湖南省长沙二十一中九年级物理上学期第二次月考试题（含解析） 新人教版.doc

2014-2015学年湖南省长沙二十一中九年级（上）第二次月考物理试卷一、单项选择题：1在电和磁漫长的发展历史中，许多科学家做出了卓越贡献，其中发现通电导体周围存在磁场现象的科学家是（）a法拉第b焦耳c安培d奥斯特2如下图有四组不同的电阻，已知r1r2，那么电阻最小的是（）abcd3下列有关热和能的说法中，正确的是（）a机械能为零的物体，内能一定也为零b热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递c汽油机的压缩冲程中，主要是用做功的方法增加了气缸内物质的内能d扩散只能在液体中发生，不能在气体、固体中发生4为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光符合上述要求的电路图是（）abcd5如图所示的电路中，将开关s闭合，灯l1和灯l2均发光，则下列说法中正确的是（）a通过灯l1和灯l2的电流一定相等b灯l1和灯l2两端的电压一定相等c通过灯l1和灯l2的电流一定不相等d灯l1和灯l2两端的电压一定不相等6如图所示的电路，当s断开与闭合时，电流表的两次示数之比是1：3，由此可知是r1：r2（）a1：3b1：2c2：1d3：17如图所示，手电筒中的电流为0.5a，电源为三节干电池，则该手电筒小灯泡的功率最接近（）a0.25wb0.75wc2.25wd9.00w8把两种不同的金属片插入柠檬，制成“水果电池”用电压表测量水果电池的电压，如图所示下列说法正确的是（）a金属片a是水果电池的正极b金属片b是水果电池的正极c水果电池把机械能转化为电能d水果电池把电能转化为化学能9如图所示的电路，开关s闭合后，将滑动变阻器的滑片p向右滑动的过程中，有关电流表和电压表的读数以及灯泡亮度的变化，下列叙述正确的是（）a电流表的读数变大，电压表的读数变小，灯泡变暗b电流表的读数变小，电压表的读数变大，灯泡变亮c电流表、电压表的读数都变小，灯泡变暗d电流表、电压表的读数都变大，灯泡变亮10某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（）a当导体两端的电压为2v时，电流为0.6ab当导体两端的电压为0时，电阻为0c当导体两端的电压为0时，电流为0d该导体的电阻随电压的增大而增大11用电高峰期，会看到家里的白炽灯泡比正常发光要暗一些这是因为，用电高峰期并联用电器增多，造成（）a电路中的总电阻增大b电路中的总电流减小c白炽灯泡的实际功率减小d白炽灯泡的额定功率减小12如图所示电源电压不变，当开关s2闭合，s1断开时，电流表示数为0.3a，电压表示数为9v；若将两表互换位置，并同时闭合s1和s2时，电流表示数为0.5a，则下列说法中正确的是（）a电压表示数为0vbr2的阻值为45cr1的阻值为12dr2消耗的功率为6.75w13甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌为“220v25w”和“220v100w”对于两只灯泡，下列说法正确的是（）a甲灯接入电路中工作时的实际功率一定是25wb将乙灯接入110v的电路中，它的实际功率为50wc两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多d两灯均正常发光时，乙灯消耗电能较快14在电学实验中，遇到断路时，常用电压表来检测某同学连接了如图所示的电路，闭合开关s后，发现灯不亮，为检查电路故障，他用电压表进行测量，结果是uae=3v，uab=0，ubd=0，ude=3v，则此电路的故障可能是（）a开关s接触不良b小灯泡灯丝断了cd、e间出现断路de、f间出现断路15如图所示是小李探究电磁铁磁性强弱与什么因素有关的实验装置下列措施中电磁铁磁性一定增强的是（）a开关s由1扳到2，其他条件不变b滑片p向左移动，其他条件不变c滑片p向左移动，同时开关s由1扳到2d电源的正负极对调，其他条件不变二填空题与实验题（共34分）16随着经济水平的不断提高，小汽车越来越多地走进了我市普通家庭下表为小军家小汽车的相关数据：（1）汽车发动机是汽油机，发动机工作时，冲程将内能转化为机械能（2）汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容的性质，要使水箱中5kg水升高20，需要吸收的热量为j（c水=4.2103j/（kg）17如图是个通电螺线管，请在图中标出磁感线方向及放在螺线管左侧的小磁针南北极18如图所示电路，导线a的一端固定连接在铅笔芯上，当导线b的一端在铅笔芯上左右移动时，灯泡亮暗会发生变化这个实验说明铅笔芯是（选填“导体”或“绝缘体”），还能说明导体的电阻与有关受此启发，人们制造了一种可以改变电阻的元件，叫做19如图是小红在“测量小灯泡的电功率”实验时连接的电路，小灯泡的额定电压为4v，电源电压恒为6v（1）请用笔画线代替导线，将甲图电路连接完整（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片p应滑至最端（填“左”、“右”）若闭合开关时，如发现电压表的指针转动到左边无刻度处，这是由于（3）当开关闭合，变阻器滑片p向右移动时，电流表示数，电压表示数（选填“变大”、“变小”或“不变”）（4）调节滑动变阻器使灯泡正常发光，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为w（5）若在实验中突然小灯泡的不亮且电压表的示数变大，则可能出现的电路故障是灯泡（填“短路”、“断路”）（6）如果电压表的015v量程被损坏，只有03v量程能正常使用，要求利用原有器材测出小灯泡的额定功率请在图丙的虚线框中画出你设计的电路图三、计算题（共21分）20如图，电源电压恒为8v，r2的电阻为10，此时电压表的示数为5v求：（1）此时电流表的示数为多少？（2）此时滑动变阻器r1的电阻值为多少？（3）若将r1的滑片p滑至最左端，则此时r2的功率为多大？21如图所示，r1=4，r2=8，接在电源上时，电压表的示数为2v，求电路消耗的总电功率是多少？22如图所示的电路中，电阻r1的阻值为10，电源电压不变当开关s接1时，电压表的示数为6v，电流表的示数为1a求：（1）r2的阻值是多少？（2）当开关s接2时，这种情况下若通电5min，电阻r2产生的热量是多少？2014-2015学年湖南省长沙二十一中九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：1（2014秋长沙校级月考）在电和磁漫长的发展历史中，许多科学家做出了卓越贡献，其中发现通电导体周围存在磁场现象的科学家是（）a法拉第b焦耳c安培d奥斯特【考点】通电直导线周围的磁场【专题】应用题；磁现象、电生磁【分析】1820年丹麦的物理学家奥斯特，首先发现了电流的磁效应【解答】解：a、法拉第发现了电磁感应现象，故a不符合题意；b、焦耳发现了焦耳定律，故b不符合题意；c、安培发现了安培定则，故c不符合题意；d、奥斯特发现了通电导线周围有磁场，故d符合题意；故选d【点评】本题考查了：电流磁效应的发现，考查了物理学史方面的知识，是一道基础题2如下图有四组不同的电阻，已知r1r2，那么电阻最小的是（）abcd【考点】电阻的串联；电阻的并联【专题】计算题【分析】根据已知条件和串联电阻的总电阻的阻值比任何一个分电阻的阻值都大，并联电阻的总电阻的阻值比任何一个分电阻的阻值都小，通过比较即可作出判断【解答】解：a、两个电阻并联，根据并联电路电阻特点，总电阻最小，符合题意；b、两个电阻串联，根据串联电路电阻特点，总电阻最大，不符合题意；c、是单独的一个电阻接入电路，不是最小值，不符合题意；d、是单独一个电阻接入电路，不是最小值，不符合题意；故选a【点评】本题主要考查学生对电阻的串联和电阻的并联这两个知识点的理解和掌握，比较简答，属于基础题3下列有关热和能的说法中，正确的是（）a机械能为零的物体，内能一定也为零b热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递c汽油机的压缩冲程中，主要是用做功的方法增加了气缸内物质的内能d扩散只能在液体中发生，不能在气体、固体中发生【考点】热传递；内能的概念；内燃机的四个冲程；扩散现象【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】（1）机械能与物体的整体机械运动情况有关，内能是物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的总和；（2）热传递的方向是从温度高的物体到温度低的物体；（3）内燃机压缩冲程中，活塞对工作物质做功使得其内能增加；（4）扩散发生在两种不同物质之间，在固体、液体、气体之间都可以发生【解答】解：a、机械能为零的物体，内能不会为零，因为任何物体在任何状态下都有内能，故a错误；b、热量是从高温物体传向低温物体，故b错误；c、内燃机压缩冲程中，活塞对工作物质做功使得其内能增加，故c正确；d、扩散发生在两种不同物质之间，在固体、液体、气体之间都可以发生，故d错误故选c【点评】此题考查知识较基础，涉及较多知识点，要注意细致分析解答4为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光符合上述要求的电路图是（）abcd【考点】电路图设计【专题】电流和电路【分析】由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，否则灯泡不亮即被短路了【解答】解：由题意知，指示灯与s并联，但电路不会出现短路，即电路中有保护电阻；结合选项可知c符合题意，abd不符合故选c【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路5如图所示的电路中，将开关s闭合，灯l1和灯l2均发光，则下列说法中正确的是（）a通过灯l1和灯l2的电流一定相等b灯l1和灯l2两端的电压一定相等c通过灯l1和灯l2的电流一定不相等d灯l1和灯l2两端的电压一定不相等【考点】并联电路的电压规律；欧姆定律的应用【专题】电流和电路；欧姆定律【分析】由电路图可知，两灯泡并联，根据并联电路中电压和电流的规律进行判断【解答】解：由电路图可知，两灯泡并列连接，此时各支路两端的电压一定相等，即灯l1和灯l2两端的电压一定相等，故b正确、d错误；当两灯泡的规格相同时，通过灯泡的电流相等，若两灯泡的规格不同，则通过两灯光的电流不相等，故ac错误故选b【点评】本题考查了并联电路的特点，关键是正确识别电路的结构，知道并联电路的电压和电流规律6如图所示的电路，当s断开与闭合时，电流表的两次示数之比是1：3，由此可知是r1：r2（）a1：3b1：2c2：1d3：1【考点】欧姆定律的应用【专题】推理法；欧姆定律【分析】分析当开关闭合（电路中只有r2）和断开（两个电阻串联）时的电路中的各已知量，利用欧姆定律求解【解答】解：当开关s断开时两个电阻串联：则i=，当开关s闭合：i=，由题知：i：i=： =1：3：r1：r2=2：1故选c【点评】会电路动态分析：开关闭合时与之并联的被短路，开关断开时与之并联的被连接入电路，这是本题关键7如图所示，手电筒中的电流为0.5a，电源为三节干电池，则该手电筒小灯泡的功率最接近（）a0.25wb0.75wc2.25wd9.00w【考点】电功率的计算【专题】计算题【分析】干电池的电压是1.5v，求出电源电压，已知电路电流，由p=ui可以求出灯泡的功率【解答】解：电源电压u=1.5v3=4.5v，灯泡功率p=ui=4.5v0.5a=2.25w，故选c【点评】本题考查了求灯泡的功率，熟练应用功率公式p=ui是正确解题的关键，解题时要注意题目的隐含条件：干电池的电压是1.5v8把两种不同的金属片插入柠檬，制成“水果电池”用电压表测量水果电池的电压，如图所示下列说法正确的是（）a金属片a是水果电池的正极b金属片b是水果电池的正极c水果电池把机械能转化为电能d水果电池把电能转化为化学能【考点】电源及其能量转化【专题】电流和电路【分析】（1）由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方向，同时能判断水果电池的极性（2）水果电池是将化学能转化为电能的装置【解答】解：ab、图中电压表指针正常偏转，则连接电压表正接线柱的是电池的正极，即金属片a是水果电池的正极，b是该水果电池的负极，故a正确、b错误cd、水果电池和伏打电池、蓄电池类似，属于将化学能转化为电能的装置，故cd错误故选a【点评】本题考查的是电源的能量转化和用电压表判断水果电池极性方法运用电压表判断水果电池的正负极时，电压表正常偏转则连接电压表正接线柱的是电池的正极；电压表反向偏转时，连接电压表正接线柱的是电池的负极9如图所示的电路，开关s闭合后，将滑动变阻器的滑片p向右滑动的过程中，有关电流表和电压表的读数以及灯泡亮度的变化，下列叙述正确的是（）a电流表的读数变大，电压表的读数变小，灯泡变暗b电流表的读数变小，电压表的读数变大，灯泡变亮c电流表、电压表的读数都变小，灯泡变暗d电流表、电压表的读数都变大，灯泡变亮【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；实际功率【专题】压轴题；动态预测题；推理法【分析】由图可知滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，则灯泡变暗，电流表的示数变小，灯泡两端的电压变小，电压表的示数变小【解答】解：滑动变阻器与灯泡串联，电流表测得的是电路中的电流，电压表测得的是灯泡两端的电压当滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路中的电阻变大，则电路中的电流变小，灯泡变暗，电流表的示数变小；由灯泡两端的电压变小，电压表的示数变小故选c【点评】本题考查的是滑动变阻器在电路中的作用，难点是随着滑动变阻器连入电路中电阻的变化分析电路中其他物理量的变化情况10某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（）a当导体两端的电压为2v时，电流为0.6ab当导体两端的电压为0时，电阻为0c当导体两端的电压为0时，电流为0d该导体的电阻随电压的增大而增大【考点】欧姆定律的应用【专题】错解分析题；欧姆定律【分析】图象横坐标表示电压，纵坐标表示电流，这是一个正比例函数图象，电流随电压的增大而增大【解答】解：a、当导体电压为2v时，由图象可以找到此时对应的电流0.4a，故a错误；b、由图象上看出，当导体两端的电压为0时，电流为0，但是电阻不为零，因为电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压和电流没有关系，故b错误；c、电压使电路中形成电流，因此电压为零时，电流也为零，故c正确；d、因为电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压和电流没有关系，所以不随电压的改变而改变，故d错误故选c【点评】本题考查电阻的特点和电流与对应的电压之间的关系，关键是需要注意电阻是导体本身的性质，其大小与材料、长度、横截面积、温度有关，与电压的大小和电流的大小无关11用电高峰期，会看到家里的白炽灯泡比正常发光要暗一些这是因为，用电高峰期并联用电器增多，造成（）a电路中的总电阻增大b电路中的总电流减小c白炽灯泡的实际功率减小d白炽灯泡的额定功率减小【考点】电功率的计算；额定功率；实际功率【专题】应用题【分析】a、从并联电路电阻的特点以及影响电阻的因素来进行分析b、从并联电路电流的特点并结合公式i=i1+i2进行分析c、解决该问题要考虑，要考虑输电导线有电阻，要分担一部分电压，利用公式u=ir来分析电压的变化，并由此推导出用电器两端电压的变化，再利用公式p=分析用电器功率的变化d、结合额定电压并从额定功率的定义来分析【解答】解：a、家庭电路是并联的，并联的用电器增多，就相当于增加导体的横截面积，因此总电阻变小，a不符合题意b、在并联电路中i=i1+i2，因此并联的用电器增多，电路中的总电流变大，b不符合题意c、在家庭电路中，输电线和家用电器之间是串联，用电高峰期，接入电路的用电器变多，干路中的电流变大，而输电导线有一定的电阻，输电导线损失的电压u损=ir，输电导线的电阻r一定，当i增大时u损增大，用电器两端的电压减小，由公式p=可知用电器的实际功率减小，灯泡比正常发光要暗些，符合题意d、额定功率是用电器在额定电压的功率，用电器正常工作时两端的电压为额定电压，额定电压只有一个，对应的额定功率只有一个，它不随电压的改变而改变故选c【点评】要想解决此题，需要让学生知道在家庭电路中，输电导线有一定的电阻，要分担一部分电压，从而导致用电器两端的电压发生变化，其电功率发生变化，并且用到并联电路电流和电阻的特点12如图所示电源电压不变，当开关s2闭合，s1断开时，电流表示数为0.3a，电压表示数为9v；若将两表互换位置，并同时闭合s1和s2时，电流表示数为0.5a，则下列说法中正确的是（）a电压表示数为0vbr2的阻值为45cr1的阻值为12dr2消耗的功率为6.75w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，当开关s2闭合，s1断开时，两电阻串联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的总电阻；两表互换位置，并同时闭合s1和s2时，两电阻并联，电流表测r1支路的电流，电压表测电源的电压，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出r1的阻值，进一步求出r2的阻值，利用p=求出r2消耗的功率【解答】解：当开关s2闭合，s1断开时，两电阻串联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由i=可得：r1+r2=30，即r1+r2=30两表互换位置，并同时闭合s1和s2时，两电阻并联，电流表测r1支路的电流，电压表测电源的电压，则电压表的示数为9v，故a错误；因并联电路中各支路电流的电压相等，所以，r1的阻值：r1=12，故c正确；则r2=30r1=3012=18，故b错误；r2消耗的功率：p2=4.5w，故d错误故选c【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路串并联的不变和电表所测电路元件的判断13甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌为“220v25w”和“220v100w”对于两只灯泡，下列说法正确的是（）a甲灯接入电路中工作时的实际功率一定是25wb将乙灯接入110v的电路中，它的实际功率为50wc两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多d两灯均正常发光时，乙灯消耗电能较快【考点】实际功率；电功率【专题】电能和电功率【分析】由灯的铭牌知道灯的额定电压和额定功率，可以求出：灯丝的电阻，在实际电压下的实际功率灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，电功率是表示用电器消耗电能快慢的物理量【解答】解：a、当甲灯的电压是220v时，功率才是25w故a错误；b、由p=可得，乙灯泡的电阻：r=484，接到110v的电路上，灯泡的实际功率为：p实=25w故b错误；c、两灯均正常发光时，乙的电功率大，因为不知道发光时间是否相同，所以不能比较两灯消耗的电能的多少，故c错误；d、因灯泡正常发光时实际功率和额定功率相等，所以，正常发光时乙灯泡的电功率较大，由电功率是表示用电器消耗电能快慢的物理量可知，乙灯泡消耗的电能较快，故d正确故选d【点评】本题考查了电功率的物理意义、电功率公式的灵活应用、对额定电压和额定功率的理解等多个知识点，注意额定功率是不变的不能把实际功率看成是额定功率14在电学实验中，遇到断路时，常用电压表来检测某同学连接了如图所示的电路，闭合开关s后，发现灯不亮，为检查电路故障，他用电压表进行测量，结果是uae=3v，uab=0，ubd=0，ude=3v，则此电路的故障可能是（）a开关s接触不良b小灯泡灯丝断了cd、e间出现断路de、f间出现断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】应用题【分析】在判断故障时，电压表的示数的变化很关键，若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，若无示数，说明电压表与电源不能相通【解答】解：开关s闭合后，灯泡不亮，由题意可知，uae=3v，说明e与电源的正极之间、a与电源的负极之间是连通的；uab=0，说明开关是完好的；ubd=0，说明灯泡完好或被短路；ude=3v，说明d、e两点与电源相同，并且两点间是断开的；综合分析可知，电路故障是灯泡可能被短路，d、e间出现断路故选c【点评】本题考查电压表检测电路故障的问题，如果电路是断路问题，测量时，电压表有示数的位置出现断路现象，电源除外15如图所示是小李探究电磁铁磁性强弱与什么因素有关的实验装置下列措施中电磁铁磁性一定增强的是（）a开关s由1扳到2，其他条件不变b滑片p向左移动，其他条件不变c滑片p向左移动，同时开关s由1扳到2d电源的正负极对调，其他条件不变【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素【专题】磁现象、电生磁【分析】电磁铁磁性的强弱受电流的大小、线圈的匝数、以及铁芯的有无等因素的影响，从这一角度，对照各选项可进行针对性地分析【解答】解：a、开关s由1扳到2时，线圈的匝数减少，电磁铁的磁性会减弱，故不符合题意；b、滑片左移，电路中的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性会增强，故符合题意；c、滑片p向左移动，同时开关s由1扳到2时，电路中电流增大，但线圈匝数减小，电磁铁的磁性不一定增强，故不符合题意；d、电源的正负极对调只会改变电流的方向，对电磁铁的磁性不会有影响，故不合题意答选b【点评】明确影响电磁铁磁性强弱的因素有哪些，再对照选项分析是否改变了这些因素，是解决此题的关键二填空题与实验题（共34分）16随着经济水平的不断提高，小汽车越来越多地走进了我市普通家庭下表为小军家小汽车的相关数据：（1）汽车发动机是汽油机，发动机工作时，做功冲程将内能转化为机械能（2）汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容大的性质，要使水箱中5kg水升高20，需要吸收的热量为4.2105j（c水=4.2103j/（kg）【考点】内燃机的四个冲程；水的比热容的特点及应用；热量的计算【专题】比热容、热机、热值【分析】（1）在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转换为内能（2）与其它液体相比，水的比热最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多；知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式q吸=cmt求水吸收的热量【解答】解：（1）吸气冲程、排气冲程没有能量转化；压缩冲程将机械能转化为内能；而做功冲程中高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能（2）汽车发动机工作过程中，不可避免地产生很多热量，这些热量如不及时带走会影响机器的正常工作由公式q=cmt知，在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，因为水的比热最大，所以吸收的热量最多，冷却效果最好；水吸收的热量：q吸=cmt=cmt=4.2103j/（kg）5kg20=4.2105j故答案为：（1）做功；（2）大；4.2105【点评】该题考查了比热容的应用、热量的计算、内燃机工作过程中的能量转化等知识点，是一道综合题；17如图是个通电螺线管，请在图中标出磁感线方向及放在螺线管左侧的小磁针南北极【考点】通电螺线管的磁场；磁场；磁感线及其特点【专题】磁现象、电生磁【分析】从电流的方向入手，利用安培定则判断出螺线管的极性，进而确定磁场的方向，最后根据磁极间的相互规律确定小磁针的指向【解答】解：电流从左侧流向右侧，依据安培定则可判断出螺线管的右端为n极，磁感线在磁体外部是由n极指向s极的，小磁针靠近螺线管s极的一端为n极，如图所示：【点评】电流的方向、螺线管的极性、磁感线的方向、小磁针的指向，这些都是互相关联的，要想找出它们之间的关系，需要利用的知识主要是安培定则和磁极间的相互作用规律18如图所示电路，导线a的一端固定连接在铅笔芯上，当导线b的一端在铅笔芯上左右移动时，灯泡亮暗会发生变化这个实验说明铅笔芯是导体（选填“导体”或“绝缘体”），还能说明导体的电阻与导体长度有关受此启发，人们制造了一种可以改变电阻的元件，叫做滑动变阻器【考点】导体；滑动变阻器的使用【专题】应用题【分析】（1）容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体（2）由灯泡亮度可判断电流大小，由电流大小可判断电阻大小；影响电阻大小的因素有材料、长度、横截面积和温度（3）滑动变阻器的原理是通过改变连入电路中电阻线的长度来改变电阻的【解答】解：（1）因为铅笔芯接入电路中灯泡发光，说明铅笔芯能够导电，所以这个实验说明铅笔芯是导体；（2）当导线b的一端在铅笔芯上左右移动时，改变了铅笔芯接入电路的长度，从而改变了铅笔芯接入电路的电阻，改变了电流，改变了灯泡亮度，所以这个实验说明导体的电阻与导体长度有关，根据改变连入电路中电阻线的长度可以改变电阻，制成了滑动变阻器故答案为：导体；导体长度；滑动变阻器【点评】此题考查哪些物体为导体及滑动变阻器的原理和使用，属于基本内容，比较简单19如图是小红在“测量小灯泡的电功率”实验时连接的电路，小灯泡的额定电压为4v，电源电压恒为6v（1）请用笔画线代替导线，将甲图电路连接完整（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片p应滑至最左端（填“左”、“右”）若闭合开关时，如发现电压表的指针转动到左边无刻度处，这是由于电压表没有调零（3）当开关闭合，变阻器滑片p向右移动时，电流表示数变大，电压表示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）（4）调节滑动变阻器使灯泡正常发光，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为1.28w（5）若在实验中突然小灯泡的不亮且电压表的示数变大，则可能出现的电路故障是灯泡断路（填“短路”、“断路”）（6）如果电压表的015v量程被损坏，只有03v量程能正常使用，要求利用原有器材测出小灯泡的额定功率请在图丙的虚线框中画出你设计的电路图【考点】电功率的测量【专题】测量型实验综合题【分析】（1）将电压表与灯泡并联，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程；（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；（3）判断出滑动变阻器阻值的变化，得出电表示数的变化；（4）根据乙图读出电流表的示数，根据p=ui计算出小灯泡的额定电功率；（5）根据当灯泡断路时，灯泡两端的电压等于电源电压的特点进行分析；（6）根据串联电路电压特点，当灯泡正常工作时，求出滑动变阻器电压小于3v，测滑动变阻器电压，间接得到灯泡的额定功电压【解答】解：（1）因为灯泡的额定电压为3.8v，则选择015v的量程，并将电压表并联在灯泡两端；如下图所示：（2）由图知，滑动变阻器的下面接了右边的接线柱，所以闭合开关前应将滑片移至最左端，使其阻值最大；若闭合开关时，如发现电压表的指针转动到左边无刻度处，说明电压表没有调零；（3）滑动变阻器接入右半段，滑片右移，总电阻变小，电源电压不变 电路电流变大，故电流表的示数变大又因为电压表并联在灯泡两端，由u=ir可知，灯泡两端电压变大，故电压表示数变大； （4）电流表使用的00.6a，每一个大格代表0.2a，每一个小格代表0.02a，电流为0.32ap=ui=4v0.32a=1.28w（5）电压表的示数变大，说明灯泡的电阻突然变大，可能是灯丝断了的问题；（6）电源电压为6v，灯泡和滑动变阻器串联在电路中，灯泡额定电压为4v，要让灯泡正常工作，滑动变阻器的电压为6v4v=2v3v，可以用电压表03v量程，并联在滑动变阻器两端，当滑动变阻器的电压为2v时，灯泡正常工作电路图如下图所示：故答案为：（1）见上图；（2）左；电压表没有调零；（3）变大；变大；（4）1.28；（5）断路；（6）见上图【点评】本题考查了电流表量程的选择、连接实物图、电压表的读数、滑动变阻器的调节、求灯泡的额定功率，是实验的常考内容，要求熟练掌握三、计算题（共21分）20如图，电源电压恒为8v，r2的电阻为10，此时电压表的示数为5v求：（1）此时电流表的示数为多少？（2）此时滑动变阻器r1的电阻值为多少？（3）若将r1的滑片p滑至最左端，则此时r2