重庆市垫江一中高一物理上学期第一次月考试卷（含解析）.doc

2014-2015学年重庆市垫江一中高一（ 上）第一次月考物理试卷一、选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1（6分）（2014秋重庆校级月考）关于匀变速直线运动的说法，不正确的是（）a某段时间内的平均速度等于这段时间内的初速度与末速度和的一半b在任意相等的时间内位移的变化相等c在任意相等的时间内速度的变化相等d物体的速度在一定时间内发生的变化与这段时间成正比考点：平均速度；速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：匀变速直线运动加速度是恒定的，依据推论可判定各个选项解答：解：a、匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于这段时间内的初速度与末速度和的一半，故a正确b、由x=at2可知，连续相等的时间内位移的变化相等，可知b不正确cd、由v=at，a是常数，可知在任意相等的时间内速度的变化相等，故c正确，d正确本题不正确的，故选：b点评：该题重点是考察匀变速直线运动的推论，这类的推论重点的比较多，应该汇总一下，加强记忆2（6分）（2015春南昌校级期末）汽车刹车后开始做匀减速运动，第1s内和第2s内的位移分别为3m和2m，那么从2s末开始，汽车还能继续向前滑行的最大距离是（）a1.5mb1.25mc1.125md1m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：汽车刹车后开始做匀减速运动，根据第1s内和第2s内的位移分别为3m和2m，分别求出第1s内和第2s内的平均速度，得到汽车在0.5s、1.5s时的瞬时速度，再求出汽车的加速度和初速度，再由位移公式求出从2s末开始，汽车还能继续向前滑行的最大距离解答：解：汽车刹车后做匀减速运动，由平均速度=得到，汽车在第1s内和第2s内的平均速度分别为3m/s和2m/s，则汽车在0.5s、1.5s末时刻的瞬时速度分别为v1=3m/s和v2=2m/s，得a=m/s2=1m/s2由v1=v0+at1，得v0=v1at1=3.5m/s汽车从刹车到停下共运动的时间为t=3.5s，2s末后汽车还运动t=1.5s，由x=|a|t2得x=1.125m故选c点评：本题是运动学基本公式的应用，也可以通过作速度图象进行求解3（6分）（2014秋沙坪坝区校级期中）甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其vt图象如图所示，则（） a甲、乙在t=0到t=1s之间沿同一方向运动b乙在t=0到t=7s之间的位移为零c甲在t=0到t=4s之间做往复运动d甲、乙在t=6s时的加速度方向相反考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：本题应抓住速度时间图象中速度的正负表示速度的方向，图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析解答：解：a、在t=0到t=ls之间，甲始终沿正方向运动，而乙先沿负方向运动后沿正方向运动，故a错误；b、根据速度图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，t轴上方的“面积”表示位移是正值，t轴下方的“面积”表示位移是负值，则知在t=0到t=7s之间乙的位移为零故b正确；c、在t=0到t=4s之间，甲的速度始终为正值，说明甲一直沿正方向做单向直线运动故c错误；d、根据斜率等于物体的加速度知，甲、乙在t=6s时的加速度方向都沿负方向，方向相同故d错误故选：b点评：本题关键要掌握速度图象的数学意义：图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析4（6分）（2012丹东模拟）如图所示，将质量为m=0.1kg的物体用两个完全一样的竖直弹簧固定在升降机内，当升降机以4m/s2的加速度加速向上运动时，上面弹簧对物体的拉力为0.4n；当升降机和物体都以8m/s2的加速度向上运动时，上面弹簧的拉力为（）a0.6nb0.8nc1.0nd1.2n考点：牛顿第二定律；胡克定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据牛顿第二定律求出升降机以4m/s2的加速度加速向上运动时，下面弹簧的弹力然后根据牛顿第二定律求出升降机和物体都以8m/s2的加速度向上运动时，上面弹簧的拉力解答：解：当升降机以4m/s2的加速度加速向上运动时，设下面弹簧处于压缩，根据牛顿第二定律得，f1+f2mg=ma1，f2=1.0n当升降机和物体都以8m/s2的加速度向上运动时，合力f合=ma2=0.8n，根据牛顿第二定律知，两根弹簧作用在物体上的合力为1.8n，则物块要下移，根据胡克定律，两根弹簧增加的弹力相等，开始f1=0.4n，f2=1.0n，则每根弹簧增加0.2n，所以上面弹簧的弹力为0.6n故a正确，b、c、d错误故选a点评：解决本题的关键掌握牛顿第二定律以及胡克定律，知道物体下移时，两根弹簧的形变量相等，弹力变化相等5（6分）（2014秋重庆校级月考）半圆柱体p放在粗糙的水平面上，有一挡板mn，延长线总是过半圆柱体的轴心o，但挡板与半圆柱不接触，在p和mn之间放有一个光滑均匀的小圆柱体q，整个装置处于静止状态，如图是这个装置的截面图，若用外力使mn绕o点缓慢地逆时针转动，在q到达最高位置前，发现p始终保持静止，在此过程中，下列说法中正确的是（）amn对q的弹力大小保持不变bmn对q的弹力一直减小至零cp、q间的弹力先增大后减小dq所受的合力逐渐增大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以小圆柱体q为研究对象，分析受力情况，作出受力示意力图，根据平衡条件分析mn对q的弹力和半圆柱体p对q的弹力变化情况再对p研究，由平衡条件判断地面对p的弹力如何变化解答：解：a、以小圆柱体q为研究对象，分析受力情况，作出受力示意力图，如图所示由平衡条件得：根据几何关系可知：+不变，分析可知，减小，增大，mn对q的弹力f1增大，p对q的弹力f2减小故a正确，bc错误d、q缓慢移动，所受的合力保持为零，不变故d错误故选：a点评：本题采用隔离法研究动态平衡问题，分析受力，作出力图是关键，能根据共点力平衡条件列式求解，难度适中二、非选择题（本大题共5小题，共68分）6（18分）（2014秋重庆校级月考）（1）在“研究匀变速直线运动”的实验中，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带，并在其上取了o，a，b，c，d，e，f共7个计数点（图中每相邻两个记数点间还有四个打点计时器打下的点未画出），如图1所示打点计时器接的是50hz的低压交流电源他将一把毫米刻度尺放在纸带上，其零刻度和记数点o对齐，从刻度尺上直接读取数据记录在表中线段oaobocodoeof数据/cm0.541.532.924.767.009.40由以上数据可计算出打点计时器在打a，b，c，d，e各点时物体的速度，如下表所示各点速度vavbvcvdve数据/（102m/s）7.7012.016.220.4表中e点的速度应该为2.32101m/s试根据表格中数据和你求得的e点速度在图2所给的坐标中，作出vt图象，从图象中求得物体的加速度a=0.42m/s2（取两位有效数字）若电源频率低于50赫兹时，仍按相邻两个计数点时间间隔不变，则测出小车的加速度偏大（选填“偏大”、“不变”或“偏小”）考点：探究小车速度随时间变化的规律专题：实验题分析：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上记数点时的瞬时速度大小用描点法作出vt图象，求出斜率即为加速度大小要知道打点计时器的打点频率和周期的含义和关系，即可判断测出的速度值与物体的实际速度之间的关系解答：解：（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔t=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上e点时小车的瞬时速度大小ve=2.32101 m/s（2）先描点，再连线，画出直线，如图：在直线上取相距较远的两点，读出坐标，求出斜率k=0.42则加速度大小为0.42m/s2（3）电源频率低于低于50hz时，实际打点周期将变大，而进行计算时，仍然用0.10s，因此测出的速度数值将比物体的真实数值大故答案为：2.32101 ；如图，0.42；偏大点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用7（2014秋重庆校级月考）某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验中，设计了图1所示的实验装置他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在下面的表中（弹簧始终在弹性限度内）测量次序123456弹簧弹力大小f/n00.490.981.471.962.45弹簧总长x/cm67.168.349.4810.8511.75根据实验数据在图2的坐标纸上已将测量的数据对应的点描出来，并作出了fx图线（图3）试回答：图线跟x坐标轴交点的物理意义是弹簧的原长该弹簧的劲度系数k=43n/m（结果保留两位有效数字）考点：探究弹力和弹簧伸长的关系专题：实验题分析：采用描点法作图得到fx图象，根据胡克定律，fx图象的斜率表示劲度系数，纵轴截距表示弹簧的原长解答：解：（1）fx图象中x为原长，根据胡克定律公式f=kx，有：f=k（xx0）图象中图线跟x坐标轴交点的坐标为6cm，此时弹力为零，故表示弹簧原长；（2）根据胡克定律得：k=0.43n/cm=43n/m故答案为：（1）弹簧原长；（2）43n/m点评：对于该实验要注意：1、每次增减砝码测量有关长度时，均要保证弹簧及砝码应处于静止状态2、测量有关长度时，要注意区分弹簧的原长l0，实际长度l和伸长量x，并明确三者之间的关系8（14分）（2014秋鹰潭期末）某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置c （图中=37）时，金属小球偏离竖直方向的夹角也是37，如图所示已知小球的质量为m=4.8kg，该同学（含磁铁）的质量为m=50kg，（sin37=0.6cos37=0.8g=10m/s2）求此时：（1）悬挂小球的细线的拉力大小为多少？（2）该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为多少？考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）小球处于静止状态，合外力为零，分析小球的受力情况，根据平衡条件求解悬挂小球的细线的拉力大小；（2）对人研究，分析受力情况，由平衡条件求解地面的支持力和摩擦力大小解答：解：（1）对小球受力分析：重力、细线的拉力和磁铁的引力设细线的拉力和磁铁的引力分别为f1和f2根据平衡条件得：水平方向：f1sin37=f2sin37竖直方向：f1cos37+f2cos37=mg解得：f1=f2=30n（2）以人为研究对象，分析受力情况：重力mg、地面的支持力n、静摩擦力f和小球的引力f2，f2=f2=30n根据平衡条件得：f=f2sin37=300.6n=18nn=f2cos37+mg=300.8n+500n=524n答：（1）悬挂小球的细线的拉力大小为30n（2）该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为18n和524n点评：本题采用隔离法研究，分析受力情况是解题的关键，再根据平衡条件进行求解9（16分）（2008四川）a、b两辆汽车在笔直的公路上同向行驶当b车在a车前84m处时，b车速度为4m/s，且正以2m/s2的加速度做匀加速运动；经过一段时间后，b车加速度突然变为零a车一直以20m/s的速度做匀速运动经过12s后两车相遇问b车加速行驶的时间是多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：追及、相遇问题分析：b车先做匀加速运动，加速度变为0后做匀速直线运动，速度即为匀加速运动的末速度根据速度列出匀速运动的速度与匀加速运动的时间的关系式经过12s后两车相遇时，两车的位移之差等于84m，根据位移公式列式求解解答：解：由题，b车先做匀加速运动，加速度变为零后做匀速直线运动设b车加速时的加速度为a，加速时间为t，b车匀速运动的速度为vb由题意有 vb+at=vb vat0=（vbt+at2）+vb（t0t）+x0联立并代数数据可得t=6s答：b车加速行驶的时间是6s点评：本题是相遇问题，除了分别研究两个物体的运动情况外，关键是寻找它们之间的相关条件10（20分）（2013江苏）如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验 若砝码和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因数均为重力加速度为g（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力的大小；（2）要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；（3）本实验中，m1=0.5kg，m2=0.1kg，=0.2，砝码与纸板左端的距离d=0.1m，取g=10m/s2若砝码移动的距离超过l=0.002m，人眼就能感知为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大？考点：滑动摩擦力专题：压轴题；摩擦力专题分析：利用隔离法分别对砝码和纸板进行受力分析，列运动方程，按纸板抽出前后运动距离的不同列式联立求解解答：解：（1）当纸板相对砝码运动时，砝码和纸板之间的摩擦力：f1=m1g桌面对纸板的摩擦力：f2=（m1+m2）g纸板所受摩擦力的大小：f=f1+f2=（2m1+m2）g（2）当纸板相对砝码运动时，设砝码的加速度为a1，纸板的加速度为a2，则有：f1=m1a1得：ff1f2=m2a2发生相对运动需要纸板的加速度大于砝码的加速度，即：a2a1所以：f=f1+f2+m2a2f1+f2+m2a1=m1g+（m1+m2）g+m2g=2（m1+m2）g即：f2（m1+m2）g（3）纸板抽出前，砝码运动的距离，纸板运动的距离 ，纸板抽出后，砝码在桌面上运动的距离 ，l=x1+x2，由题意知a1=a3，a1t1=a3t2，解得 代入数据联立得：f=22.4n答：（1）纸板所受摩擦力的大小为（2m1+m2）g；（2）所需拉力的大小f2（m1+m2）g；（3）纸板所需的拉力至少22.4n点评：这是2013年江苏高考题，考查了连接体的运动，应用隔离法分别受力分析，列运动方程，难度较大三、选做题（选作选修3-312分）【物理-选修3-3】（12分）11（6分）（2014秋重庆校级月考）下列叙述正确的有 （）a在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果b自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性c外界对气体做正功，气体的内能一定增大d温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大e扩散现象和布朗运动都与温度有关f第二类永动机违反了热力学第一定律考点：热力学第二定律；扩散专题：热力学定理专题分析：本题根据液体表面张力的作用、热力学第二定律、热力学第一定律、温度的微观意义、分子动理论的基本知识等进行分析解答：解：a、在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由漂浮的水滴呈球形，这是表面张力使其收缩的结果故a正确b、根据热力学第二定律知，自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故b正确c、外界对气体做正功，气体的内能不一定增大，还与吸、放热情况有关，故c错误d、温度升高，分子的平均动能增大，由于分子运动是无规则的，所以不是物体内的每一个分子的热运动速率都增大，故d错误e、扩散现象和布朗运动都与温度有关，故e正确f、第二类永动机不违反了热力学第一定律，即能量守恒定律，而违反了热力学第二定律，故f错误故选：abe点评：解决本题的关键要掌握热力学的基本知识，加深对热力学第二定律、热力学第一定律的理解要知道温度是分子平均动能的标志，不是每个分子动能的标志12（6分）（2013山东）我国“蛟龙”号深海探测船载人下潜超七千米，再创载人深潜新纪录在某次深潜实验中，“蛟龙”号探测到99