福建省泉州市安溪县蓝溪中学高三物理下学期第二次模拟试卷（含解析）.doc

福建省泉州市安溪县蓝溪中学2015届高考物理二模试卷一、选择题1处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圈周运动将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值( )a与粒子电荷量成正比b与粒子速率成正比c与粒子质量成正比d与磁感应强度成正比2如图所示，物体a、b用细绳与弹簧连接后跨过滑轮a静止在倾角为45的粗糙斜面上，b悬挂着已知质量ma=3mb，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45减小到30，a始终相对斜面静止那么下列说法中正确的是( )a弹簧的弹力将减小b物体a受到的静摩擦力将减小c物体a对斜面的压力将减小d弹簧的弹力及a受到的静摩擦力都不变3质量相同的甲、乙两物体放在相同的光滑水平地面上，分别在水平力f1、f2的作用下从同一地点，沿同一方向，同时运动，其vt图象如图所示，下列判断正确的是( )a在02s内，f1越来越大b4s末甲、乙两物体动能相同，由此可知f1=f2c46s内两者逐渐靠近d06s内两者在前进方向上的最大距离为4m4一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v，假设宇航员在该行星表面用弹簧测力计测量一质量为m的物体的重力，当物体处于竖直静止状态时，弹簧测力计的示数为f，已知引力常量为g，则这颗行星的质量为( )abcd5如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管p和塑料管q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块( )a在p和q中都做自由落体运动b在两个下落过程中的机械能都守恒c在p中的下落时间比在q中的长d落至底部时在p中的速度比在q中的大6如图，半径为r的均匀带正电薄球壳，其上有一小孔a，已知壳内的场强处处为零，壳外空间的电场与将球壳上的全部电荷集中于球心o时在壳外产生的电场一样，一带正电的试探电荷（不计重力）从球心以初动能ek0沿oa方向射出，下列关于试探电荷的动能ek与离开球心的距离r的关系图线，可能正确的是( )abcd二、第卷必考部分共10题7某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”弹簧测力计a挂于固定点p，下端用细线挂一重物m弹簧测力计b的一端用细线系于o点，手持另一端向左拉，使结点o静止在某位置分别读出弹簧测力计a和b的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录o点的位置和拉线的方向（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为n，图中a的示数为_n（2）下列不必要的实验要求是_（请填写选项前对应的字母）a应测量重物m所受的重力b弹簧测力计应在使用前校零c拉线方向应与木板平面平行d改变拉力，进行多次实验，每次都要使o点静止在同一位置（3）某次实验中，该同学发现弹簧测力计a的指针稍稍超出量程，请您提出两个解决办法_、_8在物理课外活动中，刘聪同学制作了一个简单的多用电表，图甲为该电表的电路原理图其中选用的电流表满偏电流ig=10ma，当选择开关接3时为量程250v的电压表该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，上排刻度不均勻且对应数据没有标 出，c为中间刻度（1）若指针在图乙所示位置，选择开关接1时，其读数为_；选择开关接3时，其读数为_（2）为了测选择开关接2时欧姆表的内阻和表内电源的电动势，刘聪同学在实验室找到 了一个电阻箱，设计了如下实验：将选择开关接2，红黑表笔短接，调节r1的阻值使电表指针满偏；将电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使电表指针指中间刻度位置c处，此 时电阻箱的示数如图丙，则c处刻度应为_计算得到表内电池的电动势为_v（保留两位有效数字）（3）调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，若指针指在图乙所示位置，则待测电 阻的阻值为_（保留两位有效数字）9如图所示，质量为0.78kg的金属块放在水平桌面上，在与水平成37角斜向上、大小为3.0n的拉力f作用下，以4.0m/s的速度向右做匀速直线运动已知sin37=0.60，cos37=0.80，g取10m/s2（1）求金属块与桌面间的动摩擦因数（2）如果从某时刻起撤去拉力，则撤去拉力后金属块在桌面上还能滑行多远？10（19分）如图所示，在高h1=30m的光滑水平平台上，质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣k锁住，储存了一定量的弹性势能ep若打开锁扣k，小物块将以一定的速度v1水平向右滑下平台做平抛运动，并恰好能从光滑圆弧形轨道bc上b点沿切线方向进入圆弧形轨道b点的高度h2=15m，圆弧轨道的圆心o与平台等高，轨道最低点c的切线水平，并与地面上动摩擦因数为=0.7的足够长水平粗糙轨道cd平滑连接，小物块沿轨道bcd运动最终在e点（图中未画出）静止，g=10m/s2求：（1）小物块滑下平台的速度v1；（2）小物块原来压缩弹簧时储存的弹性势能ep的大小和c、e两点间的距离11如图1所示，宽度为d的竖直狭长区域内（边界为l1、l2），存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向上的周期性变化的电场（如图2所示），电场强度的大小为e0，e0表示电场方向竖直向上t=0时，一带正电、质量为m的微粒从左边界上的n1点以水平速度v射入该区域，沿直线运动到q点后，做一次完整的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的n2点q为线段n1n2的中点，重力加速度为g上述d、e0、m、v、g为已知量（1）求微粒所带电荷量q和磁感应强度b的大小；（2）求电场变化的周期t；（3）改变宽度d，使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求t的最小值三、【物理-选修3-3】（本题共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）12下列说法中正确的是( )a热不可能从低温物体传到高温物体b容器中气体压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的c液体表面存在张力是由于表面层分子间距离小于液体内部分子间距离d蔗糖受潮后会粘在一起，因为没有确定的几何形状，所以它是非晶体13若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，对外界做了0.6j的功，则在此过程中关于气泡中的气体（可视为理想气体），下列说法正确的是( )a气体分子的平均动能要减小b气体体积要减小c气体向外界放出的热量大于0.6jd气体从外界吸收的热量等于0.6j四、【物理-选修3-5】（本题共有两小题，每小题0分，共12分每小题只有一个选项符合题意）14下列说法正确的是 ( )a增大压强不能改变原子核衰变的半衰期b某原子核经过一次a衰变后，核内质子数减少4个c射线是原子的核外电子电离后形成的电子流da射线的贯穿作用很强，可用来进行金属探伤15甲、乙两车相向运动，碰撞后连成一体并沿甲车的原方向运动，由此可判断( )a乙车的质量比甲车的小b乙车的速度比甲车的小c乙车的动量比甲车的小d乙对甲的作用力小于甲对乙的作用力福建省泉州市安溪县蓝溪中学2015届高考物理二模试卷一、选择题1处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圈周运动将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值( )a与粒子电荷量成正比b与粒子速率成正比c与粒子质量成正比d与磁感应强度成正比考点：电磁场；电流、电压概念 分析：带电粒子以速率v垂直射入磁感强度为b的匀强磁场中，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求出带电粒子圆周运动的周期，由电流的定义式得出电流的表达式，再进行分析解答：解：设带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期为t，半径为r，则由 qvb=m，得 r=，t=环形电流：i=，可见，i与q的平方成正比，与v无关，与b成正比，与m成反比故选d点评：本题是洛伦兹力、向心力和电流等知识的综合应用，抓住周期与b、i的联系是关键2如图所示，物体a、b用细绳与弹簧连接后跨过滑轮a静止在倾角为45的粗糙斜面上，b悬挂着已知质量ma=3mb，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45减小到30，a始终相对斜面静止那么下列说法中正确的是( )a弹簧的弹力将减小b物体a受到的静摩擦力将减小c物体a对斜面的压力将减小d弹簧的弹力及a受到的静摩擦力都不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对物体b受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到拉力等于物体b的重力；再对物体a受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析解答：解：a、设ma=3mb=3m，对物体b受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：t=mg，则知弹簧的弹力不变，故a错误bcd、再对物体a受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图刚开始由于magsin45=mgmbg=mg，所以摩擦力沿斜面向上后来变为30以后摩擦力仍然沿斜面向上根据平衡条件得到：f+t3mgsin=0n3mgcos=0解得：f=3mgsint=3mgsinmgn=3mgcos当变小时，物体a受到的静摩擦力f减小，物体a对斜面的压力n增大，故b正确，cd错误故选：b点评：本题关键是先对物体b受力分析，再对物体a受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解3质量相同的甲、乙两物体放在相同的光滑水平地面上，分别在水平力f1、f2的作用下从同一地点，沿同一方向，同时运动，其vt图象如图所示，下列判断正确的是( )a在02s内，f1越来越大b4s末甲、乙两物体动能相同，由此可知f1=f2c46s内两者逐渐靠近d06s内两者在前进方向上的最大距离为4m考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：根据速度时间图线的斜率判断加速的变化，从而判断水平拉力的变化；结合两者速度的关系判断两者距离的关系，结合图线的斜率比较加速度，从而比较出水平力的大小关系当两者速度相等时，两者相距的距离最大解答：解：a、在02 s内，甲物体速度时间图线的斜率逐渐减小，则其加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律知，f1逐渐减小故a错误b、4s末两物体的速度相同，由于两物体质量相同，则两物体动能相同此时甲的加速度为零，所受的作用力为零，乙加速度不为零，所受的作用力不为零则知f1f2故b错误c、在04s内，甲的速度大于乙的速度，两物体之间的距离逐渐增大，46 s内，乙的速度大于甲的速度，两物体之间的距离逐渐减小，逐渐靠近故c正确d、06 s内，当两者速度相同时，相距最大，此时乙的位移为x乙=44m=8m，甲的位移为x甲24+24m=12m，则两者的最大距离大于4m，故d错误故选：c点评：本题考查了牛顿第二定律和速度时间图线的综合运用，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移4一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v，假设宇航员在该行星表面用弹簧测力计测量一质量为m的物体的重力，当物体处于竖直静止状态时，弹簧测力计的示数为f，已知引力常量为g，则这颗行星的质量为( )abcd考点：万有引力定律及其应用 专题：万有引力定律的应用专题分析：先求出该星球表面重力加速度，再根据万有引力定律和向心力公式即可解题；解答：解：宇航员用弹簧秤竖直悬挂质量为m的钩码时，弹簧秤的示数为f，则有：g=一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，根据万有引力等于需要的向心力得=m根据万有引力等于重力得=mg解得这颗行星的质量m=，故选b点评：该题考查了万有引力公式及向心力基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题5如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管p和塑料管q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块( )a在p和q中都做自由落体运动b在两个下落过程中的机械能都守恒c在p中的下落时间比在q中的长d落至底部时在p中的速度比在q中的大考点：楞次定律；机械能守恒定律 专题：电磁感应与电路结合分析：当小磁块在光滑的铜管p下落时，由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，因磁场，从而产生安培阻力，对于塑料管没有任何阻碍，从而即可求解解答：解：a、当小磁块在光滑的铜管p下落时，由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，因磁场，从而产生安培阻力，而对于塑料管内小磁块没有任何阻力，在做自由落体运动，故a错误；b、由a选项分析可知，在铜管的小磁块机械能不守恒，而在塑料管的小磁块机械能守恒，故b错误；c、在铜管中小磁块受到安培阻力，则在p中的下落时间比在q中的长，故c正确；d、根据动能定理可知，因安培阻力，导致产生热能，则至底部时在p中的速度比在q中的小，故d错误故选：c点评：考查安培力产生原因，注意感应电流产生条件，理解涡流的概念6如图，半径为r的均匀带正电薄球壳，其上有一小孔a，已知壳内的场强处处为零，壳外空间的电场与将球壳上的全部电荷集中于球心o时在壳外产生的电场一样，一带正电的试探电荷（不计重力）从球心以初动能ek0沿oa方向射出，下列关于试探电荷的动能ek与离开球心的距离r的关系图线，可能正确的是( )abcd考点：电势能；电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：试探电荷的动能ek与离开球心的距离r的关系根据动能定理分析解答：解：在球壳内，场强处处为零，试探电荷不受电场力，其动能不变；在球壳外，取一段极短距离内，认为库仑力不变，设为f，根据动能定理得：ek=fr则得：f=根据数学知识得知：等于ekr图象上切线的斜率，由库仑定律知r增大，f减小，图象切线的斜率减小，故a正确，bcd错误故选：a点评：本题的关键是运用微元法，根据动能定理列式，分析图象的斜率的意义，即可解答二、第卷必考部分共10题7某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”弹簧测力计a挂于固定点p，下端用细线挂一重物m弹簧测力计b的一端用细线系于o点，手持另一端向左拉，使结点o静止在某位置分别读出弹簧测力计a和b的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录o点的位置和拉线的方向（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为n，图中a的示数为3.6n（2）下列不必要的实验要求是d（请填写选项前对应的字母）a应测量重物m所受的重力b弹簧测力计应在使用前校零c拉线方向应与木板平面平行d改变拉力，进行多次实验，每次都要使o点静止在同一位置（3）某次实验中，该同学发现弹簧测力计a的指针稍稍超出量程，请您提出两个解决办法改变弹簧测力计b的方向、减小重物的质量考点：验证力的平行四边形定则 专题：压轴题分析：弹簧测力计a挂于固定点，下端用细线挂一重物当弹簧测力计b一端用细线系于o点，当向左拉使结点静止于某位置弹簧测力计a和b的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力当结点静止于某位置时，弹簧测力计b的大小与方向就已确定了原因是挂重物的细线大小与方向一定，而弹簧测力计a大小与方向也一定，所以两力的合力必一定当出现超出弹簧测力计a的量程时，通过改变其中一个力大小或另一个力方向来达到此目的解答：解：（1）弹簧测力计读数，每1n被分成5格，则1格就等于0.2n图指针落在3n到4n的第3格处，所以3.6n故答案为：3.6（2）a、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道故a项也需要；b、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零故b项也需要；c、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性故c项也需要；d、当结点o位置确定时，弹簧测力计a的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计b的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验故d项不需要故选d（3）当弹簧测力计a超出其量程，则说明弹簧测力计b与重物这两根细线的力的合力已偏大又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的重量，要么改变测力计b拉细线的方向，从而使测力计a不超出量程故答案为：改变弹簧测力计b的方向； 减小重物的质量点评：通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示同时值得注意其中有一力大小与方向均已一定，从而减少实验的操作步骤8在物理课外活动中，刘聪同学制作了一个简单的多用电表，图甲为该电表的电路原理图其中选用的电流表满偏电流ig=10ma，当选择开关接3时为量程250v的电压表该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，上排刻度不均勻且对应数据没有标 出，c为中间刻度（1）若指针在图乙所示位置，选择开关接1时，其读数为6.9ma；选择开关接3时，其读数为173v（2）为了测选择开关接2时欧姆表的内阻和表内电源的电动势，刘聪同学在实验室找到 了一个电阻箱，设计了如下实验：将选择开关接2，红黑表笔短接，调节r1的阻值使电表指针满偏；将电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使电表指针指中间刻度位置c处，此 时电阻箱的示数如图丙，则c处刻度应为150计算得到表内电池的电动势为1.5v（保留两位有效数字）（3）调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，若指针指在图乙所示位置，则待测电 阻的阻值为67（保留两位有效数字）考点：用多用电表测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）根据电表量程由图示电表确定其分度值，根据指针位置读出其示数（2）电阻箱各指针示数与所对应倍率的乘积之和是电阻箱示数；由闭合电路欧姆定律可以求出电源电动势（3）欧姆表读数等于表盘示数乘以倍率解答：解：（1）选择开关接1时测电流，多用电表为量程是10ma的电流表，其分度值为0.2ma，示数为6.90ma；选择开关接3时测电压，多用电表为量程250v的电压表，其分度值为5v，其示数为173v；故答案为：6.90ma；173v（2）由图2所示电阻箱可知，电阻箱示数为01000+1100+510+01=150；指针指在c处时，电流表示数为5ma=0.005a，c处电阻为中值电阻，则电表内阻为150，电源电动势e=i2r=0.0051502=1.5v；故答案为：150；1.5（3）根据第（1）问可知，调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连，此时电路中的电流值为6.90ma，而表内电池的电动势为e=1.5v，表内总电阻为150，所以待测电阻的阻值为67故答案为：67点评：本题考查了电表读数、求电表内阻、电源电动势等问题，知道多用电表的原理是正确解题的前提与关键；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数9如图所示，质量为0.78kg的金属块放在水平桌面上，在与水平成37角斜向上、大小为3.0n的拉力f作用下，以4.0m/s的速度向右做匀速直线运动已知sin37=0.60，cos37=0.80，g取10m/s2（1）求金属块与桌面间的动摩擦因数（2）如果从某时刻起撤去拉力，则撤去拉力后金属块在桌面上还能滑行多远？考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）分析金属块的受力情况，根据平衡条件和滑动摩擦力公式求解动摩擦因数；（2）撤去拉力后金属块水平方向只受滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求出加速度，再由位移速度公式求解金属块在桌面上滑行的最大距离解答：解：（1）取物体运动方向为正，由平衡条件有：fcosf=0 n=mgfsin又f=n所以有（2）由牛顿第二定律有mg=ma a=g=0.410m/s2=4m/s2据答：（1）金属块与桌面间的动摩擦因数为0.4；（2）撤去拉力后金属块在桌面上滑行的最大距离为2.0m点评：本题是物体的平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图撤去f后动摩擦因数不变10（19分）如图所示，在高h1=30m的光滑水平平台上，质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣k锁住，储存了一定量的弹性势能ep若打开锁扣k，小物块将以一定的速度v1水平向右滑下平台做平抛运动，并恰好能从光滑圆弧形轨道bc上b点沿切线方向进入圆弧形轨道b点的高度h2=15m，圆弧轨道的圆心o与平台等高，轨道最低点c的切线水平，并与地面上动摩擦因数为=0.7的足够长水平粗糙轨道cd平滑连接，小物块沿轨道bcd运动最终在e点（图中未画出）静止，g=10m/s2求：（1）小物块滑下平台的速度v1；（2）小物块原来压缩弹簧时储存的弹性势能ep的大小和c、e两点间的距离考点：动能定理；平抛运动 专题：动能定理的应用专题分析：（1）根据平抛运动下降的高度求出运动的时间，通过速度方向，结合竖直方向上的分速度求出平抛运动的初速度（2）根据能量守恒求出弹簧压缩时具有的弹性势能根据动能定理求出c、e两点间的距离解答：解：（1）由于h1=30m，h2=15m，设物块从a运动到b的时间为t，则解得t=由rcosboc=h1h2，r=h1所以boc=60设小物块平抛运动的水平速度是v1，则解得v1=10m/s（2）由能量守恒可得，弹簧压缩时的弹性势能为设c、e两点间的距离为l，根据动能定理得，解得l=50m答：（1）小物块滑下平台的速度为10m/s（2）小物块原来压缩弹簧时储存的弹性势能ep的大小为50j，c、e两点间的距离为50m点评：本题考查了动能定理的基本运用，涉及到平抛运动的规律，是道基础题11如图1所示，宽度为d的竖直狭长区域内（边界为l1、l2），存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向上的周期性变化的电场（如图2所示），电场强度的大小为e0，e0表示电场方向竖直向上t=0时，一带正电、质量为m的微粒从左边界上的n1点以水平速度v射入该区域，沿直线运动到q点后，做一次完整的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的n2点q为线段n1n2的中点，重力加速度为g上述d、e0、m、v、g为已知量（1）求微粒所带电荷量q和磁感应强度b的大小；（2）求电场变化的周期t；（3）改变宽度d，使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求t的最小值考点：共点力平衡的条件及其应用；匀速圆周运动；线速度、角速度和周期、转速 专题：压轴题分析：根据物体的运动性质结合物理情景确定物体的受力情况再根据受力分析列出相应等式解决问题解答：解：（1）根据题意，微粒做圆周运动，洛伦兹力完全提供向心力，重力与电场力平衡，则mg=qe0微粒水平向右做直线运动，竖直方向合力为0则 mg+qe0=qvb联立得：q=b=（2）设微粒从n1运动到q的时间为t1，作圆周运动的周期为t2，则=vt1qvb=m2r=vt2联立得：t1=，t2=电场变化的周期t=t1+t2=+（3）若微粒能完成题述的运动过程，要求 d2r联立得：r=，设n1q段直线运动的最短时间t1min，由得t1min=，因t2不变，t的最小值 tmin=t1min+t2=答：（1）微粒所带电荷量q为，磁感应强度b的大小为（2）电场变化的周期t为+（3）t的最小值为点评：运动与力是紧密联系的，通过运动情况研究物体受力情况是解决问题的一个重要思路三、【物理-选修3-3】（本题共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）12下列说法中正确的是( )a热不可能从低温物体传到高温物体b容器中气体压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的c液体表面存在张力是由于表面层分子间距离小于液体内部分子间距离d蔗糖受潮后会粘在一起，因为没有确定的几何形状，所以它是非晶体考点：热力学第二定律；* 晶体和非晶体 专题：热力学定理专题分析：理解热力学第二定律，以及它的应用；气体压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的；液体表面存在张力是由于表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，液体下厚度为分子作用半径的一层液体，叫做液体的表面层表面层内的分子，一方面受到液体内部分子的作用，另一方面受到气体分子的作用，由于这两个作用力的不同，使液体表面层的分子分布比液体内部的分子分布稀疏，分子的平均间距较大，所以表面层内液体分子的作用力主要表现为引力，正是分子间的这种引力作用，使表面层具有收缩的趋势；蔗糖是多晶体，有固定的熔点解答：解：a、热量可以从低温物体传到高温物体，举个例子，电冰箱依靠电能做功，使得热量从冰箱内部传到外部，有可能外部的温度高于冰箱内部原来的温度，这就成了热量从低温物体传到高温物体，故a错误；b、气体压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的，故b正确；c、液体表面存在张力是由于表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，分子之间的作用力表现为引力造成的故c错误；d、蔗糖受潮后会粘在一起，虽然没有确定的几何形状，但有确定的熔点，是多晶体故d错误故选：b点评：本大题包含了33大部分内容，各部分难度不大，但从题目来看考查范围很广，要求能全面掌握13若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，对外界做了0.6j的功，则在此过程中关于气泡中的气体（可视为理想气体），下列说法正确的是( )a气体分子的平均动能要减小b气体