浙江省温州市五校联考高三物理上学期开学试卷（含解析）.doc

浙江省温州市五校联考 2016届高三上学期开学物理试卷一、选择题：1/4/6/8为多项选择，其余为单项选择题，共10小题，50分1下列实例属于超重现象的是( )a汽车驶过拱形桥顶端b荡秋千的小孩通过最低点c跳水运动员被跳板弹起，离开跳板向上运动d火箭点火后加速升空2一辆总质量为1500kg的汽车，由静止开始沿平直公路以额定功率p=90kw启动，并保持额定功率行驶汽车匀速运动过程中，突然发现前方有障碍物，立即以大小5m/s的加速度开始刹车，汽车最后停下来整个过程中，汽车位移为765m，刹车之前汽车受到的阻力恒为3000n汽车刹车过程位移大小和汽车保持额定功率运动的时间分别是( )a90；30b60；20c60；30d90；203不可伸长的轻绳ao和bo下端系一个物体p，细线长aobo，a、b两端点在同一水平线上，开始时两线刚好绷直，bo垂直于ab，如图所示现保持a、b在同一水平线上，使a逐渐远离b，在此过程中，细线上的拉力fa、fb的大小随a、b间距离的变化情况是( )afa随距离增大而一直增大bfa随距离增大而一直减小cfb随距离增大而一直增大dfb随距离增大而一直减小4某人在地面上用弹簧秤称得体重为490n他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的vt图可能是（取电梯向上运动的方向为正）( )abcd5如图是“神舟”系列航天飞船返回舱返回地面的示意图，假定其过程可简化为：打开降落伞一段时间后，整个装置匀速下降，为确保安全着陆，需点燃返回舱的缓冲火箭，在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，则( )a火箭开始喷气瞬间伞绳对返回舱的拉力变小b返回舱在喷气过程中减速的主要原因是空气阻力c返回舱在喷气过程中所受合外力可能做正功d返回舱在喷气过程中处于失重状态6如图所示，在光滑水平地面上，水平外力f拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速度运动小车质量为m，木块质量为m，加速度大小为a，木块和小车之间的动摩擦因数为，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是( )amgbc（m+m）gdma7如图所示，小车质量为m，小球p的质量为m，绳质量不计水平地面光滑，要使小球p随车一起匀加速运动，则施于小车的水平作用力f是（已知）( )amgtan b（m+m）gtan c（m+m）gcot d（m+m）gsin 8如图所示，一辆小车静止在水平地面上，bc是固定在小车上的水平横杆，物块m穿在杆上，m通过线悬吊着小物体m，m在小车的水平底板上，小车未动时，细线恰好在竖直方向上，现使车向右运动，全过程中m始终未相对杆bc移动，m、m与小车保持相对静止，已知a1：a2：a3：a4=1：2：4：8，m受到的摩擦力大小依次为ff1，ff2，ff3，ff4，则以下结论正确的是( )aff1：ff2=1：2bff2：ff3=1：2cff3：ff4=1：2dtan=2tan9如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是( )abcd10如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的a处滑上传送带若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的vt图象（以地面为参考系）如图乙所示已知v2v1，则( )at2时刻，小物块离a处的距离达到最大bt2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大c0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左d0t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用二、解答题：共50分，11/12/13三小题11两个叠在一起的滑块，置于固定的、倾角为的斜面上，如图所示，滑块a、b质量分别为m、m，a与斜面间的动摩擦因数为1，b与a之间的动摩擦因数为2，已知两滑块都从静止开始以相同的加速度从斜面滑下，求滑块b受到的摩擦力12水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，如图所示，为一水平传送带装置示意图，紧绷的传送带ab始终保持恒定的速率v=1m/s运行，一质量为m=4kg的行李无初速地放在a处，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动设行李与传送带之间的动摩擦因数=0.1，a、b间的距离l=2m，g取10m/s2（1）求行李刚开始运动时所受滑动摩擦力的大小与加速度的大小（2）求行李做匀加速直线运动的时间（3）如果提高传送带的运行速率，行李就能被较快地传送到b处，求行李从a处传送到b处的最短时间，和传送带对应的最小运行速率13在如图所示的装置中表面粗糙的斜面固定在地面上斜面的倾角为30；两个光滑的定滑轮的半径很小，用一根跨过定滑轮的细线连接甲、乙两物体，把甲物体放在斜面上且连线与斜面平行，把乙物体悬在空中，并使悬线拉直且偏离竖直方向60现同时释放甲、乙两物体，乙物体将在竖直平面内摆动，当乙物体运动经过最高点和最低点时，甲物体在斜面上均恰好末滑动已知乙物体的质量为，若重力加速度 取10m/s2求甲物体的质量及乙物体运动经过最高点时悬线的拉力大小浙江省温州市五校联考2016届高三上学期开学物理试卷一、选择题：1/4/6/8为多项选择，其余为单项选择题，共10小题，50分1下列实例属于超重现象的是( )a汽车驶过拱形桥顶端b荡秋千的小孩通过最低点c跳水运动员被跳板弹起，离开跳板向上运动d火箭点火后加速升空考点：超重和失重 分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g解答：解：a、超重是物体受到接触面竖直向上的支持力或绳的拉力大于重力在汽车驶过拱形桥顶端时，由重力的分力提供做圆周运动向心力，所以支持力小于重力，处于失重状态，所以a错误；b、荡秋千的小孩通过最低点时，由支持力和重力的合力提供向心力合力向上，所以支持力大于重力，处于超重状态，所以b正确；c、跳水运动员离开跳板向上运动时，与跳板分离，没有支持力，完全失重，所以c错误；d、火箭点火加速升空的过程中，有向上的加速度，是由支持力和重力的合力提供，处于超重状态，所以d正确所以bd正确故选：bd点评：本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了2一辆总质量为1500kg的汽车，由静止开始沿平直公路以额定功率p=90kw启动，并保持额定功率行驶汽车匀速运动过程中，突然发现前方有障碍物，立即以大小5m/s的加速度开始刹车，汽车最后停下来整个过程中，汽车位移为765m，刹车之前汽车受到的阻力恒为3000n汽车刹车过程位移大小和汽车保持额定功率运动的时间分别是( )a90；30b60；20c60；30d90；20考点：功率、平均功率和瞬时功率 专题：功率的计算专题分析：根据p=fv，可以求出汽车以额定功率行驶的最大速度，再根据刹车时的加速度求汽车刹车时的位移大小；根据动能定理求汽车保持额定功率运动的时间解答：解：由题意知，汽车以额定功率匀速行驶时，牵引力与阻力大小相等，故可知汽车匀速行驶的速度：v=30m/s，因为汽车匀减速运动的加速度大小a=5m/s2，所以根据匀变速直线运动规律知，汽车刹车的位移x2=90m；在汽车刹车前的运动过程中只有摩擦力与牵引力对汽车做功，根据动能定理有：ptf（xx2）=mv20，解得，汽车保持额定功率行驶的时间：t=30s；故选：a点评：抓住汽车以额定功率行驶时牵引力与阻力平衡，可以根据功率和阻力求得汽车匀速行驶的速度，能根据动能定理分析汽车加速到匀速过程中的时间3不可伸长的轻绳ao和bo下端系一个物体p，细线长aobo，a、b两端点在同一水平线上，开始时两线刚好绷直，bo垂直于ab，如图所示现保持a、b在同一水平线上，使a逐渐远离b，在此过程中，细线上的拉力fa、fb的大小随a、b间距离的变化情况是( )afa随距离增大而一直增大bfa随距离增大而一直减小cfb随距离增大而一直增大dfb随距离增大而一直减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对o点受力分析，受到三个拉力而平衡，根据共点力平衡条件分析，当两个细线逐渐拉平时，两个细线的拉力趋向于无穷大解答：解：受力分析，o点受到三个拉力而平衡；两段绳子的拉力的合力与重力等大反向，随着两绳子之间的夹角增大，两绳子的拉力合力总不变，这样随夹角的增大而分力增大；一开始fb=g，fa上的力为零，当逐渐移动a时，fa上的力逐渐由零开始变大，此时是fa与fb的合力与重力平衡，即f合=g，f合为fa与fb的合力，且fa不为零，所以此时fbg，所以fb是随距离增大而先逐渐减小，后逐渐变大；故选a点评：本题是要理解两段绳子的拉力的合力与重力等大反向，随着两绳子之间的夹角增大，两绳子的拉力合力总不变，这样随夹角的增大而分力增大4某人在地面上用弹簧秤称得体重为490n他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的vt图可能是（取电梯向上运动的方向为正）( )abcd考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律 分析：由图可知各段上物体的受力情况，则由牛顿第二定律可求得物体的加速度，即可确定其运动情况，画出vt图象解答：解：由图可知，t0至t1时间段弹簧秤的示数小于g，故合力为gf=50n，物体可能向下加速，也可能向上减速；t1至t2时间段弹力等于重力，故合力为零，物体可能为匀速也可能静止；而t2至t3时间段内合力向上，故物体加速度向上，电梯可能向上加速也可能向下减速；ad均符合题意；故选ad点评：本题考查图象与牛顿第二定律的综合，关键在于明确加速度的方向，本题易错在考虑不全面上，应找出所有的可能性再确定答案5如图是“神舟”系列航天飞船返回舱返回地面的示意图，假定其过程可简化为：打开降落伞一段时间后，整个装置匀速下降，为确保安全着陆，需点燃返回舱的缓冲火箭，在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，则( )a火箭开始喷气瞬间伞绳对返回舱的拉力变小b返回舱在喷气过程中减速的主要原因是空气阻力c返回舱在喷气过程中所受合外力可能做正功d返回舱在喷气过程中处于失重状态考点：牛顿第二定律；超重和失重；功的计算 分析：打开降落伞一段时间后，返回舱已经做匀速运动，此时的速度还是比较大，当着陆时点燃缓冲火箭使返回舱的速度快速的减为零，从而安全着陆，所以在点燃返回舱的缓冲火箭的过程中，起主要作用的是缓冲火箭，缓冲火箭对返回舱做负功使其动能减小解答：解：a、火箭开始喷气前匀速下降拉力等于重力减去返回舱受到的空气阻力，火箭开始喷气瞬间反冲力直接对返回舱作用因而伞绳对返回舱的拉力变小所以a正确b、返回舱在喷气过程中减速的主要原因是缓冲火箭向下喷气而获得向上的反冲力，不是空气阻力，所以b错误c、在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，加速度方向向上，返回舱处于超重状态，动能减小，返回舱所受合外力做负功，所以c错误d、由c的分析可知，d错误故选：a点评：在着陆的过程中，主要是靠缓冲火箭来使返回舱减速到零，所以缓冲火箭对返回舱做负功，返回舱做减速运动有向上的加速度，处于超重状态本题需要同学分析清楚返回舱的运动过程，从而判断返回舱运动的状态6如图所示，在光滑水平地面上，水平外力f拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速度运动小车质量为m，木块质量为m，加速度大小为a，木块和小车之间的动摩擦因数为，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是( )amgbc（m+m）gdma考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力 专题：牛顿运动定律综合专题分析：m与m具有相同的加速度，对整体分析，运用牛顿第二定律求出加速度的大小，再隔离对m分析，求出木块受到的摩擦力大小解答：解：整体所受的合力为f，整体具有的加速度a=隔离对m分析，根据牛顿第二定律得，f=ma=故b、d正确，a、c错误故选bd点评：解决本题的关键知道m和m具有相同的加速度，能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用7如图所示，小车质量为m，小球p的质量为m，绳质量不计水平地面光滑，要使小球p随车一起匀加速运动，则施于小车的水平作用力f是（已知）( )amgtan b（m+m）gtan c（m+m）gcot d（m+m）gsin 考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：分析小球的运动状态与小车一致，对小球进行受力分析求出小球的加速度，再以小车小球整体为研究对象分析小车在水平方向受到的作用力大小解答：解：由题意小球的运动状态与小车一致，即小车的加速度大小与小球加速度大小相同且在水平方向上对小球进行受力分析小球受到绳子的拉力和重力作用，如图：小球具有水平方向的加速度故有：竖直方向：tcos=mg水平方向：tsin=ma由和可解得小球的加速度为：a=gtan以小车和小球整体为研究对象，受力分析有：整体所受合力为：f合=f=（m+m）a=（m+m）gtan故acd错误，b正确故选：b点评：先用隔离法对小球进行受力分析，再用整体法对小车进行受力分析，根据牛顿第二定律求解小车所受作用力，解决本题需要正确的受力分析和运动分析8如图所示，一辆小车静止在水平地面上，bc是固定在小车上的水平横杆，物块m穿在杆上，m通过线悬吊着小物体m，m在小车的水平底板上，小车未动时，细线恰好在竖直方向上，现使车向右运动，全过程中m始终未相对杆bc移动，m、m与小车保持相对静止，已知a1：a2：a3：a4=1：2：4：8，m受到的摩擦力大小依次为ff1，ff2，ff3，ff4，则以下结论正确的是( )aff1：ff2=1：2bff2：ff3=1：2cff3：ff4=1：2dtan=2tan考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算 专题：牛顿运动定律综合专题分析：前两图中，m是由静摩擦力提供加速度的，根据牛顿第二定律直接求解f1和f2的关系；后两图中对小球和滑块整体受力分析，根据牛顿第二定律列式求解通过对m隔离分析可判断图中角的关系解答：解：甲乙两图中，m水平方向只受静摩擦力作用，根据牛顿第二定律得：f1=ma1f2=ma2丙丁两图中，对m和m整体受力分析，受总重力（m+m）g、支持力n、摩擦力f，如图所示：根据牛顿第二定律，有：f=（m+m）a；即f3=（m+m）a3，f4=（m+m）a4又：a1：a2=1：2，则：f1：f2=1：2，故a正确；a2：a3=2：4，f2：f3=m：2（m+m），故b错误；f3：f4=a3：a4=4：8=1：2，故c正确；对物体m隔离受力分析，可得tan=，tan=，而a3：a4=4：8，所以 tan=2tan，故d正确故选：acd点评：本题关键是对滑块、滑块与小球整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解，难度适中9如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是( )abcd考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度a2；比较知道a1a2解答：解：初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度：a1=gsin+gcos；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度：a2=gsingcos；比较知道a1a2，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率变小故选d点评：本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑2、小木块两段的加速度不一样大是一道易错题10如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的a处滑上传送带若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的vt图象（以地面为参考系）如图乙所示已知v2v1，则( )at2时刻，小物块离a处的距离达到最大bt2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大c0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左d0t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像 分析：0t1时间内木块向左匀减速直线运动，受到向右的摩擦力，然后向右匀加速，当速度增加到与皮带相等时，一起向右匀速，摩擦力消失解答：解：a、t1时刻小物块向左运动到速度为零，离a处的距离达到最大，故a错误；b、t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，故b正确；c、0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右，故c错误；d、t2t3时间内小物块不受摩擦力作用，故d错误；故选：b点评：本题关键从图象得出物体的运动规律，然后分过程对木块受力分析二、解答题：共50分，11/12/13三小题11两个叠在一起的滑块，置于固定的、倾角为的斜面上，如图所示，滑块a、b质量分别为m、m，a与斜面间的动摩擦因数为1，b与a之间的动摩擦因数为2，已知两滑块都从静止开始以相同的加速度从斜面滑下，求滑块b受到的摩擦力考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算 专题：牛顿运动定律综合专题分析：先对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离对b分析，运用牛顿第二定律求出b所受的摩擦力大小和方向解答：解：把a、b两滑块作为一个整体，设其下滑的加速度大小为a，由牛顿第二定律有：（m+m）gsin 1（m+m）gcos =（m+m）a得：a=g（sin 1cos ）由于agsin ，可见b随a一起下滑过程中，必须受到a对它沿斜面向上的摩擦力，设摩擦力为fb（如图所示）由牛顿第二定律有：mgsin fb=ma得：fb=1mgcos 方向沿斜面向上答：滑块b受到的摩擦力大小为1mgcos ，方向沿斜面向上点评：本题考查牛顿第二定律的基本运用，知道a、b的加速度相同，关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用12水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，如图所示，为一水平传送带装置示意图，紧绷的传送带ab始终保持恒定的速率v=1m/s运行，一质量为m=4kg的行李无初速地放在a处，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动设行李与传送带之间的动摩擦因数=0.1，a、b间的距离l=2m，g取10m/s2（1）求行李刚开始运动时所受滑动摩擦力的大小与加速度的大小（2）求行李做匀加速直线运动的时间（3）如果提高传送带的运行速率，行李就能被较快地传送到b处，求行李从a处传送到b处的最短时间，和传送带对应的最小运行速率考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：传送带专题分析：（1）滑动摩擦力根据公式f=n=mg即可求解，由牛顿第二定律可求得加速度；（2）行李放上传送带后先做匀加速运动，速度与传送带相等后做匀速运动，由速度公式求出行李做匀加速运动的时间；（3）行李从a处一直匀加速运动到b处时，传送时间最短根据匀加速直线运动的基本公式即可求解解答：解：（1）滑动摩擦力的大小为f=mg代入题给数值，得 f=4n由牛顿第二定律，得 f=ma代入数值，得 a=1m/s2（2）设行李做匀加速运动的时间为t，行李加速运动的末速度为v=1m/s则v=at 代入数值，得t=1s（3）行李从a处一直匀加速运动到b处时，传送时间最短则l=atmin2代入数值，得tmin=2s传送带对应的最小运行速率vmin=atmin代入数值，得vmin=2m/s答：（1）行李