连云港市2019年高考物理考点突破每日一练（32）电路的分析与计算、动力学动量能量的综合问题（含解析）.docx

考点突破每日一练（32）电路的分析与计算、动力学动量能量的综合问题1如图所示，一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e.在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为()A.B.CnevD.2如图所示，其中电流表A的量程为0.6 A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02 A；R1的阻值等于电流表内阻的；R2的阻值等于电流表内阻的2倍若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是()A将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04 AB将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A3.电子式互感器是数字变电站的关键装备之一如图所示，某电子式电压互感器探头的原理为电阻分压，ac间的电阻是cd间电阻的(n1)倍，某次测量中输出端数字电压表的示数为U，则输入端的电压为()AnUB.C(n1)UD.4.(多选)有滑动变阻器R，热敏电阻R0，二极管D和电容器C组成的电路如图所示，有一个带电液滴静止于电容器两极板之间，电容器下极板接地，下列说法中正确的是()A若把滑动变阻器的滑动触头向上移动，液滴将会向下运动B若把开关断开，液滴将会向上运动C若热敏电阻的温度降低，液滴将会向下运动D若把上极板向上移动，液滴将静止不动5如图所示，长木板B质量为m2=10 kg，静止在粗糙的水平地面上，长木板左侧逸域光滑。质量为m3=1.0 kg、可视为质点的物块C放在长木板的最右端。质量m1=0.5 kg的物块A，以速度vo=9ms与长木板发生正碰（时问极短），之后B、C发生相对运动。已知物块C与长木板间的动摩擦因数1=0.1，长木板与地面间的动摩擦因数为2=0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，整个过程物块C始终在长木板上，g取10 m/s2。 (1)若A、B相撞后粘在一起，求碰撞过程损失的机械能。 (2)若A、B发生弹性碰撞，求整个过程物块C和长木板的相对位移。参考答案1C欧姆定律I，电流的微观表达式IneSv，电阻定律R，则金属棒内场强大小为Enev，故C正确2C当接线柱1、2接入电路时，R1与电流表并联，由于R1，可知流过R1的电流为流过电流表电流的2倍，所以1、2接线柱间的电流为通过电流表电流的3倍，所以每一小格是原来的3倍，即为0.06 A，所以A、B错误；当接线柱1、3接入电路时，电流表与R1并联，然后再与R2串联，串联电阻对电流无影响，与1、2接入电路的效果一样，所以每一小格表示0.06 A，C正确，D错误3Aac和cd是串联形式，由串联电路电压和电阻成正比，ac间的电阻是cd间电阻的(n1)倍，则当某次测量中输出端数字电压表的示数为U时，ac间的电压为(n1)U，故输入电压为U(n1)UnU，故A正确，B、C、D错误4BD当滑动变阻器的滑动触头向上移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电流增大，内压及R0两端的电压增大，则滑动变阻器两端的电压减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，A错误；开关K断开时，电容器直接接在电源两端，电压增大，则液滴向上运动，B正确；热敏电阻降温时，热敏电阻阻值增大，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，液滴仍然静止，C错误；电容器C的上极板向上移动，d增大；则电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，有C和C及E得E不变，D正确5【参考答案】（1）13.5J（2）（3）L12.52m【解题思路】（1）若A、B相撞后粘在一起，由动量守恒定律得：（2分）由能量守恒定律得：（2分）解得损失的机械能：13.5 J（2分）（2）A、B发生完全弹性碰撞，由动量守恒定律得：（1分）由机械能守恒定律得：（1分）联立解得：，（2分）之后B减速运动，C加速运动，B、C达到共同速度之前，由牛顿运动定律，对长木板：（1分）对物块C：（1分）设达到共同速度过程经历的时间为t，则：（1分）这一过程的相对位移为：3 m（2分）B