陕西省黄陵中学高三理综（物理部分）下学期第二次质量检测试题（重点班）.doc

陕西省黄陵中学2018届高三理综（物理部分）下学期第二次质量检测试题（重点班）14牛顿以太阳与行星之间存在着引力为依据，大胆猜想这种作用存在于所有物体之间，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力定律。在创建万有引力定律的过程中，下列说法正确的是a在牛顿之前，开普勒等科学家已经证明了“太阳对行星的吸引力与两者中心距离的平方成反比”b在牛顿那个时代无法验证维持月球绕地球运动的力和使苹果下落的力是同一种力c根据太阳对行星的引力与行星质量m、二者间距离r的关系，再结合牛顿第三定律，推理得太阳与行星的引力关系，m是太阳质量，牛顿将这种关系推广到宇宙中一切物体之间d牛顿通过实验测出引力常量g之后，万有引力定律才能揭示复杂运动背后的科学规律15约里奥居里夫妇由于发现了人工放射性，而获得诺贝尔物理学奖。1934年，他们用射线轰击铝箔，产生了一种新的放射性物质x和一个中子，该放射性物质x不稳定继续反应放出y粒子而生成硅，则下列说法正确的是ay粒子是放射性物质x的核外电子释放出来形成的b新的放射性物质x是磷元素的同位素，核子数为30c放射性物质x放出y粒子生成硅30的过程属于重核裂变d人工放射性同位素的半衰期比天然放射性物质短得多，因此放射性废料更不容易处理16如图所示，a、b、c是正三角形的三个顶点，o是ab的中点，两根互相平行的通电长直导线垂直纸面固定在a、b两处，导线中通入的电流大小相等、方向相反。已知通电长直导线产生磁场的磁感应强度为通电长直导线的电流大小，r为距通电长直导线的垂直距离，k为常量，o点处的磁感应强度大小为b0，则c点处的磁感应强度大小为abcd17 一种常用的圆珠笔由笔筒、笔芯、弹簧、顶芯杆组成（如图示），将顶芯杆抵在水平桌面上，下压笔筒从而压缩弹簧，松手后，笔筒在弹簧作用下向上弹起，带动顶芯杆跳离桌面。为考虑问题简单，将笔芯、笔筒看做一体，不计摩擦。a从松手到弹簧恢复原长，弹簧的弹性势能全部转化为笔筒的动能b从松手到弹簧恢复原长，笔筒一直向上加速运动c从松手到弹簧恢复原长，笔筒加速度先减小后增大d不论下压程度如何，松手后顶芯杆都能跳离桌面18如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，原线圈接交流电源和交流电压表，副线圈通过电阻为r的导线与电饭锅、空调连接。已知原线圈两端的电压保持不变，副线圈上的电压按图乙所示规律变化，现闭合开关s接通空调，下列说法正确的是a电压表示数为880 vb电饭锅的实际功率增大c变压器的输入功率增大d空调两端电压的瞬时值表达式为19在绝缘的光滑水平面上有两个同样的金属小球相距l，分别带有异号电荷。现给两个小球大小相同、方向相反的初速度，此后两小球发生弹性碰撞并有电荷的充分转移，当两小球再次相距l时+q1q2a两小球间电场力的大小一定比开始时大b两小球速度的大小一定比初速度大c两小球速度是否比初速度大取决于带电量情况d两小球的速度一定大小相等、方向相反20如图为某放射源放出的三种射线在匀强电场或匀强磁场中的轨迹示意图，已知三种射线的性质如下表：射线名称本质电荷数质量数速度射线氦原子核240.9c射线电子100.99c射线光子00c以下判断正确的是：a若是在匀强磁场中，磁场垂直纸面向里，且为射线b若是在匀强磁场中，磁场垂直纸面向外，且为射线c若是在匀强电场中，电场方向水平向右，且为射线d若是在匀强电场中，电场方向水平向左，且为射线pr/wt/o204060801002468101214(c)r1r2r3rtab电压鉴别器220vs（a）（b）（b）o12345102030405060t/r/k21 引力波探测于2017年获得诺贝尔物理学奖。双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由p、q两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在二者万有引力作用下做匀速圆周运动，测得p星的周期为t，p、q两颗星的距离为，p、q两颗星的轨道半径之差为r（p星的轨道半径大于q星的轨道半径），万有引力常量为g，则aq、p两颗星的质量差为bp、q两颗星的线速度大小之差为cp、q两颗星的运动半径之比为 dp、q两颗星的质量之比为第卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题第37题为选考题，考生根据要求做答。（一）必考题（11题，共129分）22(6分)唐中“加速度”社的物理兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的时候，测得弹力的大小f和弹簧长度l的关系如图所示，则由图线可知： (1)弹簧的劲度系数为_ n/m.(2)为了用弹簧测定两木块a和b间的动摩擦因数，两位同学分别设计了如图所示的甲、乙两种方案.为了用某一弹簧测力计的示数表示a和b之间的滑动摩擦力的大小，你认为方案_更合理.若a和b的重力分别为10.0 n和20.0 n.当a被拉动时，弹簧测力计a的示数为6.0 n，b的示数为11.0 n，c的示数为4.0 n，则a和b间的动摩擦因数为_.23(9分)某实验小组利用图甲所示的电路测金属丝的电阻率。(1)请根据图甲，对图乙的实物图进行连线，使滑动变阻器的滑片向右移时，电流表的示数变小。(2)如图丙所示，利用螺旋测微器测出金属丝的直径d= 。(3)闭合开关后，将滑动变阻器的滑片调至一合适位置后不动，多次改变金属丝上金属夹的位置，得到几组u、i、l(u为电压表的示数，i为电流表的示数，l为金属丝接入电路的长度)的数据，用r=计算出相应的电阻值后作出rl图线如图丁所示。取图线上两个点间数据之差l和r，则金属丝的电阻率= (用题给字母进行表示)。的测量值 (选填“大于”、“等于”或“小于”)真实值。24.(14分)如图所示, 有一个可视为质点带正电的小物块其质量为1kg，电荷量，从光滑平台上的a点以2m/s的初速度水平抛出，到达c点时，恰好沿c点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端d点的质量为3kg的被固定住的长木板，最终恰停在木板的最左端已知虚线od左侧存在竖直向上的匀强电场，场强大小，木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板上表面粗糙，木板下表面与水平地面之间光滑，木板长度，圆弧轨道的半径为m，c点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角60，不计空气阻力，g取10 m/s.求：（1）小物块到达圆弧轨道末端d点时对轨道的压力；（2）小物块与长木板间的动摩擦因数；（3）若木板未被固定，且撤掉电场，仍将滑块在a点以2m/s的初速度水平抛出，试通过计算说明小物块能否从长木板左端滑出？若能，则求出小物块和木板的最终速度，若不能，则求出小物块与木板刚保持相对静止时，木板右端与d点的距离。25.（18分）如下图所示，在平面内，有一半径为rl的圆形区域，圆心o1对应的坐标为，圆与轴交于a、c两点.除圆形区域内无磁场，在轴与直线2l之间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为b，在圆心o1处有一粒子源，发射同种粒子，粒子的质量为，电荷量为(0)，粒子从粒子源o1出发垂直磁场在纸面内向各个方向射出，不计粒子重力，并且从磁场返回圆形边界的粒子均被吸收掉，问：(1)求能从右边界（即直线2l）射出的粒子其最小速率为多少，并求出该粒子从o1出发时与x轴正方向的夹角。(2)要使粒子垂直于2l的边界射出磁场，求该粒子的最小速率为多少。33.物理选修3-3（15分）（1）（6分）关于固体、液体和物态变化，下列说法正确的是_（填正确答案标号。选对一个给3分，选对两个给4分，选对3个给6分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）a.当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大b.当分子间距离增大时，分子间的引力减少、斥力增大c.一定量的理想气体，在压强不变时，气体分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度升高而减少d.水的饱和汽压随温度的升高而增大e.叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用（2）（9分）如图所示，竖直放置的足够长圆柱形绝热气缸内封闭着1mol单原子分子理想气体，气体温度为t0.活塞的质量为m，横截面积为s，与气缸底部相距h，现通过电热丝缓慢加热气体，活塞上升了h.已知1mol单原子分子理想气体内能表达式为u=rt，大气压强为p0，重力加速度为g，不计活塞与气缸的摩擦。求：加热过程中气体吸收的热量；现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当添加砂粒的质量为m1时，活塞恰好回到原来的位置，求此时气体的温度。34. 物理选修3-4（15分）（1）（6分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0时刻的波形图如下图所示。已知波速为0.4m/s，且波刚传的c点。下列选项正确的是_（填正确答案标号。选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分.每选错一个扣3分，最低得分为0分）a.波源的振动周期为0.2sb.t=0时，质点d点沿y轴正方向运动c.在t=0时，质点a的加速度比质点b的加速度小d.质点a比质点b先回到平衡位置e.t=0.1s时，质点c将运动到x=12cm（2）（9分）直角三角形的玻璃砖abc放置于真空中，b=30，ca的延长线上s点有一点光源，发出的一条光线由d点射入玻璃砖，如图所示。光线经玻璃砖折射后垂直bc边射出，且此光束经过sd用时和在玻璃砖内的传播时间相等。已知光在真空中的传播速度为c，bd=d，asd=15.求：玻璃砖的折射率；sd两点间的距离。物理答案 14.c 15.b 16.c 17.c 18.ac 19.bd 20.ad 21.abd22(6分) (1)300(2)甲0.30(每空2分)23(9分)(1)实物连线如图所示(3分)(2)1.650 mm(2分)(3) (2分)小于(2分)24（1）小物块a到c做平抛运动，由题意可知：;(1分 )对小物块由c到d分析，根据动能定理有：(2分 )对小物块在d分析，根据向心力公式有：( 1分 )由联立可解 根据牛顿第三定律( 1分 )（2）对小物块在木板上分析，根据动能定理有：解得： ( 3分 )（3）假设小物块不能从木板左端滑出，对小物块与木板组成的系统分析，根据动量守恒定律有：( 2分 )根据能量守恒定律有：( 2分 )由联立可解解得： 对木板分析，根据动能定理有：解得：( 2分 )25.（1）分析可知，以相同速率从o1点射出的粒子在磁场中做匀速圆周运动的圆心的轨迹在虚线圆上，如下图所示设能从直线x2l边界出去的粒子的速度大小为v1，则qv1b （2分）从图中可知，速度最小是从d点飞出，则 解得， （2分） 最小速度为， （2分）对应角度为， （2分）30 （1分）所以以最小速度飞出的粒子的速度方向是斜向右下方与x轴正方向的夹角为30（2）粒子垂直于直线x2l边界出去，作出粒子运动的轨迹如设粒子的设粒子的速度方向是斜向右下方与x轴正方向的夹角为，粒子做匀速圆周运动的轨道半径为r2，则lcos+ r2sinl （2分）( + )l令 上式得， （2分） 当+90时， r2最小，解得: （2分）qv2b （2分） （1分）方法二：利用数学知识为点o1到直线距离，得出o3位置在d点时r2最小，同样求出，同样得分33.选修3-3解：（1）cde（6分。选对一个给3分，选对两个给4分，选对3个给6分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）（2）解：加热前，活塞平衡，有：1分加热过程，由波-马定律有：