高考物理二轮复习 选择题押题练（九）物理学史、直线运动、物体的平衡、电路及动态分析（偶考点）.doc

选择题押题练(九)物理学史、直线运动、物体的平衡、电路及动态分析(偶考点)物理学史与物理方法1物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学发展过程中的认识，下列说法中正确的是()a开普勒研究了行星运动，从中发现了万有引力定律b卡文迪许利用扭秤测出了引力常量，被誉为能“称出地球质量的人”c牛顿第一定律虽然是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，但可用实验直接验证d伽利略利用理想斜面实验，使亚里士多德“重的物体比轻的物体下落得快”的结论陷入困境解析：选b开普勒发现了行星的运动规律，但万有引力定律是牛顿发现的，故选项a错误；卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量，使万有引力定律有了实际的应用价值测天体质量，故选项b正确；现实生活中不存在不受力的运动物体，因此牛顿第一定律不可以直接用实验验证，故选项c错误；伽利略在理想斜面实验的基础之上，用逻辑推理的方法使得“重的物体比轻的物体下落得快”的结论陷入困境，故选项d错误。2下列说法正确的是()a牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点b卢瑟福通过对粒子散射实验结果的分析，提出了原子核是由质子和中子组成的c英国科学家法拉第心系“磁生电”思想是受到了安培发现的电流的磁效应的启发d牛顿在发现万有引力定律的过程中应用了牛顿第三定律的知识解析：选d伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点，a错误；卢瑟福通过对粒子散射实验结果的分析，提出了原子的核式结构模型，b错误；英国科学家法拉第提出“磁生电”思想是受到奥斯特发现电生磁的现象的启发，c错误；牛顿在发现万有引力定律的过程中应用了牛顿第三定律的知识，d正确。3下列说法正确的是()a库仑定律的公式和万有引力的公式在形式上非常相似，说明这两种力的性质相同b弗兰克和赫兹实验证明了汞原子的能量确实是量子化的c在国际单位制中，力的单位是力学中基本单位d能量守恒定律是最普遍的自然规律之一，英国物理学家牛顿对能量守恒定律的建立作出了突出贡献解析：选b尽管库仑定律的公式和万有引力的公式在形式上非常相似，但是仍是性质不同的两种力，故a错误；弗兰克和赫兹用电子轰击汞原子，证明了汞原子的能量确实是量子化的，故b正确；在国际单位制中，力的单位不是力学中基本单位，是导出单位，故c错误；对能量守恒定律的建立作出了突出的贡献的物理学家中没有牛顿，故d错误。42017年2月12日消息，福岛第一核电站2号机组安全壳内辐射量达到高值，对此中国驻日本大使馆在其官方网站发布安全提醒，建议在日侨胞及赴日中国公民妥善安排出行计划。关于核电站，下列说法正确的是()a核电站是使核能转化为内能，通过汽轮机带动发电机来发电的b发电的能量来自于天然放射性元素衰变放出的能量c核泄漏中放射性物质都是天然放射性元素d核电站的核废料可以直接堆放在露天垃圾场解析：选a核电站是利用核能发电的电站，它是在人工控制下缓慢进行的链式反应实现核能的释放，核电站中都有热交换器，把核能转化为内能，用高压的蒸汽推动汽轮机转动再带动发电机发电，选项a正确、b错误；核泄漏中放射性物质有的是人工合成的放射性同位素，并非都是天然放射性元素，选项c错误；核废料具有放射性，会对环境和生物造成严重的危害，不能直接堆放在露天垃圾场，要做防辐射处理，选项d错误。直线运动5一物块以一定的初速度沿足够长的光滑斜面从底端向上滑出，从滑出至回到斜面底端的时间为6 s，若在物块上滑的最大位移的一半处设置一垂直斜面的挡板，仍将该物块以相同的初速度从斜面底端向上滑出，物块撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反。撞击所需时间不计。则这种情况下物块从上滑至回到斜面底端的总时间约为(不计空气阻力)()a1.0 sb1.8 sc2.0 sd2.6 s解析：选b将物块的上滑过程分成位移相等的两段，设下面一段位移所用时间为t1，上面一段位移所用时间为t2，根据逆向思维可得：t2t11(1)，设从滑出至回到滑出点的时间为2t6 s，物块撞击挡板后以原速率弹回(撞击所需时间不计)，物块上滑和下滑的总时间t2t1且t1t2t3 s，由以上各式可得：t(63)s1.8 s，故只有选项b正确。6多选t0时刻a、b两质点从同一地点沿同一方向开始做直线运动，在时间t内平均速度为，它们的t图线分别为图中的直线a、b，下列判断正确的是()a质点a的加速度大小为1 m/s2b质点b的加速度大小为1 m/s2ct2 s时，质点a、b相遇dt4 s时，质点a、b相遇解析：选ac根据匀变速直线运动的位移时间公式xv0tat2变形得：v0at，则知图像的斜率大小等于a，由题图可知，aa，得aa1 m/s2，ab，得ab2 m/s2，故a正确，b错误；由上可得，a的初速度为v0a3 m/s，a做匀减速运动，b的初速度为v0b0，做匀加速运动。2 s时a、b的位移分别为xav0ataat232 m122 m4 m，xbabt2222 m4 m，则知t2 s时，质点a、b相遇。同理，可得4 s时a、b的位移分别为xav0ataat234 m142 m4 m，xbabt2242 m16 m，则知t4 s时，质点a、b没有相遇，故c正确，d错误。7多选a、b两物体同时同地同向出发，其运动的vt图像和at图像如图甲、乙所示，已知在0t0和t02t0两段时间内，a物体在vt图像中的两段曲线形状相同。则有关a、b两物体的说法，正确的是()aa物体先加速后减速ba22a1ct0时刻，a、b两物体第一次相遇d2t0时刻，a、b两物体第一次相遇解析：选bd读取vt图像信息，a物体的加速度先增大后减小，但速度一直在增大，故a错。vt图像与t轴所围面积为位移，由几何关系知在2t0时刻，两物体位移相同，又由于两物体从同地出发，则此时第一次相遇，故c错、d对。由vt图像可知v22v1，又由at图像与时间轴所围面积等于速度的改变量，可得a22a1，故b对。8.甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在某一时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5 m/s，乙的速度为10 m/s，甲车的加速度大小恒为1.2 m/s2。以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如图所示，根据以上条件可知()a乙车做加速度先增大后减小的变加速运动b在前4 s的时间内，甲车运动的位移为29.6 mc在t4 s时，甲车追上乙车d在t10 s时，乙车又回到起始位置解析：选b根据图像可知，乙图线的切线的斜率表示乙车的加速度，故乙车的加速度先减小，之后反向且先增大再减小，故a项错误。前4 s甲的位移xv0tat229.6 m，故b项正确。vt图线与坐标轴围成的面积表示位移大小，t4 s时，两车速度相同，但甲车的位移小于乙车的，即甲车未追上乙车，故c项错误。10 s前乙车速度方向不变，位移一直在增大，不可能回到起始位置，故d项错误。物体的平衡9多选如图所示，一斜面体固定在水平地面上，物块静止在斜面上，物块上端连一轻弹簧，现用沿斜面向上，大小为fkt的拉力拉轻弹簧的上端，则弹簧的弹力f弹与物块受到的摩擦力f随时间变化的图像正确的是(斜面足够长，物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力)()解析：选ad弹簧的弹力始终等于拉力f，即f弹kt，选项a正确，选项b错误；物块开始受到的是静摩擦力，且大小为mgsin ，方向向上，在拉力f增大的过程中，静摩擦力的大小变化满足ffmgsin ，随着f的增大，静摩擦力先向上均匀减小到零，再向下均匀增大，当增大到等于最大静摩擦力时，再增大拉力，摩擦力变为滑动摩擦力，大小就保持恒定，因此选项c错误，选项d正确。10.如图所示，同一竖直面内有上下两条相同材料做成的水平轨道mn、pq，两个完全相同的物块a、b放置在两轨道上，a在b物块正上方，a、b之间用一细线相连。在细线的中点o施加拉力，使a、b一起向右做匀速直线运动，则f的方向的说法正确的是()a必须沿水平方向b不能沿水平方向，要斜向右下方c不能沿水平方向，要斜向右上方d力f只要有使物体向右运动的作用效果，沿任意方向都可以解析：选b力的作用点是在细线的中点，而且物块a在b的正上方，所以三角形abo是等腰三角形，且ab在竖直方向，所以ao与bo与水平方向的夹角相等。因为a对水平轨道的正压力大于b对水平轨道的正压力，所以水平面对a的摩擦力大于水平面对b的摩擦力，由题意知细线ao受到的拉力必须大于bo受到的拉力，所以f的方向只能是斜向右下方，故b正确，a、c、d错误。11.水平面上有u形导轨nmpq，它们之间的宽度为l，m和p之间接入电源，现垂直于导轨搁一根质量为m的金属棒ab，棒与导轨的动摩擦因数为(滑动摩擦力略小于最大静摩擦力)，通过棒的电流强度为i，现加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为b，方向垂直于金属棒ab，与垂直导轨平面的方向夹角为，如图所示，金属棒处于静止状态，重力加速度为g，则金属棒所受的摩擦力大小为()abilsin bbilcos c(mgbilsin ) d(mgbilcos )解析：选b金属棒处于静止状态，其合力为零，对其进行受力分析，如图所示，在水平方向有bilcos ff0，ffbilcos ，选项b正确；由于滑动摩擦力略小于最大静摩擦力，且金属棒处于静止状态，则ff(mgbilsin )，选项a、c、d错误。12.如图所示，倾角30的斜面体a静止在水平地面上，一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮，绳两端系有质量均为m的小物块a、b，整个装置处于静止状态。现给物块b施加一个水平向右的力f，使其缓慢离开直到与竖直方向成30角(不计绳与滑轮间的摩擦)，此过程说法正确的是()a物块b受到绳的拉力先增大再减小b小物块a受到的摩擦力先增大再减小c水平拉力f逐渐增大d小物块a一定沿斜面缓慢上移解析：选c物块b受力平衡，对b受力分析，如图甲所示：设绳与竖直方向的夹角为，b缓慢离开直到与竖直方向成30的过程中，变大，根据平行四边形定则可知，t逐渐增大，f逐渐增大，故a错误，c正确；对a受力分析，如图乙所示：刚开始tmg，a处于静止状态，则ftmgsin 30mg，方向向下，t增大时，f增大，摩擦力增大，由于不知道最大摩擦力的具体值，所以不能判断物块a是否会滑动，故b、d错误。电路及动态分析13.如图所示电路中，电源电动势为e，内阻为r，r1和r2均为定值电阻，rt为热敏电阻(温度越高，电阻越低)。当环境温度较低时合上开关s，当环境的温度逐渐升高时，若三个电表a1、a2和v的示数分别用i1、i2和u表示。则各个电表示数的变化情况是()ai1增大，i2不变，u增大bi1减小，i2增大，u减小ci1增大，i2减小，u增大di1减小，i2不变，u减小解析：选b由题图知电压表测量路端电压，电流表a1测量流过r1的电流，电流表a2测量流过rt的电流；当环境的温度逐渐升高时，rt减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数u减小，r2电压增大，r1、rt并联电压减小，通过r1的电流i1减小，而总电流i增大，则流过rt的电流i2增大，故a、c、d错误，b正确。14多选如图甲中r1为定值电阻，r2为滑动变阻器(允许通过的最大电流为5 a)。闭合开关s后，移动滑片p时，ab两端电压u和通过的电流i之间的关系如图乙；r2消耗的功率p与电流i的关系如图丙。电源内阻不计，则下列说法中正确的是()a电源电压为50 vbr1的阻值为5 c当r2的功率为120 w时，电路消耗的总功率为200 wd滑动变阻器连入阻值的范围为445 解析：选abc读取ui图像信息，应用电路规律。两电阻串联接入电路，ab两点间电压是滑动变阻器两端电压。当开关断开时，电路中的电流为0，此时a、b两端电压是电源的电压，由题图乙可知a、b两端的电压，即电源的电压u50 v，故a正确。由题图丙可知，当r2的功率为120 w时，电路中的电流i4 a，由题图乙可知，uab30 v，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以r1两端的电压u1uuab50 v30 v20 v，由i可得，r1的阻值r15 ，故b正确。电路消耗的总功率pui50 v4 a200 w，故c正确。由题图乙所示图像可知：i11 a时u245 v，i25 a时u225 v，则滑动变阻器接入电路中的最大和最小电阻分别为r最大45 ，r最小5 ，则滑动变阻器接入电路的阻值范围是545 ，故d错误。15.可变电容器c1、c2和可变电阻器r1、r2以及电源e连接成如图所示的电路。闭合开关s，当r1的滑片在图示位置时，c1、c2所带的电荷量相等。现要使c1所带的电荷量大于c2所带的电荷量，可采用的方法是()a只增大r2的电阻b只增大c2的电容c只增大c1的电容d只将r1的滑片向a端移动解析：选c由题意，当变阻器r1的滑片在图示位置时，c1、c2的电荷量相等，即u1c1u2c2，只增大r2的电阻时，c1、c2两端的电压u1、u2同时减小，且减小比例相同，仍有u1c1u2c2，故a错误；只增大c2的电容，c2的电荷量增大，c1的电荷量不变，则c2所带的电荷量大于c1所带的电荷量，故b错误；只增大c1的电容，c1的电荷量增大，c2的电荷量不变，则c1所带的电荷量大于c2所带的电荷量，故c正确；当将r1的滑片向a端移动时，c1两端的电压降低，c2两端