湖南省常德市安乡一中高二物理下学期期中试卷（含解析）.doc

2014-2015学年湖南省常德市安乡一中 高二（下）期中物理试卷一选择题（本题10个小题，共40分，在每个小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的有多个选项正确；全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1关于简谐运动，以下说法正确的是（）a 只要回复力的方向总是指向平衡位置，物体就做简谐运动b 加速度的方向总是与位移的方向相反c 质点的位移与时间的关系遵从正弦函数规律d 速度方向有时与位移方向相反，有时与位移方向相同2一弹簧振子做简谐运动，周期为8s已知在t=2s和t=6s时刻，振子正好位于其平衡位置，则下列说法中正确的是（）a 在t=0和t=10s时，振子的速度都为零b 在t=4s和t=12s时，振子的加速度都达到最大值c 在t=6s和t=14s时，振子的势能都为最小值d 在t=8s和t=10s时，振子的位移都达到最大值3有一摆长为l的单摆，悬点正下方某处有一小钉，当摆球经过平衡位置向左摆动时，摆线的上部将被小钉挡住，使摆长发生变化现使摆球做微小幅度摆动，摆球从右边最高点m至左边最高点n运动过程的闪光照片如图所示（悬点和小钉末被摄入），p为摆动中的最低点，已知每相邻两次闪光的时间间隔相等由此可知，小钉与悬点的距离为（）a b c d 无法确定4下列说法中正确的是（）a 作受迫振动的物体的频率由它的固有频率来决定b 产生多普勒效应的原因是波源频率发生了变化c 波的干涉和衍射是波所特有的现象d 在干涉图样中的振动加强线上各质点的振动位移总是最大5一输入电压为220v，输出电压为48v的变压器副线圈烧坏，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新饶了5匝线圈如图所示，然后将原线圈接到110v交流电源上，测得新绕线圈的端电压为0.5v，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线匝数分别为（）a 1100，240b 1100，480c 2200，240d 2200，4806如图所示，在一条直线上两个振源a、b相距6m，振动频率相等，从t0时刻a、b开始振动，且都只振动一个周期，振幅相等，振动图象a为甲，b为乙，若a向右传播的波与b向左传播在t1=0.3s时相遇，则（）a 两列波在a、b间的传播速度均为10m/sb 两列波的波长都是4mc 在两列波相遇过程中，中点c为振动加强点d t2=0.7s时刻b点经过平衡位置且振动方向向下7关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，以下说法中正确的是（）a 线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次，感应电动势方向不变b 线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次c 线圈平面每经过中性面一次，感应电动势和感应电流的方向都要改变一次d 线圈转动一周，感应电动势和感应电流方向都要改变一次8如图所示将一光敏电阻接入多用电表两表笔上，将多用电表的选择开关至于欧姆挡，用光照光敏电阻时，表针的偏角为；现用手掌挡住部分光线，表针的偏角为，则可判断（）a =b c d 不能确定92004年，在印度尼西亚的苏门答腊岛近海，地震引发了海啸，造成了重大的人员伤亡，海啸实际上是一种波浪运动，也可称为地震海浪，下列说法中正确的是（）a 地震波和海啸都是由机械振动引起的机械波b 波源停止振动时，海啸和地震波的传播立即停止c 地震波和海啸都有纵波d 地震波和海啸具有能量，随着传播将愈来愈强10一个打磨得很精细的小凹镜，其曲率很小可视为接近平面将镜面水平放置如图所示一个小球从镜边缘开始释放，小球在镜面上将会往复运动，以下说法中正确的是（）a 小球质量越大，往复运动的周期越长b 释放点离最低点距离越大，周期越短c 凹镜曲率半径越大，周期越长d 周期应由小球质量、释放点离平衡位置的距离，以及曲率半径共同决定二填空题（每空2分，共12分）11水平放置的弹簧振子，质量为0.2kg，当它做简谐运动时，运动到平衡位置左侧2cm处时，受到的回复力是4n，那么当它运动到平衡位置右侧4cm处时，它的加速度大小为m/s2，方向12一个单摆的振动周期是2s，摆长缩为原来的时，周期为s，摆球质量减为原来的时，周期为 s，振幅减为原来的时，周期为s13图为水波传播的先后两个时刻的情景，试比较两图中水波的传播情况与水面上树叶的位置，可以得出的结论是三实验（每空2分，共16分）14如图的光控电路用发光二极管led模仿路灯，rg为光敏电阻，当有较强的光照在rg上，二极管如果要想在天更暗时路灯才会亮，应将r1的阻值调15在用单摆测重力加速度的实验中，测得单摆摆角小于5，实验中某学生所测g值偏大，其原因不可能的是（）a 实验室离海平面太高b 摆球太重c 测出n次全振动时间为t，误作为（n+1）次全振动时间进行计算d 以摆线长与摆球直径之和作为摆长来计算16在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测摆长时，若正确测出悬线长l和摆球直径d，则摆长为；测周期时，当摆球经过位置时开始计时并计数l次，测出经过该位置n次（约60100次）的时间为t，则周期为此外，请你从下列器材中选用所需器材，再设计一个实验，粗略测出重力加速度g，并参照示例填写下表（示例的方法不能再用）所选器材（只填器材序号）简述实验方法（不要求写出具体步骤）示例b、d、e、f、g、h、i安装仪器，接通电源，让纸带随重锤竖直下落用刻度尺测出所需数据，处理数据，得出结果实验设计a天平； b刻度尺； c弹簧秤； d电磁打点计时器； e带夹子的重锤；f纸带； g导线若干； h铁架台； i低压交流电源； j低压直流电源；k小车； l螺旋测微器； m斜面（高度可调，粗糙程度均匀）四、解答题（共4小题，满分32分）17如图所示，一列横波沿x轴正方向传播，速度v=12m/s，当位于x1=7cm的a点在正向最大位移时，位于x2=10cm的b点恰好在平衡位置，且振动方向向下，试写出这列波频率和波长的表达式18有一条河流，河水流量为4m3/s，落差为5m，现利用它来发电，使用的发电机总效率为50%，发电机输出电压为350v，输电线的电阻为4，允许输电线上损耗功率为发电机输出功率的5%，而用户所需要电压为220v，求所用的升压、降压变压器上原、副线圈的匝数比变压器为理想变压器输电线路如图所示19已知在t1时刻简谐横波的波形如图中实线所示；在时刻t2该波的波形如图中虚线所示t2t1=0.02s求：（1）该波可能的传播速度（2）若已知tt2t12t，且图中p质点在t1时刻的瞬时速度方向向上，求可能的波速（3）若0.01st0.02s，且从t1时刻起，图中q质点比r质点先回到平衡位置，求可能的波速20将一测力传感器连接到计算机上就可以测量快速变化的力，图甲表示小滑块（可视为质点）沿固定的光滑半球形容器内壁在竖直平面的a、a之间来回滑动，a，a点与o点连线与竖直方向之间夹角相等且都为，很小图乙表示滑块对器壁的压力f随时间t变化的曲线，且图中t=0为滑块从a点开始运动的时刻，试根据力学规律和题中（包括图中）所给的信息，求：（1）容器的半径；（2）小滑块的质量；（3）滑块运动过程中的守恒量2014-2015学年湖南省常德市安乡一中高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一选择题（本题10个小题，共40分，在每个小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的有多个选项正确；全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1关于简谐运动，以下说法正确的是（）a 只要回复力的方向总是指向平衡位置，物体就做简谐运动b 加速度的方向总是与位移的方向相反c 质点的位移与时间的关系遵从正弦函数规律d 速度方向有时与位移方向相反，有时与位移方向相同考点：简谐运动的回复力和能量；简谐运动的振幅、周期和频率专题：简谐运动专题分析：物体做简谐运动，回复力的方向总是指向平衡位置，根据牛顿第二定律分析加速度方向简谐运动的质点位移时间图象是正弦曲线速度方向有时与位移方向相反，有时与位移方向相同解答：解：a、物体做机械振动时，回复力的方向都总是指向平衡位置，但不一定都是简谐运动，只有回复力满足f=kx的振动者简谐运动故a错误 b、质点的回复力方向总是指向平衡位置，根据牛顿第二定律分析得知，加速度方向总是指向平衡位置，而位移方向总是离开平衡位置，则加速度的方向总是与位移的方向相反故b正确 c、简谐运动的质点位移时间图象是正弦曲线，即位移与时间的关系遵从正弦函数规律故c正确 d、质点的位移方向总是离开平衡位置，而速度方向有时离开平衡位置，有时靠近平衡位置故d正确故选bcd点评：本题考查对描述简谐运动的物理量：速度、加速度、位移特点的理解和掌握程度关键抓住位移的起点是平衡位置2一弹簧振子做简谐运动，周期为8s已知在t=2s和t=6s时刻，振子正好位于其平衡位置，则下列说法中正确的是（）a 在t=0和t=10s时，振子的速度都为零b 在t=4s和t=12s时，振子的加速度都达到最大值c 在t=6s和t=14s时，振子的势能都为最小值d 在t=8s和t=10s时，振子的位移都达到最大值考点：简谐运动的振幅、周期和频率；简谐运动的回复力和能量专题：简谐运动专题分析：振子在t=2s和t=6s时刻正好位于其平衡位置，根据振子的周期，分析振子在不同时刻的位置来分析速度和加速度情况当振子在平衡位置时速度最大，势能最小；当振子在最大位移处时，速度为零，势能最大解答：解：a、由题分析，振子在t=0时刻位于最大位移处，速度为零t=10s时，振子在平衡位置，速度最大故a错误 b、在t=4s和t=12s相隔一个周期，振子均位于最大位移处，加速度最大故b正确 c、在t=6s和t=14s相隔一个周期，振子均位于平衡位置，动能最大，势能最小故c正确 d、在t=8s和t=10s时振子均位于平衡位置，位移为零故d错误故选bc点评：本题考查分析振动过程中物理量变化情况的能力，抓住振子经过平衡位置和最大位移处相隔四分之一周期分析当振子在平衡位置时速度大小，势能最小；当振子在最大位移处时，速度为零，势能最大3有一摆长为l的单摆，悬点正下方某处有一小钉，当摆球经过平衡位置向左摆动时，摆线的上部将被小钉挡住，使摆长发生变化现使摆球做微小幅度摆动，摆球从右边最高点m至左边最高点n运动过程的闪光照片如图所示（悬点和小钉末被摄入），p为摆动中的最低点，已知每相邻两次闪光的时间间隔相等由此可知，小钉与悬点的距离为（）a b c d 无法确定考点：单摆周期公式专题：简谐运动专题分析：已知每相邻两次闪光的时间间隔相等，根据摆球从m到p、p到n的间隔，确定摆球在左右两侧摆动的周期关系，由单摆周期公式研究摆长关系，再求解小钉与悬点的距离解答：解：设每相邻两次闪光的时间间隔为t，则摆球在右侧摆动的周期为t1=8t，在左侧摆动的周期为t2=4t，t1：t2=2：1设左侧摆长为l，则t1=2 t2=2 由：得 l=l所以 小钉与悬点的距离s=ll=l故选a点评：本题是拐子摆类型，考查分析单摆周期的能力，比较简单4下列说法中正确的是（）a 作受迫振动的物体的频率由它的固有频率来决定b 产生多普勒效应的原因是波源频率发生了变化c 波的干涉和衍射是波所特有的现象d 在干涉图样中的振动加强线上各质点的振动位移总是最大考点：多普勒效应；波的干涉和衍射现象分析：当受迫振动的物体的频率与它的固有频率相等时，发生共振现象；多普勒效应的原因是接收频率发生变化；波的干涉和衍射是波所特有现象；振动加强线上各质点的振动方向总是相同，位移不一定最大解答：解：a、作受迫振动的物体的频率由它的策动频率来决定，故a错误；b、多普勒效应的原因是接收频率发生了变化，而波源频率不变，故b错误；c、波的干涉和衍射是波所特有现象，故c正确；d、在干涉图样中的振动加强线上各质点的振动方向总是相同，但位移不一定最大，故d错误；故选c点评：考查受迫振动的物体的频率与固有频率的关系，理解多普勒效应的原因，知道干涉和衍射是波所特有的，掌握振动加强点的条件5一输入电压为220v，输出电压为48v的变压器副线圈烧坏，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新饶了5匝线圈如图所示，然后将原线圈接到110v交流电源上，测得新绕线圈的端电压为0.5v，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线匝数分别为（）a 1100，240b 1100，480c 2200，240d 2200，480考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，分析即可得出结论解答：解：对新绕线的理想变压器，根据变压比公式得变压器烧坏前的原线匝数n1=1100，变压器烧坏前，同理 变压器烧坏前的副线匝数n2=240故选：a点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，本题即可得到解决6如图所示，在一条直线上两个振源a、b相距6m，振动频率相等，从t0时刻a、b开始振动，且都只振动一个周期，振幅相等，振动图象a为甲，b为乙，若a向右传播的波与b向左传播在t1=0.3s时相遇，则（）a 两列波在a、b间的传播速度均为10m/sb 两列波的波长都是4mc 在两列波相遇过程中，中点c为振动加强点d t2=0.7s时刻b点经过平衡位置且振动方向向下考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象；波的叠加专题：压轴题；振动图像与波动图像专题分析：两列波传播速度相同，由题：a向右传播的波与b向左传播在t1=0.3s时相遇，根据s=2vt1求出波速根据波速公式求出波长由振动图象知道a起振方向向上，b起振方向向下，在两列波相遇过程中，中点c为振动减弱点t2=0.7s时刻只有a引起的波传到b点，由乙图读出此刻b的振动方向解答：解：a、设ab间距离为s，两列波的速度为v，则由题s=2vt1，得v=10m/s故a正确 b、由振动图象读出周期t=0.2s，则波长为=vt=2m故b错误 c、由振动图象知道a起振方向向上，b起振方向向下，在两列波相遇过程中，中点c是两列波的波峰和波谷相遇的点，振动减弱故c错误 d、t2=0.7s时刻只有a引起的波传到b点，由甲图读出此刻b经过平衡位置且振动方向向下故d正确故选ad点评：本题是两列相遇问题，与宏观物体相遇类似，抓住相遇的条件：位移大小之和等于原来相距的距离来分析求解7关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，以下说法中正确的是（）a 线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次，感应电动势方向不变b 线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次c 线圈平面每经过中性面一次，感应电动势和感应电流的方向都要改变一次d 线圈转动一周，感应电动势和感应电流方向都要改变一次考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；正弦式电流的图象和三角函数表达式专题：交流电专题分析：感应电动势方向即为感应电流方向当线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次解答：解：当线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次故选c点评：本题考查中性面特点：线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次8如图所示将一光敏电阻接入多用电表两表笔上，将多用电表的选择开关至于欧姆挡，用光照光敏电阻时，表针的偏角为；现用手掌挡住部分光线，表针的偏角为，则可判断（）a =b c d 不能确定考点：用多用电表测电阻；电阻率与温度的关系专题：恒定电流专题分析：光敏电阻的特点：有光电阻时比没光时的电阻小欧姆表的偏角越大，电阻越小据此判断解答：解：有光时电阻小，则偏角大，无光时电阻大，则偏角小 故 则acd错误，b正确故选：b点评：考查光敏电阻的特点及欧姆表的表盘特点明确偏角大，电阻小92004年，在印度尼西亚的苏门答腊岛近海，地震引发了海啸，造成了重大的人员伤亡，海啸实际上是一种波浪运动，也可称为地震海浪，下列说法中正确的是（）a 地震波和海啸都是由机械振动引起的机械波b 波源停止振动时，海啸和地震波的传播立即停止c 地震波和海啸都有纵波d 地震波和海啸具有能量，随着传播将愈来愈强考点：机械波；波的形成和传播分析：地震波和海啸都是由机械振动引起的机械波波源停止振动时，海啸和地震波的传播不会立即停止地震波和海啸都有纵波地震波和海啸具有能量，随着传播将愈来愈弱解答：解：a、地震波和海啸都是由震源的振动在介质中传播引起的机械波故a正确 b、波源停止振动时，由于惯性，海啸和地震波的传播不会立即停止故b错误 c、地震波和海啸中都有纵波故c正确 d、地震波和海啸具有能量，随着传播将愈来愈弱故d错误故选ac点评：本题背景较新，考查对自然常识的识记能力，比较简单10一个打磨得很精细的小凹镜，其曲率很小可视为接近平面将镜面水平放置如图所示一个小球从镜边缘开始释放，小球在镜面上将会往复运动，以下说法中正确的是（）a 小球质量越大，往复运动的周期越长b 释放点离最低点距离越大，周期越短c 凹镜曲率半径越大，周期越长d 周期应由小球质量、释放点离平衡位置的距离，以及曲率半径共同决定考点：单摆周期公式专题：单摆问题分析：小凹镜的表面接近平面，知所对应的圆心角很小，小球的运动可看成单摆的运动，单摆的周期，可知周期与哪些因素有关解答：解：小球的运动可看成单摆的运动，根据单摆的周期，知小球的周期与质量、释放点的位置无关，与曲率半径有关，曲率半径越大，周期越大故c正确，a、b、d错误故选c点评：解决本题的关键知道小球的运动可看成单摆的运动，知道单摆的周期公式二填空题（每空2分，共12分）11水平放置的弹簧振子，质量为0.2kg，当它做简谐运动时，运动到平衡位置左侧2cm处时，受到的回复力是4n，那么当它运动到平衡位置右侧4cm处时，它的加速度大小为40m/s2，方向向左考点：简谐运动的回复力和能量专题：简谐运动专题分析：水平放置的弹簧振子受到合力充当回复力，大小满足f=kx的规律，根据牛顿第二定律列式分析求解即可解答：解：水平放置的弹簧振子受到合力充当回复力，大小满足f=kx规定向右为正，代入数据，有：4=k（0.02）解得：k=200n/m当它运动到平衡位置右侧4cm处时，回复力为：f=kx=2000.04=8n根据牛顿第二定律，有f=ma解得 a=40m/s2即加速度的大小为40m/s2，方向为水平向左；故答案为：40m/s2，水平向左点评：本题关键根据简谐运动的回复力公式求解出劲度系数，然后结合牛顿第二定律列式分析，要注意回复力公式中的正负表示方向始终与位移反向12一个单摆的振动周期是2s，摆长缩为原来的时，周期为1s，摆球质量减为原来的时，周期为2 s，振幅减为原来的时，周期为2s考点：单摆周期公式专题：单摆问题分析：根据单摆的周期公式，知单摆的周期与摆长有关，与摆球的质量和振幅无关解答：解：由单摆的周期公式得，摆长缩为原来的，周期变为原来的一半，为1s而周期与摆球的质量和振幅无关，所以摆球质量和振幅变时，周期不变，都为2s故本题答案为：1，2，2点评：解决本题的关键掌握单摆的周期公式，以及知道单摆的周期与摆长有关，与摆球的质量和振幅无关13图为水波传播的先后两个时刻的情景，试比较两图中水波的传播情况与水面上树叶的位置，可以得出的结论是机械波在传播过程中介质中的质点并不随波移动考点：波的形成和传播分析：振源的振动使质点一个被一个带动，且与振源振动相同，同时总滞后前一个质点从而形成波并向前传播解答：解：由图可知，当波在向前传播时，树叶在波的作用下，上下起伏，而树叶的位置没有变化，因此树叶不随着波的传播而迁移故答案为：机械波在传播过程中介质中的质点并不随波移动点评：波形成的特点是：带动、重复、滞后同时质点不随着波迁移，只是在各自平衡位置来回振动三实验（每空2分，共16分）14如图的光控电路用发光二极管led模仿路灯，rg为光敏电阻，当有较强的光照在rg上，二极管熄灭如果要想在天更暗时路灯才会亮，应将r1的阻值调大考点：闭合电路的欧姆定律；简单的逻辑电路专题：恒定电流专题分析：光敏电阻的电阻随光照增强而减小，天暗时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，则输入门电路为高电势，而另一输入端为低电势，最后灯亮，可知输出端为高电势；天亮时，光敏电阻比较小，则光敏电阻两端的电势差比较小，则输入门电路为低电势，而另一输入端为低电势，灯熄灭，可知输出端为低电势解答：解：该门电路有一输入端总是输入低电势，有较强的光照时，电阻比较小，光敏电阻两端的电势差比较小，则输入门电路为低电势，最后熄灭，如果要想在天更暗时路灯才会亮，应将r1的阻值调大故答案为：熄灭，大点评：解决本题的关键掌握或门的特点：只要有一个条件满足，事件就会发生15在用单摆测重力加速度的实验中，测得单摆摆角小于5，实验中某学生所测g值偏大，其原因不可能的是（）a 实验室离海平面太高b 摆球太重c 测出n次全振动时间为t，误作为（n+1）次全振动时间进行计算d 以摆线长与摆球直径之和作为摆长来计算考点：用单摆测定重力加速度专题：实验题；单摆问题分析：重力加速度随纬度和所在地的高度有所变化，纬度和高度越高则g值较小，试验中根据g=分析g值偏大的原因，可能是周期算小了或是摆长算长了解答：解：a、实验室离海平面太高，所测值应偏小，故a错误b、摆球的轻重对实验没有影响，故b错误c、测出n次全振动时间为t，误作为（n+1）次全振动时间进行计算，由单摆的周期公式t=2 得g=，周期算小了会导致g偏大，故c正确d、以摆线长与摆球直径之和作为摆长来计算，摆长算长了，会导致g偏大，故d正确本题选不可能的，故选：ab点评：该题考查用单摆测量重力加速度，了解重力加速度的变化规律和利用单摆测重力加速度的实验原理是解决此题的关键16在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测摆长时，若正确测出悬线长l和摆球直径d，则摆长为；测周期时，当摆球经过平衡位置时开始计时并计数l次，测出经过该位置n次（约60100次）的时间为t，则周期为此外，请你从下列器材中选用所需器材，再设计一个实验，粗略测出重力加速度g，并参照示例填写下表（示例的方法不能再用）所选器材（只填器材序号）简述实验方法（不要求写出具体步骤）示例b、d、e、f、g、h、i安装仪器，接通电源，让纸带随重锤竖直下落用刻度尺测出所需数据，处理数据，得出结果实验设计a天平； b刻度尺； c弹簧秤； d电磁打点计时器； e带夹子的重锤；f纸带； g导线若干； h铁架台； i低压交流电源； j低压直流电源；k小车； l螺旋测微器； m斜面（高度可调，粗糙程度均匀）考点：用单摆测定重力加速度专题：实验题；单摆问题分析：摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和；经过平衡位置时速度最大，开始计时误差较小；完成一次全振动所需的时间为一个周期；解答：解：（1）单摆的长度等于摆线的长度加上摆球的半径，即摆球经过平衡位置速度最大，此时开始计时误差较小通过单摆在一个周期内两次经过平衡位置，求出周期t=；实验方法如表格：所选器材简述实验方法实验设计a、c、e用弹簧秤称出带夹子重锤的重力大小g，再用天平其质量m，则g=或实验设计b、d、f、g、i、k、m安装仪器，接通电源，让纸带随小车一起沿斜面下滑用刻度尺测出所需数据改变斜面高度再测一次利用两次数据，由牛顿第二定律算出结果故答案为：； 平衡； ；所选器材简述实验方法实验设计a、c、e用弹簧秤称出带夹子重锤的重力大小g，再用天平其质量m，则g=或实验设计b、d、f、g、i、k、m安装仪器，接通电源，让纸带随小车一起沿斜面下滑用刻度尺测出所需数据改变斜面高度再测一次利用两次数据，由牛顿第二定律算出结果点评：解决本题的关键知道测量重力加速度的不同方法，以及知道摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，从平衡位置开始计时误差最小四、解答题（共4小题，满分32分）17如图所示，一列横波沿x轴正方向传播，速度v=12m/s，当位于x1=7cm的a点在正向最大位移时，位于x2=10cm的b点恰好在平衡位置，且振动方向向下，试写出这列波频率和波长的表达式考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象专题：波的多解性分析：根据a、b两点的状态，结合波形及波的传播方向，分析ab两点平衡位置间距离与波长的关系，写出波长的通项，再波速公式求出波速解答：解：设ab平衡位置相距d 由题：由于向右传播，a点在正向最大位移时，b点恰好在平衡位置，且振动方向向下，波传播的最短距离为波长 根据波的周期性，得 则d=（n+），=（n=0、1、2、3） f=（400n+300）hz （n=0、1、2、3）答：这列波频率的表达式为f=（400n+300）hz；波长的表达式为点评：本题考查对波的周期性的理解能力，有时还考查波的双向性周期性又有空间周期性和时间周期性两个方面18有一条河流，河水流量为4m3/s，落差为5m，现利用它来发电，使用的发电机总效率为50%，发电机输出电压为350v，输电线的电阻为4，允许输电线上损耗功率为发电机输出功率的5%，而用户所需要电压为220v，求所用的升压、降压变压器上原、副线圈的匝数比变压器为理想变压器输电线路如图所示考点：远距离输电专题：交流电专题分析：根据发电机的效率求出发电机的输出功率，再根据输电线上损失的功率p损=i2r求出输电线上的电流，由p=ui得出升压变压器的电压，根据电压之比等于线圈的匝数比得出升压变压器的原副线圈匝数比根据输电线上的电流求出输电线上的电压损失，从而得出降压变压器的输入电压，根据原副线圈的电压比得出降压变压器的匝数比解答：解：发电机的输出功率w=1105w代入数据得，输电线上的电流则升压变压器的输出电压则升压变压器的匝数比输电线上的电压损失则输入降压变压器的电压升压降压变压器的匝数比故升压变压器和降压变压器原副线圈的匝数比分别为1：8，12：1点评：解决本题的关键知道原副线圈的匝数比等于原副线圈的电压比，以及掌握输电线上损失的功率p损=i2r19已知在t1时刻简谐横波的波形如图中实线所示；在时刻t2该波的波形如图中虚线所示t2t1=0.02s求：（1）该波可能的传播速度（2）若已知tt2t12t，且图中p质点在t1时刻的瞬时速度方向向上，求可能的波速（3）若0.01st0.02s，且从t1时刻起，图中q质点比r质点先回到平衡位置，求可能的波速考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：（1）由于波的传播方向未知，要分析两种情况分析若波向右传播时，波传播的距离为x=n+2（m）求出波传播的距离，再求解波速若波向左传播时，波传播的距离为x=n+4（m），由v=求解波速的通项（2）p质点在t1时刻的瞬时速度方向向上，波向左传播若已知tt2t12t，波传播的距离在一个波长与两个波长之间，确定出波传播的距离，再求得波速（3）从t1时刻起，图中q质点比r质点先回到平衡位置，说明此刻q向上运动、r点向下运动，可判断出波的传播方向根据时间与周期的关系，