湖北省荆州市中考化学模拟试卷（一）（解析版） 新人教版.doc

2013年湖北省荆州市中考化学模拟试卷（一）一.选择题（本大题包括10小题，每小题只有一个选项的符合题意，每小题2分，共20分请将符合题意的选项序号填在下面的答题栏内）1（2分）家庭厨房中常发生下列变化，其中属于物理变化的是（）a水的沸腾b菜刀生锈c煤的燃烧d食物腐败考点：化学变化和物理变化的判别专题：物质的变化与性质分析：化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化与物理变化的本质区别是有无新物质生成，据此抓住化学变化和物理变化的区别结合事实进行分析判断即可解答：解：a、水的沸腾的过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化b、菜刀生锈的过程中有新物质铁锈生成，属于化学变化c、煤的燃烧的过程中有新物质二氧化碳等生成，属于化学变化d、食物腐败的过程中有对人体有害的新物质生成，属于化学变化故选a点评：本题难度不大，解答时要分析变化过程中是否有新物质生成，这里的新物质是指和变化前的物质是不同种的物质，若没有新物质生成属于物理变化，若有新物质生成属于化学变化2（2分）（2011无锡）下列关于“燃烧和灭火”的叙述正确的是（）a档案室着火用泡沫灭火器灭火b炒菜时油锅着火，立即盖上锅盖c只有含碳元素的物质才能燃烧d只要温度达到可燃物的着火点，可燃物就能燃烧考点：燃烧与燃烧的条件；灭火的原理和方法专题：结合课本知识的信息分析：a、使用泡沫灭火器灭火时能够产生大量的泡沫，能够腐蚀档案资料；b、使可燃物与氧气隔绝可以达到灭火的目的；c、燃烧与物质是否含有碳元素没有必然的联系，例如氢气不含有碳元素，能够燃烧，碳酸钙中含有碳元素，不能燃烧；d、燃烧的条件是：（1）物质具有可燃性（2）可燃物与氧气接触（3）温度达到可燃物的着火点三个条件必须同时具备，缺一不可解答：解：a、档案室着火不能用泡沫灭火器灭火，因为这样能够腐蚀档案资料故选项错误；b、炒菜时油锅着火，立即盖上锅盖，使油与氧气隔绝，可以达到灭火的目的故选项正确；c、燃烧与物质是否含有碳元素没有必然的联系故选项错误；d、可燃物在温度达到可燃物的着火点同时，必须有助燃剂参加才能燃烧故选项错误故选b点评：本题主要考查燃烧的条件灭火的方法，解答时要从可燃物燃烧的条件方面进行分析、判断，从而找出正确的灭火方法3（2分）（2013武威）在一定条件下，在一个密闭容器内发生某反应，测得反应过程中各物质的质量如下表所示，下列说法不正确的是（）物质xyzw反应前质量/g103900反应后质量/g3.23待测3.2aw可能是单质by可能是催化剂c该反应是分解反应d反应后z物质的质量为86.4g考点：质量守恒定律及其应用；催化剂的特点与催化作用；反应类型的判定专题：结合课本知识的信息；压轴实验题分析：根据质量守恒定律，参加反应前各物质的质量总和=反应后生成各物质的质量总和，结合表格中的数值，则待测值；从而判断反应物，生成物；再判定反应类型；掌握催化剂的“一变二不变”的特点解答：解：设待测值为x，根据质量守恒定律，参加反应前各物质的质量总和=反应后生成各物质的质量总和，结合表格中的数值，则10+3+90+0=3.2+3+x+3.2，解得x=93.6克分析质量的变化：x质量减少，y质量不变，z质量增加，w质量增加质量增加的为生成物，质量减少的为反应物a、w可能是单质，说法正确，故a正确；b、y质量不变，符合催化剂的“一变二不变”的特点，所以可能是催化剂，说法正确，故b正确；c、x反应生成z和w，反应符合“一变多”，所以该反应是分解反应，说法正确，故c正确；d、根据质量守恒定律，解得反应后z物质的质量为93.6克，所以说法不正确，故d错误故选d点评：本题是运用化学中的基本思想质量守恒思想，通过归纳不同物质或不同变化过程中相同点和不同点有效地寻找出它们之间的内在联系以及融合点和嫁接点，从而培养了学生的创新思维能力4（2分）（2011泸州）在地震后的救援行动中，为了搜索埋在废墟中的幸存者，人们用了搜救犬，搜救犬能根据人体发出的气味发现幸存者试用化学观点从微粒的角度分析能发现幸存者的原因是（）a分子很小b分子在不停地运动c分子间有间隙d分子是由原子构成考点：利用分子与原子的性质分析和解决问题专题：课本知识同类信息分析：根据分子的性质回答，分子都很小，都在不断运动，分子间有间隔；搜救犬能闻到人体发出气味，说明气味分子运动到空气中，进入了搜救犬的鼻孔解答：解：a、搜救犬能闻到人体发出气味是因为分子在不断运动，和分子很小无关，此项错误b、搜救犬能闻到人体发出气味是因为分子的不断运动，此项正确c、搜救犬能闻到人体发出气味和分子间有间隔无关，此项错误d、搜救犬能闻到人体发出气味和分子是由原子构成的无关，是因为分子的运动，此项错误故选b点评：物质的微观粒子的性质能解释一些宏观现象，宏观的现象能证明粒子的性质闻到气味就是因为粒子的运动，和其他性质无关5（2分）下列说法正确的是（）a人体缺乏维生素a会引起坏血病b青菜中含大量的蛋白质c食用的水产品可用甲醛水溶液浸泡保鲜d香烟烟气中含有毒的一氧化碳气体考点：生命活动与六大营养素；一氧化碳的毒性；亚硝酸钠、甲醛等化学品的性质与人体健康专题：化学与生活分析：a、根据人体长期缺乏维生素a，可以引起的疾病是夜盲症分析；b、根据青菜中含有较多的维生素分析解答；c、根据甲醛本身有毒，有害身体，不能食用，甲醛会破坏蛋白质结构，使其变质分析；d、根据香烟烟气的成分和一氧化碳中毒的原理判断解答：解：a、人体长期缺乏维生素a，可以引起的疾病是夜盲症，不是坏血病故a错误；b、青菜中含有较多的维生素，而不是蛋白质，故b错误；c、甲醛本身有毒，有害身体，不能食用；甲醛能使蛋白质的结构被破坏，不仅对人体有害，也会改变主要含蛋白质的食品的品质；故c错误；d、一氧化碳等物质能和血液中的血红蛋白结合，从而使氧气失去和血红蛋白结合的机会，能够使人中毒，故d正确；故选d点评：与生活实际相联系的考题是中考中经常出现的考题之一，体现化学与生活的联系6（2分）下表呈现的是部分元素的原子结构示意图、主要化合价等信息：第二周期主要化合价+1+2+3+2，+3，4+2，+5，321第三周期主要化合价+1+2+3+4，4+3，+5，3+4，+6，2+1，+5，+7，1下列叙述错误的是（）a同一周期中，从左向右，原子的最外层电子数逐渐增多b镁元素的原子结构示意图中第二层上x=8c氮元素形成的氧化物只有n2o5一种d表中元素的最高正化合价数等于原子的最外层电子数考点：元素周期表的特点及其应用；原子结构示意图与离子结构示意图专题：化学用语和质量守恒定律分析：a、根据元素周期律：同一周期中，从左向右，原子的最外层电子数逐渐增多进行解答；b、根据在原子中，原子序数=质子数=核电荷数=核外电子数进行解答；c、氮元素形成的氧化物有no、no2等进行解答；d、根据元素周期律：元素的正化合价数等于其原子的最外层电子数进行解答解答：解：a、根据元素周期律：同一周期中，从左向右，原子的最外层电子数逐渐增多；故a说法正确；b、根据在原子中，原子序数=质子数=核电荷数=核外电子数，因此镁元素的原子结构示意图中第二层上x=8；故b说法正确；c、氮元素形成的氧化物还有：no、no2等，故c说法错误；d、根据元素周期律：元素的正化合价数等于其原子的最外层电子数；故d说法正确故选c点评：本题考查学生对元素周期律及化合价的知识的理解与掌握，并能在解题中灵活应用的能力7（2分）下列关于化肥的说法不正确的是（）a加熟石灰研磨能闻到刺激性气味的是磷肥的性质bco（nh2）2、（nh4）2so4和nano3均可做氮肥c区分各种化肥一般先观察外观、溶解性，再观察化学反应中的现象d过度使用化肥导致土壤酸化，水域氮和磷含量升高考点：铵态氮肥的检验；常见化肥的种类和作用；化肥的简易鉴别专题：常见的盐 化学肥料分析：a、根据铵根离子与氢氧根离子反应产生氨气分析；b、根据植物需要的营养元素划分：氮磷钾这三种元素中只含有氮元素的是氮肥；只含有钾元素的是钾肥；只含有磷元素的是磷肥；含有两种或两种以上元素的化肥是复合肥；c、根据不同物质的性质分析；d、根据化肥的作用及合理使用化肥回答；解答：解：a、铵态氮肥中的铵根离子与碱中的氢氧根离子反应产生刺激性气味的氨气，所以加熟石灰研磨能闻到刺激性气味的是氮肥的性质，故错误；b、co（nh2）2、（nh4）2so4和nano3中只含有营养元素中的氮元素，故可做氮肥，故正确；c、不同的化肥其外观有所不同，故区分各种化肥一般先观察外观、溶解性，再观察化学反应中的现象，正确；d、合理施用化肥能提高农作物的产量，但过度使用化肥导致土壤酸化，水域氮和磷的含量升高，会产生水华或赤潮等危害，故正确故选项为：a点评：本题考查了化肥的种类和使用的注意事项等，要熟练掌握化肥的种类和铵态氮肥的使用注意事项是解答本类题的关键8（2分）（2012息县二模）下列关于水的叙述，错误的是（）a冰是由氢元素和氧元素组成的b生活污水直接排放不会造成水污染c生活中通过煮沸可降低水的硬度d净化水的方法有吸附、沉淀、过滤和蒸馏等考点：化合反应及其应用；水的净化；硬水与软水专题：空气与水；化学与生活分析：可以根据水的组成、软水和硬水的转化、水的污染、净化水的方法等方面进行分析、判断，从而得出正确的结论解答：解：a、冰是水的固体，组成不变，所以冰是由氢元素和氧元素组成的，故a正确；b、生活污水是水体污染源之一，内含大量的有毒成分，直接排放会造成水污染，故b错误；c、煮沸的过程中碳酸氢盐（易溶）会分解，生成碳酸盐（难溶），而使得钙离子、镁离子行成的暂时硬度消除，故c正确；d、净水的方法有沉淀：除去大颗粒不溶性固体杂质；吸附：除去色素和异味；过滤：除去小颗粒不溶性固体，蒸馏：除去可溶性固体杂质，故d正确故选b点评：本题难度不大，考查有关水的知识点，有利于学生通过题目对水的有关知识进行归纳总结，掌握基础知识点即可轻松解题9（2分）在一定条件下，下列转化不能由一步反应实现的是（）anaclnano3bco2cocmgso4cuso4dfefe3o4考点：物质的相互转化和制备专题：物质的制备分析：一步反应实现即原物质只发生一个反应即可转化为目标物质，根据所涉及物质的性质，分析能否只通过一个反应而实现即可解答：解：a、氯化钠与硝酸银反应生成氯化银沉淀和硝酸钠，故a能一步反应实现，故a错；b、二氧化碳与碳在高温的条件下生成一氧化碳，故b能一步反应实现，故b错；c、硫酸镁与铜或铜的化合物都不能反应，不能直接到硫酸铜，故c不能由一步反应实现，故c正确；d、铁在氧气中燃烧生成四氧化三铁，故d能一步反应实现，故d错故选c点评：本题有一定难度，熟练掌握所涉及物质的性质、抓住关键词“能否一步实现”是解决此类问题的关键10（2分）如图所示的图象能反映相对应实验的是（）a高温煅烧一定质量的石灰石b用相同质量、相同溶质质量分数的过氧化氢溶液分别制取氧气c向一定体积的稀盐酸中逐滴加入氢氧化钠溶液d某温度下，向一定量饱和硝酸钾溶液中加人硝酸钾晶体考点：质量守恒定律及其应用；催化剂的特点与催化作用；饱和溶液和不饱和溶液；中和反应及其应用专题：元素化合物知识型；压轴实验题分析：a、石灰石分解后会生成氧化钙固体和二氧化碳，所以完全反应后会有固体存在；b、依据催化剂的作用分析解答；c、依据酸碱中和反应中ph的变化情况分析解答；d、依据饱和溶液的特点分析解答；解答：解：a、石灰石分解后会生成氧化钙固体和二氧化碳，所以完全反应后会有固体存在，因此反应结束后固体的量不能是零，故图象错误；b、催化剂的作用只能是改变化学反应的速度，而不能改变生成物的质量，故用相同质量、相同溶质质量分数的过氧化氢溶液分别制取的氧气质量相同，图象反应生成的氧气量不等，故错误；c、盐酸溶液的ph小于7，氢氧化钠溶液的ph大于7，所以向一定体积的稀盐酸中逐滴加入氢氧化钠溶液时随着反应的进行溶液的ph不断变大，直至完全反应时溶液的ph=7，再滴加氢氧化钠溶液呈碱性ph大于7，反应过程与图象表示的一致，故正确；d、某温度下，向一定量饱和硝酸钾溶液中加人硝酸钾晶体，硝酸钾晶体不会继续溶解，所以溶液的溶质质量分数不会继续变大，故图象表示错误；故选c点评：此题是过程与图象结合题，是对学生识图能力的考查，解题的关键是能正确的分析各个反应的过程，并结合图象分析问题，对培养学生分析问题的能力有一定帮助二.填空题（本大题包括4小题，共14分）11（3分）化学用语可准确、简洁地记录、表达和交流化学信息请用化学用语填写：（1）保持水的化学性质的粒子：h2o（2）构成氯化钠的粒子：na+、cl（3）天然气的主要成分：ch4考点：化学符号及其周围数字的意义专题：化学用语和质量守恒定律分析：本题考查化学用语的意义及书写，解题关键是分清化学用语所表达的对象是分子、原子、离子还是化合价，才能在化学符号前或其它位置加上适当的计量数来完整地表达其意义，并能根据物质化学式的书写规则正确书写物质的化学式，才能熟练准确的解答此类题目解答：解：（1）水是由水分子构成的，所以保持水化学性质的最小粒子是水分子，其化学式可表示为：h2o；（2）构成氯化钠的粒子为钠离子和氯离子，离子的表示方法：在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略故钠离子可表示为：na+；氯离子可表示为：cl；（3）天然气的主要成分为甲烷，根据有机物的表示方法，甲烷可表示为：ch4；故答案为：（1）h2o；（2）na+；cl；（3）ch4；点评：本题主要考查学生对化学用语的书写和理解能力，题目设计既包含对化学符号意义的了解，又考查了学生对化学符号的书写，考查全面，注重基础，题目难度较易12（3分）将16g氧化铜加入稀盐酸中完全溶解后，再加入铁粉充分反应，过滤，得到滤渣a和滤液b再将滤渣a加入足量稀盐酸中，有气泡冒出，充分反应后，洗涤、干燥得到一定量的剩余固体（1）上述实验过程中含铜化合物发生反应的化学方程式是：cuo+2hclcucl2+h2o、fe+cucl2fecl2+cu；（2）最终所得剩余固体的质量为12.8g考点：酸的化学性质；金属的化学性质专题：常见的酸 酸的通性分析：根据氧化铜能与酸反应生成氯化铜和水，氯化铜和铁反应生成氯化亚铁和铜书写方程式，依据最终剩余的固体是铜以及铜的质量与氧化铜中铜元素的质量相等分析解答即可；解答：解：（1）氧化铜能与酸反应生成氯化铜和水，氯化铜和铁反应生成氯化亚铁和铜，两者都是含铜化合物发生的反应，方程式为cuo+2hclcucl2+h2o、fe+cucl2fecl2+cu；（2）由于滤渣a加入足量稀盐酸中，有气泡冒出，则说明固体中有未反应的铁，所以氯化铜中的铜被完全置换了出来，因此最终剩余的固体是铜，而铜的质量与氧化铜中铜元素的质量相等，则铜的质量是16g=12.8g；故答案为：（1）cuo+2hclcucl2+h2o、fe+cucl2fecl2+cu；（2）12.8g；点评：本题主要考查了常见金属的有关性质知识，完成此题，要熟记和理解金属的性质及其应用等相关知识，只有这样才能顺理解题13（3分）有一包固体粉末，可能是naoh、na2so4、mgcl2、cuso4中的一种或几种组成，为了分析固体粉末的成分，取少量该固体粉末进行实验，实验方案设计如下：（1）原固体粉末中一定有naoh、mgcl2（填化学式，下同）（2）若现象x为“白色沉淀不溶解”，则原固体粉末中一定还有na2so4（3）写出实验步骤的化学方程式：mg（oh）2+2hno3=mg（no3）2+2h2o（4）简单修改上述实验方案，可取消第步实验，修改的方法是把第步使用的ba（oh）2溶液改为bacl2溶液或把第步使用的ba（oh）2溶液改为ba（no3）2溶液考点：物质的鉴别、推断专题：混合物组成的推断题分析：根据固体的可能组成以及实验的现象进行推断，固体粉末加水得无色溶液，而硫酸铜溶液为蓝色，则一定不含硫酸铜，得到了白色沉淀，而所给的可能物质都易溶于水，故白色沉淀为物质间反应的生成物，氢氧化钠与氯化镁能反应生成氢氧化镁沉淀，故一定含有氢氧化钠和氯化镁，是否含有硫酸钠可以通过现象x沉淀的溶解情况来推断解答：解：（1）固体粉末加水得无色溶液，而硫酸铜溶液为蓝色，则一定不含硫酸铜，得到了白色沉淀，而所给的可能物质都易溶于水，故白色沉淀为物质间反应的生成物，氢氧化钠与氯化镁能反应生成氢氧化镁沉淀，故一定含有氢氧化钠和氯化镁，两者的化学式为：naoh和mgcl2；（2）氢氧化钡能与硫酸钠反应生成硫酸钡沉淀，该沉淀不溶于稀硝酸，若现象x出现有沉淀不溶解的情况，说明有硫酸钡生成，即含有硫酸钠，化学式为na2so4；（3）粉末中含有的氢氧化钠能与氯化镁反应生成氢氧化镁沉淀，氢氧化镁沉淀能与硝酸反应生成硝酸镁和水，所以本题答案为：mg（oh）2+2hno3mg（no3）2+2h2o；（4）使用氢氧化钡溶液能与氯化镁反应生成氢氧化镁沉淀，对硫酸根离子的检验造成干扰，可以不使用氢氧化钡而使用氯化钡或硝酸钡来检验硫酸根离子的存在，所以本题答案为：把第步使用的ba（oh）2溶液改为bacl2溶液（或ba（no3）2溶液）故答案为：（1）naoh和mgcl2；（2）na2so4；（3）mg（oh）2+2hno3mg（no3）2+2h2o；（4）把第步使用的ba（oh）2溶液改为bacl2溶液；或把第步使用的ba（oh）2溶液改为ba（no3）2溶液点评：本题为混合物组成推断题，完成此题，可以依据题干提供的物质以及有关的实验现象进行14（3分）kno3和kcl在不同温度时的溶解度如下表所示请回答下列问题：温度/010203040506070溶解度/gkno313.320.931.645.863.985.5110138kcl27.631.034.037.040.042.645.548.3（1）依据上表数据，绘制kno3和kcl的溶解度曲线，如图中能表示kno3溶解度曲线的是a（填“a”或“b”） （2）由表中数据分析可知，kno3和kcl在某一温度时具有相同的溶解度x，则x的取值范围是：37.0g40.0g（3）10时，131g 饱和kcl溶液，蒸发10g水后，再降温到10，可析出kcl晶体的质量为3.1g（4）欲将60时不饱和硝酸钾溶液变成饱和溶液，下列说法正确的是a、b、da溶液中溶剂的质量可能减少 b溶液中溶质的质量可能增加c溶液中溶质的质量分数一定增大 d溶液中溶质的质量分数可能不变考点：固体溶解度的影响因素；饱和溶液和不饱和溶液相互转变的方法；固体溶解度曲线及其作用；晶体和结晶的概念与现象专题：压轴实验题；溶液、浊液与溶解度分析：根据溶解度数值判断硝酸钾的溶解度受温度的影响的变化特点，根据氯化钾的溶解度判断10时溶解氯化钾的质量问题，根据饱和溶液和不饱和溶液的转化进行分析解答即可解答：解：（1）根据表格数据可以看出，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，故a曲线是硝酸钾的溶解度曲线，故填：a；（2）根据表中数据可以看出，在3040时硝酸钾和氯化钾的溶解度具有相同的数值，其取值范围是37.0g40.0g，故填：34.0gx37.0g；（3）10时，氯化钾的溶解度是31.0g，即10时100g水中最多溶解氯化钾的质量是31.0g，可以得出此温度下10g水中最多溶解氯化钾的质量是：=3.1g，故填：3.1g；（4）将60时不饱和硝酸钾溶液变成饱和溶液，可以采用蒸发溶剂的方法，此时溶液中溶剂的质量可能减少；可以采用增加溶质的方法，此时溶液中溶质的质量可能增加；可以采用降低温度的方法，此时溶液的组成不发生改变，即溶质质量分数可能不变，不一定增大，故说法正确的是abd，故填：a、b、d点评：本题考查了溶解度的有关应用，完成此题，可以依据溶解度的概念进行三.实验题（本大题包括2小题，共10分）15（4分）某化学兴趣小组利用如图1装置探究制取气体的原理、方法及性质结合装置图，回答下列问题：（1）用过氧化氢溶液和二氧化锰制取氧气时，反应的化学方程式是2h2o22h2o+o2（2）甲烷是一种无色、无味、难溶于水的气体，实验室用加热无水醋酸钠和碱石灰的固体混合物的方法制取甲烷，则实验室制取并收集甲烷应选择的装置组合是a、e（或a、d）（3）该小组设计了如图2所示的实验装置，既可用于制取气体，又可用于探究物质性质当打开k1、关闭k2时，利用i、装置，可进行的实验是b（填字母）a大理石与稀盐酸反应制取二氧化碳 b锌与稀硫酸反应制取氢气当打开k2、关闭k1时，可以利用i、装置制得二氧化碳并验证其性质若要证明二氧化碳能与水发生反应，应向烧杯的水中加入紫色的石蕊溶液考点：常用气体的发生装置和收集装置与选取方法专题：常见气体的实验室制法、检验、干燥与净化分析：（1）实验室用过氧化氢溶液和二氧化锰制取氧气，二氧化锰是催化剂，起到催化作用，写出反应的方程式；（2）根据用无水醋酸钠和碱石灰两种固体混合物加热制取甲烷选择发生装置；根据甲烷的密度比空气密度小，极难溶于水，选择收集收集方法；（3）根据发生装置和收集方法的特点分析；根据二氧化碳能与水发生反应产生碳酸，显酸性回答解答：解：（1）用过氧化氢溶液和二氧化锰制取氧气，二氧化锰是催化剂，反应的化学方程式为：2h2o22h2o+o2；（2）用无水醋酸钠和碱石灰两种固体混合物加热制取甲烷，故发生装置的特点属于固体加热型的a装置；甲烷的密度比空气密度小，极难溶于水，因此可以采用的收集方法为：向下排空气法d或排水法e；（3）当打开k1、关闭k2时，利用i、装置，可制取的气体是固液常温型的气体制取及该气体的密度比空气小；锌与稀硫酸反应制取氢气的发生装置特点属于固液常温型，且氢气的密度比空气小，故选择；二氧化碳能与水发生反应产生碳酸，显酸性，可以利用紫色的石蕊试液变成红色进行证明；故答案为：（1）2h2o22h2o+o2（2）a、e （或a、d）（3）b 紫色的石蕊溶液点评：本题考查了实验室制取气体的发生装置、收集方法的选择以及气体的性质检验，可依据气体发生装置、收集方法的依据及气体的性质逐一分析16（8分）钢铁是使用最多的金属材料某校兴趣小组的同学在老师指导下做用干燥纯净的一氧化碳还原氧化铁的实验，实验装置如图其中a是实验室用草酸（h2c2o4）和浓硫酸加热制取一氧化碳的气体发生装置，反应的化学方程式是：h2c2o4h2o+co2+co请回答下列问题：（1）b装置中发生反应的化学方程式是2naoh+co2na2co3+h2o（2）c装置无明显现象，c装置的作用是证明a装置中生成的二氧化碳已被b装置中的氢氧化钠溶液完全吸收（3）d装置中浓硫酸的作用是干燥一氧化碳气体（4）e装置中的实验现象是红色粉末变成黑色（5）f装置的作用是：证明一氧化碳与氧化铁反应生成了二氧化碳，燃烧未参加反应的一氧化碳，防止其污染空气考点：一氧化碳还原氧化铁专题：压轴实验题；金属与金属材料分析：（1）根据在b装置中氢氧化钠与二氧化碳反应生成了碳酸钠和水，写出反应的方程式；（2）根据澄清石灰水能检验二氧化碳的存在分析判断；（3）根据浓硫酸具有很好的吸水性分析；（4）根据一氧化碳还原氧化铁的生成物考虑；（5）从f装置中的溶液成分以及对尾气的处理分析即可解答：解：（1）在b装置中氢氧化钠与二氧化碳反应生成了碳酸钠和水，反应的方程式是：2naoh+co2na2co3+h2o；（2）c装置中的澄清石灰水遇二氧化碳变浑浊，而c装置中无明显现象，说明二氧化碳已被氢氧化钠溶液完全吸收；（3）由于浓硫酸具有很好的吸水性，可用来干燥一氧化碳气体；（4）在e装置中的氧化铁在co的还原作用下，生成了铁和二氧化碳所以，实验的现象是：红色的氧化铁粉末变成黑色；（5）由澄清的石灰水变浑浊，检验一氧化碳与氧化铁反应后有二氧化碳气体生成；利用燃烧法处理多余的一氧化碳气体，防止空气污染故答为：（1）2naoh+co2na2co3+h2o；（2）证明a装置中生成的二氧化碳已被b装置中的氢氧化钠溶液完全吸收（3）干燥一氧化碳气体；（4）红色粉末变成黑色；（5）证明一氧化碳与氧化铁反应生成了二氧化碳；燃烧未参加反应的一氧化碳，防止其污染空气点评：本题考查一氧化碳还原氧化铁的实验装置及相关问题，属于课本基本实验的延伸，难度不大，要明确实验的目的及试剂的作用四.计算题（本大题包括1小题，共6分）17（6分）为了测定某粉末状黄铜（铜、锌合金）样品中铜的质量分数，某同学称取mg的黄铜样品放入烧杯中，再取40g稀盐酸分四次加入烧杯中，均充分反应，实验数据如下：第一次第二次第三次第四次加入稀盐酸质量（g）10101010剩余固体的质量（g）9.10