甘肃省天水市秦安二中高一物理上学期期末试卷（含解析）.doc

甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期 期末物理试卷一、本题共12小题，每小题4分，共48分其中1、2、3、4、5、6、11题为单选，7、8、9、10、12题为多选1（4分）如图是利用传感器记录两个物体间作用力和反作用力的变化图线，根据图线可以得出的结论是（）a作用力大时，反作用力小b作用力和反作用力不是同时变化的c作用力和反作用力的大小总是相等d作用力总是大于反作用力2（4分）如图所示为一质点做直线运动的速度时间图象，下列说法中正确的是（）a整个运动过程中，ce段的加速度最大b整个运动过程中，bc段的加速度最大c整个运动过程中，质点在c点的状态所对应的位置离出发点最远doa段所表示的运动通过的路程是25m3（4分）如图所示，车厢顶部用竖直细线悬挂一小球，小球下方与一光滑斜面接触（）a如小车做匀速运动，小球受到的力有重力、绳对它的拉力和斜面对它的弹力b如小车做匀速运动，小球受到斜面的弹力一定为零c如小车做匀加速运动，小球受到斜面的弹力一定为零d如小车做匀加速运动，加速度越大，绳的拉力越大4（4分）一滑雪者沿斜坡匀速滑下，如图下列关于滑雪者受力的说法，正确的是（）a滑雪者受到二个力作用b滑雪者所受的合力垂直斜坡向上c滑雪者所受的合力沿斜坡向下d作用在滑雪者身上的合力为零5（4分）在探究超重和失重规律时，某体重为g的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力f随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）abcd6（4分）“蹦极”是一项刺激的体育运动某人身系弹性绳自高空p点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从p点下落到最低点c点的过程中（）a在a点时人的速度最大b在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态c在ab段人做减速运动d在c点，人的速度为零，处于平衡状态7（4分）如图所示，质点通过位置p时的速度、加速度及p附近的一段轨迹都在图上标出，其中可能正确的是（）abcd8（4分）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示下列表述正确的是（）aa的原长比b的短ba的劲度系数比b的大ca的劲度系数比b的小d测得的弹力与弹簧的长度成正比9（4分）如图是甲、乙两物体做直线运动的vt图象下列表述正确的是（）a乙做匀加速直线运动b甲的加速度比乙的小c甲和乙的加速度方向相同d甲与乙的速度方向相同10（4分）如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度（一直在弹性限度内）后停止下落在小球下落的这一全过程中，下列说法中正确的是（）a小球刚接触弹簧瞬间速度最大b从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上c从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小d从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大11（4分）如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动将质量为m的物体q轻轻放在水平传送带的左端a处，经过t秒后，q的速度也变为v，再经t秒物体q到达传送带的右端b处，则（）a前t秒内物体做匀加速运动，后t秒内物体做匀减速运动b后t秒内q与传送带之间无摩擦力c前t秒内q的位移与后t秒内q的位移大小之比为1：1dq由传送带左端运动到右端的平均速度为12（4分）如图，在光滑水平面上放着紧靠在一起的ab两物体，b的质量是a的2倍，b受到向右的恒力fb=2n，a受到的水平力fa=（92t）n，（t的单位是s）从t=0开始计时，则（）aa物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍bt4s后，b物体做匀加速直线运动ct=4.5s时，a物体的速度为零dt4.5s后，ab的加速度方向相反二、本题共2小题，每空2分，共12分把答案填在相应的横线上或按题目要求作答13（6分）为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出af关系图线（如2图所示）分析此图线，ca段不过原点的可能原因是：此图线的ab段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是a小木块与轨道之间存在摩擦b导轨保持了水平状态c所挂钩码的总质量太大d所用小木块的质量太大14（6分）现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图）、小车、计时器一个、米尺请填入适当的公式或文字，完善以下实验步骤（不考虑摩擦力的影响）：小车自斜面上方一固定点a1从静止开始下滑至斜面底端a2，记下所用的时间t用米尺测量a1与a2之间的距离s，则小车的加速度a=用米尺测量a1相对于a2的高h设小车所受重力为mg，则小车所受的合外力f=改变，重复上述测量以h为横坐标，为纵坐标，根据实验数据作图如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一规律三、本题共4小题，满分40分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15（8分）如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2n的球a、b，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10n/m，用两条等长的线将球c与a、b相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60，求：（1）杆对a球支持力大小；（2）c球重力大小16（8分）某工人用f=100n的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数=0.2，取g=10m/s2（1）4s末木箱的速度为多大？（2）若4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边17（12分）如图所示，在光滑水平面ab上，用水平恒力f推动质量为m=1kg的物体从a点由静止开始做匀加速直线运动，物体到达b点时撤去f，接着又冲上光滑斜面，设经过b点前后速度大小不变，最高能到达c点，用速度传感器测量物体的瞬时速度，表中记录了部分测量数据，t（s）0.00.20.42.22.42.6v（m/s）0.00.40.83.02.01.0取g=10m/s2，求：（1）恒力f的大小（2）斜面的倾角（3）t=2.1s时物体的速度18（12分）如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验 若砝码和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因数均为重力加速度为g（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力的大小；（2）要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；（3）本实验中，m1=0.5kg，m2=0.1kg，=0.2，砝码与纸板左端的距离d=0.1m，取g=10m/s2若砝码移动的距离超过l=0.002m，人眼就能感知为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大？甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、本题共12小题，每小题4分，共48分其中1、2、3、4、5、6、11题为单选，7、8、9、10、12题为多选1（4分）如图是利用传感器记录两个物体间作用力和反作用力的变化图线，根据图线可以得出的结论是（）a作用力大时，反作用力小b作用力和反作用力不是同时变化的c作用力和反作用力的大小总是相等d作用力总是大于反作用力考点：牛顿第三定律 分析：从图上可以看出作用力和反作用力关于时间轴对称即大小相等，一正一负即方向相反作用力和反作用力互为施力物体和受力物体解答：解；a、作用力和反作用力大小相等，故a错误b、作用力和反作用力是同时变化的，故b错误c、作用力和反作用力一正一负即方向相反，而大小相等故c正确d、无论物体静止还是运动，作用力和反作用力的关系都不改变故d错误故选：c点评：理解基本概念是学好物理的前提和基础，只有充分理解牛顿第三定律才能顺利解决本题2（4分）如图所示为一质点做直线运动的速度时间图象，下列说法中正确的是（）a整个运动过程中，ce段的加速度最大b整个运动过程中，bc段的加速度最大c整个运动过程中，质点在c点的状态所对应的位置离出发点最远doa段所表示的运动通过的路程是25m考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：（1）vt图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；（2）图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负（3）图象与坐标轴围成的面积表示位移，bc段与时间轴围成的梯形面积表示其运动的路程解答：解：a、整个过程中，ce段倾斜角最大，故其加速度数值最大，故a正确，b错误；c、从静止到d点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，d点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故d点离出发点最远，故c错误；d、oa段与时间轴围成的三角形面积为s=故d错误故选：a点评：本题是速度时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题3（4分）如图所示，车厢顶部用竖直细线悬挂一小球，小球下方与一光滑斜面接触（）a如小车做匀速运动，小球受到的力有重力、绳对它的拉力和斜面对它的弹力b如小车做匀速运动，小球受到斜面的弹力一定为零c如小车做匀加速运动，小球受到斜面的弹力一定为零d如小车做匀加速运动，加速度越大，绳的拉力越大考点：牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用 分析：ab选项物体处于平衡状态，根据弹力有无的判断，确定物体的受力，cd选项物体处于加速运动状态，根据牛顿第二定律结合力的合成与分解求解解答：解：ab、小车做匀速运动，小球处于平衡状态，合外力为零，对小球受力分析知，受竖直向下重力、竖直向上的绳子拉力，假设受到斜面的弹力，三个力的合力不可能为零，小球将向右上方运动，与题设条件矛盾，故斜面对小球没有弹力故小球只受到重力和细线对它的拉力两个力故b正确，a错误；cd、车做加速运动，合外力水平向右，对小球受力分析，如只受竖直向下重力、竖直向上的绳子拉力，合力不可能水平向右，故小球必受到斜面的弹力，方向垂直斜面向上，故c错误；随着加速度的增大，当合力不足以提供加速度时，小球将沿斜面上滑，绳子上的力将变为零，故d错误；故选：b点评：本题采用假设法分析斜面的弹力是否存在，这是判断弹力和摩擦力是否存在常用的方法4（4分）一滑雪者沿斜坡匀速滑下，如图下列关于滑雪者受力的说法，正确的是（）a滑雪者受到二个力作用b滑雪者所受的合力垂直斜坡向上c滑雪者所受的合力沿斜坡向下d作用在滑雪者身上的合力为零考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：分析滑雪者的受力情况，根据共点力的平衡即可做出判定解答：解：一滑雪者沿斜坡匀速滑下，受到重力、支持力和摩擦力两点作用处于平衡状态，合外力为0故abc错误，d正确故选：d点评：平衡状态由两种情况：静止或做匀速直线运动，所以该题中的滑雪者处于平衡状态，这是解题的关键5（4分）在探究超重和失重规律时，某体重为g的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力f随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）abcd考点：超重和失重 专题：运动学中的图像专题分析：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态解答：解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，所以d正确故选d点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了6（4分）“蹦极”是一项刺激的体育运动某人身系弹性绳自高空p点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从p点下落到最低点c点的过程中（）a在a点时人的速度最大b在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态c在ab段人做减速运动d在c点，人的速度为零，处于平衡状态考点：牛顿第二定律；超重和失重 分析：根据牛顿第二定律判断出人的加速度方向，根据加速度的方向与速度方向的关系，判断出人的运动情况，从而确定哪个位置速度最大，哪个位置加速度最大解答：解：a、从a点向下，人的重力大于弹力，加速度向下，则做加速运动，根据牛顿第二定律知，加速度减小，当到达b位置，重力和弹力相等，速度最大，由b到c，重力小于弹力，加速度方向向上，做减速运动故a错误b、在ab段绳的拉力小于人的重力，加速度向下，人处于失重状态故b正确c、从a点向下，人的重力大于弹力，加速度向下，则做加速运动，根据牛顿第二定律知，加速度减小，当到达b位置，重力和弹力相等，速度最大，故ab段做加速度减小的加速运动故c错误d、在c点，速度为零，重力小于弹力，不是平衡状态故d错误故选：b点评：解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体的运动，知道合力的方向与加速度方向相同，当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动7（4分）如图所示，质点通过位置p时的速度、加速度及p附近的一段轨迹都在图上标出，其中可能正确的是（）abcd考点：物体做曲线运动的条件 分析：做曲线运动的物体，速度方向沿着曲线上点的切线方向；做曲线运动的物体，合力及加速度的方向与速度方向不共线，且指向曲线的内侧；解答：解：a、图中速度方向正确，加速度方向应该直线曲线的内侧，故a错误；b、图中速度方向是切线方向，加速度方向指向曲线的内侧，故b正确；c、图中加速度方向指向曲线的内侧，但速度方向不是切线方向，故c错误；d、图中速度方向是切线方向，加速度方向指向曲线内侧，故d正确；故选：bd点评：本题关键是要明确三个方向，即速度方向、合力方向、加速度方向；对于曲线运动要明确其速度方向不断变化，一定具有加速度，一定是变速运动8（4分）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示下列表述正确的是（）aa的原长比b的短ba的劲度系数比b的大ca的劲度系数比b的小d测得的弹力与弹簧的长度成正比考点：探究弹力和弹簧伸长的关系 专题：实验题分析：弹簧的弹力满足胡克定律，f=kx，在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，横截距表示弹簧的原长解答：解：a、在图象中横截距表示弹簧的原长，故b的原长比a的长，故a正确bc、在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，故a的劲度系数比b的大，故b正确，c错误 d、测得的弹力与弹簧的伸长长度成正比，而不是与长度成正比，故d错误故选：ab点评：考查了胡克定律，注意ft图象的认识，明确斜率和横截距的物理意义9（4分）如图是甲、乙两物体做直线运动的vt图象下列表述正确的是（）a乙做匀加速直线运动b甲的加速度比乙的小c甲和乙的加速度方向相同d甲与乙的速度方向相同考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：运动学中的图像专题分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，倾斜直线表示匀变速直线运动，根据形状分析物体的运动性质；图线的斜率代表物体的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜，加速度为负解答：解：a、由图看出，乙的速度均匀增大，加速度不变，说明乙做匀加速直线运动，故a正确b、由速度图线斜率的大小等于加速度的大小，甲图线的斜率较大，则甲的加速度比乙的大故b错误c、vt图象的斜率等于加速度，由数学知识得知，甲的加速度沿负向，乙的加速度沿正向，两者加速度方向相反，故c错误d、速度的正负表示速度的方向，由图知，两个物体的速度均沿正方向，方向相同，故d正确故选：ad点评：本题是为速度时间图象的应用，关键要明确斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息10（4分）如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度（一直在弹性限度内）后停止下落在小球下落的这一全过程中，下列说法中正确的是（）a小球刚接触弹簧瞬间速度最大b从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上c从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小d从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大考点：动能和势能的相互转化；牛顿第二定律；功能关系 分析：根据小球的受力情况，分析小球的运动情况，判断什么时刻小球的速度最大，根据牛顿第二定律分析小球的加速度的方向解答：解：a、b小球刚接触弹簧瞬间具有向下的速度，开始压缩弹簧时，重力大于弹力，合力竖直向下，加速度方向竖直向下，与速度方向相同，小球做加速度运动，当小球所受的弹力大于重力时，合力竖直向上，加速度竖直向上，与速度方向相反，小球开始做减速运动，则当弹力与重力大小相等、方向相反时，小球的速度最大故ab错误c、由上分析可知，从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小故c正确d、从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后反向增大故d正确故选cd点评：本题是含有弹簧的问题，关键要抓住弹簧弹力的可变性，不能想当然，认为小球一碰弹簧就开始减速11（4分）如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动将质量为m的物体q轻轻放在水平传送带的左端a处，经过t秒后，q的速度也变为v，再经t秒物体q到达传送带的右端b处，则（）a前t秒内物体做匀加速运动，后t秒内物体做匀减速运动b后t秒内q与传送带之间无摩擦力c前t秒内q的位移与后t秒内q的位移大小之比为1：1dq由传送带左端运动到右端的平均速度为考点：牛顿第二定律；平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：在前t秒内物体做加速运动，后t秒内物体做匀速运动由运动学公式求出总位移，再求解平均速度，并求出位移之比后ts内q与传送带之间无摩擦力解答：解：a、在前t秒内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动，后t秒内物体的速度与传送带相同，不受摩擦力而做匀速运动故a错误，b正确c、前t秒内q的位移与后t秒内q的位移大小之比为：vt=1：2故c错误d、q由传送带左端运动到右端的总位移为x=+vt=，平均速度为=故d错误故选：b点评：本题可通过分析物体的受力情况来确定其运动情况，也可以通过作速度图象研究位移和平均速度12（4分）如图，在光滑水平面上放着紧靠在一起的ab两物体，b的质量是a的2倍，b受到向右的恒力fb=2n，a受到的水平力fa=（92t）n，（t的单位是s）从t=0开始计时，则（）aa物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍bt4s后，b物体做匀加速直线运动ct=4.5s时，a物体的速度为零dt4.5s后，ab的加速度方向相反考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：对整体，根据牛顿第二定律求出加速度的表达式，得到a物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍数；对b研究，由牛顿第二定律求出a对b的作用力n表达式，当n=0时，求出时间，此后a分离，b做匀加速运动；t=4.5s时，对a，根据牛顿第二定律求出加速度，分析其速度；解答：解：设a的质量为m，则b的质量为2m，在两物体没有分离时，对整体：根据牛顿第二定律得 a= 对b：设a对b的作用力大小为n，则 n+fb=2ma 解得，n=（164t），a、b、由得，当t=4s时，n=0，此后a、b分离，b物体做匀加速直线运动由得：当t=0时，a1=；t=3s时，a2=，则a物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍故a、b正确c、t=4.5s时，a的加速度为aa=0，说明t=4.5s之前a在做加速运动，此时a的速度不为零，而且速度方向与b相同故c错误d、t4.5s后，a的加速度aa0，而b的加速度不变，则知t4.5s后，ab的加速度方向相反故d正确故选abd点评：本题是连接体问题，采用整体法和隔离法，根据牛顿第二定律得到加速度与时间的关系是关键二、本题共2小题，每空2分，共12分把答案填在相应的横线上或按题目要求作答13（6分）为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出af关系图线（如2图所示）分析此图线，ca段不过原点的可能原因是：未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足此图线的ab段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是ca小木块与轨道之间存在摩擦b导轨保持了水平状态c所挂钩码的总质量太大d所用小木块的质量太大考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大从图上分析两图各是什么原因即可解答：解：在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量（1）当拉力f已经不为零时，木块仍然没有产生加速度，故原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（2）探究加速度与力的关系实验，当钩码的质量远小于小车质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，af图象是直线，如果钩码质量太大，不能满足钩码质量远小于小车质量时，af图象不是直线，发生弯曲，故c正确；故选：c故答案为：木块质量；（1）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（2）c点评：正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据、实验误差等，会起到事半功倍的效果14（6分）现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图）、小车、计时器一个、米尺请填入适当的公式或文字，完善以下实验步骤（不考虑摩擦力的影响）：小车自斜面上方一固定点a1从静止开始下滑至斜面底端a2，记下所用的时间t用米尺测量a1与a2之间的距离s，则小车的加速度a=用米尺测量a1相对于a2的高h设小车所受重力为mg，则小车所受的合外力f=改变斜面的倾角或斜面高h，重复上述测量以h为横坐标，为纵坐标，根据实验数据作图如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一规律考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）小车做的是初速度为零的匀加速直线运动，根据运动规律：s=可求出加速度a（2）小车所受的合外力是重力沿斜面的分力，大小为：mgsin，为斜面的夹角，求出sin，即可求出合外力f（3）用动能定理可解得：h=，所以h与成正比，所以我们需要改变h解答：解：（1）小车做的是初速度为零的匀加速直线运动，根据运动规律：s=，解得：a=（2）小车所受的合外力是重力沿斜面的分力，大小为：mgsin，为斜面的夹角，sin=，所以合力为：f=mgsin=（3）用动能定理可解得：h=，所以h与成正比，所以我们需要改变h，所以需要：改变斜面的倾角或斜面高h故答案为：；斜面的倾角或斜面高h点评：本题的关键是找出实验原理，是重力沿斜面的分力做为合外力，最终得到，h与成正比，来对实验数据进行分析三、本题共4小题，满分40分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15（8分）如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2n的球a、b，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10n/m，用两条等长的线将球c与a、b相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60，求：（1）杆对a球支持力大小；（2）c球重力大小考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：根据胡克定律求出弹簧的弹力大小对a或b研究，由平衡条件求出细线的拉力大小，再对c球研究，由平衡条件求解c球的重力解答：解：根据胡克定律得，弹簧的弹力大小为：f=kx=100.1n=1n分析a球的受力情况，如图所示，根据平衡条件得：tcos60=fn=g+tsin60解得：t=2nn=（2+）n对c球：2tsin60=gc解得：gc=2n答：（1）杆对a球支持力大小为（2+）n；（2）c球重力大小为2n点评：本题采用隔离法研究多个物体平衡的问题，分析受力情况，作出力图是解答的基础16（8分）某工人用f=100n的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数=0.2，取g=10m/s2（1）4s末木箱的速度为多大？（2）若4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；物体的弹性和弹力 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）根据牛顿第二定律求出加速度，根据速度时间公式求解4s末木箱的速度；（2）木箱恰好能运动到墙边时速度为零，根据0v2=2ax求解加速度，再根据牛顿第二定律求解f解答：解：根据牛顿第二定律得：木箱的加速度为，代入数据得：a=0.5 m/s2由v=a t得4 s后木箱的速度v=2 m/s（2）由0v2=2a1x得，代入数据得：a1=1 m/s2由，代入数据得：f1=40 n答：（1）4s末木箱的速度为2m/s；（2）他的推力减小为40n时，木箱恰好能运动到墙边点评：本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用，知道木箱恰好能运动到墙边时速度为零，难度不大，属于基础题17（12分）如图所示，在光滑水平面ab上，用水平恒力f推动质量为m=1kg的物体从a点由静止开始做匀加速直线运动，物体到达b点时撤去f，接着又冲上光滑斜面，设经过b点前后速度大小不变，最高能到达c点，用速度传感器测量物体的瞬时速度，表中记录了部分测量数据，t（s）0.00.20.42.22.42.6v（m/s）0.00.40.83.02.01.0取g=10m/s2，求：（1）恒力f的大小（2）斜面的倾角（3）t=2.1s时物体的速度考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题