江苏省泰州市兴化市顾庄学区三校联考九年级物理上学期期中试题（含解析） 新人教版.doc

江苏省泰州市兴化市顾庄学区三校联考2016届九年级（上）期中物理试卷一、选择题（共12小题，每小题2分，满分24分）1五一假期，小华同学的全家去旅游，在高速路上看到如图所示标志牌以下分析中，合理的是( )a小轿车质量小，对路面压强小，可以快些开b大客车质量大，应慢慢开，以减小对地面压力c大卡车和大客车载重后体积较大，易干扰其他车辆行驶，所以应慢行d速度相同时，小轿车质量小，具有的动能小【考点】动能的影响因素 【专题】应用题；机械能及其转化【分析】动能的大小与质量和速度有关，当速度相同时，质量越小动能越小【解答】解：a、压强的大小取决于压力和受力面积，小轿车的质量小，对地面的压力小，但小轿车的受力面积也小，其压强不一定小，另外公路上都有限速，所以小轿车的速度不能太快，故a错误；b、大客车的重力即对地面的压力，压力的大小与大客车的速度无关，故b错误；c、大卡车和大客车载重后体积大，不会干扰其他车辆行驶，大卡车和大客车慢行的原因是尽量减小动能，否则会有事故危险，故c错误；d、动能的大小与质量和速度有关，速度相同时，小轿车质量小，具有的动能小，故d正确故选：d【点评】本题考查影响动能大小的因素，属于中等题2根据欧姆定律可以得到公式r=关于这个公式的下列说法中，正确的是( )a同一导体的电阻与加在它两端的电压成正比b同一导体的电阻与通过它的电流成反比c同一导体两端的电压增大几倍通过它的电流也增大几倍电压与电流的比值不变d导体两瑞电压为零时，导体的电阻也为零【考点】欧姆定律的应用 【专题】欧姆定律【分析】导体电阻由导体材料、长度和横截面积决定，与导体两端电压、通过导体的电流无关【解答】解：a、导体电阻由导体材料、长度和横截面积决定，导体电阻与导体两端电压无关，故a错误；b、导体电阻由导体材料、长度和横截面积决定，导体电阻与通过导体的电流无关，故b错误；c、由欧姆定律可知，同一导体两端的电压增大几倍通过它的电流也增大几倍，电压与电流的比值即导体电阻不变，故c正确；d、导体电阻由导体材料、长度和横截面积决定，与导体两端电压无关，导体两瑞电压为零时，导体的电阻不为零，故d错误；故选c【点评】本题考查了对欧姆定律的理解，要注意导体电阻由导体材料、长度和横截面积决定，与导体两端电压、通过导体的电流无关，不要受比值定义式r=的影响而错误地认为r与u、i有关3高效节能的led灯，其核心元件发光二极管的主要材料是( )a陶瓷b超导体c半导体d橡胶【考点】半导体的作用 【专题】粒子与宇宙、材料世界【分析】二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性【解答】解：制作二极管的材料是半导体材料，常用的有：硅、锗等材料故选c【点评】本题考查了二极管由什么材料制成，考查方式简单，是一道基础题4下列现象中，通过做功改变物体内能的是( )a冬天，暖气使房间变暖b用锤子敲打钢板，锤子和钢扳都会变热c石头被太阳晒热d单缸四冲程汽油机的吸气冲程【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能 【分析】要判断出属于做功改变物体内能的现象，需知做功的特点【解答】解：a、房间变暖属于热传递改变物体的内能，不符合题意；b、用敲打的方法使钢板变热，实质是做功改变物体的内能，符合题意；c、太阳和石头之间发生热传递，实质是能量的转移，不符合题意；d、汽油机的吸气冲程靠惯性来完成，没有力做功，不符合题意；故选b【点评】此题考查改变物体内能的两种方法是做功和热传递5关于温度、热量、内能，以下说法正确的是( )a0的冰没有内能b物体的温度越高，物体的内能越大c物体的温度越低，所含的热量越少d物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变【考点】温度、热量与内能的关系 【专题】热和能【分析】一切物体都有内能；温度升高内能增加；温度降低内能减少；热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量；内能的大小跟质量、温度、状态有关【解答】解：a、因物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何温度的物体都有内能此选项错误；b、温度影响内能的多少物体的温度越高，具有的内能越大此选项正确；c、热量是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰此选项错误；d、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，单比较物体的温度不能判断内能的变化此选项错误故选b【点评】（1）由于分子的热运动永不停息，所以一切物体在任何情况下总具有内能（2）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰6探究“比较不同物质的吸热能力”时，同学们用酒精灯同时开始均匀加热质量和初温都相等的沙子和水，装置如图，下列说法正确的是( )a实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子吸热能力较强b实验中，物体吸热多少是由物质的种类决定的c实验中，加热相同的时间，末温低的物质吸热能力强d实验中，将沙子和水加热到相同温度时，它们吸收的热量相同【考点】比热容的概念 【专题】比热容、热机、热值【分析】（1）比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量（2）水和干沙子，谁温度升高的快，需要利用q=cmt来判断【解答】解：a、实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子的比热容小，吸热能力弱，故a错误b、实验中，物体吸热多少是由加热时间决定的故b错误c、加热相同的时间，吸收的热量相等，据q=cmt，末温低的物质比热容大，吸热能力强故c正确d、将沙子和水加热到相同温度时，据q=cmt，水吸收的热量多故d错误故选c【点评】考查了比热容的概念，学生要学会总结实验得到的结论考查了利用吸收热量公式q=cmt的熟练应用，对实验说明的问题，学生要记住这个结论7下列各电路图中，电压表能测灯l2两端电压的是( )abcd【考点】电压表的使用 【专题】图析法；电压和电阻【分析】由电压表的使用方法可知：电压表测量l2两端电压，因此电压表必须并联在l2的两端【解答】解：a、l1与l2串联，电压表与l1并联，测的是l1两端的电压，不合题意；b、开关闭合后，l1与l2串联，电压表并联在开关两端，其示数为零，不合题意；c、l1与l2串联，电压表与电源并联，测的是l1和l1两端的总电压，不合题意；d、l1与l2串联，电压表与l2并联，测的是l2两端的电压，符合题意故选d【点评】本题考查电路的设计和电压表的连接，关键是电压表的连接与使用，测哪个用电器两端的电压就与哪个用电器并联8图中的实物图和电路图相对应的是( )abcd【考点】实物的电路连接 【专题】作图题；电流和电路【分析】由电路图可知，两灯并联，电流表测干路电流，s1在干路上，s2在l2支路上，由分析各选项【解答】解：a、由实物图，可知两灯并联，但电流表串联在l2支路上，不是测干路电流，故不符合题意； b、由实物图，两两灯并联，但开关s2在l1支路上，不是控制l2支路，故不符合题意； c、由电路图可知，l1、l2并联，电流表测干路电流，s1在干路上，s2在l2支路上，故符合题意；d、由实物图，两两灯并联，但电流表串联在l1支路上，不是测干路电流，故不符合题意故选c【点评】本题考查电路图和实物连接的判断，明确电路中各元件的连接方式和作用是关键9小明用四盏灯、两个开关，设计了教室的照明电路，要求每个开关都能独立控制两盏灯如图所示的电路图中，符合要求的是( )abcd【考点】电路图设计 【专题】电流和电路【分析】每盏灯的额定电压均为220v，且灯全部正常发光说明四盏灯是并联的，若是串联，灯泡不能正常发光，据此判断选项即可得出答案【解答】解：由题意可知，教室的照明电路额定电压均为220v，则四盏灯全部正常发光，则它们之间的连接方式只能是并联；每个开关都能独立控制两盏灯，则开关在控制的两盏灯的干路上a、四盏灯串联，故a错误；b、四盏灯并联，每个开关都能独立控制两盏灯，故b正确； c、四盏灯并联，一个开关为总开关，控制四盏灯，故c错误；d、四盏灯并联，两个开关同时控制其中两个灯泡，另两个灯泡没有开关控制，故d错误故选b【点评】本题考查了家庭电路各用电器的连接，在做题时要抓住关键点“额定电压均为220v”、“全部正常发光”，且不要受“两个开关控制，每个开关控制两盏灯”的影响，这也是学生容易受影响的地方10连接如图所示电路，研究串联电路中电流的特点实验时电流表甲和乙的示数分别为0.18安和0.16安，造成两个电流表示数不同的原因可能是( )a电流表的缘故b灯泡l1和l2的电阻不同c导线有电阻d灯泡l1和l2在电路中的位置【考点】串联电路的电流规律 【专题】电流和电路【分析】掌握串联电路电流的特点：串联电路中电流处处相等【解答】解：由电路图可知，两灯和两电流表串联接入电路，根据串联电路的电流特点，电路中各处的电流相等；而实验时电流表甲和乙的示数分别为0.18安和0.16安，图中造成两个电流表示数不同的原因可能是两个电流表的读数误差或指针未调整故选：a【点评】此题考查了串联电路中的电流规律，同时考查了电流表的使用，电流相同，若电流表的量程不同，则偏角不同，使用电流表前一定要进行调零11如图所示的电路、闭合开关，发现灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数但未超出量程，则产生这一现象的原因可能是( )a灯泡短路b灯泡断路c滑动变阻器短路d滑动变阻器断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用 【专题】欧姆定律【分析】电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联部分发生了短路【解答】解：根据电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流a、如果小灯泡发生短路，电流表有示数且较大，电压表示数为零，符合题意；b、如果小灯泡发生了断路，则电路为断路，电流表示数为零，电压表测量电源电压，不符合题意；c、如果滑动变阻器短路，电路中电流将会很大，电流表、电压表都有示数，不符合题意；d、如果滑动变阻器断路，电流表、电压表都无示数，不符合题意故选a【点评】本题考查了电路故障的判断，这是我们常考的内容，也是中考重点考查的内容；平时学习时要注意多总结，多积累12如图所示的电路，电源电压不变闭合开关，滑动变阻器的滑片右移动的过程中，电流表与电压表示数变化的情况分别是( )a变大 不变b变小 不变c变大 变小d变大 变大【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用 【专题】应用题；动态预测题；电路变化分析综合题【分析】由电路图可知，定值电阻r与滑动变阻器串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化【解答】解：由电路图可知，定值电阻r与滑动变阻器串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故cd错误；滑动变阻器的滑片右移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由i=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故a正确，b错误故选a【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，关键是电路连接方式的判断和电压表所测电路元件的判断二、填空题（每空1分，共24分）第13题图13橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，就做成了图示的能自动回头的“魔罐”当将“魔罐”在水平地面上滚出后，它在水平面上滚动的速度会越滚越慢（填“不变”，“越滚越快”或“越滚越慢”）稍后，它又能自动滚回来，此过程中的能量转化形式为：弹性势能转化为动能【考点】动能和势能的转化与守恒 【专题】应用题；机械能及其转化【分析】动能的影响因素：质量和速度；弹性势能的影响因素：物体的形变程度【解答】解：魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，故它在水平面上滚动的速度会越来越慢，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能故答案为：越滚越慢；弹性势；动【点评】本题考查动能和弹性势能的影响因素，相对比较简单，属于基础题14我市“李中镇湿地公园”风景区获批建设湿地能使周围环境昼夜的温差减小，是因为水的比热容大，在阳光照晒下，水吸热升温较慢（填“快”或“慢”）；而且，水蒸发时也要吸热（选填“吸热”或“放热”），使环境温度变化较小【考点】比热容解释简单的自然现象；蒸发及其现象 【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华；比热容、热机、热值【分析】（1）水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量；（2）蒸发是汽化的一种，汽化吸热，所以蒸发也吸热【解答】解：加大规划建设湿地公园的面积，大量增加水面面积，因为水的比热容比较大，在阳光照晒下，吸收相同的热量，水升温较慢；而且水在蒸发时吸收热量，也能有效调节周围环境的气温，使环境温度变化较小故答案为：比热容；慢；吸热【点评】靠水而居可以“冬暖夏凉”，这是人们都知道的常识，其基本原理就是利用了水的比热容较大的特性15如图甲所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧此过程中活塞对筒内气体做功，气体的内能增加，这与四冲程汽油机的压缩冲程的能量转化相同某台汽油机飞轮的转速为2400r/min，在1s内，汽油机完成20个工作循环图中乙所示是四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在做功冲程【考点】做功改变物体内能；有关热机的计算 【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；（2）汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次；（3）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断什么冲程【解答】解：（1）在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；（2）四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min=40r/s，则该飞轮每秒钟转4圈因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以飞轮转4圈，共2个工作循环，共8个冲程，共做功2次，1s完成20个工作循环（3）从图中可以看出，气门都关闭、火花塞点火和活塞向下移动的特点，可以判断这个冲程是做功冲程故答案为：增加；压缩；20；做功【点评】根据改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理（能量的转化）；知道在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次可解答此题16如图所示为某宾馆的取电卡座把房卡插入槽中，房间内的灯和插座才能有电房卡的作用相当于一个开关（填电路元件）接在电路中宾馆中各用电器的连接方式是并联，这种电路连接方式的好处是独立工作，互不影响【考点】电路的基本连接方式 【专题】应用题；电流和电路【分析】家庭电路中各用电器并联，这样工作时互不影响，同时干路的开关可以控制整个电路，据此分析判断【解答】解：由题意可知，把房卡插入槽中，房间内的灯和插座才能有电，说明房卡的作用相当于一个开关，且接在了干路上；宾馆中各用电器的连接方式是并联的，这种电路连接方式的好处是各用电器可以独立工作，互不影响故答案为：开关；并联；独立工作，互不影响【点评】宾馆中的电路与我们家庭中的电路类似，了解其基本的连接方式，知道干路开关的作用可顺利解答17海关严禁某些未标明容量的移动电源（充电宝）出关，是因为其中不少移动电源内部使用了劣质线材，容易发生短路故障，造成电流过大，甚至引起爆炸当我们对移动电源进行充电时，将电能转化为化学能【考点】电路的三种状态；电源及其能量转化 【专题】应用题；电流和电路【分析】不经过用电器将电源的两极连接起来会形成短路，造成电流过大，损坏电源电池在放电过程中，化学能转化成电能，而在充电过程中，将电能转化为化学能【解答】解：移动电源内部使用了劣质线材，此时，导线不经过用电器将电源的两极连接起来，容易发生短路故障，造成电流过大，甚至引起爆炸在电池充电的过程中，是将电能转化成了化学能，电池相当于用电器故答案为：短路；电；化学【点评】本题考查能量转化的问题，了解电池的充电和放电的原理是解题的关键18如图甲电路，当开关s闭合后，电流表的指针偏转如图乙所示，其中a电流表测量的是通过l1（选填“电源”、“l1”或“l2”）的电流，通过l2的电流应为0.9a【考点】并联电路的电流规律 【专题】电流和电路【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测l1支路的电流，电流表b测干路电流，根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定a、b电流表的量程，再根据分度值读出示数【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测l1支路的电流，电流表b测干路电流，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且b电流表指针的偏转角小于a电流表指针的偏转角，b电流表的量程为03a，分度值为0.1a，示数为1.2a；a电流表的量程为00.6a，分度值为0.02a，示数为0.3a，通过l2的电流应为i2=ii1=1.2a0.3a=0.9a答案：l1；0.9【点评】本题考查了电流表的正确使用和读数以及并联电路的电流特点，关键是两电流表量程的选择19如图是两种自动测定油箱内油量的原理图r2是一只滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端图1中油量表应当由一只电流表改装而成，它的示数增大时，表明油箱内油量增加（填“增加”或“减少”）了图2中油量表应当由电压表改装而成【考点】欧姆定律的应用 【专题】应用题；顺推法；电路和欧姆定律【分析】（1）根据电流表和电压表的使用规则就可以判断出油量表是由什么仪表改装的；（2）根据欧姆定律可知图1中油量表示数增大时电路中总电阻的变化，进一步判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，然后判断浮标位置的变化得出油箱内油量的变化【解答】解：（1）由图1可知，油量表串联在电路中，则油量表是由电流表改装的；由i=的变形式r=可知，当油量表示数增大时，电路中的总电阻变小，r2的阻值变小，浮标上移，液面上升，则表明油箱内油量增加；（2）图2中油量表与r2并联，则油量表是由电压表改装的故答案为：电流；增加；电压【点评】本题主要考查学生根据图示信息结合所学物理知识进行分析的能力，有一定的创新性，是一道好题20如图所示电路中，电源电压恒定，电阻r的阻值15（1）闭合开关s1、s2时，r和l是并联；（2）在对s1和s2进行闭合或断开的各种操作中，电流表可读得0.6a和0.2a 两个值，那么电源电压u=3v，灯泡电阻rl=7.5 （灯泡电阻不随温度变化）【考点】欧姆定律的应用；电路的基本连接方式 【专题】应用题；顺推法；电路和欧姆定律【分析】（1）各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，各电路元件并列连接，电路有多条电流路径的连接方式是并联，分析电路结构，然后得出答案；（2）由电路图可知，当s1闭合、s2断开时，电路为r的简单电路，电流表测通过r的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当s1和s2都闭合时，r与l并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过r的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过l的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出灯泡的电阻【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关s1、s2时，r和l并列连接，它们是并联的；（2）由电路图可知，当s1闭合、s2断开时，电路为r的简单电路，电流表测通过r的电流，由i=可得，电源的电压：u=irr=0.2a15=3v；当s1和s2都闭合时，r与l并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，知通过r的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡l的电流：il=iir=0.6a0.2a=0.4a，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡的电阻：rl=7.5故答案为：（1）并；（2）3；7.5【点评】本题考查了串并联的辨别和并联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是判断出开关和闭合时电流表测量的电路元件以及对于的示数三、解答题（共52分）21按要求完成下列作图（1）给你一只干电池、一只小灯泡（小灯泡的结构如图1甲所示）和一根导线，请在图1乙中正确连入导线使灯泡发光（2）如图2所示电路，只需改变一根导线的连接后，闭合开关，就能使电流表只测通过灯泡l1中的电流，在要改接的那根导线上打个“”，再画出改接的导线（3）图3中所示的是楼梯照明灯的模拟电路它的要求是，在楼梯的上下两端都能对灯进行控制请在图上补画连接导线，使之符合这一要求【考点】实物的电路连接 【专题】作图题；电流和电路【分析】（1）为使灯泡发光，只要将灯泡与干电池之间连成通路即可；（2）电流表只测通过灯泡l1中的电流，就应使电流表连接在l1的支路上，由此改接电路；（3）要想使楼梯的上下端都能控制同一个灯，开关必须与灯泡串联，但两个开关是并联的【解答】解：（1）要使灯泡发光，将电源的正负极分别与小灯泡的金属触头与金属螺纹相连构成通路即可，如图所示：（2）为使电流表测灯泡l1的电流，只需要将l2与l1相连的导线改接在电流表的0.6a接线柱或开关右侧即可，如图所示：（3）楼梯的上下两端都能对灯进行控制，需要组成由两个开关并联后与一只灯泡串联的照明电路，如图所示：【点评】本题考查了实物连接及改接，要明确电路中各元件的连接方式和要求，关键是明确单刀双掷开关的原理22如图所示，r1=10，r2=15闭合开关s后，电流表的示数为0.2a求：（1）电源电压；（2）通过电阻r1的电流【考点】欧姆定律的应用 【专题】计算题；电路和欧姆定律【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表a测r2支路的电流（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；（2）根据欧姆定律求出通过电阻r1的电流【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表a测r2支路的电流（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由i=可得，电源的电压：u=i2r2=0.2a15=3v；（2）通过电阻r1的电流：i1=0.3a答：（1）电源电压为3v；（2）通过电阻r1的电流为0.3a【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目23小华同学家原来是用液化石油气烧水的，最近家里刚买了一台太阳能热水器，小华阅读说明书了解到，这台太阳能热水器在晴好天气时，平均每天可将100kg水温度从15升高到65 （1）这台热水器中的水平均每天吸收多少热量？2.1107j（2）若液化石油气燃烧时放出热量的60%被水吸收，改用太阳能热水器后，平均每天可节省液化石油气多少千克？0.5千克（3）使用太阳能热水器比使用燃料烧水，除了节约能源外，还有哪些优点？（写出一点即可）清洁、无污染、安全、经济实惠液化石油气的热值为7.0107j/kg，水的比热容是4.2103j/（kg）【考点】太阳能热水器中的热量计算 【专题】计算题；能源的利用与发展；社会热点综合题【分析】（1）已知水的质量和比热容以及初、末温度，由热量公式可以求出水吸收的热量；（2）根据效率公式的变形公式求出液化石油气燃烧释放的热量，然后由热值公式求出液化石油气的质量；（3）从环保、节约能源（省钱）、取之不尽等方面列举太阳能热水器的优点【解答】解：（1）水吸收的热量：q吸=cmt=4.2103j/（kg）100kg（6515）=2.1107j；（2）因为=100%，所以液化石油气释放的热量：q放=3.5107j，由q放=mq可得节约液化石油气的质量：m=0.5kg；（3）太阳能热水器是将太阳能转化为内能，被水吸收，温度升高，供人使用，清洁、无污染、安全、经济实惠故答案为：（1）2.1107j；（2）0.5千克；（3）清洁、无污染、安全、经济实惠【点评】本题考查了学生对吸热公式q吸=cmt、燃料完全燃烧放出的热量公式q放=mq的掌握和运用，涉及到新能源（太阳能的利用），为了省钱、为了环保，积极开发新能源24小明猜想：动能的大小可能与物体的质量与物体的速度有关为了验证这个猜想，他设计了如下实验方案：（1）如图1所示，让同一个小球，分别从同一斜面的不同高度由静止滚下，与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图所示）这是为了探究动能的大小与速度关系若木块被撞后移动的距离越远，说明小车对木块的推力做功越多，小车撞击木块时的动能越大如果实验时，木块滑出木板了，在不改变器材的情况下，如何对实验进行改进？降低小车释放高度（2）在探究动能大小与物体质量关系时，应使小球从同一斜面的相同（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，控制小球的质量不相同（选填“相同”或“不同”）（3）有同学探究“动能与质量的关系”时，用如图2所示的实验装置，利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，该实验方案是否可行？答：不可行因为：因为未控制小球撞击木块时速度一定【考点】探究影响物体动能大小的因素 【专题】实验题；实验探究题；探究型实验综合题【分析】（1）同一小车保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，木块被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明木块的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大动能的大小与物体的质量和速度有关；（2）动能大小跟质量和质量有关在探究动能大小跟质量关系时，控制质量速度不变；（3）结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求【解答】解：（1）让小车从斜面的不同高度滑下，那么小车到达水平面时的速度就不同，小车推动木块做功，运动距离越远，做功越多，动能越大如果实验时，木块滑出木板了，则小车的动能过大，减小小车动能的方法是降低小车释放高度，以减小小车的速度；（2）若探究质量对动能的影响，应使小球的速度相同，质量不同，所以需使质量不相同的小球从斜面的相同高度由静止滑下；（3）利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，该实验方案不可行，因为因为未控制小球撞击木块时速度一定故答案为：（1）速度；做功；越大；降低小车释放高度；（2）相同；不相同；（3）不可行；因为未控制小球撞击木块时速度一定【点评】掌握影响动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系25木柴、焦炭、木炭等都是常用的燃料，对它们取不同质量进行完全燃烧，得到了下表的数据：燃料的质量/g100200300400燃料完全燃烧放出的热量q木柴/j1.31062.61063.91065.2106q焦炭/j3.01066.01069.010612.0106q木炭/j3.41066.810610.210613.6106（1）从表中的数据可以得到，相同质量的不同燃料，它们完全燃烧所释放的热量是不同的；对于同一种燃料，质量越大，完全燃烧所释放的热量越多（2）从表中的数据还可以看出，对于同一种燃料，燃料完全燃烧放出的热量和质量的比值是不变的，这个不变的比值，反映了燃料本身的一种性质，物理学中把它称之为热值，它是用来描述燃料完全燃烧时，释放热量能力大小的物理量【考点】燃料的热值 【专题】应用题；比热容、热机、热值【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值热值是燃料的一种特性；（2）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度、放出热量的多少以及燃烧温度的高低等均无关【解答】解：（1）由表格中数据可知，完全燃烧质量相同的木材、焦炭、木炭放出的热量不同；对于同一种燃料，质量越大，完全燃烧所释放的热量越多； （2）对于同一种燃料，完全燃烧放出的热量与燃料的质量成正比，即放出热量与质量的比值不变；物理学中用热值表示燃料的这一特性故答案为：（1）不同；多；（2）燃料完全燃烧放出的热量；质量；热值【点评】本题考查了对常见燃料的分类以及热值的了解与掌握，属于基础题目26在苹果中插入铜片和锌片，就能自制成为一个苹果电池，铜片是电池的正电极，锌片是负电极那么，苹果电池的电压大小与电极插入苹果的深度有怎样的关系呢？某实验小组用如图所示的实验器材对该问题进行探究（1）请用笔画线代替导线完成图甲中的实物连接；（2）实验时，应保持其它条件不变，只改变电极插入苹果的深度h；（3）小组同学测得的实验数据如下表，当深度为5cm时，电压表示数如图乙所示，请将电压值填入下表的空格中；电极插入的深度h/cm123456苹果电池电压u/v0.120.180.220.270.30.34（4）分析表格中的数据，你能得到的实验结论是：苹果电池的电压大小u随电极插入苹果深度h的增加而增大；（5）苹果电池的电压除了与深度有关外，还可能与苹果的种类有关（写出一点即可）【考点】控制变量法与探究性实验方案 【专题】实验探究题；探究型实验综合题【分析】（1）电压表要测苹果电池的电压，因此电压表应并联在苹果电池的两端，用开关控制电压表与电池的连接与断开，据此连接电路图；（2）实验要探究苹果电池电压u大小与电极插入苹果的深度h的关系，应保持其它条件不变，只改变电极插入苹果的深度h；（3）由电路图确定电压表量程，由图示电压表确定电压表最小分度值，然后读出电压表示数；（4）分析表中数据，找出电池电压与电极插入深度间的关系从而得出结论；（5）可从苹果的种类、苹果大小、两电极间的距离、电极面积大小、电极材料等方面猜想影响电池电压大小的因素【解答】解：（1）电压表经开关接在电池两端，电路图如图所示；（2）实验时，应保持其它条件不变，只改变电极插入苹果的深度h；（3）由电路图知，电压表量程是3v，由图示电压表知，电压表最小分度值是0.1v，电压表示数是0.3v；（4）由表中实验数据可知，随电极插入深度的增加，电池电压增加，故可以得出结论：苹果电池的电压大小u随电极插入苹果深度h的增加而增大；（5）苹果电池的电压大小还可能与苹果的种类（或苹果大小、两电极间的距离、电极面积大小、电极材料等）有关；故答案为：（1）如图；（2）电极插入苹果的深度h；（3）0.3；（4）苹果电池的电压大小u随电极插入苹果深度h的增加而增大；（5）苹果的种类（或苹果的大小、两电极间的距离、两电极面积的大小等都可）【点评】本题实验探究题，探究苹果电池的电压大小u与电极插入苹果的深度h的关系，知道实验目的是正确解题的关键27为了探究导体电阻与长度的关系，小明把一根较长的镍铬合金丝ab组装成如图所示电路，e、f是电夹（1）电路中，r0的作用是保护电路（2）将电夹e夹在a点位置不变，电夹f分别在m、n、o、p和b点时，改变了合金丝接入电路的长度，此时，通过观察电流表示数变化来间接地反映出接入电路中的电阻的大小变化（3）小华提出，用电压表替换电流表，接在原电流表的位置，你认为换接电压表后，不能（填“能”或“不能”）完成探究【考点】影响电阻大小的因素 【专题】探究题；探究型实验综合题【分析】（1）在电路中必须要有一个保护电阻，防止电路发生短路而烧坏电源；（2）实验中，电流表的示数变化反映了电阻大小的变化；（3）根据电流表和电压表的特点可判断接入电压表后电路中的变化【解答】解：（1）在电路中，r0的作用是保护电路的安全，防止电路发生短路而烧坏电源；（2）将电夹e夹在a点位置不变，电夹f分别夹在m、n、o、p和b点时，改变了合金线接入电路的长度，由欧姆定律i=可知，此时通过观察电流表示数的变化可以间接地反映出接入电路中电阻的大小变化（3）电压表的内阻很大，在连接时要并联在电路中，如果将图中连接电流表的两根导线分别连接在一个电压表的正、负接线柱上，则电压表串联在电路中，电压表的示数接近电源电压，即使改变合金线的电阻，电压表的变化也非常小，故不能用电压表代替电流表故答案为：（1）保护电路；（2）电流表示数变化；（3）不能【点评】在本题的实验中，要注意实验电路的设计，控制变量法的运用，熟知影响电阻大小的因素，并熟知电压表和电流表的特点28图1是小强“探究通过导体的电流与电阻关系”的实验电路（电源电压保持不变），图2是他依据测得的实验数据绘制的电流i随电阻r变化的图象，由图象可知r两端的电压为3v；当r的电阻由10更换为15时，闭合开关后，为使r两端的电压不变（选填“改变”或“不变”），滑动变阻器的滑片p应向b（选填“a”或“b”）端滑动【考点】欧姆定律的应用 【专题】图析法；欧姆定律【分析】（1）由图象找出一组对应的i、r知，由p=ui可求出电阻箱r两端的电压（2）探究电流跟电阻的关系时，控制电压不变串联电路中，电阻越大，分担的电压越大【解答】解：（1）由图知当电路电流i=0.3a时，对应的电阻值r=10，电阻两端的电压ur=ir=0.3a10=3v（2）“探究通过导体的电流与电阻关系”的实验，根据