黑龙江省大庆市2016-2017学年高二物理下学期期末试卷（含解析）.doc

2016-2017学年黑龙江省大庆高二（下）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题每小题5分，共60分其中1-7题只有一个选项正确，8-12题有多项符合题目要求全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1关于分子的热运动，以下叙述正确的是（）a布朗运动就是分子的热运动b布朗运动是分子的无规则运动，同种物质的分子的热运动激烈程度相同c气体分子的热运动不一定比液体分子激烈d物体运动的速度越大，其内部的分子热运动就越激烈2以下说法正确的是（）a物体速度发生变化，必定有外力对其做功b物体动能发生变化，动量一定变化c物体动量发生变化，物体的动能必定变化d物体受到合外力的冲量不为零，物体的速率必定发生变化3如图所示，在匀强磁场中有一个用比较软的金属导线制成的闭合圆环在此圆环的形状由圆形变成正方形的过程中（）a环中有感应电流，方向adcbb环中有感应电流，方向abcdc环中无感应电流d条件不够，无法确定4如图所示，甲分子固定于坐标原点o，乙分子位于x轴上，甲、乙两分子间的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，f0为斥力，f0为引力a、b、c、d为x轴上四个特定的位置，现将乙分子从a移动到d的过程中，两分子间的分子力和分子势能同时都增大的阶段是（）a从a到bb从b到cc从b到dd从c到d5如图所示，一内外侧均光滑的半圆柱槽置于光滑的水平面上槽的左侧有一竖直墙壁现让一小球（可视为质点）自左端槽口a点的正上方从静止开始下落，与半圆槽相切并从a点进入槽内则下列说法正确的（）a小球离开右侧槽口以后，将做竖直上抛运动b小球在槽内运动的全过程中，只有重力对小球做功c小球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统机械能守恒d小球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒6如图（a），圆形线圈p静止在水平桌面上，其正上方悬挂一相同的线圈q，p和q共轴，q中通有变化电流，电流随时间变化的规律如图（b）所示，p所受的重力为g，桌面对p的支持力为fn，则（） t1时刻fng t2时刻fngt3时刻fng t4时刻fn=gabcd7如图所示，在空间中存在两个相邻的，磁感应强度大小相等，方向相反的有界匀强磁场，其宽度均为l现将宽度也为l的矩形闭合线圈，从图示位置垂直于磁场方向匀速拉过磁场区域，则在该过程中，能正确反映线圈中所产生的感应电流或其所受的安培力随时间变化的图象是（）abcd8在温度均匀的水池中，有一空气泡从池底缓缓地向上浮起，在其上浮的过程中，泡内气体（可看成理想气体）（）a内能减少，放出热量b内能增加，吸收热量c对外做功，同时吸热，内能不变d对外做的功等于吸收的热量9图（a）左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中r=55，a、v为理想电流表和电压表，若原线圈接入如图（b）所示的正弦交变电压，电压表的示数为110v，下列表述正确的是（）a电流表的示数为2ab原、副线圈匝数比为1：2c电压表的示数为电压的有效值d原线圈中交变电压的频率为100hz10如图所示，用弹簧秤拉着一支薄壁平底玻璃试管，将它的开口向下插在水银槽中，由于管内有一部分空气，此时试管内水银面比管外水银面高h若试管本身的重力与管壁的厚度均不计，此时弹簧秤的示数等于（）a进入试管内的h高水银柱的重力b外部大气与内部空气对试管平底部分的压力之差c试管内高出管外水银面的h高水银柱的重力d上面（a）（c）所述的两个数值之差11如图所示，两块小木块a和b，中间夹上轻弹簧，用线扎在一起，放在光滑的水平台面上，烧断线，弹簧将木块a、b弹出，最后落到水平地面上，根据图中的有关数据，可以判定下列说法中正确的有（弹簧原长远小于桌面长度）（）a木块a先落到地面上b弹簧推木块时，两木块加速度之比aa：ab=1：2c从烧断线时到两木块滑离桌面前，两木块各自所受合冲量之比ia：ib=1：2d两木块在空中飞行时所受的冲量之比ia：ib=2：112如图甲所示，光滑水平面上停放着一辆表面粗糙的平板车，质量为m与平板车上表面等高的平台上有一质量为m的滑块以水平初速度v0向着平板车滑来，从滑块刚滑上平板车开始计时，之后它们的速度随时间变化的图象如图乙所示，t0是滑块在车上运动的时间，以下说法中正确的是（）a滑块与平板车最终滑离b滑块与平板车的质量之比m：m=1：2c滑块与平板车表面的动摩擦因数为d平板车上表面的长度为v0t0二、实验题（每问2分，共8分）13如图为实验室中验证动量守恒实验装置示意图（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则 am1m2r1r2bm1m2r1r2cm1m2r1=r2dm1m2r1=r2（2）为完成此实验，以下所提供的测量工具中必需的是 （填下列对应的字母）a直尺b游标卡尺c天平d弹簧秤e秒表（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，p为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示） 成立，即表示碰撞中动量守恒（4）在实验装置中，若斜槽轨道是光滑的，则可以利用此装置验证小球在斜槽上下滑过程中机械能守恒，这时需要测量的物理量有：小球释放初位置到斜槽末端的高度差h1；小球从斜槽末端做平抛运动的水平移s、竖直高度h2，则所需验证的关系式为： 三、计算题：本大题共3小题，共32分解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位14如图所示，光滑曲面轨道的水平出口跟停在光滑水平面上的平板小车上表面相平，质量为m的小滑块从光滑轨道上某处由静止开始滑下并滑上小车，使得小车在光滑水平面上滑动已知小滑块从高为h的位置由静止开始滑下，最终停到小车上若小车的质量为m，g表示重力加速度，求：（1）滑块到达轨道底端时的速度大小v0；（2）滑块滑上小车后，小车达到的最大速度v；（3）该过程系统产生的内能q15如图所示，两根平行金属导轨固定在同一水平面内，间距为l，导轨左端连接一个电阻一根质量为m、电阻为r的金属杆ab垂直放置在导轨上在杆的右方距杆为d处有一个匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向下，磁感应强度为b对杆施加一个大小为f、方向平行于导轨的恒力，使杆从静止开始运动，已知杆到达磁场区域时速度为v，之后进入磁场恰好做匀速运动不计导轨的电阻，假定导轨与杆之间存在恒定的阻力f求：（1）导轨对杆ab的阻力大小f（2）杆ab中通过的电流及其方向（3）导轨左端所接电阻的阻值r16如图，一端封闭、粗细均匀的u形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中当温度为280k时，被封闭的气柱长l=22cm，两边水银柱高度差h=16cm，大气压强p0=76cm hg（1）为使左端水银面下降3cm，封闭气体温度应变为多少？（2）封闭气体的温度重新回到280k后为使封闭气柱长度变为20cm，需向开口端注入的水银柱长度为多少？2016-2017学年黑龙江省大庆中学高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题每小题5分，共60分其中1-7题只有一个选项正确，8-12题有多项符合题目要求全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1关于分子的热运动，以下叙述正确的是（）a布朗运动就是分子的热运动b布朗运动是分子的无规则运动，同种物质的分子的热运动激烈程度相同c气体分子的热运动不一定比液体分子激烈d物体运动的速度越大，其内部的分子热运动就越激烈【考点】83：分子的热运动；84：布朗运动【分析】布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒做的无规则运动，布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动；温度是分子热运动激烈程度的反映，温度越高，分子热运动越激烈【解答】解：a、b、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒做的无规则运动，由于小颗粒是由大量分子构成的，所以布朗运动不是分子的运动固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，所以布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动，故ab错误c、d、温度是分子热运动激烈程度的反映，温度越高，分子热运动越激烈，与物体运动的速度无关，由于气体和液体的温度高低不确定，所以气体分子的热运动不一定比液体分子激烈，故c正确，d错误故选：c2以下说法正确的是（）a物体速度发生变化，必定有外力对其做功b物体动能发生变化，动量一定变化c物体动量发生变化，物体的动能必定变化d物体受到合外力的冲量不为零，物体的速率必定发生变化【考点】52：动量定理；51：动量 冲量；64：动能【分析】a、做匀速圆周运动的物体，速度改变，没有力对物体做功；b、c根据动能与动量的关系判断；d、根据动量定理即可判断【解答】解：a、做匀速圆周运动的物体，速度改变，没有力对物体做功，故a错误；b、物体动能发生变化，则物体的速度的大小必定发生变化，所以动量必定变化，故b错误；c、物体的动量发生变化，可能是速度的方向发生改变，而大小没有变化，此时动能不变，故c错误；d、根据动量定理可知：合外力对物体的冲量等于物体动量的变化量，物体受到合外力的冲量不为零，物体的动量肯定变化，但速率不一定改变，可以只改变速度的方向，故d错误故选b3如图所示，在匀强磁场中有一个用比较软的金属导线制成的闭合圆环在此圆环的形状由圆形变成正方形的过程中（）a环中有感应电流，方向adcbb环中有感应电流，方向abcdc环中无感应电流d条件不够，无法确定【考点】d8：法拉第电磁感应定律；db：楞次定律【分析】由数学知识知导线周长不变的情况下，由圆变成正方形，闭合面积将减少，然后根据楞次定律和右手定则判断感应电流的方向【解答】解：导线周长不变的情况下，由圆变成正方形，闭合面积将减少，即向里的磁通量减少，根据楞次定律感应电流的磁场应该向里，则由右手定则感应电流的方向为顺时针，即环中有感应电流，方向adcb；故选：a4如图所示，甲分子固定于坐标原点o，乙分子位于x轴上，甲、乙两分子间的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，f0为斥力，f0为引力a、b、c、d为x轴上四个特定的位置，现将乙分子从a移动到d的过程中，两分子间的分子力和分子势能同时都增大的阶段是（）a从a到bb从b到cc从b到dd从c到d【考点】86：分子间的相互作用力【分析】根据图象可以看出分子力的大小变化，在横轴下方的为引力，上方的为斥力，分子力做正功分子势能减小，分子力做负功分子势能增大【解答】解：a、乙分子由a到b一直受引力，分子力增大，分子力做正功，分子势能减小，故a错误；b、从b到c分子力逐渐变小但仍为引力，分子力做正功，分子势能减小，故b错误；c、从b到d分子力先减小后增大，分子力先是引力后是斥力，分子势能先减少后增大，故c错误；d、从c到d分子力是斥力，增大，分子力做负功，分子势能增大，故d正确；故选d5如图所示，一内外侧均光滑的半圆柱槽置于光滑的水平面上槽的左侧有一竖直墙壁现让一小球（可视为质点）自左端槽口a点的正上方从静止开始下落，与半圆槽相切并从a点进入槽内则下列说法正确的（）a小球离开右侧槽口以后，将做竖直上抛运动b小球在槽内运动的全过程中，只有重力对小球做功c小球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统机械能守恒d小球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒【考点】53：动量守恒定律；62：功的计算；6c：机械能守恒定律【分析】一小球自左端槽口a点的正上方从静止开始下落于光滑的半圆柱槽，且槽置于光滑的水平面上由于槽的左侧有一竖直墙壁，只有重力做功，小球的机械能守恒当小球从最低点上升时，槽也会向右运动水平方向满足动量守恒在运动过程中，仍只有重力做功，小球与槽的机械能守恒【解答】解：a、小球经过槽的最低点后，在小球沿槽的右侧面上升的过程中，槽也向右运动，小球离开右侧槽口时相对于地面的速度斜向右上方，小球将做斜抛运动而不是做竖直上抛运动，故a错误；b、小球在槽内运动的全过程中，从刚释放到最低点，只有重力做功，而从最低点开始上升过程中，除小球重力做功外，还有槽对球作用力做负功故b错误；c、小球在槽内运动的全过程中，从刚释放到最低点，只有重力做功，而从最低点开始上升过程中，除小球重力做功外，还有槽对球作用力做负功但球对槽作用力做正功，两者之和正好为零所以小球与槽组成的系统机械能守恒故c正确；d、小球在槽内运动的前半过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，而小球在槽内运动的后半过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒，故d正确；故选：cd6如图（a），圆形线圈p静止在水平桌面上，其正上方悬挂一相同的线圈q，p和q共轴，q中通有变化电流，电流随时间变化的规律如图（b）所示，p所受的重力为g，桌面对p的支持力为fn，则（） t1时刻fng t2时刻fngt3时刻fng t4时刻fn=gabcd【考点】c9：平行通电直导线间的作用【分析】开始电流增大，磁通量变化，设逆时针为电流正方向，形成感应的磁场，由楞次可知，总是阻碍磁通量的变化，所以确定下面的磁场，再可知该线圈顺时针电流，由安培力知，异向电流相互排斥知，支持力与重力的关系【解答】解：线圈总是阻碍磁通量的变化，所以t1电流增大，磁通量变大，下面线圈阻碍变化，有向下运动的趋势，所以ngt2与t4时刻，无电流变化，不会出现磁感应现象，所以n=gt3时刻，线圈p有感应电流，但线圈q中没有电流，因此n=g故正确，错误；故选：c7如图所示，在空间中存在两个相邻的，磁感应强度大小相等，方向相反的有界匀强磁场，其宽度均为l现将宽度也为l的矩形闭合线圈，从图示位置垂直于磁场方向匀速拉过磁场区域，则在该过程中，能正确反映线圈中所产生的感应电流或其所受的安培力随时间变化的图象是（）abcd【考点】d9：导体切割磁感线时的感应电动势【分析】根据楞次定律判断出感应电流的方向，根据切割产生的感应电动势和闭合电路欧姆定律求出感应电流的大小根据安培力公式求出安培力的大小，通过左手定则判断安培力的方向【解答】解：a、线圈进入磁场，在进入磁场0l的过程中，e=blv，电流i=，方向为逆时针方向安培力的大小f=bil=，根据左手定则，知安培力方向水平向左在l2l的过程中，电动势e=2blv，电流i=，方向为顺时针方向，安培力的大小f=，根据左手定则，知安培力方向水平向左在2l3l的过程中，e=blv，电流i=，方向为逆时针方向，安培力的大小为f=bil=，根据左手定则，知安培力方向水平向左故d正确，a、b、c错误故选d8在温度均匀的水池中，有一空气泡从池底缓缓地向上浮起，在其上浮的过程中，泡内气体（可看成理想气体）（）a内能减少，放出热量b内能增加，吸收热量c对外做功，同时吸热，内能不变d对外做的功等于吸收的热量【考点】8f：热力学第一定律【分析】解答本题要掌握：根据气体体积变化判断做功情况；理解温度是分子平均动能的标志，一定质量理想气体的内能只与温度有关；正确应用热力学第一定律判断气体的吸放热情况【解答】解：气泡体积增大，对外做功，由于温度不变，因此分子的平均动能不变，气泡内气体的内能不变，根据u=w+q可知，气体吸收热量，且对外做的功等于从外界吸收的热量；故cd正确，ab错误故选：cd9图（a）左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中r=55，a、v为理想电流表和电压表，若原线圈接入如图（b）所示的正弦交变电压，电压表的示数为110v，下列表述正确的是（）a电流表的示数为2ab原、副线圈匝数比为1：2c电压表的示数为电压的有效值d原线圈中交变电压的频率为100hz【考点】e8：变压器的构造和原理【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论【解答】解：a、根据电路图可知，电阻r的电压为110v，电阻为55，所以电阻r的电流i=a=2a，所以a正确b、由图可知，输入的电压的有效值为220v，电压表的示数为110v，即为输出的电压，根据电压与匝数成正比可得匝数比为2：1，所以b错误c、电压表、电流表等的读数都是有效值，所以c正确d、经过变压器前后电压的频率是不变的，根据图象可知，输出电压的频率为f=hz=50hz，所以原线圈中交变电压的频率也为50hz，所以d错误故选ac10如图所示，用弹簧秤拉着一支薄壁平底玻璃试管，将它的开口向下插在水银槽中，由于管内有一部分空气，此时试管内水银面比管外水银面高h若试管本身的重力与管壁的厚度均不计，此时弹簧秤的示数等于（）a进入试管内的h高水银柱的重力b外部大气与内部空气对试管平底部分的压力之差c试管内高出管外水银面的h高水银柱的重力d上面（a）（c）所述的两个数值之差【考点】9k：封闭气体压强；2g：力的合成与分解的运用【分析】试管处于平衡状态，依据平衡状态列方程即可求解，注意压强与压力关系f=ps以及液体产生压强的计算公式p=gh的理解与应用【解答】解：试管受向下的大气压力管内气体向上的压力以及弹簧拉力处于平衡状态，设大气压强为p0，管内气体压强为p，则有：p0=p+gh 对试管有：p.0s=ps+f 因此由得：f=p0sps，即外部大气与内部空气对试管平底部分的压力之差，联立得f=ghs，即试管内高出管外水银面的h高水银柱的重力，故ad错误，bc正确故选bc11如图所示，两块小木块a和b，中间夹上轻弹簧，用线扎在一起，放在光滑的水平台面上，烧断线，弹簧将木块a、b弹出，最后落到水平地面上，根据图中的有关数据，可以判定下列说法中正确的有（弹簧原长远小于桌面长度）（）a木块a先落到地面上b弹簧推木块时，两木块加速度之比aa：ab=1：2c从烧断线时到两木块滑离桌面前，两木块各自所受合冲量之比ia：ib=1：2d两木块在空中飞行时所受的冲量之比ia：ib=2：1【考点】52：动量定理【分析】木块被弹出离开桌面后做平抛运动，根据平抛运动的特点即可判断木块a、b离开弹簧时的速度大小之比，根据动量守恒判断质量之比，根据牛顿第二定律弹簧推木块时的加速度之比，根据动量定理求出弹簧对木块a、b的冲量大小之比【解答】解：b、木块被弹出离开桌面后做平抛运动，高度相同，故运动时间相同，而la=1m，lb=2m，所以va：vb=1：2，根据动量守恒定律得：mava=mbvb，所以ma：mb=2：1，根据牛顿第二定律，弹簧推木块时，两木块加速度之比aa：ab=1：2，故b正确；a、由于b滑块先离开桌面，故先落地，故a错误；c、根据牛顿第三定律，弹簧推两个的力相等，作用时间也相同，故从烧断线时到两木块滑离桌面前，两木块各自所受合冲量之比ia：ib=1：1，故c错误；d、两木块在空中飞行时间相同，故重力冲量等于质量之比，为ia：ib=2：1，故d正确；故选bd12如图甲所示，光滑水平面上停放着一辆表面粗糙的平板车，质量为m与平板车上表面等高的平台上有一质量为m的滑块以水平初速度v0向着平板车滑来，从滑块刚滑上平板车开始计时，之后它们的速度随时间变化的图象如图乙所示，t0是滑块在车上运动的时间，以下说法中正确的是（）a滑块与平板车最终滑离b滑块与平板车的质量之比m：m=1：2c滑块与平板车表面的动摩擦因数为d平板车上表面的长度为v0t0【考点】53：动量守恒定律；24：滑动摩擦力；6c：机械能守恒定律【分析】根据图线知，铁块在小车上滑动过程中，铁块做匀减速直线运动，小车做匀加速直线运动根据牛顿第二定律通过它们的加速度之比求出质量之比，以及求出动摩擦因数的大小根据运动学公式分别求出铁块和小车的位移，从而求出两者的相对位移，即平板车的长度物体离开小车做平抛运动，求出落地的时间，从而根据运动学公式求出物体落地时与车左端的位移【解答】解：a、由图象可知，滑块运动到平板车最右端时，速度大于平板车的速度，所以滑块将做平抛运动离开平板车，故a正确；b、根据图线知，滑块的加速度大小a1=小车的加速度大小a2=，知铁块与小车的加速度之比为1：1，根据牛顿第二定律得，滑块的加速度大小为：a1=，小车的加速度大小为：a2=，则滑块与小车的质量之比m：m=1：1故b错误c、滑块的加速度a1=g，又a1=，则=，故c正确；d、滑块的位移x1=t0=v0t0，小车的位移x2=t0=v0t0，则小车的长度l=v0t0v0t0=v0t0，故d错误故选：ac二、实验题（每问2分，共8分）13如图为实验室中验证动量守恒实验装置示意图（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则cam1m2r1r2bm1m2r1r2cm1m2r1=r2dm1m2r1=r2（2）为完成此实验，以下所提供的测量工具中必需的是ac（填下列对应的字母）a直尺b游标卡尺c天平d弹簧秤e秒表（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，p为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）m1=m1+m2成立，即表示碰撞中动量守恒（4）在实验装置中，若斜槽轨道是光滑的，则可以利用此装置验证小球在斜槽上下滑过程中机械能守恒，这时需要测量的物理量有：小球释放初位置到斜槽末端的高度差h1；小球从斜槽末端做平抛运动的水平移s、竖直高度h2，则所需验证的关系式为：s2=4h1h2【考点】me：验证动量守恒定律【分析】为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度将需要验证的关系速度用水平位移替代【解答】解：（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有解得v1=要碰后入射小球的速度v10，即m1m20，m1m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2故选c（2、3）p为碰前入射小球落点的平均位置，m为碰后入射小球的位置，n为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度碰撞后入射小球的速度碰撞后被碰小球的速度若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，带入数据得m1=m1+m2所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平（4）利用此装置验证小球在斜槽上下滑过程中机械能守恒，即判断重力势能的减小量与动能的增加量是否相等，重力势能的减小量为mgh1，小球平抛运动的时间t=，则平抛运动的初速度，则动能的增加量为，则所需验证的关系式为：，即s2=4h1h2故答案为：（1）c（2）ac（3）m1=m1+m2（4）s2=4h1h2三、计算题：本大题共3小题，共32分解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位14如图所示，光滑曲面轨道的水平出口跟停在光滑水平面上的平板小车上表面相平，质量为m的小滑块从光滑轨道上某处由静止开始滑下并滑上小车，使得小车在光滑水平面上滑动已知小滑块从高为h的位置由静止开始滑下，最终停到小车上若小车的质量为m，g表示重力加速度，求：（1）滑块到达轨道底端时的速度大小v0；（2）滑块滑上小车后，小车达到的最大速度v；（3）该过程系统产生的内能q【考点】53：动量守恒定律；6c：机械能守恒定律【分析】（1）根据机械能守恒定律求出滑块到达轨道底端时的速度大小（2）滑块滑上小车，当两者速度达到相同时，小车的速度最大，根据动量守恒定律求出小车的速度（3）根据能量守恒定律求出系统产生的内能【解答】解：（1）滑块由高处运动到轨道底端，由机械能守恒定律得：mgh=mv02，解得：v0=；（2）滑块滑上平板车后，系统水平方向不受外力，动量守恒小车最大速度为与滑块共速的速度滑块与小车组成的系统为研究对象，以滑块的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（m+m）v，解得：v=；（3）由能的转化与守恒定律可知，系统产生的内能等于系统损失的机械能，由能量守恒定律得：q=mgh（m+m）v2，解得：q=；答：（1）滑块到达轨道底端时的速度大小v0=；（2）滑块滑上小车后，