陕西省榆林市绥德一中高二物理上学期期中试卷（含解析）.doc

2014-2015学年陕西省榆林市绥 德一中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分1-7题是单选，8-10题是多选，全对得4分，选不全得2分，错选或不选得0分）1如图四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点其中电势和场强都相同的是（）a b c d 2在电场中某点放一检验电荷，其电荷量为q，检验电荷受到的电场力为f，则该点的电场强度为，那么下列说法正确的是（）a 若移去检验电荷q，该点的电场强度就变为零b 若在该点放一个电荷量为2q的检验电荷，该点的场强就变为c 若在该点放一个电荷量为2q的检验电荷，该点场强大小仍为e，但场强方向变为原来相反的方向d 若在该点放一个电荷量为的检验电荷，该点场强大小仍为e，场强方向也还与原来的方向相同3在静电场中，将一正电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则（）a b点的电场强度一定比a点大b 电场线方向一定从b指向ac b点的电势一定比a点高d 该电荷的动能一定减小4如图所示，两个电阻串联后接在电路中a，b两点，已知a，b两点间电压不变某同学把一个实验室里的电压表并联在r1两端时，读数为5v；将该电压表并联在r2两端时，读数为4v，则a，b两点间电压（）a 大于9vb 等于9vc 小于9vd 无法确定5将内阻为0.5的电池组用电阻为0.75的导线，与标有“6v，7.2w”的小灯泡串联，就可以使这个小灯泡正常发光，由此可知，所用电池组的电动势是（）a 6 vb 7.5vc 9vd 10.5v6如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同当电压u升高时，先烧坏的电阻应是（）a r1和r2b r3和r4c r5d 不能确定7图中b为电源，r1、r2为电阻k为电键现用多用电表测量流过电阻r2的电流将多用电表的选择开关调至直流电流挡（内阻很小）以后，正确的接法是（）a 保持k闭合，将红表笔接在a处，黑表笔接在b处b 保持k闭合，将红表笔接在b处，黑表笔接在a处c 将k断开，红表笔接在a处，黑表笔接在b处d 将k断开，红表笔接在b处，黑表笔接在a处8如图所示为三个门电路符号，a输入端全为“1”，b输入端全为“0”，下列判断正确的是（）a 甲为“非”门，输出为“0”b 乙为“与”门，输出为“0”c 乙为“或”门，输出为“1”d 丙为“与”门，输出为“1”9如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻r的阻值，可使电压表v的示数减小u（电压表为理想电表），在这个过程中（）a 通过r1的电流减小，减少量一定等于b r2两端的电压增加，增加量一定等于uc 路端电压减小，减少量一定等于ud 通过r2的电流增加，但增加量一定小于10如图所示，可视为点电荷的小物体a、b分别带负电和正电，b固定，其正下方的a静止在粗糙绝缘的斜面上，则a受力的个数可能是（）a 2个b 3个c 4个d 5个二、实验题（15分）1）用游标为20分度的卡尺测量某物长度如图甲所示，可知其长度为mm（2）图乙用螺旋测微器测得的读数为mm12一个额定电压为2.8v，功率为0.8w的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的i=u图线，有下列器材供选用：a电压表（03v，内阻6k） b电压表（015v，内阻30k） c电流表（03a，内阻0.1） d电流表（00.6a，内阻0.5） e滑动变阻器（10，5a） f滑动变阻器（200，0.5a） g蓄电池（电动势6v，内阻不计）（1）用如图所示的电路进行测量，电压表应选用，电流表应选用，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）（2）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示，由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为（结果保留2位有效数字）三、计算题（45分）13在如图所示的电路中，r1、r2均为定值电阻，且r1=100，r2阻值未知，r3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中a、b两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的求：（1）电源的电动势和内阻；（2）定值电阻r2的阻值；（3）滑动变阻器的最大阻值14在一水平面上建立x轴，在过原点o垂直于x轴的平面的右侧空间有一匀强电场，场强大小e=6105n/c，方向与x轴正方向相同，在o处放一个带负电q=5108c，质量为m=10g的绝缘物块（可看作质点），物块与水平面间的动摩擦因数=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=4m/s，如图所示，求物块运动的路程（取g=10m/s2）15如图所示，平行板电容器a、b间的电压为u保持不变，两板间的距离为d，一质量为m、带电荷量为q的粒子（粒子的重力忽略不计），由两板中央o点以水平速度v0水平射入，落在c处，bc=l若将b板向下拉开，初速度v0不变，则粒子将落在b板的c点（c点图中未画出），求：（1）第二种情况的加速度；（2）bc为多长2014-2015学年陕西省榆林市绥德一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分1-7题是单选，8-10题是多选，全对得4分，选不全得2分，错选或不选得0分）1如图四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点其中电势和场强都相同的是（）a b c d 考点：电势；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：电势是标量，根据电场线的方向和对称性分析a、b两点电势是否相同场强是矢量，根据电场线的疏密和切线方向及对称性，确定场强是否相同解答：解：a、ab两点在一等势面上，电势相同，a的场强方向向左，b的场强方向向右，则场强不同故a错误 b、a、b在等量异种电荷连线的中垂线上，而此中垂线是一条等势线，两点电势相同根据电场线分布的对称性可知，这两点场强相同故b正确 c、a、b两点场强相同，而电势a点高于b点，故c错误 d、根据电场线的对称性可知：a、b两点的电势相同，而a的场强方向向上，b点的场强方向下，场强不同故d错误故选b点评：判断电势的高低，根据电场线的方向判断场强的大小根据电场线疏密，方向看电场线的切线方向要注意场强是矢量，只有大小和方向均相同，场强才相同2在电场中某点放一检验电荷，其电荷量为q，检验电荷受到的电场力为f，则该点的电场强度为，那么下列说法正确的是（）a 若移去检验电荷q，该点的电场强度就变为零b 若在该点放一个电荷量为2q的检验电荷，该点的场强就变为c 若在该点放一个电荷量为2q的检验电荷，该点场强大小仍为e，但场强方向变为原来相反的方向d 若在该点放一个电荷量为的检验电荷，该点场强大小仍为e，场强方向也还与原来的方向相同考点：电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：电场中某点的场强是由场源电荷决定的，与放入的检验电荷无关解答：解：电场中某点的场强是由场源电荷决定的，与放入的检验电荷无关无论有无放入检验电荷、检验电荷的电量如何，电场强度的大小方向都不变故d正确，a、b、c错误故d正确点评：解决本题的关键知道电场中某点的场强是由场源电荷决定的，与放入的检验电荷无关3在静电场中，将一正电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则（）a b点的电场强度一定比a点大b 电场线方向一定从b指向ac b点的电势一定比a点高d 该电荷的动能一定减小考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线做功的正负可分析两点的电势关系，但不能判断场强的大小关系也不能根据电势的变化，判断出场强的方向电场力做功能量度电势能的转化，根据动能定理分析动能的变化解答：解：a、正电荷从a点移到b点，电场力做负功，由于电场力做功的正负与场强相对大小没有直接关系，故无法判断a、b两点电场强度大小，若是匀强电场，a、b两点电场强度相等，故a错误；b、通过电场力做功无法判断电场线的方向，电荷运动时可能与电场有一定夹角，也可能沿着电场或者逆着电场等，故b错误；c、移动正电荷从a点到b点，电场力做负功，电势能一定增大，因正电荷在电势高低电势能大，所以b点的电势一定比a点高故c正确d、电场力做负功，如有重力等其他力做功，根据动能定理可知，该电荷的动能不一定减小，故d错误故选：c点评：本题主要考察了描述电场的基本概念电势和电场强度，可结合电场线进行分析掌握推论：正电荷在电势高低电势能大，很容易判断电势能与电势的关系4如图所示，两个电阻串联后接在电路中a，b两点，已知a，b两点间电压不变某同学把一个实验室里的电压表并联在r1两端时，读数为5v；将该电压表并联在r2两端时，读数为4v，则a，b两点间电压（）a 大于9vb 等于9vc 小于9vd 无法确定考点：伏安法测电阻专题：恒定电流专题分析：电压表不是理想的电压表，本身也有电阻，当电压表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数解答：解：电压表接在r1两端，电压表的示数5v，此时并联部分的电阻要比没有并联电压表的时候小，分压也要小；同样，当电压表接在r2两端，电压表的示数4v，此时并联部分的电阻要比没有并联电压表的时候小，分压也要小，在电压减小之后，电压的和为9v，所以总的电压要比9v大，所以a正确故选a点评：本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电表5将内阻为0.5的电池组用电阻为0.75的导线，与标有“6v，7.2w”的小灯泡串联，就可以使这个小灯泡正常发光，由此可知，所用电池组的电动势是（）a 6 vb 7.5vc 9vd 10.5v考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：小灯泡正常发光，根据p=ui求解电路的电流；然后根据闭合电路欧姆定律求解电源的电动势解答：解：标有“6v，7.2w”的小灯泡正常发光，故电流为：i=根据闭合电路欧姆定律，有：e=i（r+r）+u=1.2（0.5+0.75）+6=7.5v故选：b点评：本题关键先根据p=ui求解干路电流，然后根据闭合电路欧姆定律求解电源的电动势，基础题6如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同当电压u升高时，先烧坏的电阻应是（）a r1和r2b r3和r4c r5d 不能确定考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：先分析电路的结构，然后根据串并联电路的特点，判断哪个电阻的电压最高，哪个电阻就先烧坏解答：解：由图可知，r1和r2并联后与r5串联，最后跟r3和r4的串联电路并联，设电阻都为r，则r3和r4的电压都为，r1和r2并联电阻为，所以r1和r2的电压都为，r5的电压为，所以r5的电压最大，所以随着电压u升高时，先烧坏的电阻应是r5故选：c点评：本题解题的关键是弄清楚电路的结构，根据串并联电路的特点判断各个电阻电压的高低，难度适中7图中b为电源，r1、r2为电阻k为电键现用多用电表测量流过电阻r2的电流将多用电表的选择开关调至直流电流挡（内阻很小）以后，正确的接法是（）a 保持k闭合，将红表笔接在a处，黑表笔接在b处b 保持k闭合，将红表笔接在b处，黑表笔接在a处c 将k断开，红表笔接在a处，黑表笔接在b处d 将k断开，红表笔接在b处，黑表笔接在a处考点：多用电表的原理及其使用分析：电流表内阻很小，所以串联入电路中，而电压表内阻很大，则并联入电路中；当多用电表用来测量电流时，红表笔必须与电源正极相连，黑表笔与电源负极相连解答：解：要想测电阻r2的电流，必须将开关k断开，将两表笔接入电路红表笔接电源的正极，黑表笔接电源的负极故选：c点评：当多用电表测电流或电压时，红表笔要与电源的正极相连；当多用电表用来测电阻时，红表笔与电源的负极相连的，原因是测电流或电压时，电源在表的外部；而测电阻时，电源则在表的内部，然而表盘的指针偏转方向不变，即电流的流向不变，所以有这样的结果8如图所示为三个门电路符号，a输入端全为“1”，b输入端全为“0”，下列判断正确的是（）a 甲为“非”门，输出为“0”b 乙为“与”门，输出为“0”c 乙为“或”门，输出为“1”d 丙为“与”门，输出为“1”考点：简单的逻辑电路分析：甲是“非”门，乙是“或”门，丙是“与”门非门的特点输入状态和输出状态相反，与门的特点几个条件都满足，事件才能发生，或门得特点只要一个条件满足，事件就能发生解答：解：根据各种门电路的符号，知甲是“非”门，乙是“或”门，丙是“与”门再根据各个门电路的特点，知甲输出为0，乙输出为1，丙输出为0故bd错误，ac正确故选：ac点评：该题考查常见的门电路以及它们的特点，解决本题的关键能够识别各种门电路以及它们的符号，知道门电路的特点基础问题9如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻r的阻值，可使电压表v的示数减小u（电压表为理想电表），在这个过程中（）a 通过r1的电流减小，减少量一定等于b r2两端的电压增加，增加量一定等于uc 路端电压减小，减少量一定等于ud 通过r2的电流增加，但增加量一定小于考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：由图可知，r1与r并联后与r2串联，电压表测并联部分的电压；由欧姆定律可知，通过r1的电流的变化量；由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化量，则可得出路端电压的变化量及r2两端电压的关系解答：解：a、因电压表示数减小，而r1为定值电阻，故电流的减小量一定等于，故a正确；b、r1两端的电压减小，则说明r2及内阻两端的电压均增大，故r2两端的电压增加量一定小于u，故b错误；c、因内电压增大，故路端电压减小，由b的分析可知，路端电压的减小量一定小于u，故c错误；d、由b的分析可知，r2两端的电压增加量一定小于u，故电流的增加量一定小于，故d正确；故选ad点评：本题考查欧姆定律中的动态分析，因本题要求分析电流及电压的变化量，故难度稍大，要求学生能灵活选择闭合电路的欧姆定律的表达形式10如图所示，可视为点电荷的小物体a、b分别带负电和正电，b固定，其正下方的a静止在粗糙绝缘的斜面上，则a受力的个数可能是（）a 2个b 3个c 4个d 5个考点：共点力平衡的条件及其应用；库仑定律分析：对a物块进行受力分析，同时结合平衡条件进行分析解答：解：首先物块受重力和b的静电引力若重力和引力恰好相等，则可以满足受力平衡的条件，斜面对a没有支持力和摩擦力，此时a球受到2个力的作用；若a所受的向上的吸引力小于其重力，则a对斜面有压力，则a会受到斜面的支持力，若要合力为0处于平衡状态必须还要受一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以a有可能受4个力的作用，故ac正确，bd错误故选：ac点评：本题借助库仑力考查了物体受力平衡的条件应用，分析受力首先要分析重力和静电力，再分析支持力和摩擦力，分析时经结合平衡条件进行判断二、实验题（15分）1）用游标为20分度的卡尺测量某物长度如图甲所示，可知其长度为10.15mm（2）图乙用螺旋测微器测得的读数为6.870mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为30.05mm=0.15mm，所以最终读数为：10mm+0.15mm=10.15mm2、螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为37.00.01mm=0.370mm，所以最终读数为6.5mm+0.370mm=6.870mm故答案为：10.15；6.870点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12一个额定电压为2.8v，功率为0.8w的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的i=u图线，有下列器材供选用：a电压表（03v，内阻6k） b电压表（015v，内阻30k） c电流表（03a，内阻0.1） d电流表（00.6a，内阻0.5） e滑动变阻器（10，5a） f滑动变阻器（200，0.5a） g蓄电池（电动势6v，内阻不计）（1）用如图所示的电路进行测量，电压表应选用a，电流表应选用d，滑动变阻器应选用e（用序号字母表示）（2）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示，由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为10（结果保留2位有效数字）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题分析：（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡正常发光时的电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，应选择最大阻值较小的滑动变阻器（2）由图2所示图象求出灯泡额定电压对应的电流，然后由欧姆定律求出灯泡电阻解答：解：（1）灯泡额定电压是2.8v，则电压表应选a；灯泡正常发光时的电流i=0.29a，电流表应选d；为方便实验操作滑动变阻器应选e（2）由图2所示图象可知，灯泡额定电压2.8v对应的电流为0.28a，灯泡正常发光时的电阻r=10；故答案为：（1）a，d，e；（2）10点评：本题考查了实验器材的选择、求灯泡电阻、串联电阻的阻值，要掌握实验器材的选择原则与方法；由图象求出灯泡电压对应的电流是正确求出灯泡电阻、串联电阻的关键三、计算题（45分）13在如图所示的电路中，r1、r2均为定值电阻，且r1=100，r2阻值未知，r3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中a、b两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的求：（1）电源的电动势和内阻；（2）定值电阻r2的阻值；（3）滑动变阻器的最大阻值考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：（1）电源的路端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，由闭合电路欧姆定律求出电动势（2）当滑片滑到最右端时，r1被短路，外电路的电阻最小，电流最大，读出电流和电压，由欧姆定律求出r2的阻值；（3）滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大，电流最小，由图读出电压和电流，由欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值解答：解：（1）电源的路端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，则有内阻r=|=20电源的电动势为e=u+ir，取电压u=16v，电流i=0.2a，代入解得，e=20v（2）当滑片滑到最右端时，r1被短路，外电路的电阻最小，电流最大，此时电压u=4v，电流i=0.8a，则定值电阻r2=5（3）滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大，电流最小，此时电压u=16v，电流i=0.2a，外电路总电阻为 r=80又r=r2+，r1=100，r2=5代入解得，r3=300答：（1）电源的电动势和内阻分别为e=20v和r=20；（2）定值电阻r2的阻值为5；（3）滑动变阻器的最大阻值为300点评：本题要理