高考物理一轮总复习 第5章 机械能及其守恒定律 第2讲 动能定理及其应用.doc

5-2动能定理及其应用时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。其中16为单选，710为多选)1.若物体在运动过程中受到的合外力不为0，则()a.物体的动能不可能总是不变的b.物体的加速度一定变化c.物体的速度方向一定变化d.物体所受合外力做的功可能为02如图所示，水平传送带保持2 m/s的速度运动，一质量为1 kg的物体与传送带间的动摩擦因数为0.2，现将该物体无初速度地放到传送带上的a点，然后运动到了距a点2 m的b点，则传送带对该物体做的功为()a.0.5 j b2 j c2.5 j d4 j3如图所示，一半径为r的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高，质量为m的质点自轨道端点p由静止开始滑下，滑到最低点q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g。质点自p滑到q的过程中，克服摩擦力所做的功为()a.mgr b.mgr c.mgr d.mgr4如图所示，木盒中固定一质量为m的砝码，木盒和砝码在桌面上以一定的初速度一起滑行一段距离后停止。现拿走砝码，而持续加一个竖直向下的恒力f(fmg)，若其他条件不变，则木盒滑行的距离()a.不变 b变小c.变大 d变大变小均可能5如图所示，斜面高h，质量为m的物块，在沿斜面向上的恒力f作用下，能匀速沿斜面向上运动，若把此物块放在斜面顶端，在沿斜面向下同样大小的恒力f作用下，物块由静止向下滑动，滑至底端时其动能的大小为()a.mgh b2mgh c2fh dfh6.如图所示，abcd是一个盆式容器，盆内侧壁与盆底bc的连接处都是一段与bc相切的圆弧，b、c是水平的，其距离d0.50 m，盆边缘的高度为h0.30 m。在a处放一个质量为m的小物块并让其从静止出发下滑。已知盆内侧壁是光滑的，而盆底bc面与小物块间的动摩擦因数为0.10。小物块在盆内来回滑动，最后停下来，则停的地点到b的距离为()a0.50 m b0.25 m c0.10 m d07将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如图所示，其中1与2底边相同，2和3高度相同。现将一个可视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，并沿木板下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数均相同。在这三个过程中，下列说法正确的是()a.沿着木板1和木板2下滑到底端时，物块速度的大小相等b.沿着木板2和木板3下滑到底端时，物块速度的大小相等c.沿着木板1下滑到底端时，物块的动能最大d.物块沿着木板3下滑到底端的过程中，产生的热量最多8.有一物体由某一固定的长斜面的底端以初速度v0沿斜面上滑，斜面与物体间的动摩擦因数0.5，其动能ek随离开斜面底端的距离x变化的图线如图所示，g取10 m/s2，不计空气阻力，则以下说法正确的是()a.斜面的倾角30b.物体的质量为m0.5 kgc.斜面与物体间的摩擦力大小f2 nd.物体在斜面上运动的总时间t2 s9某人通过滑轮将质量为m的物体，沿粗糙的斜面由静止开始匀加速地由底端拉上斜面，物体上升的高度为h，到达斜面顶端的速度为v，如图所示。则在此过程中()a.物体所受的合力做功为mghmv2b.物体所受的合力做功为mv2c.人对物体做的功为mghd.人对物体做的功大于mgh10质量为m的物块在平行于斜面的力f作用下，从倾角为的固定斜面底端a由静止开始沿斜面上滑，经b点时速率为v，此时撤去f，物块滑回斜面底端时速率也为v，若a、b间距离为x，则()a.物块滑回底端时重力的瞬时功率为mgvb.整个过程中物块克服摩擦力做功为fxc.下滑过程中物块重力做功为fxmv2d.从撤去f到物块滑回斜面底端，摩擦力做功为mgxsin二、非选择题(本题共3小题，共30分)11 (10分)如图所示，用一块长l11.0 m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌子高h0.8 m，长l21.5 m。斜面与水平桌面的夹角可在060间调节后固定。将质量m0.2 kg的小物块从斜面顶端静止释放，物块与斜面间的动摩擦因数10.05，物块与桌面间的动摩擦因数为2，忽略物块在斜面与桌面交接处的能量损失。(重力加速度取g10 m/s2；最大静摩擦力等于滑动摩擦力)(1)求角增大到多少时，物块能从斜面开始下滑；(用正切值表示)(2)当角增大到37时，物块恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数2；(已知sin370.6，cos370.8)(3)继续增大角，发现53时物块落地点与墙面的距离最大，求此最大距离xm。12.(10分)如图所示，竖直平面内固定着一个滑槽轨道，其左半部是倾角为37，长为l1 m的斜槽pq，右部是光滑半圆槽qsr，rq是其竖直直径。两部分滑槽在q处平滑连接，r、p两点等高。质量为m0.2 kg的小滑块(可看做质点)与斜槽间的动摩擦因数为0.375。将小滑块从斜槽轨道的最高点p释放，使其开始沿斜槽下滑，滑块通过q点时没有机械能损失。求：(1)小滑块从p到q克服摩擦力做的功wf；(2)为了使小滑块滑上光滑半圆槽后恰好能到达最高点r，从p点释放时小滑块沿斜面向下的初速度v0的大小；(3)现将半圆槽上半部圆心角为60的rs部分去掉，用上一问得到的初速度v0将小滑块从p点释放，它从s点脱离半圆槽后继续上升的最大高度h。(取g10 m/s2，sin370.60，cos370.80)13. (10分)如图所示，一质量m2.0 kg的长木板ab静止在水平面上，木板的左侧固定一半径r0.6 m的四分之一圆弧形轨道，轨道末端的切线水平，轨道与木板靠在一起，且末端高度与木板高度相同。现在将质量m1.0 kg的小铁块(可视为质点)从弧形轨道顶端由静止释放，小铁块到达轨道底端时轨道对小铁块的支持力为25 n，最终小铁块和长木板达到共同速度。忽略长木板与地面间的摩擦。取重力加速度g10 m/s2。求：(1)小铁块在弧形轨道末端时的速度大小；(2)小铁块在弧形轨道上下滑过程中克服摩擦力所做的功wf；(3)小铁块和长木板达到的共同速度v。答案1d2b3c4b5b6d7cd8bc9bd10cd11(1)为使小物块下滑，mgsin1mgcos可得：满足的条件：tan0.05。(2)克服摩擦力做功：wf1mgl1cos2mg(l2l1cos)，由动能定理得mgl1sinwf0，代入数据得20.8。(3)由动能定理得mgl1sinwfmv2，代入数据得v1 m/s。hgt2，t0.4 s，x1vt，x10.4 m，xmx1l21.9 m。12(1)克服摩擦力做功：wfmgcosl0.6 j。(2)从p到r全过程对滑块用动能定理得：wfmvmv。在r点重力充当向心力，半径rlsin0.3 m，mg，解得v03 m/s。(3)从p到s全过程对滑块用动能定理得：mgr(1cos)wfmvmv，则离