辽宁省葫芦岛市高二物理下学期期末试卷（含解析）.doc

2014-2015学年辽宁省葫 芦岛市高二（下）期末物理试卷一、选择题（共14小题每小题4分，1-9为单选题，10-14为多选题，选对但不全得2分，有错选得0分）1首先发现电流的磁效应和电磁感应现象的物理学家分别是（）a 楞次和法拉第b 法拉第和楞次c 法拉第和奥斯特d 奥斯特和法拉第2如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是（）a b c d 3甲、乙两物体从同一地点沿直线同方向运动，甲、乙运动速度时间图象（均为直线）如图所示，则下列判断正确的是（）a 2s末甲乙相距最远b 2s末甲乙相距最近c 4s内甲的位移等于乙的位移d 4s内甲的平均速度大于乙的平均速度4目前高速公路上区间测速是在廷议路段上布设两个相邻的监控点，基于车辆通过前后两个监控点的时间来计算车辆在该路段上的平均行驶速度，并依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速3月2日16时许，一辆车牌号为豫xx609的奥迪轿车在竞岗澳高速鹤壁段东半幅由南向北行驶，定点测速拍下的记录显示，该车通过544公里处测速点的时速是78公里，通过520公里处测速点的时速为104公里，用时7分钟下列最贴近实际的速度时间图象是（）a b c d 5如图所示，a、b亮灯相同，l是带铁芯的电阻可不计的线圈，下列说法中正确的是（）a 开关k合上稳定，a、b同时亮着b 开关k断开后，a一直保持亮着c 开关k合上瞬间，a、b同时亮d 开关k断开瞬间，a立即熄灭，b闪亮一下再熄灭6如图所示，在磁感应强度为b的匀强磁场中，一长为l的om金属导棒，以一端点o为轴，以角速度逆时针垂直切割磁感线运动，关于o、m两点电势差的大小，下列说法正确的是（）a bl2b bl2c bl2d 2bl27某变电站用11kv的交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为r，现若用变压器将电压升高到440kv送电，下面选项正确的是（）a 由i=，所以输电线上的电流增为原来的20倍b 由i=，所以输电线上的电流减为原来的c 由p=，所以输电线上损失的功率增为原来的1600倍d 由p=i2r，所以输电线上损失的功率增为原来的8如图所示，一个闭合导体圆环固定在水平桌面上，一根条形磁铁沿圆环的轴线运动，使圆环内产生了感应电流下列四幅图中，产生的感应电流方向与条形磁铁的运动情况相吻合的是（）a b c d 9在一次救灾活动中，一辆救灾车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4s停在巨石前，则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（）a 加速、减速中的加速度大小之比为a1：a2等于1：1b 加速、减速中的加速度大小之比为a1：a2等于2：1c 加速、减速中的位移之比为x1：x2等于2：1d 加速、减速中的位移之比为x1：x2等于1：210如图所示，图象中属于交流电的有（）a b c d 11一个闭合矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，产生的感应电流如图所示，下列判断错误的是（）a t=0时刻，线圈平面与中性面垂直b t=0.02s时刻，磁通量最大c 该交变电流的频率为100hzd 该线圈转动角速度为100rad/s12如图，理想变压器原副线圈匝数之比为20：1，原线圈接入一电压为u=u0sint的交流电源、副线圈接入一个r=5.5的负载电阻，若u0=220v，=100rad/s，电压表、电流表均为理想表，则下述结论正确的（）a 副线圈中电压表的读数为11vb 负载电阻r上的电压为11vc 原线圈中电流表的读数为0.1ad 副线圈中输出交流电的周期为0.02s13如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面且电阻均匀的正方形导体框abcd现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两过程中，下列说法中正确的是（）a 磁通量变化相同b 导体框中产生的感应电流方向相同c 导体框中产生的感应电流大小相等d 导体框ad边受安培力大小相等14某物体做变速直线运动，其加速度方向不变，大小逐渐减小到零，该物体的运动情况可能是（）a 速度不断增大，最后达到最大，并以此速度做匀速直线运动b 速度不断减小，最后达到最小，并以此速度做匀速直线运动c 速度不断减小，又不断增大，最后做匀速直线运动d 速度不断增大，又不断减小，最后做匀速直线运动二、计算题必答（共3道小题，满分26分。要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤）15一个初速度是2m/s，质量是4kg的运动物体，在受到方向跟初速度方向相同、大小恒为20n的合外力作用下做匀加速运动，求：（1）运动2s末物体达到的瞬时速度大小；（2）前4s内物体运动的位移大小16如图，两平行金属导轨位于同一水平面上，相距l=0.5m左端与一电阻r=2相连，整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为b=2t，方向竖直向下，一质量为m=1kg的导体棒置于导轨上，在水平外力作用下沿导轨以速度v=1m/s匀速向右滑动，滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好已知导体棒与导轨间的动摩擦因数为=0.2，重力加速度大小为g=10m/s2都贵和导体棒的电阻均可忽略求：（1）电阻r消耗的功率；（2）水平外力的大小17如图甲所示，两根足够长、电阻不计的光滑平行金属导轨相距l1=1m，导轨平面与水平面成=30角，上端连接阻值r=1.5的电阻，质量为m=0.2kg，阻值r=0.5的金属棒ab放在两导轨上，距离导轨最上端为l2=4m，棒与导轨垂直并保持良好接触整个装置处于一个匀强磁场中，该匀强磁场方向与导轨平面垂直，磁感应强度大小随时间变化的情况如图乙所示，为保持ab棒静止，在棒上施加了一平行于导轨平面的外力fg=10m/s2求：（1）当t=2s时，外力f1的大小；（2）当t=3s时的瞬间，外力f2的大小和方向；（3）请 图丙中画出前4s外力f随时间变化的图象（规定f方向沿斜面向上为正）三、选考题（考生从三个模块中选一个模块作答，必须把模块和题号标注清楚，否则按照选修3-3评判）物理-选修3-318下列说法正确的是（）a 物体吸收热量，其温度不一定升高b 水的饱和气压随温度的升高而增大c 热量只能从高温物体向低温物体传递d 墨汁滴入水中的扩散运动是由于碳粒和水分子发生化学反应引起的e 当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距的减小而增大19下列说法正确的是（）a 一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的b 液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的c 技术成熟后从单一热源吸收热量全部变成有用的功是可能的d 一定质量的理想气体，温度升高，其内能一定增加e 分子间的引力随份子距离的增大而增大，份子间的斥力随份子间距离的增大而减小20有一个导热性能良好的圆柱形容器，顶部由一活塞密封，容器内盛有一定量的水银，通过一根细管（体积可忽略）与外界相通，如图所示，当温度为31时，细管中水银面与容器中水银面相平，被封闭空气柱的高度为h=40cm，此时水银面距细管顶端出口处高度为h=24cm，已知大气压强p0相当于76cm水银柱高产生的压强求：若用力压活塞，使它缓慢向下移动，整个过程中保持温度不变，要使水银恰好与细管顶端相平而不溢出，活塞移动距离h多大？物理-选修3-42014葫芦岛一模）只含有ab两种单色光的复色光由某种介质射向真空，光路如图所示，则下列说法正确的是（）a a光在玻璃砖中的传播速度比b光大b a光的頻率比b光大c a光的临界角比b光小d a光折射率比b光折射率小e a、b通过相同的双缝干涉实验装置，a光的条纹间距比b光大2015春葫芦岛期末）如图甲为简谱横波在t=0时刻的波形图象，图乙为横波中x=6m处质点p的振动图象，则下列说法正确的是（）a 波的传播方向沿x轴负方向b 波的传播方向沿x轴正方向c 波的传播速度大小为2m/sd 在t=9s时刻，图甲中质点p的振动速度最大e 在t=1s时刻与t=0时刻相比，x=5m处质点的加速度方向相反2015春葫芦岛期末）一棱镜的截面为直角三角形abc，a=30，直角边bc=a，棱镜材料的折射率为n=，在此截面所在的平面内，一条光线以45的入射角从直角边ac的中点m射入棱镜，不考虑光线沿原路返回的情况求：光线从棱镜射出的点到b的距离（直接写结果不给分）物理-选修3-52015春葫芦岛期末）大量氢原子处于n=4的激发态，当它们向各较低能级跃迁时，则下列说法正确的是（）a 做多只能放出6中不同能量的光子b 从能级n=4跃迁到能级n=3放出光子的能量最小c 从能级n=4跃迁到能级n=1放出光子的波长最长d 从能级n=4跃迁到能级n=1放出光子的频率最高e 从能级n=2跃迁到能级n=1放出光子的波长最短2015春葫芦岛期末）下列说法正确的是（）a 为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量是量子化的b 衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时所产生的c 一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光强太小d 铀核（u）衰变为（pb）的过程中，要经过8次衰变和10次衰变e 一个氢原子从量子数n=3的激发态跃迁到基态时最多可产生3条不同频率的谱线2015春葫芦岛期末）两木板m1=0.5kg，2=0.4kg，开始时m1、m2都静止于光滑水平面上，小物块m=0.1kg以初速度v=10m/s滑上m1的表面，最后停在m2上时速度为v2=1.6m/s，g取10m/s2求最后m1的速度v1若小物块与两木板间的动摩擦因数相同，小物块相对两木板上表面滑行的总长度为8m，求小物块与两木板间的动摩擦因数2014-2015学年辽宁省葫芦岛市高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共14小题每小题4分，1-9为单选题，10-14为多选题，选对但不全得2分，有错选得0分）1首先发现电流的磁效应和电磁感应现象的物理学家分别是（）a 楞次和法拉第b 法拉第和楞次c 法拉第和奥斯特d 奥斯特和法拉第考点：物理学史专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：首先发现电流的磁效应和电磁感应现象的物理学家分别是奥斯特和法拉第，故选：d点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是（）a b c d 考点：导体切割磁感线时的感应电动势分析：根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化，判断各个选项解答：解：a、线框在匀强磁场中运动时，穿过线框的磁感线条数不变，即磁通量不变，没有感应电流产生，故a错误b、图示的线框与磁场平行，穿过线框的磁通量为零，而且当线框平动时，磁通量始终为零，没有变化，所以没有感应电流产生，故b错误c、线框与磁场平行，穿过线框的磁通量为零，当线框向右平动时，磁通量保持为零，没有变化，所以没有感应电流产生，故c错误d、线框在磁场中转动时，穿过线框的磁通量发生变化，产生感应电流，故d正确故选：d点评：本题考查了感应电流产生的条件，分析清楚图示情景、明确磁通量是否发生变化，即可正确解题3甲、乙两物体从同一地点沿直线同方向运动，甲、乙运动速度时间图象（均为直线）如图所示，则下列判断正确的是（）a 2s末甲乙相距最远b 2s末甲乙相距最近c 4s内甲的位移等于乙的位移d 4s内甲的平均速度大于乙的平均速度考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：运动学中的图像专题分析：本题考查追及问题，明确甲乙两物体的运动性质，乙一直做匀加速运动，乙先做初速度为零的匀加速直线运动然后做匀减速直线运动把握相遇特点，根据vt图象特点：“面积”表示位移等等进行求解解答：解：a、在前2s内，甲的速度大，甲乙两者之间距离逐渐增大，2s末到速度相等时，甲的速度仍比乙的大小，两者间距仍在增大，所以2s末不是相距最远，也不是相距最近故a、b错误c、在vt图中，图象与横坐标围成的面积表示物体发生的位移，由图可知当t=4s时，两图象与横坐标围成的面积相等，说明位移相等，故c正确d、4s内位移相等，所用时间相等，则平均速度相等故d错误故选：c点评：在同一坐标中表示两种图象，要明确两图象代表的运动形式，能和实际运动相结合，注意图象交点的含义，如本题中图象交点表示速度相等，并不一定相遇其位移关系等只能根据图象与时间轴所围成的面积进行判断4目前高速公路上区间测速是在廷议路段上布设两个相邻的监控点，基于车辆通过前后两个监控点的时间来计算车辆在该路段上的平均行驶速度，并依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速3月2日16时许，一辆车牌号为豫xx609的奥迪轿车在竞岗澳高速鹤壁段东半幅由南向北行驶，定点测速拍下的记录显示，该车通过544公里处测速点的时速是78公里，通过520公里处测速点的时速为104公里，用时7分钟下列最贴近实际的速度时间图象是（）a b c d 考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：根据vt图象与坐标轴所围的“面积”表示位移，分析位移是否等于24km，从而选择符号题意的选项解答：解：根据vt图象与坐标轴所围的“面积”表示位移，可得：若轿车以速度104km/h匀速运动时通过7min时的位移为 x=vt=104km/hh12.1km可知a、b、c三个图象中轿车的位移都小于12.1km据题意，轿车的位移为544km520km=24km，可知，a、b、c都不符合实际，只有d最贴近实际故abc错误，d正确故选：d点评：解决本题的关键是掌握速度图象的意义：图象与坐标轴所围的“面积”表示位移，也可以通过计算平均速度来分析5如图所示，a、b亮灯相同，l是带铁芯的电阻可不计的线圈，下列说法中正确的是（）a 开关k合上稳定，a、b同时亮着b 开关k断开后，a一直保持亮着c 开关k合上瞬间，a、b同时亮d 开关k断开瞬间，a立即熄灭，b闪亮一下再熄灭考点：自感现象和自感系数分析：开关k闭合的瞬间，电源的电压同时加到两灯的两端，两灯同时发光由于线圈的电阻可以忽略，灯a逐渐被短路，随后a灯变暗，b灯变亮断开开关k的瞬间，b灯立即熄灭，a灯突然闪亮一下再熄灭解答：解：ac、开关k闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以a、b同时发光由于线圈的电阻可以忽略，灯a逐渐被短路，流过a灯的电流逐渐减小最后熄灭，b灯电流逐渐增大，故a错误，c正确；bd、断开开关k的瞬间，b灯的电流突然消失，立即熄灭，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过a灯，所以a灯突然闪亮一下再熄灭，故bd错误故选：c点评：对于自感线圈，当电流变化时产生自感电动势，相当于电源，当电路稳定时，相当于导线，将所并联的电路短路6如图所示，在磁感应强度为b的匀强磁场中，一长为l的om金属导棒，以一端点o为轴，以角速度逆时针垂直切割磁感线运动，关于o、m两点电势差的大小，下列说法正确的是（）a bl2b bl2c bl2d 2bl2考点：向心力；牛顿第二定律专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：根据转动切割产生的感应电动势公式求出a、b两端的电势差；金属棒中各点切割感线的速度不等，应用平均速度求解感应电动势的大小线速度与角速度的关系式v=l解答：解：由法拉第电磁感应定律得：om产生的感应电动势为：e=bl，m点的速度为：vm=l，v0=0，om段的平均速度为：=om段的电势差为：e=bl2，故选：b点评：解决本题的关键掌握转动切割产生的感应电动势公式e=bl2，会运用右手定则判断电势的高低7某变电站用11kv的交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为r，现若用变压器将电压升高到440kv送电，下面选项正确的是（）a 由i=，所以输电线上的电流增为原来的20倍b 由i=，所以输电线上的电流减为原来的c 由p=，所以输电线上损失的功率增为原来的1600倍d 由p=i2r，所以输电线上损失的功率增为原来的考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；远距离输电专题：交流电专题分析：根据p=ui，结合输送电压的变化求出输电线上电流的变化根据p损=i2r求出损失功率的变化解答：解：a、根据p=ui得，i=输送功率一定，输送电压变为原来的40倍，则输送电流变为原来的故ab错误c、根据p损=i2r得，输送电流变为原来的则损失的功率变为原来的故c错误d正确；故选：d点评：解决本题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，知道损失的功率p损=i2r8如图所示，一个闭合导体圆环固定在水平桌面上，一根条形磁铁沿圆环的轴线运动，使圆环内产生了感应电流下列四幅图中，产生的感应电流方向与条形磁铁的运动情况相吻合的是（）a b c d 考点：楞次定律专题：电磁感应与电路结合分析：由楞次定律：感应电流磁场总是阻碍线圈原磁通量的变化，结合是n极还是s极的运动，从而可以判断出感应电流的方向解答：解：a、由图示可知，在磁铁s极上升过程中，穿过圆环的磁场方向向上，在磁铁远离圆环时，穿过圆环的磁通量变小，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流沿逆时针方向，故a错误；b、由图示可知，在磁铁s极下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流顺时针方向，故b错误；c、同时，在磁铁n极上升过程中，穿过圆环的磁场方向向上，在磁铁远离圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流沿顺时针方向，故c错误；d、由图示可知，在磁铁n极下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流逆时针方向，故d正确；故选：d点评：本题考查了楞次定律的应用，正确理解楞次定律阻碍的含义是正确解题的关键，同时掌握楞次定律的应用步骤：先确定原磁场方向，再判定通过线圈的磁通量如何变化，然后由“增反减同”，从而确定感应电流磁场方向，最后由右手螺旋定则，确定结果9在一次救灾活动中，一辆救灾车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4s停在巨石前，则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（）a 加速、减速中的加速度大小之比为a1：a2等于1：1b 加速、减速中的加速度大小之比为a1：a2等于2：1c 加速、减速中的位移之比为x1：x2等于2：1d 加速、减速中的位移之比为x1：x2等于1：2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速、减速阶段的加速度大小之比根据匀变速直线运动的平均速度公式=求出平均速度之比，从而求出加速和减速阶段的位移之比解答：解：ab、设匀加速阶段的末速度为v，则加速阶段的加速度大小为a1=，匀减速阶段的加速度大小a2=，则加速度大小之比为a1：a2=t2：t1=4：8=1：2故a、b错误cd、根据x=，知匀加速阶段的位移为 x1=，减速阶段的位移x2=，则x1：x2=t1：t2=2：1故c正确，d错误故选：c点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用平均速度公式求位移10如图所示，图象中属于交流电的有（）a b c d 考点：交变电流分析：直流电是指电流的方向不发生变化的电流，其大小可以变化，交流电是指电流的方向发生变化的电流，但是它的电流的大小可以不变解答：解：交流电是指电流的方向发生变化的电流，电流的大小是否变化对其没有影响，电流的方向变化的是abc，故abc是交流电，d是直流电故选：abc点评：交流电的最大的特点是电流方向在不断的变化，对于其大小是否变化没有要求11一个闭合矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，产生的感应电流如图所示，下列判断错误的是（）a t=0时刻，线圈平面与中性面垂直b t=0.02s时刻，磁通量最大c 该交变电流的频率为100hzd 该线圈转动角速度为100rad/s考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理专题：交流电专题分析：从图象得出电流最大值对应的时间、周期，从而算出频率；磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大，一个周期内电流方向改变两次解答：解：a、由图象可知，t=0时刻，感应电流为零，则感应电动势为零，磁通量最大，线圈平面处于中性面位置，故a错误；b、由图象可知，0.02s时，感应电流为零，则感应电动势为零，磁通量最大，故b正确；c、由图象可知，t=0.02s，频率f=hz，故c错误；d、由图象可知，t=0.02s，该线圈转动角速度为：=100rad/s，故d正确本题选错误的；故选：ac点评：本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力和结合图象解题的能力基础题目12如图，理想变压器原副线圈匝数之比为20：1，原线圈接入一电压为u=u0sint的交流电源、副线圈接入一个r=5.5的负载电阻，若u0=220v，=100rad/s，电压表、电流表均为理想表，则下述结论正确的（）a 副线圈中电压表的读数为11vb 负载电阻r上的电压为11vc 原线圈中电流表的读数为0.1ad 副线圈中输出交流电的周期为0.02s考点：变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率专题：交流电专题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：a、b、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220v，所以原线圈的电压的有效值为220=220v，在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为v，即为电压表的读数和负载电阻r上的电压，故a正确，b错误；c、副线圈的电流为a，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为a，故c正确d、变压器不会改变电流的周期，电流的周期为t=s，故d正确故选：acd点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题13如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面且电阻均匀的正方形导体框abcd现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两过程中，下列说法中正确的是（）a 磁通量变化相同b 导体框中产生的感应电流方向相同c 导体框中产生的感应电流大小相等d 导体框ad边受安培力大小相等考点：法拉第电磁感应定律分析：导体框向右、向下移出磁场，根据楞次定律，判断出感应电流方向相同，根据左手左手定则分析安培力方向关系，根据欧姆定律和法拉第电磁定律研究感应电流大小的关系解答：解：a、由磁通量定义=bs，则有磁通量变化相同，故a正确 b、根据楞次定律可知，它们的磁通量均减小，则产生感应电流的方向都是顺时针方向故b正确 c、由切割感应电动势公式e=blv，可知，感应电动势大小不同，而电阻相同，则感应电流大小也不相同故c错误 d、由c选项分析可知，感应电流大小不同，再根据f=bil，可知，ad边受安培力大小不相等，故d错误故选：b点评：考查楞次定律与左手定则的应用，掌握法拉第电磁感应定律的内容，注意安培力表达式，及磁通量的概念14某物体做变速直线运动，其加速度方向不变，大小逐渐减小到零，该物体的运动情况可能是（）a 速度不断增大，最后达到最大，并以此速度做匀速直线运动b 速度不断减小，最后达到最小，并以此速度做匀速直线运动c 速度不断减小，又不断增大，最后做匀速直线运动d 速度不断增大，又不断减小，最后做匀速直线运动考点：加速度；速度专题：直线运动规律专题分析：当加速度的方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反时，做减速运动解答：解：a、若物体做加速运动，速度方向与加速度方向相同，加速度减小，速度仍然增大，当加速度减小为0时，速度最大，而后做匀速直线运动故a正确，d错误b、当加速度方向与速度方向相反，速度减小，物体加速度减小为零时速度达到最小，而后做匀速直线运动，故b正确；c、当加速度还未减小到零，速度已减小到零，则会反向做加速运动，当加速度减小到零，做匀速直线运动故c正确故选：abc点评：解决本题的关键掌握判断加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向和速度方向的关系二、计算题必答（共3道小题，满分26分。要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤）15一个初速度是2m/s，质量是4kg的运动物体，在受到方向跟初速度方向相同、大小恒为20n的合外力作用下做匀加速运动，求：（1）运动2s末物体达到的瞬时速度大小；（2）前4s内物体运动的位移大小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：由牛顿第二可求得加速度，再由速度公式可求得2s末的速度；由位移公式可求得4s内的位移解答：解：（1）由牛顿第二定律f=ma匀变速直线运动v=v0+at联立解得：2s末速度v=12m/s；（2）前4s内位移s=v0t+解得s=48m答：（1）运动2s末物体达到的瞬时速度大小为12m/s；（2）前4s内物体运动的位移大小48m点评：本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确加速度作为受力分析和运动学公式应用的桥梁作用16如图，两平行金属导轨位于同一水平面上，相距l=0.5m左端与一电阻r=2相连，整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为b=2t，方向竖直向下，一质量为m=1kg的导体棒置于导轨上，在水平外力作用下沿导轨以速度v=1m/s匀速向右滑动，滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好已知导体棒与导轨间的动摩擦因数为=0.2，重力加速度大小为g=10m/s2都贵和导体棒的电阻均可忽略求：（1）电阻r消耗的功率；（2）水平外力的大小考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应中的力学问题分析：（1）根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出电流的大小由公式p=i2r求出电阻r的功率（2）导体棒匀速向右滑动时，水平外力与安培力和摩擦力的和是平衡力，根据平衡条件求解水平外力f的大小解答：解：（1）导体切割磁感线运动产生的电动势为：e=blv根据欧姆定律，闭合回路中的感应电流为：i=电阻r消耗的功率为：p=i2r联立并代入数据得：p=0.5w （2）对导体棒受力分析，受到向左的安培力和向左的摩擦力，向右的外力，三力平衡，故有：f=mg+f安而安培力为：f安=bil=bl解得外力为：f=2.5n答：（1）电阻r消耗的功率是0.5w；（2）水平外力的大小是2.5w点评：本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，安培力是联系力与电磁感应的桥梁，安培力经验公式f=是常用的式子，要会推导17如图甲所示，两根足够长、电阻不计的光滑平行金属导轨相距l1=1m，导轨平面与水平面成=30角，上端连接阻值r=1.5的电阻，质量为m=0.2kg，阻值r=0.5的金属棒ab放在两导轨上，距离导轨最上端为l2=4m，棒与导轨垂直并保持良好接触整个装置处于一个匀强磁场中，该匀强磁场方向与导轨平面垂直，磁感应强度大小随时间变化的情况如图乙所示，为保持ab棒静止，在棒上施加了一平行于导轨平面的外力fg=10m/s2求：（1）当t=2s时，外力f1的大小；（2）当t=3s时的瞬间，外力f2的大小和方向；（3）请 图丙中画出前4s外力f随时间变化的图象（规定f方向沿斜面向上为正）考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：（1）在03s时间内b均匀增大，回路中产生恒定的感应电流，由法拉第电磁感应定律求感应电动势，由闭合电路欧姆定律得到电流根据ab棒静止，受力平衡，由平衡条件求解外力的大小（2）由平衡条件求解外力f2的大小（3）03s内，由平衡条件得到f与t的关系式在34s内，b不变，没有感应电流产生，ab不受安培力，再由平衡条件求得f，即可画出图象解答：解：（1）当t=2s时，回路中产生的感应电动势：e=l1l2=14v=2v电流：i=a=1a由楞次定律判断可知，ab所受的安培力沿轨道向上；ab棒保持静止，受力平衡，设外力沿轨道向上，则由平衡条件有：mgsin30b2il1f1=0 可解得外力：f1=0 （2）当t=3s时的瞬间，设此时外力沿轨道向上，根据平衡条件得：f2+b3il1mg sin30=0 解得：f2=0.5n，负号说明外力沿斜面向下（3）规定f方向沿斜面向上为正，在03s内，根据平衡条件有：mgsin30bil1f=0而b=0.5t（t）则得：f=10.5t（n）当t=0时刻，f=1n在34s内，b不变，没有感应电流产生，ab不受安培力，则由平衡条件得：f=mgsin30=1n画出前4s外力f随时间变化的图象如图所示答：（1）当t=2s时，外力f1的大小是0；（2）当t=3s时的瞬间，外力f2的大小为0.5n，方向沿斜面向下；（3）画出前4s外力f随时间变化的图象如图所示点评：本题是电磁感应与力学知识、电路等知识的综合，解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律e=ns、导体棒切割产生的感应电动势e=blv、安培力公式f=bil和平衡条件三、选考题（考生从三个模块中选一个模块作答，必须把模块和题号标注清楚，否则按照选修3-3评判）物理-选修3-318下列说法正确的是（）a 物体吸收热量，其温度不一定升高b 水的饱和气压随温度的升高而增大c 热量只能从高温物体向低温物体传递d 墨汁滴入水中的扩散运动是由于碳粒和水分子发生化学反应引起的e 当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距的减小而增大考点：热力学第一定律；布朗运动；分子间的相互作用力分析：根据热力学第一定律分析影响内能的因素；根据热力学第二定律可知热量传递的方向；同时明确分子势能与分子间作用力的关系解答：解：a、物体吸收热量时，如果同时对外做功，则温度有可能降低；故a正确；b、水的饱和汽压随温度的升高而增大；故b正确；c、由热力学第二定律可知，热量可以由低温物体向高温物体传递，但要引起其他方面的变化；故c错误；d、汁滴入水中的扩散运动是由于碳粒的不规则运动引起的；选项d错误；e、当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大，选项e正确；故选：abe点评：本题应明确：分子间同时存在引力和斥力，随着分子间距的增加，引力和斥力同时减小；温度是分子热运动平均动能的标志；热力学第一定律公式：u=q+w；热力学第二定律，热力学基本定律之一，内容为不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力过程中熵的微增量总是大于零19下列说法正确的是（）a 一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的b 液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的c 技术成熟后从单一热源吸收热量全部变成有用的功是可能的d 一定质量的理想气体，温度升高，其内能一定增加e 分子间的引力随份子距离的增大而增大，份子间的斥力随份子间距离的增大而减小考点：热力学第二定律；分子间的相互作用力专题：热力学定理专题分析：本题根据热力学第二定律、液晶的特性、热力学第一定律和分子动理论进行分析解答解答：解：a、根据热力学第二定律知一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的故a正确；b、液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的，故b正确c、根据热力学第二定律知热机的效率不可能达到100%，则不可能从单一热源吸收热量全部变成有用的功，故c错误d、一定质量的理想气体内能只跟温度有关，温度升高，其内能一定增加，故d正确e、分子间的引力和斥力都随分子距离的增大而减小，故e错误故选：abe点评：对于分子力，要抓住分子间的引力和斥力是同时存在的，且分子间的引力和斥力都随分子距离的增大而减小20有一个导热性能良好的圆柱形容器，顶部由一活塞密封，容器内盛有一定量的水银，通过一根细管（体积可忽略）与外界相通，如图所示，当温度为31时，细管中水银面与容器中水银面相平，被封闭空气柱的高度为h=40cm，此时水银面距细管顶端出口处高度为h=24cm，已知大气压强p0相当于76cm水银柱高产生的压强求：若用力压活塞，使它缓慢向下移动，整个过程中保持温度不变，要使水银恰好与细管顶端相平而不溢出，活塞移动距离h多大？考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强专题：理想气体状态方程专题分析：容器内气体发生等温变化，根据题意求出气体的状态参量，然后应用玻意耳定律求出气体的体积，然后求出活塞移动的距离解答：解：气体发生等温变化，活塞移动距离h，使水银恰好与细管顶端相平而不流出，初状态：p1=p0=76cmhg，v1=hs=40s，末状态：p2=p0+h=100cmhg，v2=（hh）s=（40h）s，气体发生等温变化，由玻意尔定律：p1v1=p2v2，代入数据解得：h=9.6cm；答：活塞移动距离h是9.6cm点评：本题考查了求活塞移动的距离，分析清楚气体状态变化过程，求出气体的状态参量，应用玻意耳定律 即可解题物理-选修3-42014葫芦岛一模）只含有ab两种单色光的复色光由某种介质射向真空，光路如图所示，则下列说法正确的是（）a a光在玻璃砖中的传播速度比b光大b a光的頻率比b光大c a光的临界角比b光小d a光折射率比b光折射率小e a、b通过相同的双缝干涉实验装置，a光的条纹间距比b光大考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：根据b光发生了全反射，a光未发生全反射，通过临界角，由公式sinc=比较出a、b两光的折射率，从而得出两光的频率大小，结合v=比较出在介质中传播速度的大小根据干涉条纹的间距与波长成正比，分析干涉条纹间距的大小解答：解：a、c、d、由图看出b光发生了全反射，而a光未发生全反射，说明b光的临界角小于a光的临界角，根据全反射临界角公式sinc=知，a光的折射率比b光的折射率小根据v=得，a光在玻璃砖中的传播速度比b光大故ad正确，c错误b、a光的折射率比b光小，则a光的频率比b光小故b错误e、a光的频率小，波长长，而干涉条纹的间距与波长成正比，则知a、b通过相同的双缝干涉实验装置，a光的条纹间距比b光大故e正确故答案为：ade点评：解决本题的突破口通过临界角比较出折射率的大小，并掌握频率、波长、在介质中的速度等等等与折射率的关系2015春葫芦岛期末）如图甲为简谱横波在t=0时刻的波形图象，图乙为横波中x=6m处质点p的振动图象，则下列说法正确的是（）a 波的传播方向沿x轴负方向b 波的传播方向沿x轴正方向c 波的传播速度大小为2m/sd 在t=9s时刻，图甲中质点p的振动速度最大e 在t=1s时刻与t=0时刻相比，x=5m处质点的加速度方向相反考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：在乙图上读出t=0时刻p质点的振动方向，在甲图上判断出波的传播方向由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，求出波速根据质点的位置分析加速度的大小和方向解答：解：ab、在乙图上读出t=0时刻p质点的振动方向沿y轴正方向，在甲图上判断出该波的传播方向沿x轴负方向故a正确，b错误c、由甲读出该波的波长为=8m，由乙图读出周期为t=4s，则波速为v=2m/s故c正确d、在t=9s=2t时刻，图甲中质点p到达波峰，振动速度为零，故d错误e、在t=1s时刻与t=0时刻相比，波传播的距离 v=vt=2m，根据波形平移法可知，x=7m处的状态传到x=5m处，则在t=1s时刻与t=0时刻相比，x=5m处质点的位移方向相反，则加速度方向相反故e正确故选：ace点评：题考查识别、理解振动图象和波动图象的能力，要把握两种图象联系的能力，熟练运用波形平移法分析质点的状态2015春葫芦岛期末）一棱镜的截面为直角三角形abc，a=30，直角边bc=a，棱镜材料的折射率为n=，在此截面所在的平面内，一条光线以45的入射角从直角边ac的中点m射入棱镜，不考虑光线沿原路返回的情况求：光线从棱镜射出的点到b的距离（直接写结果不给分）考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：光线以45的入射角时，先根据折射定律求出光线在ac面的折射角r根据几何知识确定光线在ab面上的入射角由sinc=求出临界角c，判断在ab面上能否发生全反射，画出光路图，求出光线从棱镜射出点的位置离b点的距离解答：解：设光线在ac面上的入射角为i，折射角为r由折射定律 n=可得光线第一次折射角为 r=30光线射到ab界面上d点时，入射角等于60而临界角的正弦值sinc=，则临界角c60则光线在ab界面上发生全反射，光线垂直bc面从e点射出棱镜由几何关系可知，md=a，ad=1.5a，db=2aad=0.5a则光线出射点到b的距离为： eb=dbcos60=a答：光线从棱镜射出的点到b的距离是a点评：本题是折射定律、全反射和几何知识的综合应