福建省龙岩一中高三物理下学期第三次模拟试卷（含解析）.docVIP

福建省龙岩一中2015届高考物理三模试卷一、本卷共6小题，每小题6分，共108分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求1一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m，则刹车后6s内的位移是( )a20 mb24 mc25 md75 m2如图所示，滑轮的质量不计，已知三个物体的质量关系是m1=m2+m3，这时弹簧秤的读数为ft若把物体m2从右边移到左边的物体m1上，弹簧秤的读数ft将( )a增大b减小c不变d无法确定3物体以一定的初速度水平抛出，不计空气阻力经过t1时间，其速度方向与水平方向夹角为37，再经过t2时间，其速度方向与水平方向夹角为53，则t1：t2为( )a9：7b7：9c16：9d9：164如图，在固定斜面上的一物块受到一外力的作用，f平行于斜面上若要物块在斜面上保持静止，f的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为f1和f2（f20）由此可求出( )a物块的质量b斜面的倾角c物块与斜面间的最大静摩擦力d物块对斜面的正压力5真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势随x变化的关系如图所示，则根据图象可知( )ar处的电场强度e=0b若试探电荷从x1处移到x2处，电场力不一定做正功cx1处与x2处的电场强度方向相反d该电场有可能是处在o点的正的点电荷激发产生的6进行科学研究有时需要大胆的想象假设宇宙中存在一些离其它恒星较远的、由质量相等的四颗星组成的四星系统（忽略其它星体对它们的引力作用），这四颗星恰好位于正方形的四个顶点上，并沿外接于正方形的圆形轨道运行，若此正方形边长变为原来的一半，要使此系统依然稳定存在，星体的角速度应变为原来的多少倍( )a1b2cd2二、必考部分：必考部分共10题，共157分7在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：（1）产生误差的主要原因是_a重物下落的实际距离大于测量值b重物下落的实际距离小于测量值c重物的实际末速度v大于gtd重物的实际末速度v小于gt（2）甲、乙、丙三位同学分别得到a、b、c三条纸带，它们的前两个点间的距离分别是1.0mm、1.9mm、4.0mm那么一定存在操作误差的同学是_错误的原因是_（3）有一条纸带，各点距a点的距离分别为d1，d2，d3，如图所示，各相邻点间的时间间隔为t，当地重力加速度为g要用它来验证b和g两点处机械能是否守恒，可量得bg间的距离h=_，b点的速度表达式为vb_，g点的速度表达式为vg_，若b点和g点的速度vb、vg和bg间的距离h均为已知量，则当_=_时，机械能守恒8某实验小组用如图甲的电路测量一直流安培表的内电阻所给的器材有：电池e（约4.5v）；电流表a（量程0300ma，待测内阻约为5）；电压表v（量程03v）；电阻箱r1；滑动变阻器r2（010），以及电键s和导线若干图乙实物图中，已连接了部分电路，请完成余下电路的连接请完成主要实验的步骤：a、连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到_（a或b端）；b、闭合电键，调节_，使通过安培表电路电流从小到大变化，读出并记录数据若电压表、电流表的读数分别为u和i，电阻箱读数为r1，则电流表的内电阻ra=_92014年8月3日我国云南鲁甸发生里氏6.5级地震，为救援灾区人民，要从悬停在空中的直升机上投放救灾物资，每箱救灾物资的质量为20kg，设箱子承受的地面冲击力大小为1 000n，箱子与地面的作用时间为0.5s，已知当地的重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，试求：（1）与地面作用时，箱子的加速度是多少？（2）为保证救灾物资安全落地，飞机投放物资时的高度不应超过多少米？10（19分）如图所示，绝缘水平面上的ab区域宽度为d，带正电、电量为q的小滑块以大小为v0的初速度从a点进入ab区域，当滑块运动至区域的中点c时，速度大小为vc=v0，从此刻起在ab区域内加上一个水平向左的匀强电场，电场强度e保持不变，并且ab区域外始终不存在电场（1）求滑块受到的滑动摩擦力大小；（2）若加电场后小滑块受到的电场力与滑动摩擦力大小相等，求滑块离开ab区域时的速度；（3）要使小滑块在ab区域内运动的时间到达最长，电场强度e应满足什么条件？并求这种情况下滑块离开ab区域时的速度11如图所示，半径r=0.2m的光滑四分之一圆轨道mn竖直固定放置，末端n与一长l=0.8m的水平传送带相切，水平衔接部分摩擦不计，传动轮（轮半径很小）作顺时针转动，带动传送带以恒定的速度0运动传送带离地面的高度h=1.25m，其右侧地面上有一直径d=0.5m的圆形洞，洞口最左端的a点离传送带右端的水平距离s=1m，b点在洞口的最右端现使质量为m=0.5kg的小物块从m点由静止开始释放，经过传送带后做平抛运动，最终落入洞中，传送带与小物块之间的动摩擦因数=0.5 g取10m/s2求：（1）小物块到达圆轨道末端n时对轨道的压力（2）若0=3m/s，求物块在传送带上运动的时间（3）若要使小物块能落入洞中，求0应满足的条件三、选考部分第ii卷选考部分共2小题，共35分【物理-选修3-3】12某同学做布朗运动实验，得到某个观测记录如图则图中折线是（填选项前的字母）( )a微粒做布朗运动的轨迹b分子无规则运动的情况c某个微粒做布朗运动的速度一时间图线d按等时间间隔依次记录的某个运动微粒位置的连线13如图所示，一定质量的理想气体，从状态a等容变化到状态b，再等压变化到d，已知在状态a时，气体温度ta=600k，则在气体状态b时的温度为( )a150kb300kc600kd1200k四【物理-选修3-5】14一个质子和一个中子聚变结合成一个氘核，同时辐射一个光子已知质子、中子、氘核的质量分别为m1、m2、m3，普朗克常量为h，真空中的光速为c下列说法正确的是( )a核反应方程是h+nh+b聚变反应中的质量亏损m=m1+m2m3c辐射出的光子的能量e=（m3m1m2）cd光子的波长=15如图所示，两辆相同的平板小车a、b成一直线排列，静止在光滑水平地面上，a车上一个小孩跳到b，接着又立即从b跳回a车，他跳回a车并相对a车保持静止，此后( )aa、b两车的速率相等ba车的速率大于b车的速率ca车的速率小于b车的速率da、两车均静止福建省龙岩一中2015届高考物理三模试卷一、本卷共6小题，每小题6分，共108分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求1一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m，则刹车后6s内的位移是( )a20 mb24 mc25 md75 m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的推论x=at2和位移时间公式求出汽车的初速度和加速度，结合速度时间公式判断物体到停止的时间，从而根据位移公式求出刹车后6s内的位移解答：解：设汽车的初速度为v0，加速度为a根据匀变速直线运动的推论x=at2得： x2x1=at2得 a=2m/s2根据第1s内的位移：，代入数据得，9=v01+，解得v0=10m/s汽车刹车到停止所需的时间 t0=s=5s则汽车刹车后6s内的位移等于5s内的位移，为 x=m=25m故c正确，a、b、d错误故选：c点评：本题考查了运动学中的刹车问题，要注意判断汽车的运动状态，知道刹车速度减为零后不再运动，不能再用运动学公式，是道易错题2如图所示，滑轮的质量不计，已知三个物体的质量关系是m1=m2+m3，这时弹簧秤的读数为ft若把物体m2从右边移到左边的物体m1上，弹簧秤的读数ft将( )a增大b减小c不变d无法确定考点：力的合成 分析：弹簧秤的读数等于两根绳子的拉力之和，对整体分析，运用整体法和隔离法求出绳子拉力的大小，与初始开始进行比较，从而判断弹簧秤读数的变化解答：解：根据平衡知，开始弹簧秤读数ft=2t=2m1g把物体m2从右边移到左边的物体m1上，整体的加速度a=隔离对m3分析有tm3g=m3a，解得=m1g可知tt，则ft2m1g故b正确，a、c、d错误故选b点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用3物体以一定的初速度水平抛出，不计空气阻力经过t1时间，其速度方向与水平方向夹角为37，再经过t2时间，其速度方向与水平方向夹角为53，则t1：t2为( )a9：7b7：9c16：9d9：16考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：根据平行四边形定则求出两个位置竖直分速度，结合速度时间公式求出时间之比解答：解：设初速度为v0，则，解得，解得，则=，则t1：t2=9：7故a正确，b、c、d错误故选：a点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解4如图，在固定斜面上的一物块受到一外力的作用，f平行于斜面上若要物块在斜面上保持静止，f的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为f1和f2（f20）由此可求出( )a物块的质量b斜面的倾角c物块与斜面间的最大静摩擦力d物块对斜面的正压力考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，四力平衡；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小；根据平衡条件列式求解即可解答：解：a、b、c、对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为f，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：f1mgsinf=0；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：f2+fmgsin=0；联立解得：f=，故c正确；mgsin=，由于质量和坡角均未知，故a错误，b错误；d、物块对斜面的正压力为：n=mgcos，未知，故d错误；故选：c点评：本题关键是明确拉力最大和最小的两种临界状况，受力分析后根据平衡条件列式并联立求解5真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势随x变化的关系如图所示，则根据图象可知( )ar处的电场强度e=0b若试探电荷从x1处移到x2处，电场力不一定做正功cx1处与x2处的电场强度方向相反d该电场有可能是处在o点的正的点电荷激发产生的考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；用wab=quab来判断电势能的变化情况解答：解：a、x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；r处切线的斜率不为零，故电场强度不为零；故a错误；b、若试探电荷从x1处移到x2处，电势降低，根据公式wab=quab，如果是正电荷，电场力做正功；如果是负电荷，电场力做负功；故b正确；c、x1处与x2处的切线斜率同为负值，故x方向的电场强度分量的方向相同，故c错误；d、离电荷越近，电场强度越大，故x图象的斜率越大；而在o点向右，切线斜率变大，故o点不可能有电荷，故d错误；故选：b点评：x图象：电场强度的大小等于x图线的斜率大小，电场强度为零处，x图线存在极值，其切线的斜率为零在x图象中可以直接判断各点电势的大小，并可根据电势大小关系确定电场强度的方向在x图象中分析电荷移动时电势能的变化，可用wab=quab，进而分析wab的正负，然后作出判断6进行科学研究有时需要大胆的想象假设宇宙中存在一些离其它恒星较远的、由质量相等的四颗星组成的四星系统（忽略其它星体对它们的引力作用），这四颗星恰好位于正方形的四个顶点上，并沿外接于正方形的圆形轨道运行，若此正方形边长变为原来的一半，要使此系统依然稳定存在，星体的角速度应变为原来的多少倍( )a1b2cd2考点：万有引力定律及其应用 专题：万有引力定律的应用专题分析：星体做匀速圆周运动的轨道半径等于正方形对角线的一半在四颗星组成的四星系统中，其中任意一颗星受到其它三颗星对它的合力提供圆周运动的向心力，根据f合=m2r，求出星体匀速圆周运动的角速度解答：解：设正方形的边长为a由星体均围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动可知，星体做匀速圆周运动的轨道半径为：r=a，其它三个星对它的万有引力的合力提供向心力，由万有引力定律和向心力公式得：=m2r解得：=若此正方形边长变为原来的一半，则星体的角速度应变为原来的2倍故d正确、abc错误故选：d点评：知道在四颗星组成的四星系统中，其中任意一颗星受到其它三颗星对它的合力提供圆周运动的向心力万有引力定律和牛顿第二定律是力学的重点，在本题中有些同学找不出什么力提供向心力，关键在于进行正确受力分析二、必考部分：必考部分共10题，共157分7在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：（1）产生误差的主要原因是da重物下落的实际距离大于测量值b重物下落的实际距离小于测量值c重物的实际末速度v大于gtd重物的实际末速度v小于gt（2）甲、乙、丙三位同学分别得到a、b、c三条纸带，它们的前两个点间的距离分别是1.0mm、1.9mm、4.0mm那么一定存在操作误差的同学是丙错误的原因是先释放重物，后接通电源（或释放纸带初速度不为零等）（3）有一条纸带，各点距a点的距离分别为d1，d2，d3，如图所示，各相邻点间的时间间隔为t，当地重力加速度为g要用它来验证b和g两点处机械能是否守恒，可量得bg间的距离h=d6d1，b点的速度表达式为vb=，g点的速度表达式为vg=，若b点和g点的速度vb、vg和bg间的距离h均为已知量，则当2g（d6d1）=时，机械能守恒考点：验证机械能守恒定律 专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：（1）验证机械能守恒定律的实验中产生误差的主要原因是：存在空气阻力或者限位孔和纸带之间存在摩擦；（2）当物体自由下落时，第一、二两点之间的距离为：h=gt22mm，由此可得出正确结果；（3）根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可以得出b、g两点的瞬时速度大小，根据功能关系可得出正确表达式解答：解：（1）验证机械能守恒定律的实验中产生误差的主要原因是：存在空气阻力或者限位孔和纸带之间存在摩擦，使得加速度小于重力加速度，则实际的速度v小于gt故d正确，a、b、c错误故选：d（2）当物体自由下落时，第一、二两点之间的距离为：h=gt22mm，由此可知乙同学的纸带最为理想，丙同学所得出的纸带，开始两点之间的距离明显大小2mm，着说明他在操作过程中开始打点时，纸带已经具有了速度，可能原因是先释放重物，后接通电源（或释放纸带初速度不为零等）（3）由图可知bg间的距离：h=d6d1根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，得出b、g两点的瞬时速度大小分别为：vb=当动能的增加量等于势能的减小量时，即：即：=故答案为：（1）d，（2）丙，先释放重物，后接通电源（或释放纸带初速度不为零等），（3）d6d1，2g（d6d1），点评：解答实验问题的关键是正确理解实验原理和实验方法，正确利用所学物理规律解决实验问题，熟练应用物理基本规律，因此这点在平时训练中要重点加强8某实验小组用如图甲的电路测量一直流安培表的内电阻所给的器材有：电池e（约4.5v）；电流表a（量程0300ma，待测内阻约为5）；电压表v（量程03v）；电阻箱r1；滑动变阻器r2（010），以及电键s和导线若干图乙实物图中，已连接了部分电路，请完成余下电路的连接请完成主要实验的步骤：a、连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到a（a或b端）；b、闭合电键，调节滑动变阻器的阻值，使通过安培表电路电流从小到大变化，读出并记录数据若电压表、电流表的读数分别为u和i，电阻箱读数为r1，则电流表的内电阻ra=r1考点：伏安法测电阻 专题：实验题分析：根据实验原理连接实物电路图；滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路，闭合开关前，滑片应置于分压电路分压为零的位置；根据实验电路，应用串联电路与欧姆定律求出电流表内阻解答：解：根据实验原理图连接实物电路图，实物电路图如图所示：由电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，闭合开关前滑片应置于a端；闭合开关，调节滑动变阻器的阻值，使电路中电流不断变化，读出多组电压、电流值电阻箱和电流表串联，r=ra+r1=，则电流表内阻：ra=r1；故答案为：实物电路图如图所示；a；滑动变阻器的阻值；r1点评：对于实验问题首先要 明确实验原理，理解重要步骤的操作，熟练应用基本物理解决实验问题92014年8月3日我国云南鲁甸发生里氏6.5级地震，为救援灾区人民，要从悬停在空中的直升机上投放救灾物资，每箱救灾物资的质量为20kg，设箱子承受的地面冲击力大小为1 000n，箱子与地面的作用时间为0.5s，已知当地的重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，试求：（1）与地面作用时，箱子的加速度是多少？（2）为保证救灾物资安全落地，飞机投放物资时的高度不应超过多少米？考点：牛顿第二定律；自由落体运动 专题：直线运动规律专题分析：（1）由牛顿第二定律求出加速度（2）由自由落体运动规律求出高度解答：解（1）在箱子与地面作用的过程中，由牛顿第二定律得：a=40m/s2；（2）箱子刚触地时的速度为：v=at=400.5=20m/s，在自由落体过程中，由速度位移公式得：h=20m；答：（1）与地面作用时，箱子的加速度是40m/s2；（2）为保证救灾物资安全落地，飞机投放物资时的高度不应超过20米点评：本题考查了求加速度、高度问题，分析清楚物体运动过程、应用牛顿第二定律与匀变速直线运动的速度位移公式即可正确解题10（19分）如图所示，绝缘水平面上的ab区域宽度为d，带正电、电量为q的小滑块以大小为v0的初速度从a点进入ab区域，当滑块运动至区域的中点c时，速度大小为vc=v0，从此刻起在ab区域内加上一个水平向左的匀强电场，电场强度e保持不变，并且ab区域外始终不存在电场（1）求滑块受到的滑动摩擦力大小；（2）若加电场后小滑块受到的电场力与滑动摩擦力大小相等，求滑块离开ab区域时的速度；（3）要使小滑块在ab区域内运动的时间到达最长，电场强度e应满足什么条件？并求这种情况下滑块离开ab区域时的速度考点：动能定理的应用 专题：动能定理的应用专题分析：（1）由动能定理可以求出滑动摩擦力大小；（2）分别对ac及cb过程根据动能定理列出动能定理方程，联立即可解得b点的速度；（3）要使小滑块运动时间最长，则小球应从a点离开，利用动能定理可求得速度解答：解：（1）滑块从a到c过程，由动能定理得：f=mvc2mv02，解得：f=；（2）设滑块所受滑动摩擦力大小为f，则滑块从a点运动至c点过程，由动能定理得：f=mvc2mv02，假设最后滑块从b点离开ab区域，则滑块从c点运动至b点过程，由动能定理得：（qe1+f）=m（vc2vb2）将vc=v0、qe1=f代入解得：vb=v0，由于滑块运动至b点时还有动能，因此滑块从b点离开ab区域，速度大小为v0，方向水平向右（3）要使小滑块在ab区域内运动的时间到达最长，必须使滑块运动至b点停下，然后再向左加速运动，最后从a点离开ab区域滑块从c点运动至b点过程，由动能定理得：（qe2+f）=mvc2，由两式可得电场强度：e2=，滑块运动至b点后，因为qe2=2ff，所以滑块向左加速运动，从b运动至a点过程，由动能定理得：（qe2f）d=mva2，由以上各式解得滑块离开ab区域时的速度va=v0（方向水平向左）；答：（1）求滑块受到的滑动摩擦力大小为；（2）若加电场后小滑块受到的电场力与滑动摩擦力大小相等，滑块离开ab区域时的速度为v0，方向水平向右；（3）要使小滑块在ab区域内运动的时间到达最长，电场强度为，这种情况下滑块离开ab区域时的速度为v0点评：本题考查了动能定理的应用，解题的重点在于能否理解物体的运动过程，能正确的选择合适的过程建立动能定理表达式11如图所示，半径r=0.2m的光滑四分之一圆轨道mn竖直固定放置，末端n与一长l=0.8m的水平传送带相切，水平衔接部分摩擦不计，传动轮（轮半径很小）作顺时针转动，带动传送带以恒定的速度0运动传送带离地面的高度h=1.25m，其右侧地面上有一直径d=0.5m的圆形洞，洞口最左端的a点离传送带右端的水平距离s=1m，b点在洞口的最右端现使质量为m=0.5kg的小物块从m点由静止开始释放，经过传送带后做平抛运动，最终落入洞中，传送带与小物块之间的动摩擦因数=0.5 g取10m/s2求：（1）小物块到达圆轨道末端n时对轨道的压力（2）若0=3m/s，求物块在传送带上运动的时间（3）若要使小物块能落入洞中，求0应满足的条件考点：机械能守恒定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）根据机械能守恒定律和向心力公式列式，联立方程即可求解；（2）根据牛顿第二定律求出物块在传送带上加速运动时的加速度，进而求出加速到与传送带达到同速所需要的时间，再求出匀速运动的时间，两者之和即为总时间；（3）根据平抛运动的基本规律即可求解解答：解：（1）设物块滑到圆轨道末端速度1，根据机械能守恒定律得：mgr=设物块在轨道末端所受支持力的大小为f，根据牛顿第二定律得：fmg=m联立以上两式代入数据得：f=15n 根据牛顿第三定律，对轨道压力大小为15n，方向竖直向下 （2）物块在传送带上加速运动时，由mg=ma，得a=g=5m/s2加速到与传送带达到同速所需要的时间=0.2s 位移t1=0.5m 匀速时间=0.1s 故t=t1+t2=0.3s （3）物块由传送带右端平抛h=恰好落到a点 s=v2t 得2=2m/s 恰好落到b点 d+s=3t 得3=3m/s 当物块在传送带上一直加速运动时，做平抛运动的速度最大，假设物块在传送带上达到的最大速度为v，由动能定理：umgl=mv2得：v2=12，且129，所以物块在传送带上达到的最大速度大于能进入洞口的最大速度，所以0应满足的条件是3m/s02m/s 答：（1）小物块到达圆轨道末端n时对轨道的压力大小为15n，方向竖直向下；（2）若0=3m/s，求物块在传送带上运动的时间为0.3s；（3）若要使小物块能落入洞中，0应满足的条件为3m/s02m/s点评：本题主要考查了平抛运动基本公式、牛顿第二定律、向心力公式以及运动学基本公式的直接应用，难度适中三、选考部分第ii卷选考部分共2小题，共35分【物理-选修3-3】12某同学做布朗运动实验，得到某个观测记录如图则图中折线是（填选项前的字母）( )a微粒做布朗运动的轨迹b分子无规则运动的情况c某个微粒做布朗运动的速度一时间图线d按等时间间隔依次记录的某个运动微粒位置的连线考点：布朗运动 专题：布朗运动专题分析：布朗运动反映了水分子的无规则运动，由于无规则，我们不能预知某一时刻微粒怎样运动解答：解：固体小颗粒在做无规则的热运动，图中折线是按等时间间隔依次记录的某个运动微粒位置的连线（课本中给的时间间隔为30s），不是轨迹，故abc错误，d正确；故选：d点评：本题考查了布朗运动的知识，要知道