高中数学第一章集合与函数概念1.3.1单调性与最大（小）值第一课时函数的单调性课时作业新人教A版.docx

第一课时函数的单调性选题明细表知识点、方法题号函数单调性概念1,2,9函数单调性的判定、证明3函数单调性的应用4,5,6,7,8,10,11,12基础巩固1.下列说法中正确的有(A)若x1,x2I,当x1x2时,f(x1)f(x2),则y=f(x)在I上是增函数;函数y=x2在R上是增函数;函数y=-在定义域上是增函数;y=的单调递减区间是(-,0)(0,+).(A)0个(B)1个(C)2个(D)3个解析:由于中的x1,x2不是任意的,因此不正确;显然不正确.2.下列函数f(x)中,满足“对任意x1,x2(0,+),当 x1x2时,都有f(x1)f(x2)”的是(C)(A)f(x)=x2-2x+3(B)f(x)=(C)f(x)=x+1 (D)f(x)=|x-1|解析:因为对任意x1,x2(0,+),当x1x2时,都有f(x1)f(x2),所以f(x)在(0,+)上为增函数,只有C选项符合题意.3.已知函数y=-mx和y=在(0,+)上都是增函数,则函数f(x)=mx+n在R上是(A)(A)减函数且f(0)0(B)增函数且f(0)0(D)增函数且f(0)0解析:因为y=-mx和y=在(0,+)都是增函数,所以m0,n0,f(x)=mx+n为减函数且f(0)=nf(2a)(B)f(a2)f(a)(C)f(a2+a)f(a)(D)f(a2+1)0,所以a2+1a,又f(x)在(-,+)上是减函数,所以f(a2+1)f(a).5.若定义在R上的函数f(x)满足对任意的x1,x20,+)(x1x2),有0,则(D)(A)f(3)f(2)f(4)(B)f(1)f(2)f(3)(C)f(2)f(1)f(3)(D)f(3)f(1)f(0)解析:若对任意的x1,x20,+)(x1x2),有0,则函数f(x)在0,+)上单调递减,故f(3)f(1)0,且02+3a0+b,即b3.答案:a0,b39.(2019山东烟台市高一上期中)已知函数f(x)的定义域为a,b,对任意x1,x2a,b,且x1x2,下列条件中能推出f(x)在定义域内为增函数的有(写出所有正确的序号).1;(x1-x2)f(x1)-f(x2)0;若x1x2时,都有f(x1)-f(x2)0;若x11.解析:中,1,则一定有0,所以f(x)为增函数;中,当x1x2时可得f(x1)x2时可得f(x1)f(x2),所以 f(x) 为增函数;中,当x1x2时可得f(x1)0时可得f(x1)f(x2),当f(x1)f(x2),所以不能得出f(x)为增函数.答案:能力提升10.如果函数f(x)=ax2+2x-3在区间(-,4)上是单调递增的,则实数a的取值范围是(D)(A)(-,+)(B)-,+)(C)-,0) (D)-,0解析:当a=0时,f(x)=2x-3在定义域R上是单调递增的,故在(-,4)上单调递增;当a0时,二次函数f(x)的对称轴为x=-,因为f(x)在(-,4)上单调递增,所以a0,且-4,解得-a0成立,则实数a的取值范围是(D)(A)(0,+)(B),+)(C)(0, (D),2解析:由题意知函数f(x)在2,+)上是增函数,令g(x)=ax2-2x-5a+6,则a0时即a2.选D.教师备用1 设f(x),g(x)都是单调函数,有如下四个命题,其中正确的命题是(C)若f(x)单调递增,g(x)单调递增,则f(x)-g(x)单调递增;若f(x)单调递增,g(x)单调递减,则f(x)-g(x)单调递增;若f(x)单调递减,g(x)单调递增,则f(x)-g(x)单调递减;若f(x)单调递减,g(x)单调递减,则f(x)-g(x)单调递减.(A)(B)(C)(D)解析:若函数f(x),g(x)单调性相同,则函数f(x)-g(x)的单调性不确定,故不正确.由-g(x)与g(x)的单调性相反知正确.故选C.教师备用2 (2019唐山市县中11校联盟高一第一学期期中)已知f()=x2+.(1)求函数f(x)的解析式与定义域;(2)判断函数f(x)在(0,1上的单调性,并用定义法加以证明.解:(1)令=t,则x2=-1,因为f()=x2+,所以f(t)=t-1+.因为1+x21,所以0t1,则f(x)的定义域为(0,1,所以f(x)=x-1+(0x1).(2)f(x)=x-1+在(0,1上单