河南省濮阳市油田教育中心高三物理上学期第一次摸底试卷（含解析）.doc

2015-2016学年河南省濮阳市油田教育中心高三（上）第一次摸底物理试卷 一、选择题：本大题共11小题，共48分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，第912题有不只一项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分有选错的得0分1物理关系式既可以反映物理量之间的关系，也可以确定单位间的关系高中物理学习中常见的单位有m（米）、s（秒）、n（牛顿）、c（库仑）、f（法拉）、wb（韦伯）、（欧姆）、t（特斯拉）、v（伏特）等，由它们组合成的单位与电流的单位a（安培）等效的是( )abcdfv2机动车驾驶证申领和使用规定已经正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规”某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，vt图线如图所示若绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离l=10.5m，则绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为( )a0.5 sb1.5 sc3 sd3.5 s3如图所示，倾角为的斜面体放在粗糙水平地面上，斜面顶端安有滑轮，不可伸长的轻绳连接a、b并跨过滑轮，起初a悬空，b静止于斜面上现用水平力f拉住绳上的一点，使a从竖直缓慢移动到虚线位置，在此过程中斜面体与物体b始终保持静止则( )a绳子的张力一直减小b物块b受到的摩擦力一定沿斜面向上c斜面体对地面的压力减小d地面对斜面体的摩擦力增大4返回式卫星在回收时一般要采用变轨的方法，在远地点和近地点分别点火变轨，使其从高轨道进入椭圆轨道，再回到近地轨道，最后进入大气层落回地面某次回收卫星的示意图如图所示，则下列说法正确的是( )a不论在a点还是在b点，两次变轨前后，卫星的机械能都增加了b卫星在轨道1上经过b点的加速度大于在轨道2上经过b点的加速度c卫星在轨道2上运动时，经过a点时的动能大于经过b点时的动能d卫星在轨道2上运动的周期小于在轨道3上运动的周期5如图所示，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，一个小物块（可视为质点）从a点以初速度v0向左运动，接触弹簧后运动到c点时速度恰好为零，弹簧始终在弹性限度内ac两点间距离为l，物块与水平面间动摩擦因数为，重力加速度为g则物块由a点运动到c点的过程中，下列说法正确的是( )a弹簧和物块组成的系统机械能守恒b物块克服摩擦力做的功为mv02c弹簧的弹性势能增加量为mgld物块的初动能等于弹簧的弹性势能增加量与摩擦产生的热量之和6如图所示，真空中等量同种正点电荷放置在m、n两点，在mn的连线上有对称点a、c，mn连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是( )a正电荷+q在c点电势能大于在a点电势能b正电荷+q在c点电势能小于在a点电势能c在mn连线的中垂线上，o点电势最高d负电荷q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度先减小再增大7普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab一侧线圈的匝数较少，工作时电流为iab，cd一侧线圈的匝数较多，工作时电流为icd，为了使电流表能正常工作，则( )aab接mn、cd接pq，iabicdbab接mn、cd接pq，iabicdcab接pq、cd接mn，iabicddab接pq、cd接mn，iabicd8示波器的工作原理等效成下列情况：（如图甲所示）真空室中电极k发出电子（初速度不计），经过电压为u1的加速电场后，由小孔s沿水平金属板a、b间的中心线射入板中在两极板右侧且与极板右端相距d处有一个与两极板中心线垂直的范围很大的荧光屏，中心线正好与屏上坐标原点相交，电子通过极板打到荧光屏上将出现亮点，若在a、b两极板间加上如图乙所示的变化电压，则荧光屏上的亮点运动规律是( )a沿y轴方向做匀速运动b沿x轴方向做匀速运动c沿y轴方向做匀加速运动d沿x轴方向做匀加速运动9如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的a、b两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是( )a b的向心力是a的向心力的2倍b盘对b的摩擦力是b对a的摩擦力的2倍ca、b都有沿半径向外滑动的趋势d若b先滑动，则b对a的动摩擦因数a小于盘对b的动摩擦因数b10现有甲、乙、丙三个电源，电动势e相同，内阻不同，分别为r甲，r乙，r丙用这三个电源分别给定值电阻r供电，已知r=r甲r乙r丙，则将r先后接在这三个电源上的情况相比较，下列说法正确的是( )a接在甲电源上时，电源内阻消耗的功率最大b接在甲电源上时，定值电阻r两端的电压最大c接在乙电源上时，电源的输出功率最大d接在丙电源上时，电源的输出功率最大11如图所示，倾角为的平行金属导轨宽度l，电阻不计，底端接有阻值为r的定值电阻，处在与导轨平面垂直向上的磁感应强度为b的匀强磁场中有一质量m，长也为l的导体棒始终与导轨垂直且接触良好，导体棒的电阻为r，它与导轨之间的动摩擦因数为，现让导体棒从导轨底部以平行斜面的速度v0向上滑行，上滑的最大距离为s，滑回底端的速度为v，下列说法正确的是( )a把运动导体棒视为电源，其最大输出功率为（）2rb导体棒从开始到滑到最大高度的过程所用时间为c导体棒从开始到回到底端产生的焦耳热为mv02mv22mgscosd导体棒上滑和下滑过程中，电阻r产生的焦耳热相等二、非选择题12如图所示为用游标卡尺测量一根金属棒长度的结果，游标尺共有20个等分刻度从图中可读出金属棒的长度为_cm13某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带他已在每条纸带上按每5个点取好一个计数点，即两计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点先后顺序编号为0、1、2、3、4、5由于不小心，纸带都被撕断了，如图所示请根据给出的a、b、c、d四段纸带回答：（1）在b、c、d三段纸带中选出从纸带a上撕下的那段应该是_（2）打a纸带时，物体的加速度大小是_m/s2（保留两位有效数字）14某同学在测定某电源的电动势e和内阻r时，因找不到合适的滑动变阻器，便找来一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝ab替代滑动变阻器，设计了如图甲所示的实验，其中r0是阻值为2的保护电阻，滑动片p与电阻丝始终接触良好实验时闭合开关，调节p的位置，测得ap的长度x和对应的电压u、电流i数据，并分别绘制了如图乙所示的ui图象和如图丙所示的u/ix图象（1）由图乙可得电源的电动势e=_v；内阻r=_（2）根据测得的直径可以算得电阻丝的横截面积s=0.12106m2，利用图丙可求得电阻丝的电阻率为_m（保留2位有效数字）根据图丙还可以得到的信息是_15如图所示，公路上有一辆公共汽车以10m/s的速度匀速行驶，为了平稳停靠在站台，在距离站台p左侧位置50m处开始刹车做匀减速直线运动同时一个人为了搭车，从距站台p右侧位置30m处从静止正对着站台跑去，假设人先做匀加速直线运动，速度达到4m/s后匀速运动一段时间，接着做匀减速直线运动，最终人和车到达p位置同时停下，人加速和减速时的加速度大小相等求：（1）汽车刹车的时间；（2）人的加速度的大小16（16分）如图所示，xoy平面为一光滑水平面，在此区域内有平行于xoy平面的匀强电场，场强大小e=100v/m；同时有垂直于xoy平面的匀强磁场一质量m=2106kg、电荷量q=2107c的带负电粒子从坐标原点o以一定的初动能入射，在电场和磁场的作用下发生偏转，到达p（4，3）点时，动能变为初动能的0.5倍，速度方向垂直op向上此时撤去磁场，经过一段时间该粒子经过y轴上的m（0，6.25）点，动能变为初动能的0.625倍，求：（1）粒子从o到p与从p到m的过程中电场力做功的大小之比；（2）op连线上与m点等电势的点的坐标；（3）粒子由p点运动到m点所需的时间三、模块33试题（请考生从给出的3道物理题、任选一题作答，并把答题卡上该题题号涂黑，如果多做，则按所做的第一题计分）17下列说法正确的是( )a第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律b晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点c物体的温度越高，分子热运动就越剧烈，每个分子动能也越大d一定质量的理想气体，压强不变时，温度升高时，分子间的平均距离一定增大e一个分子以一定的初速度沿直线向另一固定的分子靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大18如图所示，a、b气缸的长度均为60cm，截面积均为s=40cm2，c是可在气缸内无摩擦滑动的、体积不计的活塞，d为阀门整个装置均由导热材料制成原来阀门关闭，a内有压强pa=2.4105pa的氧气b内有压强pb=1.2105pa的氢气阀门打开后，活塞c向右移动，最后达到平衡假定氧气和氢气均视为理想气体，连接气缸的管道体积可忽略不计求：活塞c移动的距离及平衡后b中气体的压强；活塞c移动过程中b中气体是吸热还是放热（简要说明理由）四.模块34试题19一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t秒与（t+0.2）秒两个时刻，x轴上（3m，3m）区间的波形完全相同，如图所示并且图中m、n两质点在t秒时位移均为，下列说法中不正确的是( )a该波的最大波速为20m/sb（t+0.1）秒时刻，x=2m处的质点位移一定是ac从t秒时刻起，x=2m处的质点比x=2.5m的质点先回到平衡位置d从t秒时刻起，在质点m第一次到达平衡位置时，质点n恰好到达波峰e该列波在传播过程中遇到宽度为d=3m的狭缝时会发生明显的衍射现象20如图，mn为竖直放置的光屏，光屏的左侧有半径为r、折射率为的透明半球体，o为球心，轴线oa垂直于光屏，o至光屏的距离=r位于轴线上o点左侧处的点光源s发出一束与oa夹角=60的光线射向半球体，求光线从s传播到达光屏所用的时间（已知光在真空中传播的速度为c）五.模块35试题21以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的有( )a紫外线照射到金属锌板表面时能产生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大b每个核子只跟邻近的核子发生核力作用c原子核式结构模型是由汤姆逊在a粒子散射实验基础上提出的d太阳内部发生的核反应是热核反应e关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象22如图甲所示，物块a、b的质量分别是 ma=4.0kg和mb=3.0kg用轻弹簧拴接，放在光滑的水平地面上，物块b右侧与竖直墙相接触另有一物块c从t=0时以一定速度向右运动，在t=4s时与物块a相碰，并立即与a粘在一起不再分开，物块c的vt图象如图乙所示求：物块c的质量？b离开墙后的运动过程中弹簧具有的最大弹性势能ep？2015-2016学年河南省濮阳市油田教育中心高三（上）第一次摸底物理试卷一、选择题：本大题共11小题，共48分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，第912题有不只一项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分有选错的得0分1物理关系式既可以反映物理量之间的关系，也可以确定单位间的关系高中物理学习中常见的单位有m（米）、s（秒）、n（牛顿）、c（库仑）、f（法拉）、wb（韦伯）、（欧姆）、t（特斯拉）、v（伏特）等，由它们组合成的单位与电流的单位a（安培）等效的是( )abcdfv考点：力学单位制 分析：根据物理学公式及各物理量的单位进行推导，即可得出结论解答：解：a、电流i=，所以电流的单位为=，故a正确；b、根据f=bil得：i=，所以电流的单位为，故b错误；c、根据=bs可知，是电场强度b的单位，故c错误；d、根据q=cu可知，fv是电量的单位，故d错误故选：a点评：本题考查了电流的单位与各物理量单位间的关系，熟悉各物理量的单位，熟练掌握各物理学公式是正确解题的关键2机动车驾驶证申领和使用规定已经正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规”某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，vt图线如图所示若绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离l=10.5m，则绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为( )a0.5 sb1.5 sc3 sd3.5 s考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，能根据图象读取有用信息知位移x=l=10.5解答：解：根据速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移知x=l=60.56（t00.5）=10.5解得t0=3.0s故选：c点评：知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别3如图所示，倾角为的斜面体放在粗糙水平地面上，斜面顶端安有滑轮，不可伸长的轻绳连接a、b并跨过滑轮，起初a悬空，b静止于斜面上现用水平力f拉住绳上的一点，使a从竖直缓慢移动到虚线位置，在此过程中斜面体与物体b始终保持静止则( )a绳子的张力一直减小b物块b受到的摩擦力一定沿斜面向上c斜面体对地面的压力减小d地面对斜面体的摩擦力增大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：原来装置处于静止状态，受力平衡，a所受的重力与细绳的拉力相等，以b为研究对象，分析支持力是否变化当用水平向左的力f缓慢拉物体a时，a受力动态平衡，以整体为研究对象，分析受力情况，判断地面对斜面的摩擦力变化情况解答：解：a、对a研究可知，原来细线的拉力大小等于a的重力，当用水平向左的力f缓慢拉物体a，细线的竖直分力大小等于a的重力，所以细线所受拉力的大小一定增大故a错误；b、b原来所受的摩擦力大小可能为零，也可能沿斜面向下，也可能沿斜面向上，当用水平向左的力f缓慢拉物体a时，绳的拉力增大，a所受的摩擦力可能增大，也可能减小故b错误c、以a、b、斜面整体为研究对象，分析受力情况作出如图所示受力图：由平衡条件得知，n=m总g；f=f，当f增大时斜面体受到地面的摩擦力变大，地面对斜面体的弹力不变，故c错误，d正确故选：d点评：本题涉及到三个物体的平衡问题，研究对象的选择是重点，可采用隔离法与整体法相结合的方法进行研究，简单方便4返回式卫星在回收时一般要采用变轨的方法，在远地点和近地点分别点火变轨，使其从高轨道进入椭圆轨道，再回到近地轨道，最后进入大气层落回地面某次回收卫星的示意图如图所示，则下列说法正确的是( )a不论在a点还是在b点，两次变轨前后，卫星的机械能都增加了b卫星在轨道1上经过b点的加速度大于在轨道2上经过b点的加速度c卫星在轨道2上运动时，经过a点时的动能大于经过b点时的动能d卫星在轨道2上运动的周期小于在轨道3上运动的周期考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：人造卫星问题分析：根据万有引力提供向心力得出线速度与轨道半径的关系，从而比较卫星在同步卫星轨道和圆形轨道上的线速度大小同步卫星与地球自转的周期相同做离心运动时万有引力小于向心力，可以确定变轨前后速度的变化关系根据f合=ma可知在不同轨道上的同一点加速度相同解答：解：a、不论是在a点还是在b点的两次变轨前后，都要加速做离心运动，故机械能都要增大，故a正确b、卫星变轨前后都是只有万有引力来提供加速度，加速度a=，即变轨前后的加速度是相等的，故b错误c、根据开普勒第二定律可知航天飞机在远地点b的速度小于在近地点a的速度，所以在轨道2上经过a点时的动能大于经过b点时的动能，故c正确；d、由开普勒第三定律=k知，卫星在轨道2上运动的周期大于在轨道3上运动的周期，故d错误；故选：ac点评：解决本题的关键理解航天飞机绕地球运动的规律要注意向心力是物体做圆周运动所需要的力，比较加速度，应比较物体实际所受到的力，即万有引力5如图所示，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，一个小物块（可视为质点）从a点以初速度v0向左运动，接触弹簧后运动到c点时速度恰好为零，弹簧始终在弹性限度内ac两点间距离为l，物块与水平面间动摩擦因数为，重力加速度为g则物块由a点运动到c点的过程中，下列说法正确的是( )a弹簧和物块组成的系统机械能守恒b物块克服摩擦力做的功为mv02c弹簧的弹性势能增加量为mgld物块的初动能等于弹簧的弹性势能增加量与摩擦产生的热量之和考点：机械能守恒定律；功能关系 分析：此过程动能转换为弹性势能和内能，根据能量守恒列式求解解答：解：a、物块与水平面间动摩擦因数为，由于摩擦力做功机械能减小，故a错误；bd、此过程动能转换为弹性势能和内能，根据能量守恒知物块克服摩擦力做的功为wf=mv02ep弹，故b错误，d正确；c、根据b分析知ep弹=mv02mgl，故c错误；故选：d点评：本题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，能量是守恒的，比较简便6如图所示，真空中等量同种正点电荷放置在m、n两点，在mn的连线上有对称点a、c，mn连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是( )a正电荷+q在c点电势能大于在a点电势能b正电荷+q在c点电势能小于在a点电势能c在mn连线的中垂线上，o点电势最高d负电荷q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度先减小再增大考点：电势能；电场强度 分析：本题考查了等量同种电荷周围电场分布情况：中垂线上上下电场线方向相反，根据电场线方向判断电势高低a、c两点关于中垂线对称，电势相等，电荷在这两点的电势能相等解答：解：a、根据电场线的分布情况和对称性可知，a、c两点的电势相等，则点电荷在a点电势能一定等于在c点电势能故ab错误；c、沿电场线方向电势降低，在mn连线的中垂线上，o点电势最高故c正确d、由对称性知o点的场强为零，电荷q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度可能先减小再增大，也可能先增大，后减小在增大在减小故d错误故选：c点评：本题关键要掌握等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性进行分析7普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab一侧线圈的匝数较少，工作时电流为iab，cd一侧线圈的匝数较多，工作时电流为icd，为了使电流表能正常工作，则( )aab接mn、cd接pq，iabicdbab接mn、cd接pq，iabicdcab接pq、cd接mn，iabicddab接pq、cd接mn，iabicd考点：远距离输电；变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：电流互感器的作用是使大电流变成小电流，然后利用变压器工作原理：即可确定接哪一端解答：解：电流互感器的作用是使大电流变成小电流，所以iabicd，所以ac错误；利用变压器工作原理：，所以输入端ab接mn，输出端cd接pq，所以b对，d项错；故选b点评：本题考察远距离输电和理想变压器的基础知识，熟练掌握电压、电流等关系是解决此类题目的关键8示波器的工作原理等效成下列情况：（如图甲所示）真空室中电极k发出电子（初速度不计），经过电压为u1的加速电场后，由小孔s沿水平金属板a、b间的中心线射入板中在两极板右侧且与极板右端相距d处有一个与两极板中心线垂直的范围很大的荧光屏，中心线正好与屏上坐标原点相交，电子通过极板打到荧光屏上将出现亮点，若在a、b两极板间加上如图乙所示的变化电压，则荧光屏上的亮点运动规律是( )a沿y轴方向做匀速运动b沿x轴方向做匀速运动c沿y轴方向做匀加速运动d沿x轴方向做匀加速运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：电场力与电势的性质专题分析：粒子进入偏转电场做类平抛运动，抓住沿电场方向做匀加速直线运动，垂直于电场方向做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出偏转位移与偏转电压的关系，从而进行判断解答：解：粒子在沿电场方向上的加速度a=，在偏转电场中运行的时间t=粒子在y方向上偏转，偏转位移y1=飞出偏转电场后，匀速直线运动，侧移则打在荧光屏上偏离中心的距离y=因为偏转电压与时间成正比，则y与时间成正比，所以粒子沿y轴方向做匀速运动故a正确，b、c、d错误故选：a点评：解决本题的关键知道粒子在沿电场方向和垂直电场方向上的运动规律，求出偏离荧光屏中心距离与偏转电压的关系，从而得出两点的运动规律9如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的a、b两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是( )ab的向心力是a的向心力的2倍b盘对b的摩擦力是b对a的摩擦力的2倍ca、b都有沿半径向外滑动的趋势d若b先滑动，则b对a的动摩擦因数a小于盘对b的动摩擦因数b考点：向心力；动摩擦因数 专题：匀速圆周运动专题分析：a、b两物体一起做圆周运动，靠摩擦力提供向心力，两物体的角速度大小相等，结合牛顿第二定律分析判断解答：解：a、因为a、b两物体的角速度大小相等，根据，因为两物块的角速度大小相等，转动半径相等，质量相等，则向心力相等b、对ab整体分析，对a分析，有：，知盘对b的摩擦力是b对a的摩擦力的2倍，故b正确c、a所受的静摩擦力方向指向圆心，可知a有沿半径向外滑动的趋势，b受到盘的静摩擦力方向指向圆心，有沿半径向外滑动的趋势，故c正确d、对ab整体分析，解得，对a分析，解得，因为b先滑动，可知b先达到临界角速度，可知b的临界角速度较小，即ba，故d错误故选：bc点评：解决本题的关键知道a、b两物体一起做匀速圆周运动，角速度大小相等，知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，难度中等10现有甲、乙、丙三个电源，电动势e相同，内阻不同，分别为r甲，r乙，r丙用这三个电源分别给定值电阻r供电，已知r=r甲r乙r丙，则将r先后接在这三个电源上的情况相比较，下列说法正确的是( )a接在甲电源上时，电源内阻消耗的功率最大b接在甲电源上时，定值电阻r两端的电压最大c接在乙电源上时，电源的输出功率最大d接在丙电源上时，电源的输出功率最大考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据闭合电路欧姆定律分析同一电阻接到不同电源上时电流的大小，分析电源内阻消耗功率的大小对于电源的输出功率，根据推论：外电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大进行分析解答：解：a、三个电源的电动势e相同，而电阻r=r甲r乙r丙，根据闭合电路欧姆定律得 i=，r接在电源上时，内电阻消耗的功率为：p=i2r=r=则当r=r时，p最大，则知接在甲电源上时，电源内阻消耗的功率最大，故a正确b、在甲电源上时，定值电阻r两端的电压为 u=ir=e=，由于甲的内阻最大，故u最小，故b错误cd、电源的输出功p出=i2r，由于丙电源的内阻最小，故接在丙电源时电流最大，故接在丙电源上时，电源的输出功率最大，故c错误，d正确故选：ad点评：本题关键掌握闭合电路欧姆定律和电源输出功率最大的条件，能熟练运用函数法列式处理电路中功率最大的问题11如图所示，倾角为的平行金属导轨宽度l，电阻不计，底端接有阻值为r的定值电阻，处在与导轨平面垂直向上的磁感应强度为b的匀强磁场中有一质量m，长也为l的导体棒始终与导轨垂直且接触良好，导体棒的电阻为r，它与导轨之间的动摩擦因数为，现让导体棒从导轨底部以平行斜面的速度v0向上滑行，上滑的最大距离为s，滑回底端的速度为v，下列说法正确的是( )a把运动导体棒视为电源，其最大输出功率为（）2rb导体棒从开始到滑到最大高度的过程所用时间为c导体棒从开始到回到底端产生的焦耳热为mv02mv22mgscosd导体棒上滑和下滑过程中，电阻r产生的焦耳热相等考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化 专题：电磁感应功能问题分析：把运动导体棒视为电源，其最大输出功率在刚上滑时，由法拉第定律、欧姆定律求出最大感应电流，再求最大输出功率导体棒上滑时做变减速运动，分析位移与匀减速运动的关系，确定所用的时间由能量守恒定律求解焦耳热根据上滑与下滑克服安培力做功的关系，分析r上产生的焦耳热关系解答：解：a、刚开始上滑时速度最大，导体棒产生的感应电动势最大，输出的功率最大最大感应电流为 i=导体棒最大输出功率为 p=i2r=（）2r故a正确b、导体棒从开始到滑到最大高度的过程中做减速运动，随着速度减小，产生的感应电流减小，所受的安培力减小，加速度减小，做加速度逐渐减小的变减速运动，平均速度不等于，则所用时间不等于=，故b错误c、根据能量守恒得知，导体棒从开始到回到底端产生的焦耳热为（mv02mv22mgscos），故c错误d、由于导体棒的机械能不断减少，所以下滑与上滑经过同一位置时，上滑速度大，产生的感应电流大，导体棒受到的安培力大，所以上滑过程安培力的平均值大，而两个过程通过的位移大小相等，所以上滑时导体棒克服安培力做功多，整个回路中产生的焦耳热多，则电阻r产生的焦耳热也多，故d错误故选：a点评：解决本题的关键要搞清导体棒的运动情况，正确分析能量转化情况，能通过比较安培力的大小，分析克服安培力做功关系，进而分析焦耳热的大小二、非选择题12如图所示为用游标卡尺测量一根金属棒长度的结果，游标尺共有20个等分刻度从图中可读出金属棒的长度为10.125cm考点：刻度尺、游标卡尺的使用 专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读解答：解：游标卡尺的主尺读数为101mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为50.05mm=0.25mm，所以最终读数为：101mm+0.25mm=101.25mm=10.125cm故答案为：10.125点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量13某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带他已在每条纸带上按每5个点取好一个计数点，即两计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点先后顺序编号为0、1、2、3、4、5由于不小心，纸带都被撕断了，如图所示请根据给出的a、b、c、d四段纸带回答：（1）在b、c、d三段纸带中选出从纸带a上撕下的那段应该是c（2）打a纸带时，物体的加速度大小是0.60m/s2（保留两位有效数字）考点：测定匀变速直线运动的加速度 专题：实验题；直线运动规律专题分析：根据连续相等时间内的位移之差是一恒量得出撕下的那段纸带根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度解答：解：（1）连续相等时间内的位移之差为6mm，则x45x12=3x=18mm，则x45=36mm+18mm=54mm，故选：c（2）根据x=at2得加速度为：a=故答案为：（1）c；（2）0.60点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学推论，并能灵活运用，基础题14某同学在测定某电源的电动势e和内阻r时，因找不到合适的滑动变阻器，便找来一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝ab替代滑动变阻器，设计了如图甲所示的实验，其中r0是阻值为2的保护电阻，滑动片p与电阻丝始终接触良好实验时闭合开关，调节p的位置，测得ap的长度x和对应的电压u、电流i数据，并分别绘制了如图乙所示的ui图象和如图丙所示的u/ix图象（1）由图乙可得电源的电动势e=3v；内阻r=1（2）根据测得的直径可以算得电阻丝的横截面积s=0.12106m2，利用图丙可求得电阻丝的电阻率为1.2106m（保留2位有效数字）根据图丙还可以得到的信息是电流表内阻为2.0考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题分析：（1）电源ui图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；（2）根据图示图象求出图象的函数表达式，然后根据图象求出电阻率解答：解：（1）由图乙所示图象可知，电源ui图象与纵轴交点坐标值是3.00，电源电动势e=3v，由图示图象可知，图象斜率：k=r0+r=3，则电源内阻：r=32=1；（2）由电阻定律可得：r=，由欧姆定律可得：r=，则=x，x图象斜率k=，由图丙所示图象可知：k=10，即k=10，电阻率=ks=100.121061.2106m；由图象可得：x=0时对应的数值2.0，即=2，则电流表的内阻为2.0故答案为：（1）3；1；（2）1.2106；电流表内阻为2.0点评：本题考查了求电源电动势与内阻、求电阻丝的电阻率问题，要掌握应用图象法处理实验数据的方法15如图所示，公路上有一辆公共汽车以10m/s的速度匀速行驶，为了平稳停靠在站台，在距离站台p左侧位置50m处开始刹车做匀减速直线运动同时一个人为了搭车，从距站台p右侧位置30m处从静止正对着站台跑去，假设人先做匀加速直线运动，速度达到4m/s后匀速运动一段时间，接着做匀减速直线运动，最终人和车到达p位置同时停下，人加速和减速时的加速度大小相等求：（1）汽车刹车的时间；（2）人的加速度的大小考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：（1）汽车从左侧到p的时间与人运动到p的时间相等，设汽车经过t1后刹车，根据匀变速直线运动的平均速度公式列出匀变速直线运动的位移表达式，抓住总位移等于50m，求出时间t（2）从而得出人运动的总时间，然后根据人先加速再匀速后减速总位移为30m，根据位移时间关系列式及加速度的定义求解人的加速度解答：解：（1）对汽车，在匀减速的过程中，有：即：50=解得：t=10s（2）设人加速运动的时间为t1，由匀变速运动规律可知：代入数据解得：t1=2.5s所以人的加速度大小：答：（1）汽车刹车的时间10s；（2）人的加速度的大小为1.6m/s2点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的平均速度公式以及速度时间公式，知道汽车和人的运动的时间相等16（16分）如图所示，xoy平面为一光滑水平面，在此区域内有平行于xoy平面的匀强电场，场强大小e=100v/m；同时有垂直于xoy平面的匀强磁场一质量m=2106kg、电荷量q=2107c的带负电粒子从坐标原点o以一定的初动能入射，在电场和磁场的作用下发生偏转，到达p（4，3）点时，动能变为初动能的0.5倍，速度方向垂直op向上此时撤去磁场，经过一段时间该粒子经过y轴上的m（0，6.25）点，动能变为初动能的0.625倍，求：（1）粒子从o到p与从p到m的过程中电场力做功的大小之比；（2）op连线上与m点等电势的点的坐标；（3）粒子由p点运动到m点所需的时间考点：动能定理；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）粒子运动过程中，洛伦兹力不做功，只有电场力做功，根据动能定理求解（2）根据电势差的定义式求出o点与p点、m点间的电势差由公式u=ed，求出od，由数学知识可得解（3）带电粒子从p到m过程中做类平抛运动，由运动的分解法，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解解答：解：（1）设粒子在p点时的动能为ek，则初动能为2ek，在m点的动能为1.25ek由于洛伦兹力不做功，粒子从o点到p点和从p点到m点的过程中，电场力做的功大小分别为w1、w2由动能定理得：w1=ek2ek w2=1.25ekek则 w1：w2=4：1 （2）o点和p点及m点的电势差分别为：uop=，uom=设op连线上与m点电势相等的点为d，由几何关系得op的长度为5m，沿op方向电势下降则：=得od=3.75m，op与x轴的夹角，则：sin=d点的坐标为x d=odcos=3 m，yd=odsin=2.25m即：d （3 m，2.25 m）（3）由于od=3.75 m 而omcosmop=3.75 m 所以md垂直于op由于md为等势线，因此op为电场线，方向从o到p带电粒子从p到m过程中做类平抛运动，设运动时间为t则dp=又，dp=opod=1.25m解得：t=0.5s答：（1）粒子从o到p与从p到m的过程中电场力做功的大小之比是4：1；（2）op连线上与m点等电势的点的坐标是（3 m，2.25 m）；（3）粒子由p点运动到m点所需的时间是0.5s点评：本题是带电粒子在复合场中运动的类型，画出磁场中运动轨迹，电场中运用运动的分解都是常规方法，要能灵活运用几何知识求解磁场中空间尺寸三、模块33试题（请考生从给出的3道物理题、任选一题作答，并把答题卡上该题题号涂黑，如果多做，则按所做的第一题计分）17下列说法正确的是( )a第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律b晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点c物体的温度越高，分子热运动就越剧烈，每个分子动能也越大d一定质量的理想气体，压强不变时，温度升高时，分子间的平均距离一定增大e一个分子以一定的初速度沿直线向另一固定的分子靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大考点：热力学第二定律；* 晶体和非晶体 专题：热力学定理专题分析：热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响，或不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响，或不可逆热力过程中熵的微增量总是大于零又称“熵增定律”，表明了在自然过程中，一个孤立系统的总混乱度（即“熵”）不会减小解答：解：a、第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律，故a错误；b、晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，故b正确；c、物体的温度越高，分子热运动就越剧烈，分子热运动的平均动能越大，但不是每个分子的动能都大，故c错误；d、根据，一定质量的理想气体，压强不变时，温度升高时，体积增加，故分子间的平均距离一定增大，故d正确；e、一个分子以一定的初速度沿直线向另一固定的分子靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大，在平衡位置分子力最小，故e正确；故选：bde点评：本题考查了热力学第二定律、晶体与非晶体、温度的微观意义、气体状态方程、分子力等，知识点多，关键是记住基础知识18如图所示，a、b气缸的长度均为60cm，截面积均为s=40cm2，c是可在气缸内无摩擦滑动的、体积不计的活塞，d为阀门整个装置均由导热材料制成原来阀门关闭，a内有压强pa=2.4105pa的氧气b内有压强pb=1.2105pa的氢气阀门打开后，活塞c向右移动，最后达到平衡假定氧气和氢气均视为理想气体，连接气缸的管道体积可忽略不计求：活塞c移动的距离及平衡后b中气体的压强；活塞c移动过程中b中气体是吸热还是放热（简要说明理由）考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强 专题：理想气体状态方程专题分析：整个装置均由导热材料制成，活塞c向右移动时，两气缸内气体均发生等温变化，平衡后两部分气体的压强相等根据玻意耳定律，结合关系条件求解根据热力学第一定律分析吸放热情况解答：解：（1）、由玻意耳定律得：对a部分气体有：pals=p（l+x）s，对b部分气体有：pbls=p（lx）s，代入相关数据解得：x=20cm，p=1. 8105pa；（2）、活塞c向右移动的过程中活塞对b中气体做功，而气体发生等温变化，内能不变，故b中气体向外界放热 答：（1）、活塞c移动的距离为20cm，平衡后b中气体的压强1.8105pa；（2）、活塞c移动过程中b中气体放热点评：本题采用是的隔离法分别对两部分气体用玻意耳定律研究，同时要抓住两部分气体的相关条件，如压强关系、体积关系等等四.模块34试题19一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t秒与（t+0.2）秒两个时刻，x轴上（3m，3m）区间的波形完全相同，如图所示并且图中m、n两质点在t秒时位移均为，下列说法中不正确的是( )a该波的最大波速为20m/sb（t+0.1）秒时刻，x=2m处的质点位移一定是ac从t秒时刻起，x=2m处的质点比x=2.5m的质点先回到平衡位置d从t秒时刻起，在质点m第一次到达平衡位置时，质点n恰好到达波峰e该列波在传播过程中遇到宽度为d=3m的狭缝时会发生明显的衍射现象考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系 专题：振动图像与波动图像专题分析：由图读出波长由于两个时刻的波形相同，经过了整数倍周期的时间，则得t=0.2s=nt，n=0，1，2，可得到最大的周期，由v=求出最小波速由于周期不确定，（t+0.1）秒时刻，x=2m处的质点位移不一定是a简谐横波沿x轴正方向传播，x=2.5m处的质点向下运动，可知x=2m处的质点比x=2.5m处的质点先回到平衡位置根据数学知识得知质点m和n之间的距离等于，质点m第一次到达平衡位置时，质点n不在波峰解答：解：a、由图知波长=4m由于两个时刻的波形相同，经过了整数倍周期的时间，则得t=0.2s=nt，n=0，1，2，可得到最大的周期为t=0.2s，由v=得最小波速v=20m/s故a不正确b、由于周期不确定，时间0.1s不一定等于半个周期，则（t+0.1）秒时刻，x=2m处的质点不一定到达波峰，位移就不一定是a故b不正确c、简谐横波沿x轴正方向传播，x=2.5m处的质点向下运动，到达平衡位置的时间大于，而x=2m处的质点到达平衡位置时间等于，故c正确d、根据数学知识得知质点m和n之间的距离等于，由波形得知，质点m第一次到达平衡位置时，质点n不在波峰故d不正确e、当孔、缝的宽度或障碍物的尺寸与波长相比差不多或比波长更小时能发生明显衍射，所以该列波在传播过程中遇到宽度为d=