辽宁省抚顺市重点高中协作校高三物理下学期模拟试卷（含解析）.doc

辽宁省抚顺市重点高中协作校2015届高考物理模拟试卷一、本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一个选项符合题目要求.第6-8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1一个物体沿直线运动，从t=0时刻开始，物体的t的图象如图所示，图线与纵、横坐标轴的交点分别为（0，0.5）和（0.5，0）由此可知( )a物体做匀速直线运动b物体做变加速直线运动c物体的初速度大小为0.5m/sd物体的加速度大小为0.5m/s2三颗人造地球卫星a、b、c在同一平面内沿不同的轨道绕地球做匀速圆周运动，且绕行方向相同，已知rarbrc若在某一时刻，它们正好运行到同一条直线上，如图所示那么再经过卫星a的四分之一周期时，卫星a、b、c的位置可能是( )abcd3如图所示，一质量为m的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内套在大杆上质量为m的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下重力加速度大小为g当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为( )a2mgb3mgc5mgd6mg4一质量为m、倾角为的斜面体在水平地面上，质量为m的小木块（可视为质点）放在斜面上，现用一平行于斜面的、大小恒定的拉力f作用于小木块，拉力在斜面所在的平面内绕小木块旋转一周的过程中，斜面体和木块始终保持静止状态，下列说法中正确的是( )a小木块受到斜面的最大摩擦力为b小木块受到斜面的最大摩擦力为fmgsinc斜面体受到地面的最大摩擦力为fd斜面体受到地面的最大摩擦力为fcos5如图所示，两相同灯泡a1、a2，a1与一理想二极管d连接，线圈l的直流电阻不计下列说法正确的是( )a闭合开关s后，a1会逐渐变亮b闭合开关s稳定后，a1、a2亮度相同c断开s的瞬间，a1会逐渐熄灭d断开s的瞬间，a点的电势比b点低6理论研究表明，无限大的均匀带电平面在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场，若均匀带电平面单位面积所带电荷量为e，则产生匀强电场的电场强度的大小e=，现有两块无限大的均匀绝缘带电平板如图所示放置，a1b1两面带正电，a2b2两面带负电，且单位面积所带电荷量相等（设电荷不发生移动），a1b1面与a2b2面成60，并且空间被分成了四个区域、与，若四个区域、内的电场强度的大小分别为e1、e2、e3和e4，图中直线a1b1和a2b2分别为带正电平面和带负电平面与纸面正交的交线，o为两交线的交点，c、d、f、g恰好位于纸面内正方形的四个顶点上，且gd的连线过o点，则下列说法中正确的是( )ae1=e4be1=e4cc、f两点电势相同d在c、d、f、g四个点中，电子在f点具有的电势能最大7如图所示，两个倾角分别为30和60的足够长的光滑面固定于水平地面上，并处于方向垂直纸面向里、磁感应强度为b的匀强磁场中两个质量均为m、带电荷量为+q的小滑块甲和乙分别从两个斜面顶端由静止释放，运动一段时间后两小滑块都将飞离斜面，在此过程中( )a甲滑块飞离斜面瞬间的速度比乙滑块飞离斜面瞬间的速度大b甲滑块在斜面上运动的时间比乙滑块在斜面上运动的时间短c甲滑块在斜面上运动的位移与乙滑块在斜面上运动的位移大小相等d两滑块在斜面上运动的过程中，重力的平均功率相等8如图所示，abcd为一边长为l、质量为m的刚性导线框，位于水平面内，bc边中串接有电阻为r，导线的电阻不计虚线表示一匀强磁场区域的边界，它与线框的ab边平行，磁场区域的宽度为2l，磁感应强度为b，方向竖直向下，线框在一垂直于ab边的水平恒定拉力f作用下，沿光滑水平面运动，直到通过磁场区域已知ab边刚进入磁场时，线框变为匀速运动从导线框刚进入磁场到完全离开磁场的过程中，导线框的加速度a随ab边的位置坐标x变化的图象可能是( )abcd二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题-32题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33题-40题为选考题，考生根据要求作答.）（一）必考题（共129分）9某研究学校小组用图甲所示的装置探究加速度与合力的关系，装置中的铝箱下端连接纸带，砂桶中可放置砂子以改变铝箱所受的外力大小，铝箱向上运动的加速度a可由打点计时器和纸带测出现保持铝箱总质量不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量进行多次实验，得到多组a、f值（f为力传感器的示数，等于悬挂滑轮绳子的拉力）不计滑轮的重力（1）某同学根据实验数据画出了af图象，如图乙所示，则由该图象可得铝箱总质量m=_，重力加速度g=_（结果保留2位有效数字）（2）当砂桶和砂的总质量较大导致a较大时，图线_（填选项前的字母）a偏向纵轴b偏向横轴c仍保持原方向不变d斜率逐渐减小10为了测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了下列器材：a：待测干电池（电动势1.5v左右，内阻不超过1.5）b：电流表a1 （量程02ma，内阻为10）c电流表a2 （量程00.6a，内阻约为0.5）d滑动变阻器r1（020，10a）e滑动变阻器r2（0100，1a）f定值电阻r3=990g开关、导线若干（1）请从以上提供的器材中选择所需器材设计测量电路，在图甲的虚线框内补画出完整的电路原理图（要求在电路图中标明所使用器材）（2）根据合理的设计电路测量数据，电流表a1的示数记为i1，电流表a2的示数记为i2，某同学测出了6组i1，i2的数据，并已描绘出如图乙所示的i1和i2的关系图线，根据已描绘出的图线，可得被测电池的电动势e=_v，内阻r=_11如图所示，光滑半圆轨道ab固定，半径r=0.4m，与水平光滑轨道相切于a水平轨道上平铺一半径r=0.1m的圆形桌布，桌布中心有一质量m=1kg的小铁块保持静止现以恒定的加速度将桌布从铁块下水平向右抽出后，铁块沿水平轨道经a点进入半圆轨道，到达半圆轨道最高点b时对轨道刚好无压力，已知铁块与桌布间动摩擦因数=0.5，取g=10m/s2，求：（1）铁块离开b点后在地面上的落点到a的距离；（2）抽桌布过程中桌布的加速度12（18分）在直角坐标系xoy中，有一半径为r的圆形匀强磁场区域，磁感应强度的大小为b、方向垂直于xoy平面且指向纸面外，该区域的圆心坐标为（0，r），p1，p2分别为加速电场的正负两极板，p1中央有一小孔，两极板都平行于x轴且正对放置，如图所示，一个质量为m、电荷量为q的负离子，由静止经电场加速后从点（，0）沿y轴正方向射入第1象限，不计重力的影响（1）若离子射入磁场的入射点与射出磁场的出射点在该圆形磁场的同一直径上，求离子在该磁场区域经历的时间t1和加速电场的加速电压u1（2）若离子在磁场区域经历的时间t2=，求加速电场的加速电压u2一、（二）选考题：共45分，请考生从给出3的道物理题中任选一题作答，如果多答，则按作答的第一题计分.物理选修33（共2小题，满分15分）13关于分子间的作用力，下列说法正确的是( )a分子之间的斥力和引力同时存在b分子之间的斥力和引力大小都随分子间距离的增大而减小c分子之间的距离减小时，分子力一直做正功d分子之间的距离增大时，分子势能一直减小e分子之间的距离增大时，可能存在分子势能相等的两个点14如图所示，两端开口的u形玻璃管两边粗细不同，粗管横截面积是细管的2倍管中装入水银，两管中水银面与管口距离均为h0=12cm，大气压强为p0=75cmhg现将粗管管口封闭，然后将细管管口用一活塞封闭并将活塞缓慢推入管中，直到两管中水银面高度差达到h=6cm为止整个过程中气体温度保持不变，求：左端液面下降多少？活塞下移的距离（结果保留两位有效数字）物理选修34（共2小题，满分15分）15如图甲所示，一列机械波沿直线ab向右传播，ab=2m，a、b两点的振动情况如图乙所示，下列说法正确的是 ( )a波速可能是m/sb波长可能是mc波速可能是m/sd波速可能是m/se波长可能大于m16由透明体做成的三棱柱，横截面为有一个锐角为30的直角三角形，如图所示，ac面镀膜，经透明体射到ac面的光只能反射现有一束光从ab面的d点垂直ab面射入透明体，经ac面e点反射后从bc面射出透明体，出射光线与bc围成30角求：（1）该透明体的折射率；（2）若光线从bc面的f点垂直bc面射入透明体，经ac面e点反射后从ab面射出透明体，试画出经e点后的光路图，计算出射光线与ab面所成的角度物理选修35（共2小题，满分15分）17用中子轰击锂核反位，产生氖和粒子并放出4.8mev的能量则该核反应方程式为_，上述反应中的质量亏损为_kg（电子的电荷量e=1.61013c真空中的光速c=3108m/s，结果保留两位有效数字）18如图所示，小球a、b用等长细线悬挂于同一固定点o，让球a静止下垂，将球b向右拉起，使细线水平已知细线长为l、小球a、b的质量分别为2m和m，在小球a上固定有很少量火药，从静止释放球b，两球碰后火药发生爆炸而相互分开，此后观察到系小球a的细线与竖直方向之间的夹角为90忽略空气阻力、重力加速度为g求：系小球b的细线与竖直方向之间的最大倾角；两球在碰撞过程中增加的机械能辽宁省抚顺市重点高中协作校2015届高考物理模拟试卷一、本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一个选项符合题目要求.第6-8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1一个物体沿直线运动，从t=0时刻开始，物体的t的图象如图所示，图线与纵、横坐标轴的交点分别为（0，0.5）和（0.5，0）由此可知( )a物体做匀速直线运动b物体做变加速直线运动c物体的初速度大小为0.5m/sd物体的加速度大小为0.5m/s考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：表示瞬时速度，此题实质是vt图象，其斜率等于加速度，由图象的形状可判断出物体的运动情况，直接读出初速度解答：解：ab、根据v=，可知物体的速度均匀增大，做匀加速直线运动，故ab错误c、图线纵轴截距表示初速度，则知物体的初速度大小为0.5m/s，故c正确d、图象的斜率等于加速度，则得加速度为 a=1m/s2故d错误故选：c点评：本题关键要知道v=，vt图象的斜率等于加速度，来分析物体的运动情况2三颗人造地球卫星a、b、c在同一平面内沿不同的轨道绕地球做匀速圆周运动，且绕行方向相同，已知rarbrc若在某一时刻，它们正好运行到同一条直线上，如图所示那么再经过卫星a的四分之一周期时，卫星a、b、c的位置可能是( )abcd考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：根据g，知轨道半径越大，周期越大，则角速度越小，所以经过相同的时间，可以比较出三卫星转过的角度解答：解：根据万有引力提供圆周运动的向心力有g有，轨道半径越大，周期越大，角速度越小，相同的时间内转过的角度越小因为：rarbrc所以有：abc，在a卫星转过的的时间内，三卫星对地球转过的角度abc，所以c正确，abd错误故选c点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力g，知道周期与轨道半径的关系3如图所示，一质量为m的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内套在大杆上质量为m的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下重力加速度大小为g当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为( )a2mgb3mgc5mgd6mg考点：向心力；作用力和反作用力 专题：匀速圆周运动专题分析：先根据动能定理求解出小环滑到最低点时的速度根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的支持力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小解答：解：小环从最高到最低，由动能定理，则有：mv2=mg2r；小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：nmg=m得：n=mg+m联立解得：大环对小环的支持力为：n=5mg对大环分析，有：t=n+mg=6mg故选：d点评：解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解4一质量为m、倾角为的斜面体在水平地面上，质量为m的小木块（可视为质点）放在斜面上，现用一平行于斜面的、大小恒定的拉力f作用于小木块，拉力在斜面所在的平面内绕小木块旋转一周的过程中，斜面体和木块始终保持静止状态，下列说法中正确的是( )a小木块受到斜面的最大摩擦力为b小木块受到斜面的最大摩擦力为fmgsinc斜面体受到地面的最大摩擦力为fd斜面体受到地面的最大摩擦力为fcos考点：向心力；滑动摩擦力；牛顿第二定律 专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：选小木块作为研究对象，当力f沿着斜面向下时，小木块受到静摩擦力最大，因此受力分析，应用平衡条件求解；选小木块与斜面体作为整体研究对象，当力f水平方向时，斜面体受到地面的最大静摩擦力，因此受力分析，应用平衡条件求解解答：解：a、b、当f沿斜面向下时，木块所受摩擦力最大，受力分析如图：由平衡条件：fmax=f+mgsin故a错误，b错误；c、d、选整体为研究对象，当f水平时，整体所受的摩擦力最大，由平衡条件，f=f，即：斜面所受的最大静摩擦力为f故c正确，d错误；故选c点评：考查受力平衡类的题目时，要选择好研究对象后受力分析后应用平衡条件列式求解即可，注意整体法和隔离法的运用5如图所示，两相同灯泡a1、a2，a1与一理想二极管d连接，线圈l的直流电阻不计下列说法正确的是( )a闭合开关s后，a1会逐渐变亮b闭合开关s稳定后，a1、a2亮度相同c断开s的瞬间，a1会逐渐熄灭d断开s的瞬间，a点的电势比b点低考点：自感现象和自感系数 分析：对于二极管来说具有单向导电性，而对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流解答：解：a、闭合开关s后，因线圈自感，但两灯和线圈不是串联的关系，则两灯立刻亮，故a错误；b、闭合开关s稳定后，因线圈l的直流电阻不计，所以a1与二极管被短路，导致灯泡a1不亮，而a2将更亮，因此a1、a2亮度度不同，故b错误；c、断开s的瞬间，a2会立刻熄灭，线圈l与灯泡a1及二极管构成回路，因线圈产生感应电动势，a端的电势低于b端，但二极管具有单向导电性，所以所以回路没有感应电流，a1也是立即熄灭；故c错误d正确；故选：d点评：记住自感线圈对电流突变时的阻碍：闭合开关瞬间l相当于断路，稳定后l相当于一段导线，断开瞬间l相当于电源，注意二极管的单向导电性6理论研究表明，无限大的均匀带电平面在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场，若均匀带电平面单位面积所带电荷量为e，则产生匀强电场的电场强度的大小e=，现有两块无限大的均匀绝缘带电平板如图所示放置，a1b1两面带正电，a2b2两面带负电，且单位面积所带电荷量相等（设电荷不发生移动），a1b1面与a2b2面成60，并且空间被分成了四个区域、与，若四个区域、内的电场强度的大小分别为e1、e2、e3和e4，图中直线a1b1和a2b2分别为带正电平面和带负电平面与纸面正交的交线，o为两交线的交点，c、d、f、g恰好位于纸面内正方形的四个顶点上，且gd的连线过o点，则下列说法中正确的是( )ae1=e4be1=e4cc、f两点电势相同d在c、d、f、g四个点中，电子在f点具有的电势能最大考点：电势差与电场强度的关系；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：可无限大的均匀带电平板在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场，在各象限内的场强等于各场强的叠加，通过判断电场的方向判断出电势的高低，通过电荷的做功情况判断出电势能的高低解答：解：a、产生匀强电场的电场强度的大小e=，故再i和iv象限内合场强为两板产生场强的叠加，再i象限内两场强夹角为60，在iv象限内两场强夹角为120，根据合成可知e1=e4，故a错误，b正确；c、在gd线上，电场线垂直于gd线斜向上，故gd线为等势面，故cf两点电势不同，故c错误；d、通过场强的叠加可知，场强大体有c指向f，f点电势最低，负电荷在电势低的地方电势能越大，故d正确；故选：bd点评：本题中“无限大的均匀带电平板在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场”是本题的突破口，“场强合成满足平行四边形定则”和“电场线和等势面相互垂直”是重要的解题工具7如图所示，两个倾角分别为30和60的足够长的光滑面固定于水平地面上，并处于方向垂直纸面向里、磁感应强度为b的匀强磁场中两个质量均为m、带电荷量为+q的小滑块甲和乙分别从两个斜面顶端由静止释放，运动一段时间后两小滑块都将飞离斜面，在此过程中( )a甲滑块飞离斜面瞬间的速度比乙滑块飞离斜面瞬间的速度大b甲滑块在斜面上运动的时间比乙滑块在斜面上运动的时间短c甲滑块在斜面上运动的位移与乙滑块在斜面上运动的位移大小相等d两滑块在斜面上运动的过程中，重力的平均功率相等考点：带电粒子在混合场中的运动；功率、平均功率和瞬时功率 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：小滑块向下运动的过程中受到重力、支持力、垂直斜面向上的洛伦兹力，向下运动的过程中，速度增大，洛伦兹力增大，支持力减小，当支持力减到0时，离开斜面解答：解：a、小滑块飞离斜面时，洛伦兹力与重力的垂直斜面的分力平衡，故：mgcos=qvmb解得：vm=，所以斜面角度越小，飞离斜面瞬间的速度越大，故a正确，b、由受力分析得加速度a=gsin，所以甲的加速度小于乙的加速度，因为甲的最大速度大于乙的最大速度，由vm=at得，甲的时间大于乙的时间，故b错误；c、由ab的分析和x=得，甲的位移大于乙的位移，故c错误；d、由平均功率的公式p=f=mgsin=，所以d正确故选：ad点评：解决本题的关键知道洛伦兹力的方向和洛伦兹力的大小以及能够正确的受力分析，理清物体的运动状况8如图所示，abcd为一边长为l、质量为m的刚性导线框，位于水平面内，bc边中串接有电阻为r，导线的电阻不计虚线表示一匀强磁场区域的边界，它与线框的ab边平行，磁场区域的宽度为2l，磁感应强度为b，方向竖直向下，线框在一垂直于ab边的水平恒定拉力f作用下，沿光滑水平面运动，直到通过磁场区域已知ab边刚进入磁场时，线框变为匀速运动从导线框刚进入磁场到完全离开磁场的过程中，导线框的加速度a随ab边的位置坐标x变化的图象可能是( )abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化 专题：电磁感应功能问题分析：线框进入磁场时做匀速直线运动，拉力等于安培力，线框完全进入磁场后，做匀加速直线运动，通过闭合电路德磁通量不变，不产生感应电流出磁场时，此时安培力大于拉力，线框做加速度逐渐减小的变减速直线运动，应用牛顿第二定律求出加速度，然后分析答题解答：解：线框受到的安培力：f安培=bil=，ab边刚进入磁场时，线框变为匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件得：f=，线框所受合力为零，在0l位移内，加速度：a=0，线框完全进入磁场后，穿过线框的磁通量不变，感应电流为零，不受安培力作用，所受合外力为f，加速度：a=，线框做匀加速直线运动，在l2l位移内，加速度：a=，当ab边离开磁场时，线框的速度大于进入磁场时的速度，所受安培力大于拉力f，加速度：a=，线框做减速运动，速度v变小，加速度a减小，线框做加速度减小的减速运动，在2l3l位移内加速度逐渐减小，故ad是可能的情况，是正确，bc错误；故选：ad点评：解决本题的关键会根据线框的受力状况判断线框的运动状况，以及知道线框出磁场的末速度不会小于进磁场的速度，则出磁场时感应电流不会小于进磁场时的感应电流因为当加速度减小到零，又会做匀速运动二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题-32题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33题-40题为选考题，考生根据要求作答.）（一）必考题（共129分）9某研究学校小组用图甲所示的装置探究加速度与合力的关系，装置中的铝箱下端连接纸带，砂桶中可放置砂子以改变铝箱所受的外力大小，铝箱向上运动的加速度a可由打点计时器和纸带测出现保持铝箱总质量不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量进行多次实验，得到多组a、f值（f为力传感器的示数，等于悬挂滑轮绳子的拉力）不计滑轮的重力（1）某同学根据实验数据画出了af图象，如图乙所示，则由该图象可得铝箱总质量m=0.2kg，重力加速度g=10m/s2（结果保留2位有效数字）（2）当砂桶和砂的总质量较大导致a较大时，图线c（填选项前的字母）a偏向纵轴b偏向横轴c仍保持原方向不变d斜率逐渐减小考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题分析：对铝箱分析，根据牛顿第二定律，抓住传感器示数f等于2倍的ft，求出加速度的表达式，结合图线的斜率和纵轴截距求出铝箱的总质量和重力加速度的大小结合图线的斜率k=，与沙桶和砂的质量无关，判断图线的形状解答：解：（1）对铝箱分析，应有ftmg=ma，对滑轮应有f=2ft，联立可解得a=，可知图线的斜率k=，解得m=0.2kg，纵轴截距g=10，解得g=10m/s2（2）对于图线的斜率k=，当砂桶和砂的总质量较大，可知图线的斜率不变，图线仍然保持原方向不变故选：c故答案为：（1）0.2kg，10m/s2（2）c点评：涉及到图象问题，要首选根据物理定律写出关于纵轴与横轴的函数表达式，然后讨论即可10为了测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了下列器材：a：待测干电池（电动势1.5v左右，内阻不超过1.5）b：电流表a1 （量程02ma，内阻为10）c电流表a2 （量程00.6a，内阻约为0.5）d滑动变阻器r1（020，10a）e滑动变阻器r2（0100，1a）f定值电阻r3=990g开关、导线若干（1）请从以上提供的器材中选择所需器材设计测量电路，在图甲的虚线框内补画出完整的电路原理图（要求在电路图中标明所使用器材）（2）根据合理的设计电路测量数据，电流表a1的示数记为i1，电流表a2的示数记为i2，某同学测出了6组i1，i2的数据，并已描绘出如图乙所示的i1和i2的关系图线，根据已描绘出的图线，可得被测电池的电动势e=1.48v，内阻r=0.80考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题分析：（1）根据给出的仪表及实验原理可得出实验电路图；（2）由作出的ui图可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示内阻解答：解：（1）由题意可知，本实验中没有给出电压表，故应采用电流表a1与定值电阻串联后充当电压表使用；故电路图如图所示；（2）表头的示数与定值电阻阻值的乘积可作为路端电压处理，则由闭合电路欧姆定律可知：i1（r3+ra）=ei2r即：i1=；由图可知，图象与纵坐标的交点为1.48ma，则有：1.48ma=；解得e=1.48v；由图象可知，图象的斜率为：0.8103，由公式得图象的斜率等于，故=0.8103；解得r=0.80故答案为：（1）如图所示；（2）1.48；0.80点评：正确选择仪器是电学实验的经常考查的考点；本题为测量电源的电动势和内电阻的实验的变形，注意由于没有电压表，本实验中采用改装的方式将表头改装为电压表，再根据原实验的研究方法进行分析研究11如图所示，光滑半圆轨道ab固定，半径r=0.4m，与水平光滑轨道相切于a水平轨道上平铺一半径r=0.1m的圆形桌布，桌布中心有一质量m=1kg的小铁块保持静止现以恒定的加速度将桌布从铁块下水平向右抽出后，铁块沿水平轨道经a点进入半圆轨道，到达半圆轨道最高点b时对轨道刚好无压力，已知铁块与桌布间动摩擦因数=0.5，取g=10m/s2，求：（1）铁块离开b点后在地面上的落点到a的距离；（2）抽桌布过程中桌布的加速度考点：动能定理；向心力 专题：动能定理的应用专题分析：（1）铁块离开b点后作平抛运动，根据平抛运动的特点即可求解；（2）铁块脱离桌布时的速度等于a点速度，根据牛顿第二定律求出铁块的加速度，根据匀加速直线运动基本公式联立方程即可求解解答：解：（1）设铁块在b点的速度为v，根据向心力公式得：mg=解得：v=2m/s，铁块离开b点后作平抛运动，则有：2r=，解得：t=，则铁块离开b点后在地面上的落点到a的距离为：x=vt=20.4=0.8m；（2）铁块脱离桌布时的速度v0=va设铁块加速度为a0，由牛顿第二定律得：mg=ma0铁块在桌布上加速的时间为t0，由运动学基本公式得：v0=a0t0由位移关系得：r=联立解得：a=5.25m/s2答：（1）铁块离开b点后在地面上的落点到a的距离为0.8m；（2）抽桌布过程中桌布的加速度为5.25m/s2点评：本题关键是明确铁块的运动情况，然后分过程运用动能定理、平抛运动的分位移公式和向心力公式列式求解，难度适中12（18分）在直角坐标系xoy中，有一半径为r的圆形匀强磁场区域，磁感应强度的大小为b、方向垂直于xoy平面且指向纸面外，该区域的圆心坐标为（0，r），p1，p2分别为加速电场的正负两极板，p1中央有一小孔，两极板都平行于x轴且正对放置，如图所示，一个质量为m、电荷量为q的负离子，由静止经电场加速后从点（，0）沿y轴正方向射入第1象限，不计重力的影响（1）若离子射入磁场的入射点与射出磁场的出射点在该圆形磁场的同一直径上，求离子在该磁场区域经历的时间t1和加速电场的加速电压u1（2）若离子在磁场区域经历的时间t2=，求加速电场的加速电压u2考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）根据题意作出粒子的运动轨迹，根据几何关系求出半径和转过的圆心角，根据洛伦兹力提供向心力求得速度，再根据动能定理即可求确定加速电压u1，根据圆心角算出粒子在磁场中运动时间；（2）离子在磁场区域经历的时间t2=，作出粒子的运动轨迹，根据几何关系求出半径，根据向心力公式以及动能定理即可求解加速电压解答：解：（1）根据题意作出粒子的运动轨迹，如图所示，其中o点为圆心，根据几何关系可知，ac=r，a到y轴的距离为，则cao=60，所以=30，则圆周运动的半径r=2r，根据洛伦兹力提供向心力得：解得：v=，离子在加速电场的加速的过程，根据动能定理得：解得：圆心角为60，离子在匀强磁场中运动的周期t=，则离子在该磁场区域经历的时间t1=，（2）离子在磁场区域经历的时间t2=，所以离子在磁场中运动了个圆，轨迹如图所示：根据几何关系可知，半径r，则根据洛伦兹力提供向心力得：解得：v=，离子在加速电场的加速的过程，根据动能定理得：解得：答：（1）离子在该磁场区域经历的时间t1为，加速电场的加速电压u1为；（2）若离子在磁场区域经历的时间t2=，则加速电场的加速电压u2为点评：考查了带电离子在磁场中的运动，解题的关键是会根据题意画出粒子的运动轨迹，会定圆心、找半径，结合圆周运动求相关量，在电场中粒子做匀加速运动，能结合动能定理求解，难度较大一、（二）选考题：共45分，请考生从给出3的道物理题中任选一题作答，如果多答，则按作答的第一题计分.物理选修33（共2小题，满分15分）13关于分子间的作用力，下列说法正确的是( )a分子之间的斥力和引力同时存在b分子之间的斥力和引力大小都随分子间距离的增大而减小c分子之间的距离减小时，分子力一直做正功d分子之间的距离增大时，分子势能一直减小e分子之间的距离增大时，可能存在分子势能相等的两个点考点：分子间的相互作用力 专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，引力和斥力都随分子间距离的减小而增加，但斥力增加的更快，故当距离于r0时合力表现为引力，小于r0时合力表现为斥力；分力力做功等于分子势能的减小量解答：解：a、子间既存在引力，也存在斥力，只是当分子间距离大于平衡距离时表现为引力，小于平衡距离时表现为斥力，故a正确；b、分子间存在相互作用的引力和斥力，引力和斥力都随分子间距离的减小而增加，故b正确；c、两分子之间的距离大于r0，分子力为引力，故当相互靠近时分子力做正功；当分子间距小于r0，分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功；故c错误；d、两分子之间的距离大于r0，分子力为引力，故当分子之间的距离增加时，分子力做负功，分子势能增加，故d错误；e、当两分子之间的距离等于r0，分子势能最小；从该位置起增加或减小分子距离，都是分子力做负功，分子势能增加，故分子之间的距离增大时，可能存在分子势能相等的两个点，故e正确；故选：abe点评：分子力做功对应着分子势能的变化，要正确分析分子之间距离与分子力、分子势能的关系14如图所示，两端开口的u形玻璃管两边粗细不同，粗管横截面积是细管的2倍管中装入水银，两管中水银面与管口距离均为h0=12cm，大气压强为p0=75cmhg现将粗管管口封闭，然后将细管管口用一活塞封闭并将活塞缓慢推入管中，直到两管中水银面高度差达到h=6cm为止整个过程中气体温度保持不变，求：左端液面下降多少？活塞下移的距离（结果保留两位有效数字）考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强 专题：理想气体状态方程专题分析：水银总体积是固定的，当两管中水银面高度差为6cm时，得到两侧水银面的变化情况，求解出气体压强，然后根据玻意耳定律列式求解解答：解：设细管横截面积为s，粗管横截面积为2s，故两边液面高度差为6cm时，细管液面下降4cm，粗管液面上升2cm以粗管为研究对象，封闭气体初始压强为：p1=p0=75cmhg，气柱长为l1=12cm封闭气体末状态压强为：p2，气柱长为l2=10cm，p1l12s=p2l22s，解得p2=90cmhg以细管中气体为研究对象，封闭气体初始压强为：p3=p0=75cmhg，气柱长为l3=12cm封闭气体末状态压强为：p4=p2+ph=96cmhg，气柱长为l4，由p3v3=p4v4得：p3l3s=p4l4s，可得：l4=cm=9.375cm两边液面高度差为6cm时，细管液面下降4cm，粗管液面上升2cm所以活塞下移距离为：（12+49.375）cm=6.6cm答：（1）左端液面下降4cm；（2）活塞下移的距离为6.6cm点评：本题关键确定封闭气体的初末状态的已知气压、温度、体积，然后结合理想气体状态方程列式后联立求解物理选修34（共2小题，满分15分）15如图甲所示，一列机械波沿直线ab向右传播，ab=2m，a、b两点的振动情况如图乙所示，下列说法正确的是 ( )a波速可能是m/sb波长可能是mc波速可能是m/sd波速可能是m/se波长可能大于m考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 专题：振动图像与波动图像专题分析：由振动图象读出周期根据同一时刻a、b两质点的振动状态，得到ab=1m与波长的关系，求出波长的通项，再求解波速的通项即可进行求解解答：解：由振动图象得：质点振动周期t=4s，在t=0时刻，a点位于波谷，b点经过平衡位置向上，结合波形得：2=（n+），得=m波速v=m/s，n=0，1，2，当n=0时，波长，则v=当n=1时，v=当n=2时，v=当n=10时，v=，故abd正确，ce错误故选：abd点评：振动图象反映了两个质点的状态，由同一时刻两个质点的状态，判断距离与波长的关系是基本能力，要做相关训练，能熟练掌握；写出波长与波速通式是解题的关键16由透明体做成的三棱柱，横截面为有一个锐角为30的直角三角形，如图所示，ac面镀膜，经透明体射到ac面的光只能反射现有一束光从ab面的d点垂直ab面射入透明体，经ac面e点反射后从bc面射出透明体，出射光线与