陕西省西安市八校高三物理下学期模拟试卷（含解析）.doc

陕西省西安市八校大联考2015届高考物理模拟试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，在给出的四个选项中，第1-8题只有一个符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全对的得2分，有错选得0分，共48分）1下面关于物理学史的说法正确的是( )a卡文迪许利用扭秤实验得出万有引力与距离平方成反比的规律b奥斯特通过实验发现变化的磁场能在其周围产生电场c牛顿猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证d法拉第首先引入“场”的概念用来研究电和磁现象2一质点在a、b两点之间做匀变速直线运动，加速度方向与初速度方向相同，当在a点初速度为v时，从a点到b点所用的时间为t，当在a点初速度为2v时，保持其他量不变，从a点到b点所用的时间为t，则( )atbt=ctdt=t3我国第一台自行设计、自主集成研制的“蛟龙号”载人潜水器完成5000米级海试回国“蛟龙号”采用常用的“深潜器无动力下潜上浮技术”潜水器两侧配备4块压载铁，重量可以根据不同深度与要求调整当潜水器两侧配备4块压载铁时，潜水器下潜一定深度后按恒定速度下潜；当潜水器到达一定深度时，可操作抛载其中2块压载铁，使潜水器悬停在指定深度上实现作业，包括航行、拍照、取样等；当任务完成，再抛弃另外2块压载铁，使潜水器上浮，到达水面，设潜水器在水中受到的阻力与速度的平方成正比，潜水器受到的浮力恒定，下列说法正确的是( )a潜水器两侧配备4块压载铁时，向下做匀加速运动b潜水器两侧配备4块压载铁时，先向下做加速度逐渐减小的加速运动，然后做匀速运动c潜水器抛弃其中2块压载铁时，潜水器将做匀减速运动d潜水器抛弃所有压载铁后，潜水器向上先做匀加速后匀速运动至浮出水面42014年春晚中开心麻花团队打造的创意形体秀魔幻三兄弟给观众留下了很深的印象该剧采用了“斜躺”的表演方式，三位演员躺在倾角为30的斜面上完成一系列动作，摄像机垂直于斜面拍摄，让观众产生演员在竖直墙面前表演的错觉如图所示，演员甲被演员乙和演员丙“竖直向上”抛出，到最高点后恰好悬停在“空中”已知演员甲的质量m=60kg，该过程中观众看到演员甲上升的“高度”为0.8m设演员甲和斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力则该过程中，下列说法不正确的是( )a演员甲被抛出的初速度为4m/sb演员甲运动的时间为0.4sc演员甲的重力势能增加了480jd演员乙和演员丙对甲做的功为480j5人用手托着质量为m的“小苹果”，从静止开始沿水平方向运动，前进距离l后，速度为v（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为，则下列说法正确的是( )a手对苹果的作用力方向竖直向上b苹果所受摩擦力大小为mgc手对苹果做的功为mv2d苹果对手不做功6煤矿渗水会造成严重安全事故，2011年11月13日凌晨0时10分，甘肃省白银市景泰县通达煤矿发生透水事故，当时井下作业人员11名，其中4人泅水脱险，7人被困利用传感电容器可检测矿井渗水，发出安全警报，从而避免事故的发生如图所示是一种通过测量电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图，a为固定的导体芯，b为导体芯外面的一层绝缘物质，c为导电液体，把仪器接到图示电路中，已知灵敏电流表的指针偏转方向与电流方向的关系为：电流从哪侧流入电流表则电流表指针向哪侧偏转，当发现指针向右偏转时，导电液体深度h的变化为( )ah正在增大bh正在减小ch不变d无法确定7如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，电阻r1=r2=25，d为理想二极管，原线圈接u=220sin100t（v）的交流电，则( )a交流电的频率为100hzb通过r2的电流为1ac通过r2的电流为ad变压器的输入功率为200w8如图甲是回旋加速器的原理示意图，其核心部分是两个d型金属盒，在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中（磁感应强度大小恒定），并分别与高频电源相连加速时某带电粒子的动能ek随时间t变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是( )a高频电源的变化周期应该等于tntn1b在ekt图象中t4t3=t3t2=t2t1c粒子加速次数越多，粒子获得的最大动能一定越大d不同粒子获得的最大动能都相同9据报道，北斗卫星导航系统利用其定位、导航、短报文通信功能加入到马航mh370失联客机搜救工作，为指挥中心调度部署人力物力提供决策依据，保证了搜救船只准确抵达相关海域，帮助搜救船只规划搜救航线，避免搜救出现遗漏海域目前北斗卫星导航定位系统由高度均约为36000km的5颗静止轨道卫星和5颗倾斜地球同步轨道卫星以及高度约为21500km的4颗中轨道卫星组网运行下列说法正确的是( )a中轨道卫星的周期比同步卫星周期大b所有卫星均位于以地心为中心的圆形轨道上c同步卫星和中轨道卫星的线速度均小于第一宇宙速度d赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大10小明有一个磁浮玩具，其原理是利用电磁铁产生磁性，让具有磁性的玩偶稳定地飘浮起来，其构造如图所示若图中电源的电压固定，可变电阻为一可以随意改变电阻大小的装置，则下列叙述正确的是( )a电路中的电源必须是交流电源b电路中的a端点须连接直流电源的负极c若增加环绕软铁的线圈匝数，可增加玩偶飘浮的最大高度d若将可变电阻的电阻值调大，可增加玩偶飘浮的最大高度11如图所示，一根绳子一端固定于竖直墙上的a点，另一端绕过动滑轮p悬挂一重物b，其中绳子的pa段处于水平状态另一根绳子一端与动滑轮p的轴相连，在绕过光滑的定滑轮q后在其端点o施加一水平向左的外力f，使整个系统处于平衡状态滑轮均为光滑、轻质，且均可看作质点现拉动绳子的端点o使其向左缓慢移动一小段距离后达到新的平衡状态，则该平衡状态与原平衡状态相比较( )a拉力f增加b拉力f减小c角不变d角减小12如图所示，两个可视为质点的、相同的木块a和b放在转盘上，两者用长为l的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的k倍，a放在距离转轴l处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴o1o2转动开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止开始转动，使角速度缓慢增大，以下说法正确的是( )a当时，a、b相对于转盘会滑动b当时，绳子一定有弹力c范围内增大时，b所受摩擦力变大d范围内增大时，a所受摩擦力一直变大二、非选择题（共4小题，其中13-16题为必考题；17-19题为选考题。共52分）（一）为必考题（4题，共37分）13利用如图装置可以做力学中的许多实验，（1）以下说法正确的是_a用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和滑轨间的摩擦阻力的影响b用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行c用此装置“探究加速度a与力f的关系”每次改变砝码及砝码盘总质量之后，需要重新平衡摩擦力d用此装置“探究加速度a与力f的关系”应使小盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量（2）本装置中要用到打点计时器，如图甲、乙所示为实验室常用的两种计时器，其中甲装置用的电源要求是_a交流220v b直流220v c交流46v d直流46v（3）在利用此装置“探究加速度a与力f的关系”时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如图已知打点计时器接在频率为50hz的交流电源上，则此次实验中打点计时器打下a 点时小车的瞬时速度为_ m/s（结果保留2位有效数字）14现有一电池，内阻较大，为测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲所示的电路进行实验图中电流表的内电阻很小，对电路的影响可以不计；rt为热敏电阻实验中其阻值随温度变化的图象如图乙所示该同学接好电路后，闭合开关s，测出不同温度t及所对应的电流表读数i，取得多组数据，然后通过作出有关物理量的线性图象，求得电源的电动势e和内阻ra请写出该同学所作线性图象对应的函数表达式_b请在图丙的虚线框内坐标中作出定性图象（要求标明两个坐标轴所表示的物理量，用符号表示），c若该图象斜率的绝对值为k，纵截距为b，则e=_，r=_15中华人民共和国道路交通安全法第四章第五节第67、68条规定：汽车在高速公路上行驶的最高速度不超过120km/h，发生故障时，警告标志应标明在故障车来车方向150m以外某校2014-2015学年高一年级研究性学习小组根据调查收集得到下面的资料，想通过探究性学习来说明“发生故障时警告标志应标明在故障车来车方向150m以外”的理论依据是否科学，假如你是小组成员之一，请你分析说明（g取10m/s2） 路面动摩擦因数干沥青与混凝土路面0.70.8干碎石路面0.60.7湿沥青与混凝土路面0.40.5资料一：驾驶员的反应时间：0.3s0.6s之间资料二：各种路面与轮胎之间的动摩擦因数16xy平面为一光滑水平面，在x0，y0的空间区域内有平行于xy平面的匀强电场，场强大小为e=100v/m；在x0，y3m的区域内同时有垂直于xy平面的磁场，一质量m=2106kg、电荷量大小为q=2107c的带负电粒子从坐标原点o以一定的初动能入射，在电场和磁场的作用下发生偏转，到达p（4，3）点时，动能变为初动能的0.2倍，速度方向垂直于op最后，粒子从y轴上y=5m的m点射出电场，动能变为初动能的0.52倍，求：（1）op连线上与m点等电势的点的坐标；（2）粒子由p点运动到m点所需的时间三、选考题（17、18、19三题中任选一个作答）【物理-选修3-3】17以下说法中正确的是( )a“用油膜法估测分子的大小”实验中油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积b一定质量的理想气体在体积不变的情况下，压强p与热力学温度t成正比c气体分子的平均动能越大，气体的压强就越大d物理性质各向同性的一定是非晶体e液体的表面张力是由于液体分子间的相互作用引起的f控制液面上方饱和汽的体积不变，升高温度，则达到动态平衡后该饱和汽的质量增大，密度增大，压强也增大g让一小球沿碗的圆弧内壁来回滚动，小球的运动是可逆过程18如图所示，用面积为s的活塞在汽缸内封闭着一定质量的空气，活塞上放一砝码，活塞和砝码的总质量为m，现对汽缸缓缓加热使汽缸内的空气温度从t1升高到t2，且空气柱的高度增加了l，已知加热时气体吸收的热量为q，外界大气压强为p0，问：此过程中被封闭气体的内能变化了多少？被封闭空气初始状态的体积四、【物理-选修3-4】19下列说法中正确的是( )a人耳能听到的声波比超声波更易发生明显衍射b离开地球的高速火箭里的人认为地球上时钟变快c无论什么波，只要振幅足够大就可以产生明显的衍射现象d透过平行于日光灯的窄缝观察正常发光的日光灯时能看到彩色的条纹，这是光的衍射现象e光纤通信的工作原理是全反射，光纤通信具有容量大，抗干扰性强等优点20如图所示，一玻璃球体的半径为r，o为球心，ab为直径来自b点的光线bm在m点射出，出射光线平行于ab，另一光线bn恰好在n点发生全反射已知abm=30，求玻璃的折射率球心o到bn的距离五、【物理-选修3-5】21下列说法正确的是( )a康普顿效应和电子的衍射现象说明光和电子都具有波动性b普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论c若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减少d结合能越大的原子核越稳定e骸骨中c的含量为活着的生物体中c的，c的半衰期为5730年，则该生物死亡时距今11460年22如图所示，物体a、b的质量分别是4kg和8kg，由轻质弹簧连接，放在光滑的水平面上，物体b左侧与竖直墙壁相接触，另有一个物体c水平向左运动，在t=5s时与物体a相碰，并立即与a有相同的速度，一起向左运动，物块c的速度时间图象如图2所示（1）求物块c的质量；（2）弹簧压缩具有的最大弹性势能（3）在5s到15s的时间内，墙壁对物体b的作用力的冲量陕西省西安市八校大联考2015届高考物理模拟试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，在给出的四个选项中，第1-8题只有一个符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全对的得2分，有错选得0分，共48分）1下面关于物理学史的说法正确的是( )a卡文迪许利用扭秤实验得出万有引力与距离平方成反比的规律b奥斯特通过实验发现变化的磁场能在其周围产生电场c牛顿猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证d法拉第首先引入“场”的概念用来研究电和磁现象考点：物理学史 专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：a、卡文迪许利用扭秤实验测出万有引力常量，故a错误；b、奥斯特通过实验发现电流周围存在磁场，故b错误；c、伽利略用实验和数学证明自由落体运动的位移与下落时间平方成正比，并用实验进行了验证故c错误d、法拉第首先引入“场”的概念用来研究电和磁现象故d正确故选：d点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2一质点在a、b两点之间做匀变速直线运动，加速度方向与初速度方向相同，当在a点初速度为v时，从a点到b点所用的时间为t，当在a点初速度为2v时，保持其他量不变，从a点到b点所用的时间为t，则( )atbt=ctdt=t考点：匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：分别作出两种情况下的vt图象，由图象得出两种情况下的运动位移关系，结合题意明确第二次的时间与第一次时间的关系解答：解：由题意作出对就的vt图象如图所示；图象中图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，在至t之间时，初速度为2v0的位移等于初速度为v0时的位移；则说明t；故选：a点评：本题中若用公式法解析，过程将非常复杂；故应用vt图象的性质可以起到事半功倍的效果；要注意明确图象在解题中的应用的优势，在学习中要多加应用3我国第一台自行设计、自主集成研制的“蛟龙号”载人潜水器完成5000米级海试回国“蛟龙号”采用常用的“深潜器无动力下潜上浮技术”潜水器两侧配备4块压载铁，重量可以根据不同深度与要求调整当潜水器两侧配备4块压载铁时，潜水器下潜一定深度后按恒定速度下潜；当潜水器到达一定深度时，可操作抛载其中2块压载铁，使潜水器悬停在指定深度上实现作业，包括航行、拍照、取样等；当任务完成，再抛弃另外2块压载铁，使潜水器上浮，到达水面，设潜水器在水中受到的阻力与速度的平方成正比，潜水器受到的浮力恒定，下列说法正确的是( )a潜水器两侧配备4块压载铁时，向下做匀加速运动b潜水器两侧配备4块压载铁时，先向下做加速度逐渐减小的加速运动，然后做匀速运动c潜水器抛弃其中2块压载铁时，潜水器将做匀减速运动d潜水器抛弃所有压载铁后，潜水器向上先做匀加速后匀速运动至浮出水面考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：本题在三种情况下分别对潜水器受力进行分析，根据牛顿第二定律得出加速度的表达式，分析加速度与速度的关系即可求解解答：解：a、b潜水器两侧配备4块压载铁时，对潜水器受力分析，根据牛顿第二定律可得g1kv2f浮=ma，当速度增大时，加速度逐渐减小，当加速度减到零时，速度达到最大值，潜水器做匀速运动，故a错误，b正确；c、潜水器抛载其中2块压载铁时，潜水器向下做减速运动，对潜水器受力分析，根据牛顿第二定律可得g2+kv2+f浮=ma，潜水器将做加速度逐渐减小的减速运动，当g2=kv2+f浮时，开始做匀速运动故c正确；d、潜水器抛弃所有压载铁时，根据牛顿第二定律得g3kv2+f浮=ma，潜水器将做加速度逐渐减小的加速运动，故d错误故选：bc点评：牛顿动力学问题是2015届高考考查的重点，而与中国科技进步相关的高科技问题更能激起学生的爱国热情，本题借助最新的物理情景，考查了牛顿动力学问题，解题的关键是会将实际问题转换为物理模型42014年春晚中开心麻花团队打造的创意形体秀魔幻三兄弟给观众留下了很深的印象该剧采用了“斜躺”的表演方式，三位演员躺在倾角为30的斜面上完成一系列动作，摄像机垂直于斜面拍摄，让观众产生演员在竖直墙面前表演的错觉如图所示，演员甲被演员乙和演员丙“竖直向上”抛出，到最高点后恰好悬停在“空中”已知演员甲的质量m=60kg，该过程中观众看到演员甲上升的“高度”为0.8m设演员甲和斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力则该过程中，下列说法不正确的是( )a演员甲被抛出的初速度为4m/sb演员甲运动的时间为0.4sc演员甲的重力势能增加了480jd演员乙和演员丙对甲做的功为480j考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：根据最高点能够悬停得出重力沿斜面方向的分力和摩擦力的关系，根据牛顿第二定律得出演员上滑的加速度，结合速度位移公式求出演员甲的初速度，结合速度时间公式求出演员甲的运动时间根据上升的高度求出演员甲的重力势能的增加量根据动能定理求出演员乙和演员丙对甲做功的大小解答：解：a、因为到达最高点后，恰好悬停，则有：mgsin30=mgcos30，向上滑动的过程中，加速度a=根据得，初速度=4m/s故a正确b、演员甲的运动时间t=故b正确c、演员甲的重力势能增加量j=240j故c错误d、演员乙和演员丙对甲做的功w=故d正确本题选不正确的，故选：c点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，以及知道重力做功与重力势能的关系5人用手托着质量为m的“小苹果”，从静止开始沿水平方向运动，前进距离l后，速度为v（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为，则下列说法正确的是( )a手对苹果的作用力方向竖直向上b苹果所受摩擦力大小为mgc手对苹果做的功为mv2d苹果对手不做功考点：功的计算；摩擦力的判断与计算 专题：功的计算专题分析：根据动能定理求出手对苹果做功的大小，通过速度位移公式求出苹果的加速度，结合牛顿第二定律求出摩擦力的大小解答：解：a、手对苹果的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上故a错误b、苹果的加速度a=，则摩擦力f=ma=，故b错误c、根据动能定理得，手对苹果做功的大小w=故c正确，d错误故选：c点评：考查动能定理的应用，注意物体在手的作用下运动，是静摩擦力，但不一定是最大静摩擦力，而只有是最大静摩擦力时，才能是mg6煤矿渗水会造成严重安全事故，2011年11月13日凌晨0时10分，甘肃省白银市景泰县通达煤矿发生透水事故，当时井下作业人员11名，其中4人泅水脱险，7人被困利用传感电容器可检测矿井渗水，发出安全警报，从而避免事故的发生如图所示是一种通过测量电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图，a为固定的导体芯，b为导体芯外面的一层绝缘物质，c为导电液体，把仪器接到图示电路中，已知灵敏电流表的指针偏转方向与电流方向的关系为：电流从哪侧流入电流表则电流表指针向哪侧偏转，当发现指针向右偏转时，导电液体深度h的变化为( )ah正在增大bh正在减小ch不变d无法确定考点：传感器在生产、生活中的应用 分析：影响平行板电容器电容的因素有正对面积、极板间距与电介质然而如图所示为一测定液面高低的传感器，利用了平行板电容器特性高度的变化，就相当于正对面积变化解答：解：如图所示为一测定液面高低的传感器示意图液体的高度升高，导致电容器的电容变大据题：把仪器接到图示电路中，已知灵敏电流表指针偏转方向与电流方向相同如果发现指针正向右偏转，说明电容器正在充电由于传感器与电源相连，所以电容器两极间的电压不变，而电容器电量在增加，则由q=cu知，电容器的电容在增大故液体的高度h在增大故a正确，bcd错误故选：a点评：解决本题的关键要把握题目中的有效信息，记牢平行板电容器的电容与哪些因素有关，有什么关系7如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，电阻r1=r2=25，d为理想二极管，原线圈接u=220sin100t（v）的交流电，则( )a交流电的频率为100hzb通过r2的电流为1ac通过r2的电流为ad变压器的输入功率为200w考点：变压器的构造和原理；电功、电功率 专题：交流电专题分析：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比和二极管的特点即可求得结论解答：解：a、交流电的频率f=50hz，a错误b、由表达式知原线圈电压有效值为220v，副线圈两端电压为50v，由于二极管的单向导电性，根据电流热效应，所以r2的电压u=25v，通过r2的电流为a，b错误c正确；d、副线圈消耗的功率p=150w，输入功率等于输出功率，d错误故选：c点评：本题的难点在于二极管的作用，是使得反向电流不能通过，根据电流热效应求其有效值8如图甲是回旋加速器的原理示意图，其核心部分是两个d型金属盒，在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中（磁感应强度大小恒定），并分别与高频电源相连加速时某带电粒子的动能ek随时间t变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是( )a高频电源的变化周期应该等于tntn1b在ekt图象中t4t3=t3t2=t2t1c粒子加速次数越多，粒子获得的最大动能一定越大d不同粒子获得的最大动能都相同考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理 分析：回旋加速器工作条件是交流电源的周期必须和粒子在磁场中圆周运动的周期一致，由公式t=和r=进行分析判断解答：解：a、交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，故电源的变化周期应该等于2（tntn1），故a错误；b、根据t=知，粒子回旋周期不变，在ekt图中应有t4t3=t3t2=t2t1，故b正确；c、根据公式r=，得v=，故最大动能ekm=mv2=，则知粒子获得的最大动能与d形盒的半径有关，d形盒的半径越大，粒子获得的最大动能越大，与加速的次数无关故c错误，d、最大动能ekm=mv2=，动能与粒子比荷以及b和r有关，不同粒子获得的最大动能都不同，d错误；故选：b点评：本题考查了回旋加速器的原理，特别要记住粒子获得的最大动能是由d型盒的半径，及带电粒子的比荷决定的9据报道，北斗卫星导航系统利用其定位、导航、短报文通信功能加入到马航mh370失联客机搜救工作，为指挥中心调度部署人力物力提供决策依据，保证了搜救船只准确抵达相关海域，帮助搜救船只规划搜救航线，避免搜救出现遗漏海域目前北斗卫星导航定位系统由高度均约为36000km的5颗静止轨道卫星和5颗倾斜地球同步轨道卫星以及高度约为21500km的4颗中轨道卫星组网运行下列说法正确的是( )a中轨道卫星的周期比同步卫星周期大b所有卫星均位于以地心为中心的圆形轨道上c同步卫星和中轨道卫星的线速度均小于第一宇宙速度d赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：万有引力定律的应用专题分析：根据万有引力提供向心力，可知r越大，向心加速度越小，线速度越小，周期越大地球的同步卫星相对于地球是静止的解答：解：a、根据万有引力提供向心力，=mt=2，知道轨道半径越大，周期越大，所以中轨道卫星的周期比同步卫星周期小，故a错误；b、卫星做圆周运动，根据万有引力提供向心力，所有卫星均位于以地心为中心的圆形轨道上，故b正确；c、第一宇宙速度是卫星做圆周运动的最大运行速度，根据v=，所以同步卫星和中轨道卫星的线速度均小于第一宇宙速度，故c正确；d、同步卫星和赤道上物体具有相同的角速度，根据a=r2得同步卫星向心加速度比赤道上物体的向心加速度大，故d错误；故选：bc点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据轨道半径的关系比较向心加速度、线速度和周期同时掌握同步卫星的特点10小明有一个磁浮玩具，其原理是利用电磁铁产生磁性，让具有磁性的玩偶稳定地飘浮起来，其构造如图所示若图中电源的电压固定，可变电阻为一可以随意改变电阻大小的装置，则下列叙述正确的是( )a电路中的电源必须是交流电源b电路中的a端点须连接直流电源的负极c若增加环绕软铁的线圈匝数，可增加玩偶飘浮的最大高度d若将可变电阻的电阻值调大，可增加玩偶飘浮的最大高度考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：根据磁铁的磁性来确定线圈上端，因通电而产生的磁场的磁极，依据右手螺旋定则，及同名磁极相互排斥，即可求解，而当线圈的磁场强弱与线圈匝数，及电流的大小有关解答：解：a、由题意可知，玩偶稳定地飘浮起来，且下端为n极，则线圈的上端为n极，根据右手螺旋定则可得，电源通的是直流电，且b端为电源的负极，而a端为电源的正极，故a错误，b错误；c、若增加环绕软铁的线圈匝数，从而增加线圈的磁场，导致玩偶飘浮的最大高度增加，故c正确；d、若将可变电阻的电阻值调大，则线圈中的电流减小，导致玩偶飘浮的最大高度减小，故d错误；故选：c点评：考查玩偶的工作原理，理解右手螺旋定则的内容，注意影响玩偶飘浮的最大高度的因素11如图所示，一根绳子一端固定于竖直墙上的a点，另一端绕过动滑轮p悬挂一重物b，其中绳子的pa段处于水平状态另一根绳子一端与动滑轮p的轴相连，在绕过光滑的定滑轮q后在其端点o施加一水平向左的外力f，使整个系统处于平衡状态滑轮均为光滑、轻质，且均可看作质点现拉动绳子的端点o使其向左缓慢移动一小段距离后达到新的平衡状态，则该平衡状态与原平衡状态相比较( )a拉力f增加b拉力f减小c角不变d角减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对滑轮p受力分析，抓住三根绳子合力为零，ap、bp绳子拉力大小相等，通过角度的变化进行分析解答：解：向左缓慢缓慢移动一小段距离，绳变短，动滑轮要上移，绳pa和pb间的夹角变小，而绳qp位于pa和pb间的角平分线上，所以角减小经过定滑轮的绳子拉力大小相等，等于mg，两根绳子的合力与qp绳的拉力大小相等，方向相反因为夹角变小，合力变大，qp绳的拉力就大，所以拉力f增加故a、d正确，b、c错误故选：ad点评：解决本题的关键知道通过定滑轮的绳子拉力大小相等，抓住两根绳的合力与另外一根绳子的拉力平衡进行求解12如图所示，两个可视为质点的、相同的木块a和b放在转盘上，两者用长为l的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的k倍，a放在距离转轴l处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴o1o2转动开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止开始转动，使角速度缓慢增大，以下说法正确的是( )a当时，a、b相对于转盘会滑动b当时，绳子一定有弹力c范围内增大时，b所受摩擦力变大d范围内增大时，a所受摩擦力一直变大考点：向心力；摩擦力的判断与计算；线速度、角速度和周期、转速 专题：匀速圆周运动专题分析：开始角速度较小，两木块都靠静摩擦力提供向心力，b先到达最大静摩擦力，角速度继续增大，则绳子出现拉力，角速度继续增大，a的静摩擦力增大，当增大到最大静摩擦力时，开始发生相对滑动解答：解：a、当a所受的摩擦力达到最大静摩擦力时，a、b相对于转盘会滑动，对a有：kmgt=ml2，对b有：t+kmg=m2l2，解得=，当时，a、b相对于转盘会滑动故a正确b、当b达到最大静摩擦力时，绳子开始出现弹力，kmg=m2l2，解得1=，知时，绳子具有弹力故b正确c、角速度0，b所受的摩擦力变大故c错误d、当在0范围内，a相对转盘是静止的，a所受摩擦力为静摩擦力，所以ft=ml2，当增大时，静摩擦力也增大故d正确故选abd点评：解决本题的关键搞清木块向心力的来源，结合牛顿第二定律进行分析，难度适中二、非选择题（共4小题，其中13-16题为必考题；17-19题为选考题。共52分）（一）为必考题（4题，共37分）13利用如图装置可以做力学中的许多实验，（1）以下说法正确的是bda用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和滑轨间的摩擦阻力的影响b用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行c用此装置“探究加速度a与力f的关系”每次改变砝码及砝码盘总质量之后，需要重新平衡摩擦力d用此装置“探究加速度a与力f的关系”应使小盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量（2）本装置中要用到打点计时器，如图甲、乙所示为实验室常用的两种计时器，其中甲装置用的电源要求是aa交流220v b直流220v c交流46v d直流46v（3）在利用此装置“探究加速度a与力f的关系”时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如图已知打点计时器接在频率为50hz的交流电源上，则此次实验中打点计时器打下a 点时小车的瞬时速度为0.52 m/s（结果保留2位有效数字）考点：验证牛顿第二运动定律 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，“研究匀变速直线运动”时，细线必须与木板平行以保持加速度不变；在探究“小车的加速度a与力f的关系”时，根据牛顿第二定律求出加速度a的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a近似等于g的结论（2）甲装置是电火花打点计时器，直接接220v交流电源，乙装置是电磁式打点计时器，需接低压交流电源；（3）根据中间时刻的速度等于平均速度求解a点速度解答：解：（1）a、此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力，故a错误；b、用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行，保持小车的加速度不变故b正确；c、平衡摩擦力的方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响，即mgsin=mgcos，式子成立与质量无关，故改变质量后不需重新进行平衡，故c错误d、在利用该装置来“探究物体的加速度与力、质量的关系”时，设小车的质量为m，小吊盘和盘中物块的质量为m，设绳子上拉力为f，以整体为研究对象有mg=（m+m）a解得：以m为研究对象有绳子的拉力为：显然要有f=mg必有m+m=m，故有mm，即只有mm时才可以认为绳对小车的拉力大小等于小吊盘和盘中物块的重力故d正确；（2）甲装置是电火花打点计时器，直接接220v交流电源；（3）根据中间时刻的速度等于平均速度得：故答案为：（1）bd；（2）a；（3）0.52点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题，知道匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度14现有一电池，内阻较大，为测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲所示的电路进行实验图中电流表的内电阻很小，对电路的影响可以不计；rt为热敏电阻实验中其阻值随温度变化的图象如图乙所示该同学接好电路后，闭合开关s，测出不同温度t及所对应的电流表读数i，取得多组数据，然后通过作出有关物理量的线性图象，求得电源的电动势e和内阻ra请写出该同学所作线性图象对应的函数表达式=t+b请在图丙的虚线框内坐标中作出定性图象（要求标明两个坐标轴所表示的物理量，用符号表示），c若该图象斜率的绝对值为k，纵截距为b，则e=，r=r0考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：分析电流与电阻的关系，由闭合电路欧姆定律可得出符合本实验的公式，再结合图象的性质利用函数关系即可求得电动势和内电阻解答：解：a、实验中其阻值随温度变化的图象如图乙所示所以rt=t+r0由闭合电路欧姆定律可得：e=i（rt+r），即：=t+b、作出定性图象：c若该图象斜率的绝对值为k，纵截距为b，k=b=所以e=，r=r0故答案为：=t+，r0点评：本题考查测定电源的电动势和内阻实验，正确理解t图象的物理意义，从而得出正确的答案15中华人民共和国道路交通安全法第四章第五节第67、68条规定：汽车在高速公路上行驶的最高速度不超过120km/h，发生故障时，警告标志应标明在故障车来车方向150m以外某校2014-2015学年高一年级研究性学习小组根据调查收集得到下面的资料，想通过探究性学习来说明“发生故障时警告标志应标明在故障车来车方向150m以外”的理论依据是否科学，假如你是小组成员之一，请你分析说明（g取10m/s2） 路面动摩擦因数干沥青与混凝土路面0.70.8干碎石路面0.60.7湿沥青与混凝土路面0.40.5资料一：驾驶员的反应时间：0.3s0.6s之间资料二：各种路面与轮胎之间的动摩擦因数考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：汽车在反应时间内做匀速直线运动，根据匀速直线运动的公式x=v0t求出在反应时间中的位移；汽车制动后，做匀减速直线运动，根据位移公式x=计算刹车位移，两者之和即可汽车运动的总位移解答：解：在反应时间内汽车做匀速运动，位移为： s1=t 刹车时做减速运动，有： 2=2（g）s2 从开始反应到刹车停止，汽车发生的总位移： s=s1+s2 考虑最高车速=120km/h=33.3m/s、最长反应时间t=0.6s、最小动摩擦因数=0.4情况，车滑行的距离为 s=159m 159m是汽车滑行最大距离，再考虑到实际情况，驾驶员在离看到警告标志一定距离时就开始刹车所以，发生故障时，警告标志应标明在故障车来车方向150m以外 答：“发生故障时警告标志应标明在故障车来车方向150m以外”的理论依据是科学的，证明如上点评：本题关键是明确汽车的运动规律，即先匀速后匀减速直线运动，然后根据运动学规律列式求解16xy平面为一光滑水平面，在x0，y0的空间区域内有平行于xy平面的匀强电场，场强大小为e=100v/m；在x0，y3m的区域内同时有垂直于xy平面的磁场，一质量m=2106kg、电荷量大小为q=2107c的带负电粒子从坐标原点o以一定的初动能入射，在电场和磁场的作用下发生偏转，到达p（4，3）点时，动能变为初动能的0.2倍，速度方向垂直于op最后，粒子从y轴上y=5m的m点射出电场，动能变为初动能的0.52倍，求：（1）op连线上与m点等电势的点的坐标；（2）粒子由p点运动到m点所需的时间考点：电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）粒子运动过程中，洛伦兹力不做功，只有电场力做功，根据动能定理求解，根据电势差的定义式求出o点与p点、m点间的电势差由公式u=ed，求出od，由数学知识可得解（3）带电粒子从p到m过程中的运动，由运动的分解法，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解解答：解：（1）设粒子在p点时的动能为ek，则初动能为5ek，在m点的动能为2.6ek由于洛伦兹力不做功，粒子从o点到p点和从p点到m点的过程中，电场力做的功大小分别为w1、w2由动能定理得：w1=ek5ek w2=2.6ekek则 w1：w2=5：2 o点和p点及m点的电势差分别为：uop=，uom=设op连线上与m点电势相等的点为d，则，由几何关系得op的长度为5m，因uop=，uom=则od=3m，dp=2m沿op方向电势下降则：解得dn=1.8m，on=2.4m，即d坐标为 （2.4 m，1.8 m）（2）op与x轴的夹角，则：sin=由于od=3 m 而omcosmop=3 m 所以md垂直于op由于md为等势线，因此op为电场线，方向从o到p带电粒子从p到m过程中做类平抛运动，设运动时间为t，在x轴方向上则dp=又，dp=opod=2m解得：t=0.2s答：（1）op连线上与m点等电势的点的坐标是（2.4 m，1.8 m）；（3）粒子由p点运动到m点所需的时间是0.2s点评：本题是带电粒子在复合场中运动的类型，画出磁场中运动轨迹，电场中运用运动的分解都是常规方法，要能灵活运用几何知识求解磁场中空间尺寸三、选考题（17、18、19三题中任选一个作答）【物理-选修3-3】17以下说法中正确的是( )a“用油膜法估测分子的大小”实验中油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积b一定质量的理想气体在体积不变的情况下，压强p与热力学温度t成正比c气体分子的平均动能越大，气体的压强就越大d物理性质各向同性的一定是非晶体e液体的表面张力是由于液体分子间的相互作用引起的f控制液面上方饱和汽的体积不变，升高温度，则达到动态平衡后该饱和汽的质量增大，密度增大，压强也增大g让一小球沿碗的圆弧内壁来回滚动，小球的运动是可逆过程考点：* 晶体和非晶体；分子间的相互作用力 分析：在用油膜法估测分子的大小”实验中，我们做了些理想化处理，认为油酸分子之间无间隙，油酸膜为单层分子压强p与热力学温度t成正比，必须是一定量的理想气体温度是分子平均动能的量度非晶体和多晶体是物理性质各向同性的液体的表面张力是由于液体分子间的相互作用引起的温度升高时，液体分子的平均动能增大，单位时间里从液面飞出的分子数增多，质量增大在运动过程中有能量损失，为不可逆过程解答：解：a、用油膜法估测分子的大小”实验中认为油酸分子之间无间隙，油酸膜为单层分子，所以可以认为油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积，故a正确b、一定质量的理想气体，在体积不变的情况下，由可知压强p=与热力学温度t成正比，故b正确c、气体分子的平均动能越大，即温度高，压强不一定大，还与气体的体积有关，所以c错误d、多晶体的物理性质各向同性，所以不一定是非晶体，也有可能是多晶体，故d错误e、液体间的作用力是由分子间的引力和斥力相互作用一起的，即分子作用力，故e正确f、温度升高时，液体分子的平均动能增大，单位时间里从液面飞出的分子数增多，所以达到动态平衡后该饱和汽的质量增大，密度增大，压强也增大，故f正确g、在运动过程中有能量损失，故为不可逆过程，故g错误故选：abef点评：本题主要考查基本知识点，涉及33的基本概念，其中气体压强的微观解释，饱和汽的压强，晶体与非晶体的物理性质等是比较容易出错的内容18如图所示，用面积为s的活塞在汽缸内封闭着一定质量的空气，活塞上放一砝码，活塞和砝码的总质量为m，现对汽缸缓缓加热使汽缸内的空气温度从t1升高到t2，且空气柱的高度增加了l，已知加热时气体吸收的热量为q，外界大气压强为p0，问：此过程中被封闭气体的内能变化了多少？被封闭空气初始状态的体积考点：理想气体的状态方程 专题：理想气体状态方程专题分析：利用热力学第一定律判断气体的内能变化，判断的时候要注意做功w和热量q的符号，对外做功和放热为负的，对气体做功和吸热为正的气体做的是等压变化，根据盖吕萨克定律计算即可解答：解：由受力分析和做功分析知，在气体缓缓膨胀过程中，活塞与砝码的压力对气体做负功，大气压力对气体做负功，根据热力学第一定律得u=w+q=mglp0sl+q 被封闭气体等压变化，据盖吕萨克定律得=解得v1=答：此过程中被封闭气体的内能变化了mglp0sl+q；被封闭空气初始状态的体积为点评：以封闭的气体为研究对象，找出气体变化前后的状态参量，利用气体的状态方程计算即可四、【物