湖南省株洲市攸县长鸿实验学校九年级物理上学期期末试题（含解析） 新人教版.doc

2014-2015学年湖南省株洲市攸县长鸿实验学校九年级（上）期末物理试卷一、选择题1某同学指出：在用伏安法测量电阻值的实验中，连接电路时，必须注意下列几点，你认为其中不必要的一条是（）a向电路中连接变阻器时，应该使滑片位于变阻器阻值最大位置b向电路中连接开关时，应该先将开关断开c开关应该接在靠近电源电流流出的一端d电压表应与待测电阻并联，电流表应与待测电阻串联2下列说法中错误的是（）a电路中有电流，电路两端就一定有电压b用电器是将其他形式的能转化为电能的装置c并联电路的总电阻小于其中任何一个电阻d用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电荷3我国科研人员研发了百米级第二代高温超导带材，使中国跻身该技术领域国际先进行列假如所有导体都成了常温下的超导体，那么当用电器通电时，下列说法正确的是（）a白炽灯仍然能发光b电动机仍能转动c电饭锅仍然能煮饭d电熨斗仍然能熨烫衣服4如图所示电路，电源电压为12v，闭合开关s，移动滑动变阻器的滑片p，小灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数为12v，则电路发生的故障可能是（）a开关接触不良b电流表断路c滑动变阻器断路d灯泡断路5有几位同学将两只灯泡接入电路中，让它们同时工作下面几种说法中正确的是（）a较亮的灯泡中通过的电流一定大b较亮的灯泡两端的电压一定大c较亮的灯泡额定功率一定大d较亮的灯泡消耗的电能一定多6下列处理用电事故的措施中，正确的是（）a有金属外壳的家用电器如果没有接地，其外壳一定要接地b电器失火时，先用泡沫灭火器灭火，再切断电源c空气开关跳闸时，应立即使空气开关复位，再进行检修d遇到有人触电时，先直接将人拉开进行抢救，后切断电源7关于家庭电路，下列说法正确的是（）a在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电阻越大b微波炉是利用电流的热效应工作的c如果家庭电路中不安装保险丝，那么发生短路时，会因为通过用电器的电流过大而烧毁用电器d电炉工作时，电炉丝热得发红，而连接电炉丝的导线并不太热是因为导线的电阻比电炉丝的电阻小很多8下列关于电磁现象的说法中，正确的是（）a通电导体在磁场中受力的方向只与电流方向有关b光纤不导电，不会产生电磁感应现象，所以光纤通信不会受外界电磁场的干扰c闭合电路的一部分导体在磁场中运动时，导体中就一定会产生感应电流d电磁铁的磁性强弱只与线圈中的电流大小有关9如图所示，当开关s闭合后，发现电灯l不亮，用测电笔测试a、d两点时，氖管都发光，测试b、c两点时，两点都不能使氖管发光，则故障可能是（）a火线与零线短路ba、d之间某处断路c电灯的灯丝断了db、c之间某处断路10关于如图所示电与磁部分四幅图的分析，其中正确的是（）a装置不能检验物体是否带电b装置原理可以制造电动机c实验说明通电导线周围有磁场d是利用电流的磁效应工作11某型号天燃气泄漏检测仪器的电路如图甲所示，图中r为气敏电阻，其阻值r与天然气浓度的变化关系如图乙所示，已知r0为定值电阻，电源电压恒定不变，用此仪器检测天然气是否泄漏，则下列判断正确的是（）a天然气浓度增大时，电压表示数变小b天然气浓度减小时，电流表示数变大c天然气浓度增大时，电路消耗的总功率变小d无论天然气浓度怎样变化，电压表与电流表示数的比值不变12如图所示两个灯泡l1、l2阻值分别为6和10，闭合开关后的现象是（）a通过两灯泡的电流i1：i2=3：5b灯泡两端的电压u1：u2=3：5c灯泡的电功率p1：p2=5：3d灯泡l1比l2暗13将规格都是“220v 100w”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（）a三个用电器产生的热量一样多b电风扇产生的热量最多c电视机产生的热量最多d电烙铁产生的热量最多14小明按如图所示电路测量小灯泡功率，备有器材规格如下：电源电压恒为6v，小灯泡额定电压为2.5v，灯泡正常发光时灯丝电阻约为lo，变阻器甲的规格“10 1a”、乙的规格“50 0.5a”，电流表量程有“00.6a”、“03a”，电压表量程有“03v”、“015v”，下列说法不正确的是（）a当电压表示数为2.5v时，灯泡消耗的功率等于额定功率b为减小误差，电压表量程选“03v”，电流表量程选“00.6a”c变阻器应选择甲“1o 1a”d由本实验可发现，灯泡在不同电压下，实际功率不同，亮度不同15陈华在课外活动实验中，用导线绕成一个线圈自制成一个电磁铁，实验中，他希望获得更强的磁性，设计了以下几种方案，不可能实现的是（）a增加电路中电池的节数b增加线圈匝数c将电源的正、负极对调d在线圈中插入一根铁钉16下列有关磁现象说法中，错误的是（）a磁感线是闭合曲线，磁体外部和内部的磁感线都是从n极出发回到s极b通电螺线管的极性与螺线管中电流方向有关，可用安培定则判定c产生感应电流的条件是闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动d电磁波是导线中电流的迅速变化激发的，虽然看不见但可以给我们传递信息17如图所示为条形磁铁和电磁铁，虚线表示磁感线，则甲、乙、丙、丁的极性依次是（）as、n、s、sbn、n、s、ncs、s、n、ndn、s、n、n18关于能源的开发和利用，下列说法中正确的是（）a天然气是可再生能源b可通过太阳能电池把光能转化成电能c煤和石油的大量燃烧不会导致温室效应d秦山核电站利用的是核聚变释放的能量二、填空题19固定电话与移动电话不同，固定电话的声音信息是由导线中变化的来传递的，移动电话是利用来传递信息的20“红灯停，绿灯行，黄灯也要等一等，交通安全要注意”路口的这些交通指示灯是的（选填“串联”或“并联”）有时红灯快结束时黄灯也同时亮了，此时电路中的总电流（选填“变大”、“不变”或“变小”）21如图1所示的电路中，r1为定值电阻，r2为滑动变阻器，电源电压不变闭合开关s后，滑片p从a端移动到b端，电流表示数i与电压表示数u的变化关系如图2所示，则电源电压为v，r2的最大阻值为22引入“总电阻”概念时运用的科学方法是（选填“等效替代”或“控制变量”）法阻值为10和40的两个电阻串联在电路中，其总电阻为23一只小灯泡的额定电压为8v，正常发光时通过它的电流为0.4a，现将该小灯泡接在12v的电源上，为使其正常发光，应联一个的电阻24某导体的电阻是5，通过它的电流为0.2a，10s内通过该导体产生的热量是j，电热器中的电饭锅是利用电流的效应制成的加热设备25一盏标有“220v 100w“的白炽灯正常发光时的电阻为；”220v 100w“的白炽灯与“220v 20w”的节能灯均正常工作时亮度相当，若两灯都正常工作，分别消耗1kwh的电能，节能灯比白炽灯多工作h26在用磁感线描述磁体周围的磁场时，磁感线都是从磁体的极出发，回到s极；电动机是利用通电线圈在里受力而转动的原理制成的27人们根据物理原理或规律制造出许多机器设备，例如，发电机是利用制成的，电动机和（选填：“动圈式话筒”或“扬声器”）工作原理相同，且都是将电能转化为的设备28我们生活在电磁波的海洋中，移动电话（手机）（填“能“或“不能“）发射电磁波，紫外线和可见光都（填“是”或“不是”）电磁波三、综合题（共44分）29如图为探究“磁生电”的实验装置（1）闭合开关，让悬着的导体ab（选填“左右”、“上下”、“沿a向b”或“沿b向a“）运动时，电流表会发生偏转（2）若保持导体ab不动，要产生感应电流，正确的操作是（3）实验中发现电流表指针偏转不明显，为了使指针偏转明显，请你从实验装置和操作上各提一条改进建议装置改进：，操作改进：30在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5v，小灯泡的额定电压为2.5v，小灯泡正常发光时的电阻约为10（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大；连线不得交叉（2）小宇同学闭合开关，移动滑片p到某一位置时，电压表示数（如图乙所示）为v，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片p向（选填“a”或“b”）端移动，使电压表的示数为2.5v（3）小宇同学继续移动滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的iu关系图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是w，还可以得出：小灯泡的实际功率随实际电压的增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）（4）小叶同学按同一电路连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，检查后发现连线正确，请你找出她在实验中两个操作不当之处是：；31小明发现自己家汽车照明大灯的灯泡内有两根灯丝，一根是功率较小的近光灯丝（主要用于照亮车前较近的路面），另一根是功率稍大的远光灯丝（主要用于照亮前方较远的路面）当控制手柄拨到“近光”位置时，近光灯丝正常发光；当控制手柄拨到“远光”位置时，近光灯丝和远光灯丝同时正常发光该灯泡上标有“12v 60w/54w”的字样，通过计算回答：（1）当控制手柄拨到“近光”位置时，通过近光灯丝的电流多大？（2）近光灯丝正常发光时的电阻多大？（3）小明爸爸驾车在郊区道路上行驶，将控制手柄拨到并保持在“远光”位置5分钟，这段时间内一个照明大灯消耗的电能是多少？（4）说明这种灯泡内两根灯丝在电路中的连接方式，并简述理由32现有四个电学元件：电流表a、电压表v、阻值为4的电阻r1和阻值为6的电阻r2某物理兴趣小组要设计四个不同的电路，如图甲、乙、丙、丁所示，要求每个电路必须用到上述四个元件中的任意三个，每个电路消耗的总功率分别为p甲、p乙、p丙、p丁，且p甲p乙p丙p丁电源电压恒为6v，各元件无故障且电路都能正常工作（1）甲电路如图所示，闭合开关，问：该电路中电流表示数i甲及电路消耗的总功率p甲分别是多大？（2）请你按要求完成另外三个电路的设计（将元件符号填入图中即可）2014-2015学年湖南省株洲市攸县长鸿实验学校九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1某同学指出：在用伏安法测量电阻值的实验中，连接电路时，必须注意下列几点，你认为其中不必要的一条是（）a向电路中连接变阻器时，应该使滑片位于变阻器阻值最大位置b向电路中连接开关时，应该先将开关断开c开关应该接在靠近电源电流流出的一端d电压表应与待测电阻并联，电流表应与待测电阻串联【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】“伏安法测量电阻”实验中，连接电路时，需要将电压表与电阻并联测量电阻的电压，需要电流表与电阻串联测量电阻的电流，连接电路的过程中，开关应该连接在靠近电源正极的一端，开关始终应该处于断开状态，滑动变阻器串联在电路中，在开关闭合的一瞬间，把滑动变阻器的阻值调到最大处可以防止电流过大烧毁元件【解答】解：a、滑动变阻器在实验中起的作用一是保护电路，特别是在开关闭合的一瞬间，把滑动变阻器的阻值调到最大处可以防止电流过大烧毁元件，作用二是通过改变自身的阻值从而改变待测电阻两端的电压和通过它的电流；故a选项说法正确；b、实验开始前，开关应处于断开的状态，防止在连接线路图时，某些地方不合适引起电路中的电流过大烧坏元件；故b选项说法正确；c、开关在电路中的作用是控制电路电流的通断，与开关是否靠近电源正极一端无关；故c选项错误；d、电压表与被测电阻并联，电流表与被测电阻串联故d说法正确；故选c【点评】连接实物图时，要明确实验的目的和需要测量的物理量，根据各元件的作用和连接方式，连接实物图连接实物图时，要注意电压表和电流表量程的选择2下列说法中错误的是（）a电路中有电流，电路两端就一定有电压b用电器是将其他形式的能转化为电能的装置c并联电路的总电阻小于其中任何一个电阻d用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电荷【考点】电流的形成；能量的相互转化；摩擦起电；电阻的并联【专题】电流和电路【分析】（1）电压是产生电流的原因；（2）用电器工作时将电能转化为其他形式的能；（3）串联电路的总电阻大于任何一个串联的电阻，并联电路的总电阻小于任何一个并联的电阻；（4）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷【解答】解：a、电路中有电流，电路两端就一定有电压，但电路两端有电压，电路中不一定有电流，故a正确，不符合题意；b、用电器是将电能转化为其他形式能的过程，故b错误，符合题意；c、并联电路的总电阻小于其中任何一个电阻，故c正确，不符合题意；d、用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电荷，故d正确，不符合题意故选b【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力3我国科研人员研发了百米级第二代高温超导带材，使中国跻身该技术领域国际先进行列假如所有导体都成了常温下的超导体，那么当用电器通电时，下列说法正确的是（）a白炽灯仍然能发光b电动机仍能转动c电饭锅仍然能煮饭d电熨斗仍然能熨烫衣服【考点】超导体的特点；电热【专题】粒子与宇宙、材料世界【分析】解答本题的关键是超导体是零电阻，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作【解答】解：白炽灯、电饭锅、电熨斗都是利用电流热效应工作的，根据焦耳定律q=i2rt知，没有电阻就不能产生电热，所以用超导体材料制成的电热器不能工作故a、c、d不正确电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用而工作的，将电能转化为机械能，所以用超导体材料制成的电动机不但仍能工作，并且电能转化为机械能的效率更高故选b【点评】本题主要考查学生对：超导材料的特点、电流热效应，以及应用的了解和掌握，是一道基础题4如图所示电路，电源电压为12v，闭合开关s，移动滑动变阻器的滑片p，小灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数为12v，则电路发生的故障可能是（）a开关接触不良b电流表断路c滑动变阻器断路d灯泡断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】电流和电路【分析】常见电路故障有断路与短路，分析清楚电路结构，根据故障现象分析故障原因【解答】解：由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表与灯泡并联；闭合开关，灯泡不亮，说明电路存在断路或灯泡发生短路；电流表示数为零，说明电路发生断路；电压表示数为12v，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则断路位置在灯泡处，即灯泡发生断路；故选：d【点评】本题考查了电路故障分析，根据电路故障现象分析电路故障原因5有几位同学将两只灯泡接入电路中，让它们同时工作下面几种说法中正确的是（）a较亮的灯泡中通过的电流一定大b较亮的灯泡两端的电压一定大c较亮的灯泡额定功率一定大d较亮的灯泡消耗的电能一定多【考点】额定功率；实际功率【专题】应用题；推理法【分析】首先要明确，判断小灯泡的亮度应依据小灯泡的实际功率，灯泡的亮度越亮，其实际功率越大a、可利用公式p=i2r进行分析，判断电流的关系b、可利用公式p=进行分析，判断电压的关系c、利用额定功率的定义进行分析和判断d、可利用公式w=pt进行分析，判断消耗电能关系【解答】解：判断小灯泡的亮度应依据小灯泡的实际功率，灯泡的亮度越亮，其实际功率越大a、较亮灯泡的实际功率大，由公式p=i2r可知，不知道两灯泡电阻的关系，所以电流的关系无法判断，不符合题意b、较亮灯泡的实际功率大，由公式p=可知，不知道两灯泡电阻的关系，所以电压的关系无法判断，不符合题意c、用电器在额定电压下的功率为额定功率，较亮灯泡的实际功率大，不符合题意d、两只灯泡接入电路中，让它们同时工作，则两灯泡的工作时间相同，较亮灯泡的实际功率大，由公式w=pt可知，较亮的灯泡消耗的电能一定多，符合题意故选d【点评】本题考查了判断小灯泡的亮度应依据小灯泡的实际功率，灯泡的亮度越亮，其实际功率越大，并由实际功率的关系判断电流、电压和消耗电能的关系6下列处理用电事故的措施中，正确的是（）a有金属外壳的家用电器如果没有接地，其外壳一定要接地b电器失火时，先用泡沫灭火器灭火，再切断电源c空气开关跳闸时，应立即使空气开关复位，再进行检修d遇到有人触电时，先直接将人拉开进行抢救，后切断电源【考点】触电危害及常见的触电类型与预防；安全用电原则【专题】应用题【分析】a、洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生；b、电器失火时，应先断开电源、再灭火；c、空气开关跳闸，原因是电路有短路或漏电现象，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位；d、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源【解答】解：a、由于用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生，故a正确；b、水在一般情况下是导体（纯净水是绝缘体），当电器设备失火时，若先用泡沫灭火器，易造成触电事故，故应选用干粉灭火器，并且先断开电源、再灭火，故b错；c、因为电路有短路或漏电现象，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故c错；d、发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，再进行抢救，故d错故选a【点评】知道安全用电的原则，不接触低压带电体，不靠近高压带电体，注意水容易导电7关于家庭电路，下列说法正确的是（）a在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电阻越大b微波炉是利用电流的热效应工作的c如果家庭电路中不安装保险丝，那么发生短路时，会因为通过用电器的电流过大而烧毁用电器d电炉工作时，电炉丝热得发红，而连接电炉丝的导线并不太热是因为导线的电阻比电炉丝的电阻小很多【考点】家庭电路电流过大的原因；电流的热效应、化学效应和磁效应；熔断器的作用及保险丝的选择方法；电热【专题】电与热、生活用电【分析】（1）并联电路中，越并总电阻越小；（2）电流通过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；电流通过导体时导体周围产生磁场，这种现象是电流的磁效应；电流通过导体时导体发生化学变化，这种现象是电流的化学效应；（3）发生短路时，没有电流通过用电器；（4）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大【解答】解：a、家庭电路是并联，工作的用电器越多，相当于增大导体的横截面积，总电阻越小故a错误；b、微波炉就是用微波来煮饭烧菜的微波是一种电磁波，即微波炉是利用电流的磁效应；故b错误；c、发生短路时，用电器中没有电流通过，但线路上的电流会很大，因此线路或电源将会被烧坏，但用电器不会损坏故c错误；d、电炉在使用时，电炉丝和导线串联，i电炉丝=i导线，通电时间t相同，q=i2rt，r电炉丝r导线，电流产生的热量：q电炉丝q导线，从而出现电炉丝放出大量的热，而输电导线几乎不发热的现象；故d正确故选d【点评】本题考查并联电路电阻的特点、电流的磁效应、短路引起的后果以及串联电路的规律，应明确两电阻串联时，电路中的电流是相等的；同时应注意该现象的根本原因是因为发热量不同造成的8下列关于电磁现象的说法中，正确的是（）a通电导体在磁场中受力的方向只与电流方向有关b光纤不导电，不会产生电磁感应现象，所以光纤通信不会受外界电磁场的干扰c闭合电路的一部分导体在磁场中运动时，导体中就一定会产生感应电流d电磁铁的磁性强弱只与线圈中的电流大小有关【考点】光纤通信；电磁感应【专题】应用题【分析】a、通电导体在磁场中受力的方向与电流方向、磁场方向有关b、光导纤维是绝缘体，不导电，在磁场中不会发生电磁感应现象c、只有闭合电路的一部分导体切割磁感线时，电路中才会产生感应电流d、电磁铁的磁性强弱与电磁铁本身结构、线圈中的电流大小有关【解答】解：a、通电导体在磁场中受力的方向由电流方向及磁场方向决定，故a错误b、光导纤维是绝缘体，不导电，在磁场中不会发生电磁感应现象，所以光纤通信不会受外界电磁场的干扰，故b正确c、只有闭合电路的一部分导体切割磁感线时，电路中才会产生感应电流；如果导体运动方向与磁场方向平行，电路不会产生电流，故c错误d、电磁铁的磁性强弱与电磁铁本身结构、线圈中的电流大小有关，故d错误故选b【点评】本题考查了：通电导体在磁场中的受力方向、光导纤维通信不受外界干扰的原因、产生感应电流的条件、影响电磁铁磁性强弱的因素，考查的知识点较多，应熟悉考查的各知识点9如图所示，当开关s闭合后，发现电灯l不亮，用测电笔测试a、d两点时，氖管都发光，测试b、c两点时，两点都不能使氖管发光，则故障可能是（）a火线与零线短路ba、d之间某处断路c电灯的灯丝断了db、c之间某处断路【考点】测电笔的使用；家庭电路的故障分析【专题】电与热、生活用电【分析】在正常情况下，开关闭合后，a、b与火线相通，用测电笔时，应都亮，c、b与零线相通，用测电笔测时，应都不亮，但c点也亮了，说明c与d之间开路【解答】解：如图，闭合开关后，发现电灯l不亮用测电笔测试时，发现在a、d两处时，氖管都发光，说明a、d都与火线连通；测b、c两点时，氛管都不发光，说明b、c处不与火线连通，则故障可能是c、d之间发生了断路，故选项c符合题意故选c【点评】本题考查了学生利用测电笔排查家庭故障的能力，对测电笔要会安全的使用，学会判断故障所在10关于如图所示电与磁部分四幅图的分析，其中正确的是（）a装置不能检验物体是否带电b装置原理可以制造电动机c实验说明通电导线周围有磁场d是利用电流的磁效应工作【考点】通电直导线周围的磁场；电磁感应；动圈式话筒的构造和原理；验电器的原理及使用【专题】实验题；压轴题【分析】a、要认识验电器，知道验电器的作用，是检验物体是否带电的，是根据同种电荷相互排斥的原理制成的b、掌握电磁感应现象及实验，知道在此实验中让闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流根据这个原理制成了发电机c、认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场即电流的磁效应d、要解决此题，需要知道动感线圈式话筒是根据电磁感应现象工作的【解答】解：a、图a是验电器，验电器根据同种电荷相互排斥的原理，如果物体带电，验电器就会带上与物体相同的电荷，由于同种电荷相互排斥，所以金属箔张开如果金属箔不张开，说明物体不带电因此可以通过观察验电器的金属箔是否张开来判断接触的物体是否带电所以a说法错误b、图b是电磁感应实验，根据此原理可以制成发电机，所以b说法错误c、图c是奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场所以c说法正确d、图d是动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的所以d说法错误故选c【点评】此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分11某型号天燃气泄漏检测仪器的电路如图甲所示，图中r为气敏电阻，其阻值r与天然气浓度的变化关系如图乙所示，已知r0为定值电阻，电源电压恒定不变，用此仪器检测天然气是否泄漏，则下列判断正确的是（）a天然气浓度增大时，电压表示数变小b天然气浓度减小时，电流表示数变大c天然气浓度增大时，电路消耗的总功率变小d无论天然气浓度怎样变化，电压表与电流表示数的比值不变【考点】电路的动态分析【专题】压轴题；电路变化分析综合题【分析】由图甲可知两电阻串联，电压表测量r0两端的电压；由图乙可知气敏电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及r0两端电压的变化【解答】解：由图乙可知，当天然气浓度增大时，气敏电阻的阻值会减小，故由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大，由u0=ir0可知，定值电阻两端的电压会增大，即电压表的示数会变大；同时根据p=ui可知，电路消耗的总功率变大所以a、c说法错误由图乙可知，当天然气浓度减小时，气敏电阻的阻值会增大，即电流表示数减小，但根据欧姆定律可知：电压表与电流表示数的比值为r0的阻值，而r0为定值电阻，阻值不变所以b说法错误，d说法正确故选d【点评】本题考查学生对图象的认知及欧姆定律的使用，从图中得出气敏电阻的阻值与温度的变化关系是本题的突破口12如图所示两个灯泡l1、l2阻值分别为6和10，闭合开关后的现象是（）a通过两灯泡的电流i1：i2=3：5b灯泡两端的电压u1：u2=3：5c灯泡的电功率p1：p2=5：3d灯泡l1比l2暗【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；电功率的计算【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，两灯泡并联，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压关系，根据欧姆定律可知两者的电流关系，根据p=ui可知两灯泡功率之间的关系，利用灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗关系【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，并联电路中各支路两端的电压相等，灯泡两端的电压u1：u2=1：1，故b不正确；i=，通过两灯泡的电流之比：=，故a不正确；p=ui，=，故c正确；灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，灯泡l1比l2亮，故d不正确故选：c【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，是一道基础题目13将规格都是“220v 100w”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（）a三个用电器产生的热量一样多b电风扇产生的热量最多c电视机产生的热量最多d电烙铁产生的热量最多【考点】电功的实质【专题】电能和电功率【分析】分别接入220v的电路中，三个用电器都正常工作，实际功率相同（等于额定功率）、通电时间相同，根据w=pt可知消耗的电能相同，通过分析三种用电器使用时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器【解答】解：u=220v，三种用电器的实际功率：p=p额=100w；又w=pt三种用电器消耗的电能相同；电视机将一部分电能转化为光能，电风扇中的电动机将电能大部分转化机械能，电烙铁将电能全部转化为内能产生热量最多的是电烙铁故选d【点评】电流做功的实质：电流做功的过程就是消耗电能转化为其它形式能的过程，能分析三种用电器的能量转化是本题的关键14小明按如图所示电路测量小灯泡功率，备有器材规格如下：电源电压恒为6v，小灯泡额定电压为2.5v，灯泡正常发光时灯丝电阻约为lo，变阻器甲的规格“10 1a”、乙的规格“50 0.5a”，电流表量程有“00.6a”、“03a”，电压表量程有“03v”、“015v”，下列说法不正确的是（）a当电压表示数为2.5v时，灯泡消耗的功率等于额定功率b为减小误差，电压表量程选“03v”，电流表量程选“00.6a”c变阻器应选择甲“1o 1a”d由本实验可发现，灯泡在不同电压下，实际功率不同，亮度不同【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）由电路图可知，电压表测灯泡两端的电压，根据额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等；（2）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，根据欧姆定律求出灯泡的额定电流确定电流表的量程；（3）根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律确定滑动变阻器接入电路中的电阻，据此选择滑动变阻器的规格；（4）不同电压下灯泡的实际功率不同，亮度不同【解答】解：a、当电压表示数为2.5v即灯泡两端的电压为2.5v时，灯泡消耗的功率等于额定功率，故a正确；b、灯泡的额定电压为2.5v，所以电压表选03v的量程；根据欧姆定律可得，灯泡的额定电流为il=0.25a，所以电流表的量程选00.6a，故b正确；c、灯泡正常发光时，变阻器两端的电压ur=uul=6v2.5v=3.5v，变阻器接入电路中的电阻r=1410，所以变阻器选“50 0.5a”，故c错误；d、由本实验可发现，灯泡在不同电压下，实际功率不同，亮度不同，故d正确本题选不正确的，故选c【点评】本题考查了测量小灯电泡功率的实验，涉及到电表量程的选择和滑动变阻器规格的选择，关键是利用好串联电路的特点和欧姆定律以及知道额定电压下灯泡的实际功率与额定功率相等15陈华在课外活动实验中，用导线绕成一个线圈自制成一个电磁铁，实验中，他希望获得更强的磁性，设计了以下几种方案，不可能实现的是（）a增加电路中电池的节数b增加线圈匝数c将电源的正、负极对调d在线圈中插入一根铁钉【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素【专题】磁现象、电生磁【分析】电磁铁磁性的强弱跟电流大小、线圈匝数、有无铁芯有关，电流越大、匝数越多，插入铁芯，电磁铁的磁性越强【解答】解：a、增加电路中电池的节数，可以增大电路中的电流，增强磁性，不符合题意；b、增加线圈的匝数，可以增强磁性，不符合题意；c、将电源的正负极对调，可以改变电磁铁的极性，但不能改变磁性强弱，故c符合题意；d、在线圈中插入一根铁钉，磁性会增强，不符合题意故选c【点评】此题主要考查的是学生对电磁铁磁性强弱影响因素的理解和掌握，基础性题目16下列有关磁现象说法中，错误的是（）a磁感线是闭合曲线，磁体外部和内部的磁感线都是从n极出发回到s极b通电螺线管的极性与螺线管中电流方向有关，可用安培定则判定c产生感应电流的条件是闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动d电磁波是导线中电流的迅速变化激发的，虽然看不见但可以给我们传递信息【考点】磁感线及其特点；安培定则；产生感应电流的条件；电磁波的传播【专题】压轴题；电和磁【分析】a、磁感线是理想化的物理模型，实际上并不存在，磁体外部和内部磁感线的方向不同；b、利用安培定则可以判断通电螺线管的极性与螺线管中电流方向；c、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流；d、电流的迅速变化可以产生电磁波【解答】解：a、磁感线是理想化的物理模型，可以认为是闭合曲线，磁体外部磁感线是从n极出发回到s极，在磁体的内部其方向是相反的，a说法错误，符合题意；b、通电螺线管的极性与螺线管中电流方向有关，可用安培定则判定，b说法正确，不符合题意；c、产生感应电流的条件是闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，c说法正确，不符合题意；d、电磁波是导线中电流的迅速变化激发的，虽然看不见但可以给我们传递信息，d说法正确，不符合题意；故选a【点评】本题考查了磁现象及电与磁的相关知识，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题17如图所示为条形磁铁和电磁铁，虚线表示磁感线，则甲、乙、丙、丁的极性依次是（）as、n、s、sbn、n、s、ncs、s、n、ndn、s、n、n【考点】通电螺线管的磁场；磁极间的相互作用；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断【专题】应用题；图像综合题【分析】首先根据安培定则可以判断出电磁铁的ns极，然后利用磁感线的特点即可确定永磁体甲丁的ns极【解答】解：根据图示的线圈绕向和电流从左端流入，右端流出，结合安培定则从而可以确定电磁铁的左端为s极，右端为n极在磁体的周围，磁感线从磁体的n极流向s极，所以永磁体甲的右端为n极；根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，所以永磁体丁的左端为n极故选d【点评】该题以图示方式考查了磁极间的相互作用和磁感线的特点，利用安培定则来确定电磁铁的n、s极是解决此题的突破口18关于能源的开发和利用，下列说法中正确的是（）a天然气是可再生能源b可通过太阳能电池把光能转化成电能c煤和石油的大量燃烧不会导致温室效应d秦山核电站利用的是核聚变释放的能量【考点】能源的利用和对环境的危害；核聚变；太阳能的利用【专题】压轴题【分析】能源分为可再生能源和不可再生能源两大类大量使用不可再生能源（煤炭、石油）能够造成环境污染，目前人类使用的能源主要是煤和石油等不可再生能源，为了降低环境的恶化，人类正积极探索开发新能源，如利用核裂变建造核电站，将太阳能转化成热能和电能进行使用【解答】解：天然气属于化石能源是可不再生能源，所以选项a不正确太阳能电池把光能转化成电能，所以选项b正确煤和石油的大量燃烧，能够排放大量的二氧化碳气体，会导致温室效应，所以选项c不正确秦山核电站利用的是核裂变释放的能量，所以选项d不正确故选b【点评】本题是一道综合性很强的题目，在解题时应认真分析每一个选项二、填空题19固定电话与移动电话不同，固定电话的声音信息是由导线中变化的电流来传递的，移动电话是利用电磁波来传递信息的【考点】电磁波的传播【专题】信息的传递【分析】（1）对于固定电话一般是有话筒和听筒组成，即话筒将声信号变为变化的电流；而听筒是将变化的电流还原为声信号，故据此能判断出固定电话中信息传递是靠什么进行的；（2）移动电话能发射电磁波，即其传递信息是通过电磁波实现的【解答】解：由于固定电话的话筒是将声信号变为变化的电流，而听筒是将变化的电流还原为声信号，故其所传递的声音信息是由导线中变化的电流来实现的；移动电话在通话时，既是无线电波的发射台，又是一个接收台，故它是通过电磁波来传递信息的故答案为：电流；电磁波【点评】知道并能区分固定电话和移动电话传递声信息的媒介是解决该题的关键20“红灯停，绿灯行，黄灯也要等一等，交通安全要注意”路口的这些交通指示灯是并联的（选填“串联”或“并联”）有时红灯快结束时黄灯也同时亮了，此时电路中的总电流变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】并联电路的电流规律【专题】电流和电路【分析】（1）根据并联电路的特点分析并联电路中用电器相互不影响工作（2）在并联电路中，支路越多，干路电流越大【解答】解：根据交通信号灯工作时的常识知，红灯亮时，黄灯 不亮，绿灯 不亮，它们是相互不影响工作的，故是并联连接因信号灯是并联，红灯快结束时黄灯同时亮了，相当于又增加了一条支路，故干路电流会变大故答案为：并联；变大【点评】本题考查并联电路的电流特点和各用电器之间的工作特点，同时需了解交通常识21如图1所示的电路中，r1为定值电阻，r2为滑动变阻器，电源电压不变闭合开关s后，滑片p从a端移动到b端，电流表示数i与电压表示数u的变化关系如图2所示，则电源电压为3v，r2的最大阻值为10【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用【专题】应用题；压轴题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题【分析】由图1可知，两电阻串联，电压表测r2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可得出答案【解答】解：由图1可知，两电阻串联，电压表测r2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图2可知i1=0.6a，根据欧姆定律可得，电源的电压：u=i1r1=0.6ar1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图2可知，i2=0.2a，u2=2v，滑动变阻器的最大阻值：r2=10，串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压：u=i2r1+u2=0.2ar1+2v，电源的电压不变，0.6ar1=0.2ar1+2v，解得：r1=5，电源的电压u=0.6ar1=0.6a5=3v故答案为：3；10【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大22引入“总电阻”概念时运用的科学方法是等效替代（选填“等效替代”或“控制变量”）法阻值为10和40的两个电阻串联在电路中，其总电阻为50【考点】电阻的串联【专题】电压和电阻【分析】（1）物理学常用的方法有“等效替代法”“控制变量法”“类比法”“模型法”“理想推理法”等（2）串联电路总电阻等于各串联电阻阻值之和，根据串联电路特点可以求出串联的总阻值【解答】解（1）研究多个电阻组成的电路中，采取的是多个电阻组成的电路与一个电阻对电路产生的效果相同时，从而引入“总电阻”概念的；这种方法就是“等效替代法”；（2）阻值为10和40的两个电阻串联在电路中，其总电阻10+40=50；故答案为：等效替代；50【点评】本题考查等效替代法，它是物理研究过程中常用的方法，并能熟练应用这种方法；应用串联电路特点即可正确解题23一只小灯泡的额定电压为8v，正常发光时通过它的电流为0.4a，现将该小灯泡接在12v的电源上，为使其正常发光，应串联一个10的电阻【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电阻的串联【专题】计算题；电压和电阻【分析】由题意可知，电源电压大于灯泡的额定电压，故应串联电阻分得多余电压；由欧姆定律可得出串联电阻的阻值【解答】解：串联电阻起分压作用，因灯泡仍正常发光，故电路中电流i=0.4a，电阻两端电压u=12v8v=4v；则由欧姆定律可得电阻的阻值r=10；故答案为：串；10【点评】通过本题应掌握：串联电路起分压作用； 欧姆定律的灵活应用24某导体的电阻是5，通过它的电流为0.2a，10s内通过该导体产生的热量是2j，电热器中的电饭锅是利用电流的热效应制成的加热设备【考点】焦耳定律；电流的热效应、化学效应和磁效应【专题】电与热、生活用电【分析】根据q=i2rt求出电流通过导体时产生的热量；电流通过导体时向外放出热量，这一现象叫做电流的热效应，将电能转化为内能【解答】解：（1）电流通过导体时产生的热量：q=i2rt=（0.2a）2510s=2j；（2）电热器中的电饭锅在使用时，将电能转化为内能，是根据电流的热效应制成的加热设备故答案为：2；热【点评】此题主要考查的是学生对焦耳定律计算公式和电流热效应的理解和掌握，基础性题目25一盏标有“220v 100w“的白炽灯正常发光时的电阻为484；”220v 100w“的白炽灯与“220v 20w”的节能灯均正常工作时亮度相当，若两灯都正常工作，分别消耗1kwh的电能，节能灯比白炽灯多工作40h【考点】欧姆定律的应用；电功计算公式的应用；电功率的计算【专题】计算题；电能和电功率【分析】（1）知道白炽灯的额定电压和额定功率，根据p=求出电阻的大小；（2）用电器正常发光时的功率和额定功率相等，根据w=pt分别求出节能灯和白炽灯消耗1kwh电能工作的时间，两者之差即为节能灯比白炽灯多工作的时间【解答】解：（1）根据p=可得，白炽灯的电阻：r=484；（2）根据w=pt可得，节能灯和白炽灯消耗1kwh电能工作的时间：t节=50h，t白=10h，节能灯比白炽灯多工作的时间：t=t节t白=50h10h=40h故答案为：484；40【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的灵活应用，关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等，是一道较为简单的计算题26在用磁感线