重庆市一中高三物理下学期5月模拟考试试卷（含解析）.doc

2016年重庆一中高三下学期5月模拟考试理综物理试卷一、单选题（共4小题）1下列说法正确的是（ ）a牛顿发现了万有引力定律，并应用万有引力定律计算出了、观测到了海王星的轨道b伽利略通过理想实验找到了力和运动的本质关系c安培提出了分子电流假说，解释了电流周围的磁现象d法拉第发现了电磁感应现象，并定量得出了法拉第电磁感应定律进而发明了世界上第一台发电机考点：物理学史答案：b试题解析：牛顿发现了万有引力定律，亚当斯和勒威耶利用万有引力定律计算、观测到了海王星的轨道；伽利略通过理想实验找到了力和运动的本质关系，物体的运动不需要力来维持，力可以改变物体的运动状态，b正确；安培提出了分子电流假说，解释了自然界的磁现象，c错误；法拉第发现了电磁感应现象，发明了世界上第一台发电机，但并没有定量得出法拉第电磁感应定律，d错误。2现有一台落地电风扇放在水平地面上，该电风扇运行时，通过调节它的“摇头”旋钮可改变风向，但风向一直沿水平方向若电风扇运行时其底座在地面上不发生移动，下列说法正确的是（ ）a电风扇受到5个力的作用b地面对电风扇的作用力竖直向上c空气对电风扇的作用力与地面对它的摩擦力大小相等d电风扇对空气的作用力与地面对它的摩擦力互相平衡考点：共点力的平衡答案：c试题解析：分析电风扇的受力可知其受4个力的作用，a错误；地面对电风扇由支持力和摩擦力，其合力斜向上，b错误；电风扇运行时其底座在地面上不发生移动，可知电风扇在水平方向受到的空气作用力和地面的摩擦力为一对平衡力，c正确；电风扇对空气的作用力受力对象是空气，地面对电风扇的摩擦力受力对象是电风扇，两个力不是平衡力，d错误。3如图所示，分别用恒力f1、f2、f3将质量为m的物体由静止沿同一光滑斜面以相同的加速度从斜面底端拉到斜面的顶端，在此过程中，f1、f2、f3做功的平均功率分别为p1、p2、p3，则它们的大小关系是（ ）ap1=p 2=p3bp1p 2=p3cp1p 2p3dp3p 2=p1考点：功和功率答案：a试题解析：因物体沿同一光滑斜面以相同的加速度运动，则任意时刻物体在三个斜面的同一位移处，且速度相同，又因加速度相同可知物体受到各力沿斜面的分力相同，即，根据可知p1、p2、p3相同。4一颗卫星在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动的周期为t0已知地球半径为r，自转的周期为t,在地球赤道上有一竖直弹簧秤下端悬挂一个质量为m的物体，相对于赤道表面处于静止状态，则弹簧秤的示数为（ ）abcd考点：万有引力定律及其应用答案：d试题解析：卫星围绕地球表面附近做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力有，对物体受力分析可知万有引力和拉力的合力提供向心力，由牛顿第二定律有，联立解得，d正确。二、多选题（共5小题）5近日，一些电梯楼的电梯频频出现故障，严重时电梯会坠落，让许多人在乘坐电梯时担惊受怕为此有同学设想了一个电梯应急安全装置：在电梯的轿厢上安装上永久磁铁，电梯的井壁上铺设点线圈，以便在电梯突然坠落时减小对人员造成的伤亡，其原理如图所示关于该装置下列说法正确的是（ ）a若电梯突然坠落，将线圈闭合可起到应急避险作用b若电梯突然坠落，将线圈闭合可以使电梯悬浮在空中c当电梯坠落至如图位置时，闭合线圈a、b中电流方向相同d当电梯坠落至如图位置时，闭合线圈a、b都在阻碍电梯下落考点：电磁感应现象答案：ad试题解析：若电梯突然坠落，将线圈闭合时，线圈内的磁感应强度发生变化，将在线圈中产生感应电流，感应电流会阻碍磁铁的相对运动，可起到应急避险作用，a正确；感应电流会阻碍磁铁的相对运动，但不能阻止磁铁的运动，b错误；当电梯坠落至图示位置时，闭合线圈a中向上的磁场减弱，感应电流的方向从上向下看是逆时针方向，b中向上的磁场增强，感应电流的方向从上向下看是顺时针方向，即a与b线圈中感应电流的方向相反，c错误；结合a的分析，当电梯坠落至图示位置时，闭合线圈a、b都在阻碍电梯下落，d正确。6目前智能手机普遍采用了电容屏电容触摸屏是利用人体的电流感应进行工作的，它是一块四层复合玻璃屏玻璃屏的内表面和夹层各涂有一层ito，最外层一薄层矽土玻璃保护层，夹层ito涂层作为工作面当手指触摸电容触摸屏时，手指和屏的夹层工作面形成一个电容器，因为工作面上接有高频信号，电流通过电容器分别从屏的四个角上的电极中流出，并且流经这四个电极的电流与手指到四角的距离成正比，控制器通过对这四个电流比例精确计算，得出触摸点的位置对于触摸屏，下列说法正确的是（ ）a使用绝缘笔，在电容屏上也能进行触控操作b手指与屏的接触面积变大时，电容变小c电容触摸屏只需要触摸，不需要压力既能产生位置信号d手指压力变大时，手指与屏的夹层工作面距离变小，电容会变大考点：电容器的电压、电荷量和电容的关系答案：cd试题解析：根据题意可知，绝缘笔与工作面不能形成一个电容器，所以不能在电容器上进行触控操作，a错误；手指与屏的接触面积变大时，电容变大，b错误；电容触摸屏只需要触摸，由于流经四个电极的电流与手指头到四角的距离成比例，控制器就能确定手指的位置，无需手指有压力，c正确；手指压力变大时，由于手指与屏的夹层工作面距离变小，电容器变大，d正确7理想自耦变压器如图所示，开始时滑片p置于图中所示位置，此时原、副线圈的匝数比是5：1，原线圈接入电压为220v的正弦交流电，一只理想二极管和一个滑动变阻器r串连接在副线圈上，电压表和电流表均为理想交流电表，开关k断开，则下列说法正确的是（ ）a电压表的读数为44vb若只将开关k闭合，则滑动变阻器的热功率变大c若只将滑动变阻器的滑片向下滑动，则两电表读数均减小d若只将滑片顺时针方向滑过一小段长度，则电流表示数减小考点：理想变压器答案：bd试题解析：原副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为44v,但二极管具有单向导电性，根据有效值得定义有，解得电压表两端电压的有效值为，a错误；若只将开关k闭合，二级管被短路，则电压表的示数将为44v，滑动变阻器的热功率变大，b正确；滑动变阻器的滑片向下滑动，电阻增大，但不影响副线圈的路端电压，根据串联分压关系可知电压表示数变大；因副线圈路端电压不变，总电阻增大，则总电流减小，所以副线圈的输出功率将减小，理想变压器输入功率等于输出功率，可知电流表的示数将减小，c错误；滑片顺时针方向划过一小段距离，相当于副线圈的匝数变小，根据原副线圈的电压与匝数成正比关系可知副线圈两端电压将变小，副线圈中的电流变小，又根据理想变压器输入功率等于输出功率可知电流表的示数将变小，d正确。8如图所示，一半径为r、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径poq水平轨道上的a点离pq的距离为，一质量为m的质点自p点正上方距离p点高h=2r由静止释放，进入轨道后刚好能到达q点并能再次返回经过n点已知质点第一次经过轨道最低点n时速率为v，选定n点所在的水平面为重力势能的零势能面，重力加速度为g，则（ ）abc从n到q的过程中，动能与势能相等的点在a点上方，从q到n的过程中，动能与势能相等的点在a点下方d从n到q的过程中，动能与势能相等的点在a点下方，从q到n的过程中，动能与势能相等的点在a点上方考点：动能和动能定理答案：bc试题解析：设质点到达p点时的加速度为v，根据动能定理由解得，由题意知物体由静止释放刚好能达到q点，根据动能定理有解得，以为从p到n每个点速度均大于n到q每个点的速度，p到n过程中物体对轨道的正压力大于n到q的，即可知从p到n摩擦力大于从n到q的摩擦力，所以p到n克服摩擦力做的功大于mgr,由p到n根据动能定理得，所以，则第一次滑到轨道最低点时的速度，a错误，b正确；如果轨道光滑，物体在运动过程中不受摩擦力，上升过程中的动能与重力势能相等的位置在位移的中点a，现在由于要克服摩擦力做功，机械能减小，所以上升过程中动能与重力势能相等的位置在a点上方，从q到n的过程中，动能与重力势能相等的点在a点下方，c正确，d错误。9下列说法正确的是 （ ）a质子与中子结合成氘核的过程中要放出能量b（铀）衰变为（镤）要经过1次a衰变和2次衰变c德布罗意在提出了物质波的概念，认为一切物体都具有波粒二象性d核能发电不像化石燃料发电那样排放巨量污染物到大气中，所以不会造成空气污染e氢原子从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的波长小于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的波长考点：原子核答案：acd试题解析：质子和中子结合成氘核的过程中有质量亏损，释放能量，a正确；（铀）衰变为（镤）要经过1次衰变和1次衰变，b错误；德布罗意在爱因斯坦光子说的基础上提出物质波的概念，认为一切物体都具有波粒二象性，c正确；核能发电，只有核废料，不会对空气造成空气污染，d正确；从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的能量小于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的能量，根据波长与频率成反比，则从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的波长大于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的波长，e错误三、实验题（共2小题）10.某同学用如图甲所示的电路来测量电源电动势e、内阻r和r0的阻值实验时用u 、u 、i分别表示理想电表v1、v2、a的读数，并将滑动变阻器的滑片p移动到不同位置时，记录了u1 、u2、i的一系列值（1）他在同一坐标纸上分别作出u1-i、u2-i图线，如图乙所示，则u1-i图线是图中_（填“”或“”）（2）定值电阻r0的计算表达式是：r0=_（用测得的u1、u2、i表示）（3）若实验中没有伏特表v2，你能测出的量是_（选填“电动势e”、“内阻r”或“r0”）考点：实验：测定电源的电动势和内阻答案：(1) (2) (3) 试题解析：（1）由u-i图象可知图线测量的电源内阻小，图线测量的电源内阻大，因用电压表v1测量时定值电阻r0等效为电源内阻，则此次测量时电源内阻大于v2测量时的内阻，选择 （2）根据欧姆定律可知（3）实验中没有伏特表v2，则由伏特表v1和电流表所描绘的u-i图线可以求得电源电动势，因定值电阻r0未知，不能计算出r0和电源内阻。11.用图示装置测量重锤的质量，在定滑轮两侧分别挂上重锤和n块质量均为m0的铁片，重锤下端贴一遮光片，铁架台上安装有光电门调整重锤的高度，使其从适当的位置由静止开始下落，读出遮光片通过光电门的挡光时间t0；从定滑轮左侧依次取下1块铁片放到右侧重锤上，让重锤每次都从同一位置由静止开始下落，计时器记录的挡光时间分别为t1、t2，计算出（1）挡光时间为t0时，重锤的加速度为a0从左侧取下i块铁片置于右侧重锤上时，对应的挡光时间为ti，重锤的加速度为ai则 （结果用t0 和t1表示）（2）作出的图线是一条直线，直线的斜率为k，则重锤的质量m= （结果用n、k、m0表示）（3）若重锤的质量约为300g，为使实验测量数据合理，铁片质量m0比较恰当的取值是 a1g b5g c40g d100g（4）请提出一条减小实验误差的建议： 考点：实验：研究匀变速直线运动答案：(1)(2)(3)c(4)选取轻质小滑轮、减小滑轮与轴之间的摩擦阻力、选取密度较大体积较小的重锤、选取宽度更窄的遮光片试题解析：（1）设挡光条的宽度为d，则重锤到达光电门的速度，当挡光时间为时的速度，挡光时间为时的速度为，重锤在竖直方向做匀加速直线运动，则有，联立可解得（2）根据牛顿第二定律得，两式联立解得，做出的图线的斜率为k，则，解得；（3）重锤的质量约为300g，为了使重锤的加速度不太大，或把铁片取下放到重锤上时，加速度产生明显的变化，则铁片的质量不能太小，也不能太大，所以1g、5g和100g都不适合，c正确（4）为了减小实验误差，可以通过减小绳与滑轮间的摩擦力或选取密度较大的重锤，选取宽度更窄的遮光片。四、解答题（共3小题）12.一水池水深h=3m，现从水面上方h=1.8m高处由静止释放一个硬质小球，测得小球从释放到落至水池底部用时t=1.1s已知小球直径远小于水池深度，不计空气及水的阻力，进入水池过程中浮力变化不计，取g=10m/s2，求：（1）小球在水中运动的时间和加速度；（2）从水面上方多高处由静止释放小球，才能使小球从释放到落至池底所用时间最短.考点：牛顿运动定律、牛顿定律的应用匀变速直线运动及其公式、图像答案：（1）0.5s 0 （2）1.5m试题解析：(1)水面上 解得s设水中做匀变速运动的加速度为，时间为，则s 解得，即水中做匀速直线运动（2）设释放点距水面x，则总时间当时，即=1.5m13.如图所示，平面直角坐标系xoy位于竖直平面内，m是一块与y轴夹角30的挡板，与y轴的交点坐标为（0，l），下端无限接近x轴上的n点，粒子若打在挡板上会被挡板吸收挡板左侧与x轴之间的区域内存在平行于挡板方向斜向下的匀强电场，电场强度大小为e挡板右侧与x轴之间的区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为2b，x轴下方区域存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为b坐标原点o有两个质量均为m，电荷量分别为+q的粒子a和-q的粒子b，以及一个不带电的粒子c空气阻力和粒子重力均不计，q0 求：（1）若粒子a从o点沿与x轴正方向成30角射入区域，且恰好经过n点，求粒子a的初速度v0；（2）若粒子b从o点沿与x轴正方向成60角射入区域，且恰好经过n点. 求粒子b的速率vb；（3）若粒子b从o点以（2）问中速率沿与x轴正方向成60角射入区域的同时，粒子c也从o点以速率vc沿x轴正方向匀速运动，最终两粒子相遇，求vc的可能值考点：带电粒子在匀强磁场中的运动带电粒子在匀强电场中的运动答案：（