重庆市三十七中高考物理仿真模拟试卷（七）（含解析）.doc

2016年重庆三十七中高考物理仿真模拟试卷（七）一、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1下列有关物理学史的研究方法，说法正确的是（）a用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法b在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法c在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了微元法d用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强e=，电容c=，加速度a=都是采用比值法定义的2细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连平衡时细绳与竖直方向的夹角为53，如图所示，以下说法正确的是（已知sin53=0.8，cos53=0.6）（）a小球静止时弹簧的弹力大小为b小球静止时细绳的拉力大小为c细线烧断瞬间小球的加速度为d细线烧断后小球做平抛运动3如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率10w的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40，图中电压表为理想电表，下列说法正确的是（）a变压器输入电压的瞬时值表达式为=220sint（v）b电压表的示数为220vc变压器原、副线圈的匝数比为11：1d变压器的输入功率为110w4如图所示，ac和bd为正方形abcd的对角平分线，o为正方形的中心现在a，b，c三点分别放上电荷量相等的三个正电荷，则下列说法正确的是（）ao点电场强度的方向垂直于ac由d指向ob从o到d电势逐渐升高c将b点的电荷移到o点时，d点的电场强度变小d将带正电的试探电荷由o移到d，该电荷的电势能逐渐减小5我国成功实施了“神舟”七号载人航天飞行并实现了航天员首次出舱飞船先沿椭圆轨道飞行，后在远地点343千米处点火加速，由椭圆轨道变成高度为343千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为90分钟下列判断正确的是（）a飞船变轨前后的机械能相等b飞船在圆轨道上时航天员出舱前后都处于失重状态c飞船在此圆轨道上运动的角速度大于同步卫星运动的角速度d飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的加速度大于变轨后沿圆轨道运动的加速度6如图所示，等腰直角三角体oab的斜边ab是由ap和pb两个不同材料的面拼接而成，p为两面交点，且bpap将ob边水平放置，让小物块从a滑到b；然后将oa边水平放置，再让小物块从b滑到a，小物块两次滑动均由静止开始，且经过p点的时间相同物体与ap面的摩擦因数为a，与pb面的摩擦因数b；滑到底部所用的总时间分别是tab和tba，下列说法正确的是（）a两面与小物体间的摩擦系数abb两次滑动中物块到达底端速度相等c两次滑动中物块到达p点速度相等d两次滑动中物块到达底端总时间tabtba7如图所示，光滑的长直金属杆上套两个金属环与一个完整正弦图象的金属导线ab连接，其余部分未与杆接触杆电阻不计，导线电阻为r，ab间距离为2l，导线组成的正弦图形顶部或底部到杆距离都是d，在导线和杆平面内有一有界匀强磁场区域，磁场的宽度为l，磁感强度为b，现在外力f作用下导线沿杆以恒定的速度v向右运动，t=0时刻导线从o点进入磁场，直到全部穿过的过程中，产生的感生电流或外力f所做的功为（）a非正弦交变电流b正弦交变电流c外力做功为d外力做功为8在倾角为的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块a和b，它们的质量分别为m和2m，弹簧的劲度系数为k，c为一固定挡板，系统处于静止状态现用一沿斜面方向的恒力拉物块a使之沿斜面向上运动，当b刚离开c时，a的速度为v，加速度方向沿斜面向上，大小为a，则（）a从静止到b刚离开c的过程中，a发生的位移为b从静止到b刚离开c的过程中，重力对a做的功为cb刚离开c时，恒力对a做功的功率为（mgsin+ma）vd当a的速度达到最大时，b的加速度大小为二、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第22题第25题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33题第35题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共47分）9在水平固定的长木板上，小明用物体a、b分别探究了加速度随着外力的变化的关系，实验装置如图甲所示（打点计时器、纸带图中未画出）实验过程中小明用不同的重物p分别挂在光滑的轻质动滑轮上，使平行于长木板的细线拉动长木板上的物体a、b由静止开始加速运动（纸带与打点计时器之间阻力及空气阻力可忽略），实验后进行数据处理，小明得到了物体a、b的加速度a与轻质弹簧秤弹力f的关系图象分别如图乙中的a、b所示，（1）（多选题）由图甲判断下列说法正确的是a一端带有定滑轮的长木板不水平也可以达到实验目的b实验时应先接通打点计时器电源后释放物体c实验中重物p的质量应远小于物体的质量d弹簧秤的读数始终为重物p的重力的一半（2）小明仔细分析了图乙中两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且mamb（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因数ab（填“大于”“等于”或“小于”）10某同学用下列器材测量一电阻丝的电阻rx：电源e，适当量程的电流表、电压表各一只（电流表有内阻，电压表内阻不是无限大），滑动变阻器r、rp，开关s1、s2，导线若干他设计如图（a）所示的电路测量电阻rx的值，并有效地消除了因电压表和电流表内阻而产生的系统误差实验步骤如下：a先闭合s1，断开s2，调节r和rp，使电流表和电压表示数合理，记下两表示数为i1，u1；b闭合s2，调节rp，记下电流表和电压表示数为i2、u2（1）请你帮他按电路图在实物图（b）上连线；（2）指出上述步骤b中错误的做法并进行改正，写出用测量数据表示被测电阻rx的表达式11某物体a静止于水平地面上，它与地面间的动摩擦因数u=0.2，若给物体a一个水平向右的初速度v0=l0m/s，g=l0m/s2求：（1）物体a向右滑行的最大距离：（2）若物体a右方x0=12m处有一辆汽车b，在物体a获得初速度v0的同时，汽车b从静止开始以a=2m/s2的加速度向右运动，通过计算说明物体a能否撞上汽车b？12如图所示，直线mn的下方有mn成60斜向上的匀强电场，上方空间存在两个匀强磁场，其分界线是半径为r的半圆，圆心o在mn上，p、q是圆与mn的两交点，半圆分界线内外的磁场方向相反且垂直于纸面，磁感应强度大小都为b现有一质量为m、电荷量为q的带负电微粒从a点（a点在过o的电场线上）垂直电场线向左上方射出，到达p点时速度恰好水平，经磁场最终能打到q点，不计微粒的重力求：（1）微粒在a点的速度大小与在p点的速度大小的比值（2）ao间的距离（3）微粒从p点到q点可能的运动时间（二）选考题（共15分.请从给出的3道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一个题目计分）物理-选修3-313下列说法正确的是（）a液体表面张力产生的原因是液体表面层分子较密集，分子间引力大于斥力bpm2.5（空气中直径等于或小于2.5微米的悬浮颗粒物）在空气中的运动属于分子热运动c在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性d一定质量的理想气体温度升高，体积增大，压强不变，则气体分子在单位时间撞击容器壁单位面积的次数一定减少e在使两个分子间的距离由很远（r109 m）减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力先增大后减小，再增大14如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑气缸，其侧壁是绝热的，底部导热，内有两个质量均为m的密闭活塞，活塞a导热，活塞b绝热，将缸内理想气体分成、两部分初状态整个装置静止不动处于平衡，、两部分气体的长度均为l0，温度为t0设外界大气压强为p0保持不变，活塞横截面积为s，且mg=p0s，环境温度保持不变求：在活塞a上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m时，两活塞在某位置重新处于平衡，活塞b下降的高度现只对气体缓慢加热，使活塞a回到初始位置，此时气体的温度物理-选修3-415一列简谐横波在某时刻的波形如图所示，此时刻质点p的速度为v，经过0.2s后它的速度大小、方向第一次与v相同，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v相同，则下列判断中正确的是（）a波沿x轴正方向传播，且波速为10m/sb波沿x轴负方向传播，且波速为20m/sc质点m与质点q的位移大小总是相等、方向总是相反d若某时刻n质点到达波谷处，则q质点一定到达波峰处e从图示位置开始计时，在0.6s时刻，质点m偏离平衡位置的位移y=10cm16如图所示，一透明半圆柱体折射率为n=2，半径为r、长为l一平行光束从半圆柱体的矩形表面垂直射入，从部分柱面射出求该部分柱面的面积s物理-选修3-517美国物理学家密立根以精湛的技术测出了光电效应中几个重要的物理量若某次实验中，他用光照射某种金属时发现其发生了光电效应，且得到该金属逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图象如图所示，经准确测量发现图象与横轴的交点坐标为4.77，与纵轴交点坐标为0.5已知电子的电荷量为1.61019c，由图中数据可知普朗克常量为js，金属的极限频率为hz（均保留两位有效数字）18一辆以90km/h高速行驶的货车，因其司机酒驾，在该货车进入隧道后，不仅未减速，而且驶错道，与一辆正以72km/h速度驶来的小轿车发生迎面猛烈碰撞，碰撞后两车失去动力并挂在一起，直线滑行10m的距离后停下，已知货车的质量为m=104kg，轿车的质量为m=103kg，且由监控数据可知，两车碰撞时间（从接触到开始一起滑行所用时间）为0.2s，假设两车碰撞前后一直在同一条直线上运动，且忽略碰撞时摩擦力的冲量，重力加速度g取10m/s2，求：两车碰撞过程中，小轿车受到的平均冲击力与轿车本身的重力之比；两车一起滑行的过程中，受到的地面摩擦力大小（保留两位有效数字）2016年重庆三十七中高考物理仿真模拟试卷（七）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1下列有关物理学史的研究方法，说法正确的是（）a用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法b在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法c在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了微元法d用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强e=，电容c=，加速度a=都是采用比值法定义的【考点】物理学史【分析】本题根据常用的物理研究方法，如理想模型法、等效替代法等，进行解答即可【解答】解：a、用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法，故a正确b、在验证力的平行四边形定则的实验中使用了等效替代的方法，故b错误c、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验使用了控制变量的方法，故c错误d、场强e=，电容c=是采用比值法定义，而加速度a=不是采用比值法定义，因为a与f成正比，与m成反比，不符合比值法定义的共性故d错误故选：a【点评】解决此题的关键要知道物理常用的研究方法，如理想模型法、等效替代法、控制变量法、比值定义等2细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连平衡时细绳与竖直方向的夹角为53，如图所示，以下说法正确的是（已知sin53=0.8，cos53=0.6）（）a小球静止时弹簧的弹力大小为b小球静止时细绳的拉力大小为c细线烧断瞬间小球的加速度为d细线烧断后小球做平抛运动【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】小球静止时，分析受力情况，由平衡条件求解弹簧的弹力大小和细绳的拉力大小细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，即可求出加速度【解答】解：a、b、小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：f=mgtan53=mg细绳的拉力大小为：t=mg故a错误，b错误；c、d、细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a=故c正确d、由c分析可得，d错误故选：c【点评】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键3如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率10w的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40，图中电压表为理想电表，下列说法正确的是（）a变压器输入电压的瞬时值表达式为=220sint（v）b电压表的示数为220vc变压器原、副线圈的匝数比为11：1d变压器的输入功率为110w【考点】变压器的构造和原理【专题】交流电专题【分析】根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比，与匝数成反比，即可求得结论【解答】解：a、由图象可知，=，故a错误b、原线圈输入电压为220v，电压表示数为灯泡的额定电压u=20v，故b错误c、由b分析，结合变压比公式得， =，故c正确d、变压器的输入功率与输出功率相等，为10w，故d错误故选c【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题4如图所示，ac和bd为正方形abcd的对角平分线，o为正方形的中心现在a，b，c三点分别放上电荷量相等的三个正电荷，则下列说法正确的是（）ao点电场强度的方向垂直于ac由d指向ob从o到d电势逐渐升高c将b点的电荷移到o点时，d点的电场强度变小d将带正电的试探电荷由o移到d，该电荷的电势能逐渐减小【考点】电势差与电场强度的关系；电荷守恒定律；电势能【专题】定性思想；图析法；电场力与电势的性质专题【分析】根据点电荷产生的场强和场强的叠加原理判断场强的大小，沿电场线方向电势降低，正电荷沿电场线方向电场力做正功，电势能减小【解答】解：a、根据点电荷产生的场强和叠加原理可得o点的场强方向垂直于ac由o指向d，故a错误；b、o到d的场强方向指向d，故沿电场线方向电势降低，故b错误；c、根据电场的叠加可知将b点的电荷移到o点时，d点的电场强度变大，故c错误；d、将带正电的试探电荷由o移到d，电场力做正功，电势能减小，故d正确故选：d【点评】本题考查对电场叠加的理解和应用能力，明确其计算用矢量合成法则，会分析电势的高低5我国成功实施了“神舟”七号载人航天飞行并实现了航天员首次出舱飞船先沿椭圆轨道飞行，后在远地点343千米处点火加速，由椭圆轨道变成高度为343千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为90分钟下列判断正确的是（）a飞船变轨前后的机械能相等b飞船在圆轨道上时航天员出舱前后都处于失重状态c飞船在此圆轨道上运动的角速度大于同步卫星运动的角速度d飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的加速度大于变轨后沿圆轨道运动的加速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【专题】人造卫星问题【分析】同步卫星的周期t=24h，根据周期与角速度的关系可知角速度的大小关系飞船在飞行过程中只受地球万有引力作用，飞船处于完全失重状态飞船的加速度由万有引力产生，加速度是否相同就是看飞船受到的万有引力是否一样【解答】解：a、在远地点343千米处点火加速，机械能增加，故a错误b、飞船在圆轨道上时，航天员出舱前后，航天员所受地球的万有引力提供航天员做圆周运动的向心力，航天员此时的加速度就是万有引力加速度，即航天员出舱前后均处于完全失重状态，故b正确；c、因为飞船在圆形轨道上的周期为90分钟小于同步卫星的周期，根据=可知角速度与周期成反比，所以飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度，故c正确；d、飞船变轨前后通过椭圆轨道远地点时的加速度均为万有引力加速度，据a=可知，轨道半径一样则加速度一样，故d错误故选：bc【点评】圆形轨道上，航天器受到的万有引力提供航天器做圆周运动的向心力，即万有引力产生的加速度等于向心加速度，无论航天器是否做圆周运动，空间某点航天器无动力飞行时的加速度即为万有引力加速度，此加速度只跟物体轨道半径有关，与运动状态无关6如图所示，等腰直角三角体oab的斜边ab是由ap和pb两个不同材料的面拼接而成，p为两面交点，且bpap将ob边水平放置，让小物块从a滑到b；然后将oa边水平放置，再让小物块从b滑到a，小物块两次滑动均由静止开始，且经过p点的时间相同物体与ap面的摩擦因数为a，与pb面的摩擦因数b；滑到底部所用的总时间分别是tab和tba，下列说法正确的是（）a两面与小物体间的摩擦系数abb两次滑动中物块到达底端速度相等c两次滑动中物块到达p点速度相等d两次滑动中物块到达底端总时间tabtba【考点】动能定理的应用；功能关系【分析】根据匀加速直线运动位移时间公式及牛顿第二定律联立方程判断动摩擦力因数的大小，从a到b和从b到a分别利用动能定理可以比较物块滑到低端时的速度大小，由功的计算公式可以求出克服摩擦力所做的功【解答】解：a、根据匀加速直线运动位移时间公式得：x=解得：a=因为两次运动到p点的时间相同，且bpap，所以abaa根据牛顿第二定律得：a=，所以ab，故a错误；b、从a到b和从b到a过程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根据动能定理可知，两次滑动中物块到达底端速度相等，故b正确；c、由题意可知，小物块两次滑动经过p点的时间相同且bpap，因此从b到p的平均速度大于从a到p的平均速度，设从a到p点时速度为v1，从b到p时速度为v2，则根据匀变速直线运动特点有：，即从b到p点速度大于从a到p点的速度，故c错误；d、从b到p点速度大于从a到p点的速度，且以abaa，bpap，所以b从p点滑到a的时间大于a从p点滑到b的时间，又因为经过p点的时间相同，所以两次滑动中物块到达底端总时间tabtba，故d正确故选：bd【点评】熟练应用动能定理是解答这类问题的关键，应用动能定理时注意正确选择两个状态，弄清运动过程中外力做功情况，可以不用关心具体的运动细节7如图所示，光滑的长直金属杆上套两个金属环与一个完整正弦图象的金属导线ab连接，其余部分未与杆接触杆电阻不计，导线电阻为r，ab间距离为2l，导线组成的正弦图形顶部或底部到杆距离都是d，在导线和杆平面内有一有界匀强磁场区域，磁场的宽度为l，磁感强度为b，现在外力f作用下导线沿杆以恒定的速度v向右运动，t=0时刻导线从o点进入磁场，直到全部穿过的过程中，产生的感生电流或外力f所做的功为（）a非正弦交变电流b正弦交变电流c外力做功为d外力做功为【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率【专题】电磁感应与电路结合【分析】金属导线向右一共移动了3l，把全过程分为三个阶段，因导线切割磁力线的有效长度是随正弦规律变化的，所以产生的电流也是按正弦规律变化的正弦交流电，分别求出在这三段中的有效电动势，结合运动时间可求出每段运动过程上产生的内能，外力f所做的功全部转化为了内能【解答】解：金属导线在磁场中运动时，产生的电动势为：e=bvy，y为导线切割磁力线的有效长度在导线运动的过程中，y随时间的变化为：y=dsin=dsin=dsint， =，则导线从开始向右运动到l的过程中（如图）有：e1=bvy=bvdsin=bvdsint则此过程中电动势的最大值为：e1max=bvd，此过程中电动势的有效值为：e1=，导线从l向右运动到2l的过程中（如图）有：e2=2bvy=2bvdsin=2bvdsint，即：e2max=2bvd，所以：e2=2e1=，导线从2l向右运动到3l的过程与导线从开始向右运动l的过程相同（如图），则在这三段中运动的时间各为t，t=，在整个过程中产生的内能为：q=+，解得：q=因导线在拉力f的作用下匀速运动，所以拉力f所做的功全部转化为内能，即：w=q=，由以上分析可知，电流不按正弦规律变化，不是正弦式电流，故ac正确，bd错误；故选：ac【点评】该题是以另外一种形式考察了交变电流的做功问题，解决此题的关键是把整个过程进行合理分段，分别求出各段的电动势的有效值，即可求出全过程的电功了难度较大8在倾角为的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块a和b，它们的质量分别为m和2m，弹簧的劲度系数为k，c为一固定挡板，系统处于静止状态现用一沿斜面方向的恒力拉物块a使之沿斜面向上运动，当b刚离开c时，a的速度为v，加速度方向沿斜面向上，大小为a，则（）a从静止到b刚离开c的过程中，a发生的位移为b从静止到b刚离开c的过程中，重力对a做的功为cb刚离开c时，恒力对a做功的功率为（mgsin+ma）vd当a的速度达到最大时，b的加速度大小为【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算【专题】功率的计算专题【分析】未加拉力f时，物体a对弹簧的压力等于其重力的下滑分力；物块b刚要离开c时，弹簧的拉力等于物体b重力的下滑分力；根据平衡条件并结合胡克定律求解出两个状态弹簧的行变量，得到弹簧的长度变化情况；然后结合功能关系进行分析即可【解答】解：a、开始时，弹簧处于压缩状态，压力等于物体a重力的下滑分力，根据胡克定律，有：mgsin=kx1解得：x1=物块b刚要离开c时，弹簧的拉力等于物体b重力的下滑分力，根据胡克定律，有；2mgsin=kx2解得：x2=故物块a运动的距离为：，故a正确；b、从静止到b刚离开c的过程中，物块a克服重力做功为，故b错误；c、此时物体a受拉力、重力、支持力和弹簧的拉力，根据牛顿第二定律，有：fmgsint=ma弹簧的拉力等于物体b重力的下滑分力，为：t=2mgsin故：f=3mgsin+ma，恒力对a做功的功率为（3mgsin+ma）v故c错误；d、当a的速度达到最大时，a受到的合外力为0，则：fmgsint=0所以：t=2mgsin+mab沿斜面方向受到的力：fb=t2mgsin=ma又：fb=2ma所以：故d正确故选：ad【点评】本题关键抓住两个临界状态，开始时的平衡状态和最后的b物体恰好要滑动的临界状态，然后结合功能关系分析，难度适中二、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第22题第25题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33题第35题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共47分）9在水平固定的长木板上，小明用物体a、b分别探究了加速度随着外力的变化的关系，实验装置如图甲所示（打点计时器、纸带图中未画出）实验过程中小明用不同的重物p分别挂在光滑的轻质动滑轮上，使平行于长木板的细线拉动长木板上的物体a、b由静止开始加速运动（纸带与打点计时器之间阻力及空气阻力可忽略），实验后进行数据处理，小明得到了物体a、b的加速度a与轻质弹簧秤弹力f的关系图象分别如图乙中的a、b所示，（1）（多选题）由图甲判断下列说法正确的是ba一端带有定滑轮的长木板不水平也可以达到实验目的b实验时应先接通打点计时器电源后释放物体c实验中重物p的质量应远小于物体的质量d弹簧秤的读数始终为重物p的重力的一半（2）小明仔细分析了图乙中两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且ma小于mb（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因数a大于b（填“大于”“等于”或“小于”）【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【专题】实验题【分析】本题（1）选项a写出木板水平时加速度的表达式讨论即可；选项c根据光滑轻质滑轮特点可知，绳子拉力始终等于弹簧秤读数，与重物p质量大小无直接关系；选项d对重物p列出加速度的表达式，然后讨论即可题（2）的关键是根据af分别写出a和b加速度a与拉力f的函数表达式，然后再根据斜率和截距的概念即可求解【解答】解：（1）a、长木板水平时，对物体a由牛顿第二定律可得：fmg=ma，即a=g，对b由牛顿第二定律可得：fmg=ma，即a=g，所以不平衡摩擦力时，也可以达到实验目的但若木板不水平，当滑轮一侧较高时应有fmgsinmgcos=ma，较低时应有f+mgsinmgcos=ma1，则需要已知斜面的倾角，由于本题倾角未知，就不能求出加速度a，所以a错误；b、实验要求应先接通电源后释放纸带，所以b正确；c、由于动滑轮是轻质光滑的滑轮，所以绳子对物体的拉力一定等于弹簧秤的读数，与重物p质量大小无直接关系，所以c错误；对重物p析，当加速度为a时，应有mg2f=ma，可得f=，所以只有当a=0时，f才等于，所以d错误；故选：b（2）设加速度大小为a，据牛顿第二定律，对物体b应有fmg=ma，可得：a=对物体a应有fmg=ma，可得：a=g根据af图象斜率绝对值k=可知，b的斜率大于a的斜率，所以，即小于；再根据纵轴截距大小等于g可知，由于a的截距大于b的截距，所以大于；故答案为：（1）b；（2）小于，大于【点评】应明确：若滑轮是“轻质光滑”的，则滑轮两端绳子的拉力都相等；涉及到图象问题，应根据相应的物理规律写出纵轴物理量与横轴物理量的表达式，然后再根据斜率与截距的概念即可求解10某同学用下列器材测量一电阻丝的电阻rx：电源e，适当量程的电流表、电压表各一只（电流表有内阻，电压表内阻不是无限大），滑动变阻器r、rp，开关s1、s2，导线若干他设计如图（a）所示的电路测量电阻rx的值，并有效地消除了因电压表和电流表内阻而产生的系统误差实验步骤如下：a先闭合s1，断开s2，调节r和rp，使电流表和电压表示数合理，记下两表示数为i1，u1；b闭合s2，调节rp，记下电流表和电压表示数为i2、u2（1）请你帮他按电路图在实物图（b）上连线；（2）指出上述步骤b中错误的做法并进行改正应该保持rp不变，测出电流表和电压表的读数为i2、u2，写出用测量数据表示被测电阻rx的表达式【考点】伏安法测电阻【专题】实验题【分析】（1）根据电路图，结合量程及电表极性，即可求解；（2）根据欧姆定律，结合并联电阻公式，并依据题意：即先闭合s1，断开s2与闭合s2，两种情况，即可求解【解答】解：（1）由电路图，连接实物图，如下图所示：（2）先闭合s1，断开s2，调节r和rp，使电流表和电压表示数合理，记下两表示数为i1，u1；设电压表内阻为rv，则=+再保持rp不变，闭合s2，记下电流表和电压表示数为i2、u2，则=+解得：故答案为：（1）如上图所示；（2）应该保持rp不变，测出电流表和电压表的读数为i2、u2；【点评】考查由电路图连接实物图，掌握量程选取，及正负极的确定，理解欧姆定律的应用，注意并联电阻的计算11某物体a静止于水平地面上，它与地面间的动摩擦因数u=0.2，若给物体a一个水平向右的初速度v0=l0m/s，g=l0m/s2求：（1）物体a向右滑行的最大距离：（2）若物体a右方x0=12m处有一辆汽车b，在物体a获得初速度v0的同时，汽车b从静止开始以a=2m/s2的加速度向右运动，通过计算说明物体a能否撞上汽车b？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】根据牛顿第二定律求出物体a的加速度，结合速度位移公式求出物体a向右滑行的最大距离求出两者速度相同的时间，求出该过程中a、b的位移，结合位移关系判断是否相撞【解答】解：（1）由牛顿第二定律得mg=ma0解得a0=2 m/s2根据 v2v02=2 a0 x 代入数据解得x=25m （2）假设二者不相撞，设经过时间t二者有共同速度v则对物体a v=v0a0t 对汽车b v=at 代入数据解得v=5 m/st=2.5 s该过程中物体a的位移 xa=t=m=18.75m 该过程中汽车b的位移 xb=t=m=6.25m 因为 xaxb+x0故物体a能击中汽车b答：（1）物体a向右滑行的最大距离为25m（2）物体a能击中汽车b【点评】本题考查了运动学中的追及问题，知道速度大者减速追及速度小者，之间的距离逐渐减小，判断是否相撞，即判断速度相等时是否相撞12如图所示，直线mn的下方有mn成60斜向上的匀强电场，上方空间存在两个匀强磁场，其分界线是半径为r的半圆，圆心o在mn上，p、q是圆与mn的两交点，半圆分界线内外的磁场方向相反且垂直于纸面，磁感应强度大小都为b现有一质量为m、电荷量为q的带负电微粒从a点（a点在过o的电场线上）垂直电场线向左上方射出，到达p点时速度恰好水平，经磁场最终能打到q点，不计微粒的重力求：（1）微粒在a点的速度大小与在p点的速度大小的比值（2）ao间的距离（3）微粒从p点到q点可能的运动时间【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】（1）微粒在电场中做类平抛运动，作出微粒在a、p两点的速度，然后求出速度之比（2）微粒在电场中做类平抛运动，应用类平抛运动的运动规律求出ao间的距离（3）微粒在磁场中做类平抛运动，洛伦兹力提供向心力，作出粒子的运动轨迹，应用牛顿第二定律与周期公式可以求出微粒的运动时间【解答】解：（1）微粒在a、p两点的速度如图所示：由图示可知： =sin60=；（2）微粒在垂直电场方向：vat=rsin60在平行电场方向： t=l，由几何知识可知：ao=rcos60l，代入数据解得：ao=r；（3）微粒在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv0b=m，粒子在磁场中做圆周运动的周期：t=，粒子的运动轨迹将磁场边界分成n等份（n=2，3，4）由几何知识可得：=，当n为偶数时，由对称性可得：t=t=（n=2，4，6）当n为奇数时，t为周期的倍数加上第一段的运动时间，t=t+t=（n=3，5，7）答：（1）微粒在a点的速度大小与在p点的速度大小的比值；（2）ao间的距离为为r；（3）微粒从p点到q点可能的运动时间为：（n=2，4，6） 或（n=3，5，7）【点评】本题考查了微粒在电场与磁场中的运动，应用牛顿第二定律即可正确解题，根据题意作出粒子运动轨迹，结合题意找出相应的临界条件是正确解题的前提本题是一道难题，根据题意作出粒子的运动轨迹是本题解题的难点，也是正确解题的关键（二）选考题（共15分.请从给出的3道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一个题目计分）物理-选修3-313下列说法正确的是（）a液体表面张力产生的原因是液体表面层分子较密集，分子间引力大于斥力bpm2.5（空气中直径等于或小于2.5微米的悬浮颗粒物）在空气中的运动属于分子热运动c在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性d一定质量的理想气体温度升高，体积增大，压强不变，则气体分子在单位时间撞击容器壁单位面积的次数一定减少e在使两个分子间的距离由很远（r109 m）减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力先增大后减小，再增大【考点】* 液体的表面张力现象和毛细现象；* 晶体和非晶体【专题】定性思想；推理法；分子间相互作用力与分子间距离的关系【分析】液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力；pm2.5（空气中直径等于或小于2.5微米的悬浮颗粒物）在空气中的运动不属于分子热运动；晶体分子的拍了具有一定的周期性；根据压强的微观意义解释；根据分子力的特点，分子距离减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力先增大后减小，再增大【解答】解：a、液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，故液体表面存在张力故a错误；b、悬浮颗粒的运动不可能是分子的运动，故b错误；c、在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性，故c正确；d、一定质量的理想气体温度升高，分子对器壁的平均撞击力增大，压强不变，则气体分子在单位时间撞击容器壁单位面积的次数一定减少，故d正确；e、在使两个分子间的距离由很远（r109 m）减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力开始时表现为引力，先增大后减小，最后表现为斥力再逐渐增大，故e正确故选：cde【点评】本题考查了液体表面张力、布朗运动、气体压强的微观意义、分子之间的作用力的特点等，知识点多，难度小，关键是多加积累，记住基础知识14如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑气缸，其侧壁是绝热的，底部导热，内有两个质量均为m的密闭活塞，活塞a导热，活塞b绝热，将缸内理想气体分成、两部分初状态整个装置静止不动处于平衡，、两部分气体的长度均为l0，温度为t0设外界大气压强为p0保持不变，活塞横截面积为s，且mg=p0s，环境温度保持不变求：在活塞a上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m时，两活塞在某位置重新处于平衡，活塞b下降的高度现只对气体缓慢加热，使活塞a回到初始位置，此时气体的温度【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强【专题】理想气体状态方程专题【分析】先由力学知识确定出状态中的气体压强，然后确定添加铁砂后的压强，根据对中气体列玻意耳定律方程即可求解；先根据玻意耳定律求出中气体后来的长度，然后以气体为研究对象列理想气体状态方程求解【解答】解：初状态气体压强 气体压强 添加铁砂后气体压强 p1=p0+=4p0气体压强p2=p1+=5p0根据玻意耳定律，气体等温变化，p2l0s=p2l2s 可得：，b活塞下降的高度h2=l0l2=0.4l0气体等温变化，可得：l1=0.5l0只对气体加热，i气体状态不变，所以当a活塞回到原来位置时，气体高度l2=2l00.5l0=1.5l0根据气体理想气体状态方程：=得：t2=2.5t0答：在活塞a上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m时，两活塞在某位置重新处于平衡，活塞b下降的高度为0.4l0现只对ii气体缓慢加热，使活塞a回到初始位置，此时ii气体的温度2.5t0【点评】本题考查了理想气体状态方程和力学知识的综合应用，这是高考重点，要加强这方面的练习物理-选修3-415一列简谐横波在某时刻的波形如图所示，此时刻质点p的速度为v，经过0.2s后它的速度大小、方向第一次与v相同，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v相同，则下列判断中正确的是（）a波沿x轴正方向传播，且波速为10m/sb波沿x轴负方向传播，且波速为20m/sc质点m与质点q的位移大小总是相等、方向总是相反d若某时刻n质点到达波谷处，则q质点一定到达波峰处e从图示位置开始计时，在0.6s时刻，质点m偏离平衡位置的位移y=10cm【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】振动图像与波动图像专题【分析】由图读出波长=12m根据图示时刻质点p的速度为v，经过0.2s它的速度大小、方向第一次与v相同，质点p运动到关于平衡位置对称的位置，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v相同时，回到原来位置，完成一次全振动，则p振动的周期t=1.2s，而且图示时刻p点的运动沿y轴正方向，可判断出波沿+x方向传播，由公式v=求出波速图示时刻，质点m与质点q的位移大小相等、方向相反，但它们平衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，位移不是总是相反质点n与q的振动情况总是相反【解答】解：a、由图读出波长=12m，根据题意分析得到该波的周期t=1.2s，则波速为v=10m/s而且图示时刻p点运动方向沿y轴正方向，则沿x轴正方向传播故a正确，b错误c、图示时刻，质点m与质点q的位移大小相等、方向相反，但它们平衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，位移不是总是相反故c错误d、质点q与n平衡位置间相距半个波长，振动情况总是相反，n质点到达波谷处，则q质点一定到达波峰处故d正确e、以上分析可知，t=1.2s，图示位置开始计时，在0.6s时刻，质点m在平衡位置的下侧且与该时刻对称，所以偏离平衡位置的位移y=10cm，故e正确故选：ade【点评】本题在于关键分析质点p的振动情况