全国2018届高考物理二轮复习专题一力与运动第3讲力学中的曲线运动学案.docx

第3讲力学中的曲线运动知识必备1.匀变速曲线运动F合是恒量(1)物体做曲线运动的条件：速度的方向与加速度(合力)的方向不在同一条直线上。(2)研究方法：运动的合成与分解。(3)平抛运动速度vxv0，vygt，v，tan (为合速度与水平方向的夹角)。位移xv0t，ygt2，s，tan (为合位移与水平方向的夹角)。可见tan 2tan 。2.变加速曲线运动F合是变量(1)圆周运动匀速圆周运动动力学特征：F向ma向mm2rmr。变速圆周运动F合(2)竖直平面内的圆周运动(绳、杆模型)关键：“两点一过程”“两点”最高点和最低点。“一过程”从最高点到最低点(或从最低点到最高点)。(3)天体运动的两条基本思路F引F向，即Gmm2rmr。在忽略自转时，万有引力近似等于物体的重力，即mg，可得GMgR2(黄金代换式)。(3)解决天体运动问题的“万能关系式”,备考策略1.必须领会的“4种物理思想和3种常用方法”(1)分解思想、临界极值的思想、估算的思想、模型化思想；(2)假设法、合成法、正交分解法。2.要灵活掌握常见的曲线运动模型平抛运动及类平抛运动，竖直平面内的圆周运动及圆周运动的临界条件。3.必须辨明的“4个易错易混点”(1)两个直线运动的合运动不一定是直线运动；(2)小船渡河时，最短位移不一定等于河的宽度；(3)做平抛运动的物体，速度方向与位移方向不相同；(4)注意区分“绳模型”和“杆模型”。4.注意天体运动的三个区别(1)中心天体和环绕天体的区别；(2)自转周期和公转周期的区别；(3)星球半径和轨道半径的区别。运动的合成与分解及平抛运动【真题示例1】 (2017全国卷，15)发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球(忽略空气的影响)。速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是()A.速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B.速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C.速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D.速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大解析由题意知，两个乒乓球均做平抛运动，则根据hgt2及v2gh可知，乒乓球的运动时间、下降的高度及竖直方向速度的大小均与水平速度大小无关，故选项A、B、D均错误；由发出点到球网的水平位移相同时，速度较大的球运动时间短，在竖直方向下落的距离较小，可以越过球网，故C正确。答案C【真题示例2】 (2017全国卷，17)如图1，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，一小物块以速度v从轨道下端滑入轨道，并从轨道上端水平飞出，小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关，此距离最大时，对应的轨道半径为(重力加速度大小为g)()图1A. B.C. D.解析物块由最低点到最高点的过程，由机械能守恒定律得mv22mgrmv，物块做平抛运动时，落地点到轨道下端的距离xv1t，t，联立解得，x，由数学知识可知，当4r时，x最大，即r，故选项B正确。答案B真题感悟1.高考考查特点以物体的某种运动形式或运动项目为背景，考查对分运动、合运动的理解及合成与分解方法的应用。2.常见误区及临考提醒(1)不能正确理解合运动、分运动具有等时性、独立性的特点。(2)具体问题中分不清合运动、分运动，要牢记观察到的物体实际运动为合运动。(3)平抛运动对两个分运动理解不透，很容易出错，如2017年全国卷第15题。(4)实际问题中对平抛运动情景临界点的分析不正确。预测1运动的合成与分解预测2平抛规律的应用预测3“平抛运动斜面”模型1.2016年9月24日，中华龙舟大赛(昆明滇池站)开赛，吸引上万名市民来到滇池边观战。如图2所示，假设某龙舟队要渡过宽288 m、两岸平直的河，河中水流的速度恒为v水5.0 m/s。龙舟队从M处开出后实际沿直线MN到达对岸，若直线MN与河岸成53角，龙舟在静水中的速度大小也为5.0 m/s，已知sin 530.8，cos 530.6，龙舟可看作质点。则龙舟在水中的合速度大小v和龙舟从M点沿直线MN到达对岸所经历的时间t分别为()图2A.v6.0 m/s，t60 s B.v6.0 m/s，t72 sC.v5.0 m/s，t72 s D.v5.0 m/s，t60 s解析设龙舟头与航线MN之间的夹角为，船速、水速与龙舟在水中的合速度如图所示，由几何知识得53，龙舟在水中的合速度大小v6.0 m/s。航线MN的长度为L360 m，故龙舟从M点沿直线MN到达对岸所经历的时间为t60 s。答案A2.如图3所示，A、B两球用两段不可伸长的细绳连接于悬点O，两段细绳的长度之比为12，现让两球同时从悬点O附近以一定的初速度分别向左、向右水平抛出，至连接两球的细绳伸直所用时间之比为1，若两球的初速度之比为k，则k值应满足的条件是()图3A.k B.k C.k D.k解析设连接A球的绳长为L，A球以速度vA水平抛出，水平方向的位移xvAt，竖直方向的位移ygt2，则x2y2L2，可得vA；同理得B球的速度为vB，因此有k，选项A正确。答案A3.(2017广东华南三校联考)横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，如图4所示。它们的竖直边长都是底边长的一半，现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上，其落点分别是a、b、c。下列判断正确的是()图4A.图中三小球比较，落在a点的小球飞行时间最短B.图中三小球比较，落在c点的小球飞行过程速度变化最大C.图中三小球比较，落在c点的小球飞行过程速度变化最快D.无论小球抛出时初速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直解析图中三个小球均做平抛运动，可以看出a、b和c三个小球下落的高度关系为hahbhc，由t，得tatbtc，又vgt，则知vavbvc，A、B项错误；速度变化快慢由加速度决定，因为aaabacg，则知三个小球飞行过程中速度变化快慢相同，C项错误；由题给条件可以确定小球落在左边斜面上的瞬时速度不可能垂直于左边斜面，而对右边斜面可假设小球初速度为v0时，其落到斜面上的瞬时速度v与斜面垂直，将v沿水平方向和竖直方向分解，则vxv0，vygt，且满足tan (为右侧斜面倾角)，由几何关系可知tan ，则v0gt，而竖直位移ygt2，水平位移xv0tgt2，可以看出xy，而由题图可知这一关系不可能存在，则假设不能成立，D项正确。答案D归纳总结处理平抛运动问题的五个关键点(1)平抛运动(或类平抛运动)，一般将运动沿初速度方向和垂直于初速度方向进行分解，先按分运动规律列式，再用运动的合成法则求合运动。(2)对于从斜面上平抛又落到斜面上的问题，竖直位移与水平位移的比值等于斜面倾角的正切值。(3)若平抛的物体垂直打在斜面上，打在斜面上的水平速度与竖直速度的比值等于斜面倾角的正切值。(4)做平抛运动的物体，其位移方向与速度方向一定不同。(5)抓住两个三角形：速度三角形和位移三角形，结合题目呈现的角度或函数方程找到解决问题的突破口。圆周运动问题【真题示例】 (2016全国卷，16)小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短。将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图5所示。将两球由静止释放。在各自轨迹的最低点()图5A.P球的速度一定大于Q球的速度B.P球的动能一定小于Q球的动能C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度解析小球从水平位置摆动至最低点，由动能定理得，mgLmv2，解得v，因LPLQ，故vPmQ，则两小球的动能大小无法比较，选项B错误；对小球在最低点受力分析得，FTmgm，可得FT3mg，选项C正确；由a2g可知，两球的向心加速度相等，选项D错误。答案C真题感悟1.高考考查特点(1)2017年高考弱化了圆周运动的考查，只是在卷中第16题、卷中第14题有所涉及。(2)本考点命题热点集中在物体的受力分析、圆周运动的基本概念、动力学知识及功能关系。(3)理解圆周运动的相关物理量，向心力的来源分析、计算及应用牛顿运动定律研究圆周运动的方法是关键。2.常见误区及临考提醒(1)描述圆周运动的物理量的理解要准确。(2)向心力是效果力，是由物体受到的力提供，画受力图时，只画出物体实际受到的力，不画向心力。(3)共轴转动的物体各点具有相同的角速度，皮带传动或齿轮传动中轮子边缘具有相同的线速度。(4)临界问题的处理要正确把握临界条件。预测1水平面内的圆周运动预测2竖直面内的圆周运动预测3与平抛运动相结合的综合模型1.(多选)(2017洛阳市高三统考)如图6所示，处于竖直平面内的光滑细金属圆环半径为R，质量均为m的带孔小球A、B穿于环上，两根长为R的细绳一端分别系于A、B球上，另一端分别系于圆环的最高点和最低点，现让圆环绕竖直直径转动，当角速度缓慢增大到某一值时，连接B球的绳子恰好拉直，转动过程中绳不会断，则下列说法正确的是()图6A.连接B球的绳子恰好拉直时，转动的角速度为B.连接B球的绳子恰好拉直时，金属圆环对A球的作用力为零C.继续增大转动的角速度，金属环对B球的作用力可能为零D.继续增大转动的角速度，A球可能会沿金属环向上移动解析当连接B球的绳刚好拉直时，mgtan 60mRsin 602，求得，A项正确；连接B球的绳子恰好拉直时，A球与B球转速相同，A球所受合力也为mgtan 60，又小球A所受重力为mg，可判断出A球所受绳的拉力为2mg，A球不受金属圆环的作用力，B项正确；继续增大转动的角速度，连接B球的绳上会有拉力，要维持B球竖直方向所受外力的合力为零，环对B球必定有弹力，C项错误；当转动的角速度增大，环对B球的弹力不为零，根据竖直方向上A球和B球所受外力的合力都为零，可知绳对A球的拉力增大，绳应张得更紧，因此A球不可能沿环向上移动，D项错误。答案AB2.(多选)(2017广东深圳高三调研)如图7甲所示，一长为l的轻绳，一端穿在过O点的水平转轴上，另一端固定一质量未知的小球，整个装置绕O点在竖直面内转动。小球通过最高点时，绳对小球的拉力F与其速度平方v2的关系如图乙所示，重力加速度为g，下列判断正确的是()图7A.图象的函数表达式为FmmgB.重力加速度gC.绳长不变，用质量较小的球做实验，得到的图线斜率更大D.绳长不变，用质量较小的球做实验，图线b点的位置不变解析小球在最高点时，根据牛顿第二定律有Fmgm，得Fmmg，故A错误；当F0时，根据表达式有mgm，得g，故B正确；根据Fmmg知，图线的斜率k，绳长不变，用质量较小的球做实验，斜率更小，故C错误；当F0时，g，可知b点的位置与小球的质量无关，绳长不变，用质量较小的球做实验，图线b点的位置不变，故D正确。答案BD3.嘉年华上有一种回力球游戏，如图8所示，A、B分别为一固定在竖直平面内的光滑半圆形轨道的最高点和最低点，B点距水平地面的高度为h，某人在水平地面C点处以某一初速度抛出一个质量为m的小球，小球恰好水平进入半圆轨道内侧的最低点B，并恰好能过最高点A后水平抛出，又恰好回到C点抛球人手中。若不计空气阻力，已知当地重力加速度为g，求：图8(1)小球刚进入半圆形轨道最低点B时轨道对小球的支持力；(2)半圆形轨道的半径；(3)小球抛出时的初速度大小。解析(1)设半圆形轨道的半径为R，小球经过A点时的速度为vA，小球经过B点时的速度为vB，小球经过B点时轨道对小球的支持力为N。在A点有mgm，得vA。从B点到A点的过程中，根据动能定理有mg(2R)mvmv，得vB。在B点有Nmgm，得N6mg，方向竖直向上。(2)由hgt，h2Rgt，vBtBCvAtAC，得R2h。(3)设小球抛出时的初速度为v0，从C到B的过程根据动能定理有mghmvmv，得v02。答案(1)6mg，方向竖直向上(2)2h(3)2归纳总结1.水平面内圆周运动的分析方法(1)运动实例：圆锥摆、火车转弯、水平转台等。(2)特点分析：运动轨迹是圆且在水平面内；向心力的方向水平，竖直方向的合力为零。(3)解题方法受力分析确定向心力的来源确定圆心和半径应用相应规律列方程求解。2.求解竖直平面内圆周运动问题的思路万有引力定律与天体的运动【真题示例1】 (2017全国卷，14)2017年4月，我国成功发射的天舟一号货运飞船与天宫二号空间实验室完成了首次交会对接，对接形成的组合体仍沿天宫二号原来的轨道(可视为圆轨道)运行。与天宫二号单独运行时相比，组合体运行的()A.周期变大 B.速率变大C.动能变大 D.向心加速度变大解析根据组合体受到的万有引力提供向心力可得， mr mma，解得T，v，a，由于轨道半径不变，所以周期、速率、加速度均不变，选项A、B、D错误；组合体比天宫二号质量大，动能Ekmv2变大，选项C正确。答案C【真题示例2】 (多选)(2017全国卷，19)如图9，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M、N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0，若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星在从P经过M、Q到N的运动过程中()图9A.从P到M所用的时间等于B.从Q到N阶段，机械能逐渐变大C. 从P到Q阶段，速率逐渐变小D.从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功解析由行星运动的对称性可知，从P经M到Q点的时间为T0，根据开普勒第二定律可知，从P到M运动的速率大于从M到Q运动的速率，可知从P到M所用的时间小于T0，选项A错误；海王星在运动过程中只受太阳的引力作用，故机械能守恒，选项B错误；根据开普勒第二定律可知，从P到Q阶段，速率逐渐变小，选项C正确；海王星受到的万有引力指向太阳，从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功，选项D正确。答案CD真题感悟1.高考考查特点(1)本考点高考命题角度万有引力定律与牛顿运动定律的综合应用。人造卫星的运行参数，卫星的变轨及变轨前后的速度、能量变化。(2)解此类题的关键是掌握卫星的运动模型，离心(向心)运动的原因及万有引力做功的特点。2.常见误区及临考提醒(1)对宇宙速度特别是第一宇宙速度不理解。(2)对公式v不理解，误认为阻力做功，速度减小，半径增大。(3)误认为宇宙飞船处于完全失重状态时不受重力作用。(4)只能估算中心天体的质量和密度，不能估算环绕天体的质量和密度。预测1天体质量和密度的估算预测2行星、卫星的运动问题预测3航天器的变轨与对接问题预测4双星、多星的运动问题1.(2017四川省重点中学高三第二次评估检测)如图10所示，A为地球赤道表面的物体，B为环绕地球运行的卫星，此卫星在距离地球表面的高度处做匀速圆周运动，且向心加速度的大小为a，已知地球同步卫星的轨道半径为6.6R，R为地球的半径，引力常量为G。则下列说法正确的是()图10A.地球两极的重力加速度大小为aB.物体A的线速度比卫星B的线速度大C.地球的质量为D.地球的第一宇宙速度大小为解析卫星B绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则有GmBamB，又r0R，对于地球两极的物体有Gmg，解得M，ga，vB，A、C错误；物体A与地球同步卫星的角速度相等，根据vr知，同步卫星的线速度大于物体A的线速度，又由Gm可知，同步卫星的线速度小于卫星B的线速度，故物体A的线速度小于卫星B的线速度，B错误；由m0，并结合GMgR2，可得地球的第一宇宙速度为v1，D正确。答案D2.(2017黑龙江五校高三下学期4月联考)如图11所示，A为近地气象卫星，B为远地通讯卫星，假设它们都绕地球做匀速圆周运动。已知地球半径为R，卫星A距地面高度可忽略不计，卫星B距地面高度为h，不计卫星间的相互作用力。则下列说法正确的是()图11A.若两卫星质量相等，发射卫星B需要的能量少B.卫星A与卫星B运行周期之比为C.卫星A与卫星B运行的加速度大小之比为D.卫星A与卫星B运行速度大小之比为解析虽然卫星B的速度小于卫星A的速度，但卫星B的轨道比卫星A的高，所具有的引力势能大，所以发射卫星B需要的能量大，A错误；根据开普勒第三定律可知，所有行星的轨道的半长轴的三次方跟它的公转周期的二次方的比值都相等，即卫星A与卫星B运行周期之比为，则B错误；由ma，则a，所以卫星A与卫星B运行的加速度大小之比为，C错误；由，得v，卫星A与卫星B运行速度大小之比为，所以D正确。答案D3.2016年10月17日，“神舟十一号”载人飞船发射升空，运送两名宇航员前往在2016年9月15日发射的“天宫二号”空间实验室，宇航员计划在“天宫二号”驻留30天进行科学实验。“神舟十一号”与“天宫二号”的对接变轨过程如图12所示，AC是椭圆轨道的长轴。“神舟十一号”从圆轨道先变轨到椭圆轨道，再变轨到圆轨道，与在圆轨道运行的“天宫二号”实施对接。下列描述正确的是()图12A.“神舟十一号”在变轨过程中机械能不变B.可让“神舟十一号”先进入圆轨道，然后加速追赶“天宫二号”实现对接C.“神舟十一号”从A到C的平均速率比“天宫二号”从B到C的平均速率大D.“神舟十一号”在椭圆轨道上运动的周期与“天宫二号”运行周期相等解析“神舟十一号”飞船变轨过程中轨道升高，机械能增加，A选项错误；若飞船在进入圆轨道后再加速，则将进入更高的轨道飞行，不能实现对接，选项B错误；飞船轨道越低，速率越大，轨道比轨道的平均高度低，因此平均速率要大，选项C正确；由开普勒第