B波甲的速度v1比波乙的速度v2大C波甲的速度v1比波乙的速度v2小D波甲的速度v1与波乙的速度v2一样大考点：波的干涉和衍射现象；波长、频率和波速的关系3809322分析：当两列波的频率相等时才能发生干涉同一绳上传播的两列波，波速相同，由图知波长相同，由v=知周期相同；周期相等则频率相等，可以干涉解答：解：同一绳上传播的两列波，介质相同则波速相同，由图看出波长相等，由v=知周期相同则f频率相等，能发生干涉故A错误同一条绳子上传播，介质相同则波速相同，故D正确故选D点评：本题关键要抓住波速是由介质决定、发生干涉的条件是两列波的频率相等等知识，即可进行分析判断7（2010河北）一简谐横波以4m/s的波速沿x轴正方向传播已知t=0时的波形如图所示，则（）A波的周期为1sBx=0处的质点在t=0时向y轴负向运动Cx=0处的质点在t=s时速度为0Dx=0处的质点在t=s时速度值最大考点：横波的图象；简谐运动的振幅、周期和频率；波的形成和传播3809322分析：由波动图象读出波长，由波速公式求出周期由波的传播方向判断出x=0处的质点的方向，并分析速度大小解答：解：A、由波的图象可知半个波长是2m，波长=4m，周期是s，故A正确 B、波在沿x轴正方向传播，则x=0的质点在沿y轴的负方向运动，故B正确 C、D，x=0的质点的位移是振幅的一半，则要运动到平衡位置的时间是s，则s时刻，x=0的质点越过了平衡位置，速度不是最大，故C、D错误故选AB点评：本题属于波的图象的识图和对质点振动的判断问题8（2007江苏）如图所示，实线和虚线分别为某种波在t时刻和t+t时刻的波形曲线B和C是横坐标分别为d和3d的两个质点，下列说法中正确的是（）A任一时刻，如果质点B向上运动，则质点C一定向下运动B任一时刻，如果质点B速度为零，则质点C的速度也为零C如果波是向右传播的，则波的周期可能为tD如果波是向左传播的，则波的周期可能为t考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系；波的叠加3809322专题：压轴题分析：该波不是标准正弦波，根据BC两点间距离分析它们的速度关系抓住周期性研究周期与时间的关系解答：解：A、B，从图上可以看出，该波不是标准正弦波，波长为3d，BC两点间距不是相差半个波长，则速度可能大小相等，也可能不相等故AB均错误 C、如果波向右传播，时间可能为，当k=1时，故C正确 D、若波向左传播，则波传播的距离为k3d+2.5d，其中k=0，1，2，、为该波向左传播的可能整数波的个数 时间可能为，当k=1时，有，故D错误故选C点评：本题考查分析、理解波动图象的能力，要抓住与标准的正弦波的相同点和不同点9（2012浏阳市一模）如图所示为某时刻从O点同时发出的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，P点在甲波最大位移处，Q点在乙波最大位移处，下列说法中正确的是：（）A两列波具有相同的波速B两列波传播相同距离时，乙波所用的时间比甲波的短CP点比Q点先回到平衡位置D在P质点完成20次全振动的时间内Q质点可完成30次全振动E甲波和乙波在空间相遇处不会产生稳定的干涉图样考点：横波的图象；简谐运动的振幅、周期和频率3809322专题：振动图像与波动图像专题分析：两列简谐横波在同一介质中波速相同，传播相同距离所用时间相同Q点与P点都要经过周期回到平衡位置由图可两列波波长的大小，再分析周期的长短，再比较时间长短根据频率关系研究相同时间内全振动次数关系两列波只有频率相同时，才能产生稳定的干涉解答：解：A、B两列简谐横波在同一介质中波速相同，传播相同距离所用时间相同故A正确，B错误C、由图可知，两列波波长之比甲：乙=3：2，波速相同，由波速公式v=得到周期之比为T甲：T乙=3：2Q点与P点都要经过周期才回到平衡位置所以Q点比P点先回到平衡位置故C错误D、两列波的频率之比为f甲：f乙=2：3，则在P质点完成20次全振动的时间内Q质点完成了30次全振动故D正确E、两列波的频率不同，不能产生稳定的干涉图样故E正确故选ADE点评：题关键要抓住波速是由介质的性质决定的，在同一介质中传播的同类波速度相同掌握波速公式和产生干涉的条件等知识，是常规题10（2011黄浦区二模）如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，振幅为2cm，已知在t=0时刻相距30m的两个质点a、b的位移都是1cm，但运动方向相反，如图所示，其中a质点运动沿y轴负向；当t=2s时，b质点第一次回到y=1cm处，则（）At=0时刻，a、b两个质点的加速度相同Ba、b两个质点平衡位置间的距离为半波长的奇数倍C此波的周期小于8sD此波的波速可能为15m/s考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系3809322专题：振动图像与波动图像专题分析：简谐横波传播过程中，介质中各质点均做简谐运动，其加速度大小与位移大小成正比，方向总与位移方向相反a、b两个质点位于平衡位置上方，它们平衡位置间的距离不可能是半波长的奇数倍根据数学知识求解周期由数学知识可知，图示时刻a、b之间的距离为x=（n+），（n=0，1，2，），由波速公式研究波速的通项解答：解：A、t=0时刻，a、b两个质点位移相同，则加速度相同故A正确 B、a、b两个质点位于平衡位置上方，它们平衡位置间的距离不可能是半波长的奇数倍故B错误 C、根据数学知识研究可知：t=2s=，得到质点b的振动周期为T=6s8s故C正确 D、图示时刻a、b之间的距离为x=（n+），（n=0，1，2，），波速v=，当n=0时，v=15m/s故D正确故选ACD点评：本题考查运用数学处理物理问题的能力，知道两个质点的运动状态，得到的往往是波长的通项11（2005苏州模拟）弹性绳上有间距均为1m的6个质点a、b、c、d、e、f，一列横波从左向右传播，在t=0时到达质点a，t=2s时的波形如图所示则在5st6s这段时间内（）A质点c的加速度逐渐增大B质点a的速度逐渐增大C质点d向下运动D质点f加速度向上考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系3809322分析：由a点的起振情况确定周期，由波速公式求出波长根据波的传播方向，研究一个周期后，各质点的振动状态，再分析5st6s这段时间内，各质点的运动情况解答：解：由题，T=4s，则波长=vT=14m=4m，简谐波向右传播，由波形平移法得知：图示时刻c点向上运动A、由于波向右传播，在5st6s这段时间内，c正从波谷向平衡位置运动，加速度减小故A错误B、在5st6s这段时间内，质点a正从波峰向平衡位置运动，速度逐渐增大故B正确C、波传到d的时间为3s，则在5st6s这段时间内，d正从平衡位置向下运动，故C正确D、根据波长和波速，波在t=5s才传到f点，在5st6s这段时间内，f点正向波峰运动，加速度向下故D错误故选BC点评：本题要根据由波的传播方向，确定质点振动方向，这是波的图象中基本题型研究质点的振动情况，往往还要结合波长和周期来分析12（2013江苏）在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻RM发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出警报，此时（）ARM变大，且R越大，U增大越明显BRM变大，且R越小，U增大越明显CRM变小，且R越大，U增大越明显DRM变小，且R越小，U增大越明显考点：闭合电路的欧姆定律3809322专题：压轴题；恒定电流专题分析：利用“极限思维”：只要掌握一个规律，“两只电阻并联时，其总电阻总是比较其中最小的那个阻值还小因此，题目要求“S”上的电压增大最明显，也就是意味着“要求电路中的电流增加的范围最大”，即等效电源的内阻减小范围最大，此时利用极限法解答：解：S两端电压U增大，故传感器两端电压一定减小；当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液，RM变小假设RM减小趋近于零，即等效电源内阻趋近到最小值，R增大趋近无穷大即等效电源的内阻的阻值将趋近于最大值，从UI图象显然看出，图线的斜率变化最大，即电流变化范围最大，导致“S”上电压变化最明显故选C点评：此题利如果用传统的思维，即利用闭合电路欧姆定律，由电源电动势E、内阻r、电阻R及RM得出S上的电压表达式，再进行讨论其实，那是一个非常复杂的代数式，要讨论还得将式子进行一系列变形才能进行，显然非常麻烦，方法不可取；此题如果利用“等效思维”与“极限思维”便可一步到位，轻松突破13（2006上海）在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用IU1U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用IU1U2和U3表示下列比值正确的是（）AU1：I不变，U1：I不变BU2：I变大，U2：I变大CU2：I变大，U2：I不变DU3：I变大，U3：I不变考点：闭合电路的欧姆定律；欧姆定律3809322分析：由电路图可知R1与R2串联，V1测量R1两端的电压，V2测量R2两端的电压，V3测量路端电压，由欧姆定律可得出电压与电流的变化；由闭合电路的欧姆定律可分析得出电压的变化值与电流变化值的比值解答：解：因R1不变，则由欧姆定律可得，=R1保持不变；由数学规律可知，也保持不变，故A正确；因滑片向下移动，故R2的接入电阻增大，故变大；而=R1+r，故保持不变，故B错误，C正确；因=R1+R2，故比值增大；而=r，故比值保持不变，故D正确；故选ACD点评：本题难点在于U2和U3电压的变化量与电流变化量的比值的分析判断，不能再简单地根据A直接得出B答案也正确，当电阻变化时，其电压及电流变化量的比值不再保持不变，应通过闭合电路的欧姆定律分析得出其电压变化值的表达式，再进行分析14（2012石家庄一模）A，B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球两块金属板接在如图所示的电路中，其中R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻当R2的滑动触头P在a端时闭合开关S此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为，电源电动势E和内阻r一定以下说法正确的是（）A若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B若仅增大A、B板间距离，则小球重新达到稳定后变大C若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大D若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变考点：闭合电路的欧姆定律；电容；常见传感器的工作原理3809322专题：恒定电流专题分析：该电路R1和R3串联，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，根据闭合电路的动态分析，分析电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化以及角的变化通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化解答：解：A、滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变故A错误 B、将AB两板间的距离拉大，电场强度变小，电场力变小，减小故B错误 C、用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，电流增大，内电压增大，外电压减小，即U减小，所以U的变化量的绝对值等于内电压的增加量，不变，故C错误，D正确故选D点评：解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析15（2012闵行区一模）如图所示电路中，R2=R3=20，R4=10，r=1，当滑动变阻器的滑动头P向左滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电流表A1、A2、A3的示数变化量的绝对值分别为I1、I2、I3，下列说法中正确的是（）A电流表A1的示数一定增大B电流表A2的示数一定增大CI3一定大于I1DI1一定小于I2考点：闭合电路的欧姆定律3809322专题：恒定电流专题分析：解答本题需要先根据电流法分析出三个电阻的连接方式，然后再分析出三个电流表各测的是哪个电阻的电流，最后再根据相应的电流规律进行解答解答：解：B、三个电阻R1、R2、R3并联，电流表A1电流等于三个电阻R1、R2、R3的总电流；电流表A2电流等于电阻R3、R2的总电流；电流表A3的电流等于电阻R1、R2的总电流；滑片向左滑动，R1值减小，R1、R2、R3三者并联的总阻值减小，所以R1、R2、R3分压减小，流经R2、R3的电流减小，所以A2的示数减小；故B错误；A、干路电流增大，流经R2、R3的电流减小，故流经R1电流增加，故电流表A1的示数一定增大；故A正确；C、I1=I3+IR3，由于IR3减小所以IR3为负值，所以|I1|I3，故C正确；D、I1=I2+IR1，由于IR1增加，所以IR1为正值，故|I1|I2，故D正确；故选ABD点评：分析电路时可先对电路进行简化处理，如把电流表当作导线，这是因为电流表的内阻很小；把电压表当作开路，这是因为电压表的内阻很大对于电路的分析，我们一定要熟练掌握应用电流法去分析二填空题（共1小题）16如图所示，AB两端接直流稳压电源，