江苏省淮安市淮海中学高三物理上学期10月月考试卷（含解析）.doc

2014-2015学年江苏省淮安市淮海中学高三（上）月考物理试卷（10月份）一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分）1在下列关于物理量和单位的说法中，正确的是（）密度 牛 米/秒 加速度 长度 质量 千克 时间a属于国际单位制中基本物理量的是b属于国际单位制中基本单位的是c属于国际单位的是d属于国际单位的是2如图，质量mamb的两物体a、b叠放在一起，靠着竖直墙面让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体b的受力示意图是（）abcd3质点从静止开始做匀加速直线运动，在第1个2s、第2个2s和第5s内三段位移比为（）a2：6：5b2：8：7c4：12：9d2：2：14如图所示，两物体由高度相同、路径不同的光滑斜面由静止下滑，物体通过两条路径的长度相等，通过c点前后速度大小不变，且到达最低点b、d时两点的速度大小相等，则下列说法正确的是（）a物体沿ab斜面运动时间较短b物体沿acd斜面运动时间较短c物体沿两个光滑斜面运动时间相等d无法确定5如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态现用竖直向上的拉力f作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力f与物体位移x的关系如图b所示（g=10m/s2），则正确的结论是（）a物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态b弹簧的劲度系数为7.5n/cmc物体的质量为3kgd物体的加速度大小为5m/s2二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分）6如图所示，在y轴上关于o点对称的a、b两点有等量同种点电荷+q，在x轴上c点有电荷q，且co=od，ado=60下列判断正确的是（）ao点电场强度为零bd点电场强度为零c若将点电荷q从o移向c的过程中，则电势能增大d若将点电荷+q从o移向c的过程中，则电势能增大7质量均为m的a、b两个小球之间系一个质量不计的弹簧，放在光滑的台面上a紧靠墙壁，如图所示，今用恒力f将b球向左挤压弹簧，达到平衡时，突然将力撤去，此瞬间（）aa球的加速度为ba球的加速度为零cb球的加速度为db球的加速度为8如图，木板a放在水平地面上，小物块b通过轻弹簧与a的左侧档板p连接，a与b、a与地面之间均粗糙开始时弹簧处于原长，b位于a上的o点现将b拉至c点由静止释放向左运动，到达某点时速度为零（上述过程中a一直保持静止），则此时（）ab所受的摩擦力可能为零ba所受的摩擦力不可能为零cb可能位于o点的左侧db不可能位于o点的右侧9将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如图所示，其中1与2底边相同，2和3高度相同现将一个可以视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，并沿斜面下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数均相同在这三个过程中，下列说法正确的是（）a沿着1和2下端到底端时，物块的速度不同；沿着2和3下滑到底端时，物块的速度相同b沿着1下滑到底端时，物块的速度最大c物块沿着3下滑到底端的过程中，产生的热量是最多的d物块沿着1和2下滑到底端的过程，产生的热量是一样多的三、简答题本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题），两部分共42分10（1）在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置o点，为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是a橡皮条固定端的位置b描下o点位置和两条细绳套的方向c橡皮条伸长后的总长度d两个弹簧秤的读数（2）做实验时，根据测量结果在白纸上画出如图所示的图，其中o为橡皮筋与细绳的结点图中的f与f为什么不完全重合，试说明原因11（1）为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验其中g1、g2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过g1、g2光电门时，光束被遮挡的时间t1、t2都可以被测量并记录滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为m，挡光片宽度为d，光电门间距离为s，牵引砝码的质量为m回答下列问题：实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其它仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答：若取m=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是（a）m1=5g （b）m2=15g （c）m3=40g （d）m4=400g在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为：（用t1、t2、d、s表示）（2）如图是“验证机械能守恒定律”的实验中得到的一条纸带已知每两个计数点之间的时间间隔t=0.1s物体运动的加速度a=；三【选做题】本题包括a、b、c三小题，请选定其中两题，并在相应的答题区域内作答若三题都做，则按a、b两题评分a（选修模块3-3）（12分）12下列说法中正确的是（）a只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出气体分子的体积b悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显c由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间只有引力，没有斥力，所以液体表面具有收缩的趋势d液晶既具有液体的流动性，又具有光学各向异性13一定质量的理想气体按图示过程变化，其中bc与v轴平行，cd与t轴平行，则bc过程中气体的内能（填“增加”“减小”或“不变”），气体的压强（填“增加”“减小”或“不变”）14如果气缸中被密封的是0.1g的氢气（h2），且在状态a的体积为 va=3104m3，求此状态时气缸内氢气分子间的平均距离（保留一位有效数字，已知阿伏加德罗常数na=6.01023mol1，氢原子的摩尔质量为1g/mol）b（选修模块3-4）（12分）15频率不同的两束单色光1和2以相同的入射角从同一点射入一厚玻璃板后，其光路如图所示下列说法正确的是（）a单色光1的波长大于单色光2的波长b在玻璃中单色光1的传播速度大于单色光2的传播速度c单色光1的光子能量小于单色光2的光子能量d单色光1从玻璃到空气的全反射临界角小于单色光2从玻璃到空气的全反射临界角16在“利用单摆测重力加速度”的实验中，由单摆做简谐运动的周期公式得到t2=l只要测量出多组单摆的摆长l和运动周期t，作出t2l图象，就可求出当地的重力加速度，理论上t2l图象是一条过坐标原点的直线某同学在实验中，用一个直径为d的带孔实心钢球作为摆球，多次改变悬点到摆球顶部的距离l0，分别测出摆球做简谐运动的周期t后，作出t2l图象，如图所示造成图象不过坐标原点的原因可能是a将l0记为摆长l； b摆球的振幅过小 c将（l0+d）计为摆长l d摆球质量过大由图象求出重力加速度g=m/s2（取2=9.87）17x=0的质点在t=0时刻开始振动，产生的波沿x轴正方向传播，t1=0.14s时刻波的图象如图所示，质点a刚好开始振动求波在介质中的传播速度；求x=4m的质点在0.14s内运动的路程c（选修模块3-5）（12分）18如图所示是氢原子的能级图，现有大量处于n=3激发态的氢原子向低能级跃迁，所辐射的光子中，只有一种能使某金属产生光电效应以下判断正确的是（）a该光子一定是氢原子从激发态n=3跃迁到n=2时辐射的光子b该光子一定是氢原子从激发态n=2跃迁到基态时辐射的光子c若氢原子从激发态n=4跃迁到基态，辐射出的光子一定能使该金属产生光电效应d若氢原子从激发态n=4跃迁到n=3，辐射出的光子一定能使该金属产生光电效应19一个质量为50千克的人站立在静止于平静的水面上的质量为400千克船上，突然船上人以2米/秒的水平速度跳向岸，不计水的阻力，则船以米/秒的速度后退，若该人向上跳起，以人船为系统，人船的动量（填守恒或不守恒）20太阳现在正处于主序星演化阶段它主要是由电子和h、he等原子核组成维持太阳辐射的是它内部的核聚变反应，核反应方程是：2e+4hhe+释放核能，这些核能最后转化为辐射能已知质子质量mp，氦核的质量m，电子质量me，光速c试求每发生一次上述核反应所释放的核能；用上述辐射中产生的波长为400nm某一单色光去照射逸出功为3.01019j金属材料铯时，能否产生光电效应？若能，试求出产生的光电子的最大初动能（保留三位有效数字，普朗克常量h=6.631034js）四、计算题（本题共3小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）21如图所示，质量为mb=24kg的木板b放在水平地面上，质量为ma=22kg的木箱a放在木板b上一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为=37已知木箱a与木板b之间的动摩擦因数1=0.5现用水平向右、大小为200n的力f将木板b从木箱a下面匀速抽出（sin 370.6，cos 370.8，重力加速度g取10m/s2），求：（1）轻绳的拉力为多大？（2）木板b与地面之间的动摩擦因数2的大小为多大？22如图所示，质量为m、电阻为r，边长为l的正方形导线框abcd，其下边cd距匀强磁场上边界pq的距离为h磁感应强度大小为b，方向垂直于纸面向里，现使线框从静止开始自由下落，下落过程中ab边始终水平，不计空气阻力，重力加速度为g（1）如果线框进入磁场时先做加速运动，那么线框刚进入磁场里加速度大小是多少；（2）如果ab边进入磁场前线框速度已达到稳定，那么线框在进入磁场的过程中产生的热量是多少23如图所示，一个质量为m=2.01011kg电荷q=1.0105c的带正电微粒，重力可忽略不计，从静止开始经电压u1=100v的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场，偏转电场的电压u2=100v，金属板长l=20cm，两板间距d=10cm（可认为两板间电场为匀强电场，并忽略边缘效应）求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v0大小；（2）微粒射出偏转电场时的偏转角；（3）若该匀强磁场的宽度为d=10cm的有界磁场，为使微粒垂直于磁场右边界射出，该匀强磁场的磁感应强度b是多大？2014-2015学年江苏省淮安市淮海中学高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分）1在下列关于物理量和单位的说法中，正确的是（）密度 牛 米/秒 加速度 长度 质量 千克 时间a属于国际单位制中基本物理量的是b属于国际单位制中基本单位的是c属于国际单位的是d属于国际单位的是考点： 力学单位制专题： 常规题型分析： 力学的国际单位是长度的单位m、质量的单位kg、时间的单位s，其它单位属于导出单位解答： 解：属于国际单位制中的基本单位的只有千克，属于国际单位制单位的有牛顿、米/秒、千克长度、质量和时间是基本物理量故c正确，a、c、d错误故选：c点评： 本题的解题关键是掌握国际单位制中基本单位和单位，注意区别单位与物理量的不同2如图，质量mamb的两物体a、b叠放在一起，靠着竖直墙面让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体b的受力示意图是（）abcd考点： 力的合成与分解的运用专题： 压轴题；受力分析方法专题分析： 先对整体结合运动情况受力分析，得到只受重力，加速度为g，即做自由落体运动，然后对b结合运动情况受力分析，得到受力情况解答： 解：a与b整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故a、b间无弹力，再对物体b受力分析，只受重力；故选a点评： 本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故a与b间无弹力，最后再对b受力分析，得到其只受重力3质点从静止开始做匀加速直线运动，在第1个2s、第2个2s和第5s内三段位移比为（）a2：6：5b2：8：7c4：12：9d2：2：1考点： 匀变速直线运动的位移与时间的关系专题： 直线运动规律专题分析： 根据初速度为零的匀加速直线运动的位移公式x=at2，可以求得位移之比解答： 解：由x=at2可得，第1个2s的位移为x1=a（2t）2=2at2，第2个2s的位移为x2=a（4t）2a（2t）2=6at2，第5s内的位移为x3=a（5t）2a（4t）2=at2，所以在第1个2s、第2个2s和第5s内三段位移比为2：6：=4：12：9，所以c正确故选c点评： 掌握住初速度为零的匀加速直线运动的位移公式x=at2即可求得位移之比4如图所示，两物体由高度相同、路径不同的光滑斜面由静止下滑，物体通过两条路径的长度相等，通过c点前后速度大小不变，且到达最低点b、d时两点的速度大小相等，则下列说法正确的是（）a物体沿ab斜面运动时间较短b物体沿acd斜面运动时间较短c物体沿两个光滑斜面运动时间相等d无法确定考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 通过牛顿第二定律求的加速度大小关系，画出vt图象，即可比较时间解答： 解：物体沿ab运动，一直做匀加速运动，物体沿acd运动，ac段的加速度大于ab的加速度，然后再做加速度变小的匀加速运动；由动能定理可知，滑到bd点时速度大小相等，故vt图象如图可物体沿路acd滑下所用时间较短，故b正确，a、c、d错误故选：b点评： 解决本题的关键抓住末速度大小相等，图线围成的面积相等，从而比较时间5如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态现用竖直向上的拉力f作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力f与物体位移x的关系如图b所示（g=10m/s2），则正确的结论是（）a物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态b弹簧的劲度系数为7.5n/cmc物体的质量为3kgd物体的加速度大小为5m/s2考点： 牛顿第二定律；胡克定律专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 物体一直匀加速上升，从图象可以看出，物体与弹簧分离后，拉力为30n；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡；拉力为10n时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，弹簧压缩量为4cm；根据以上条件列式分析即可解答： 解：a、物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故a错误；b、c、d、刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有mg=kx 拉力f1为10n时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有f1+kxmg=ma 物体与弹簧分离后，拉力f2为30n，根据牛顿第二定律，有f2mg=ma 代入数据解得m=2kgk=500n/m=5n/cma=5m/s2故b错误，c错误，d正确；故选：d点评： 本题关键是由图象得出一些相关物理量，然后根据牛顿第二定律列方程分析求解二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分）6如图所示，在y轴上关于o点对称的a、b两点有等量同种点电荷+q，在x轴上c点有电荷q，且co=od，ado=60下列判断正确的是（）ao点电场强度为零bd点电场强度为零c若将点电荷q从o移向c的过程中，则电势能增大d若将点电荷+q从o移向c的过程中，则电势能增大考点： 电场强度；电势能专题： 电场力与电势的性质专题分析： o点和d点的电场强度是三个电荷产生的电场强度的合成，根据叠加原理确定两点的电场强度确定出从o到c电场的方向，根据电场力做功的正负，判断电势能的变化解答： 解：a、a、b两点两个等量同种点电荷+q在o点产生的电场强度抵消，o点的电场强度等于点电荷q在o点产生的电场强度，不为零故a错误b、设ad=r，根据点电荷产生的电场强度公式e=k得到，两个等量同种点电荷+q在d点产生的电场强度大小为：，方向水平向右q在d点产生的电场强度大小为：e2=k，方向水平向左，所以d点的合场强为零故b正确c、根据电场的叠加原理得到，c、o间电场强度方向为o到c，将点电荷q从o移向c，电场力做负功，电势能增大故c正确d、c、o间电场强度方向为o到c，将点电荷+q从o移向c，电场力做正负，电势能减小故d错误故选：bc点评： 空间任何一点的场强是各个电荷产生的电场叠加的结果，根据平行四边形定则进行合成等量同种电荷的电场要抓住对称性7质量均为m的a、b两个小球之间系一个质量不计的弹簧，放在光滑的台面上a紧靠墙壁，如图所示，今用恒力f将b球向左挤压弹簧，达到平衡时，突然将力撤去，此瞬间（）aa球的加速度为ba球的加速度为零cb球的加速度为db球的加速度为考点： 牛顿第二定律；胡克定律专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 先分析将力f撤去前弹簧的弹力大小，再分析将力f撤去的瞬间两球所受的合力，根据牛顿第二定律求解加速度解答： 解：力f撤去前弹簧的弹力大小为f将力f撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则a的受力情况没有变化，合力为零，b的合力大小等于f，根据牛顿第二定律得到a球的加速度为零，b球的加速度为a= 故选：bd点评： 瞬时问题是牛顿定律应用典型的问题，一般先分析状态变化前弹簧的弹力，再研究状态变化瞬间物体的受力情况，求解加速度，要抓住弹簧的弹力不能突变的特点8如图，木板a放在水平地面上，小物块b通过轻弹簧与a的左侧档板p连接，a与b、a与地面之间均粗糙开始时弹簧处于原长，b位于a上的o点现将b拉至c点由静止释放向左运动，到达某点时速度为零（上述过程中a一直保持静止），则此时（）ab所受的摩擦力可能为零ba所受的摩擦力不可能为零cb可能位于o点的左侧db不可能位于o点的右侧考点： 摩擦力的判断与计算专题： 摩擦力专题分析： 从c点释放后物块b以受力平衡的位置为平衡位置做简谐振动，根据简谐振动的特点判断b的位置和受力的情况解答： 解：a、b、c释放后做简谐运动的平衡位置o位于弹簧弹力与摩擦力相等的位置，即o点的右侧，若o与c关于o对称，即o位于o与c中间的位置，则物块到达o点速度为0，（b与o重合），此时弹簧处于原长，物块没有运动的趋势，所受摩擦力为零，故a正确b错误；c、b点时c关于o对称的位置，可能位于o点的左侧，也可能位于o点右侧，还可以位于o点，故c正确d错误；故选：ac点评： 本题实际是借助摩擦力考查了对简谐运动的理解，简谐运动的平衡位置为回复力为零的位置，此模型中的回复力指的是弹簧弹力与摩擦力的合力9将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如图所示，其中1与2底边相同，2和3高度相同现将一个可以视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，并沿斜面下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数均相同在这三个过程中，下列说法正确的是（）a沿着1和2下端到底端时，物块的速度不同；沿着2和3下滑到底端时，物块的速度相同b沿着1下滑到底端时，物块的速度最大c物块沿着3下滑到底端的过程中，产生的热量是最多的d物块沿着1和2下滑到底端的过程，产生的热量是一样多的考点： 功能关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 本题应根据动能定理求解，只要正确对物体受力分析，分别求出各力做功的代数和，即可比较速度的大小解答： 解：对物块从高为h的斜面上由静止滑到底端时，根据动能定理有mgh=m，其中为物块克服摩擦力做的功，因滑动摩擦力f=，又=mgcos，所以物块克服摩擦力做的功为=fl=mgcosl=mglcos=mg，由图可知，lcos为斜面底边长，即若物体从斜面顶端下滑到底端时只要质量m与斜面底端长相同，则物体克服摩擦力做的功就相同故：a：因沿着1和2下滑到底端时相同，沿2和3下滑到底端时不同，沿3时克服摩擦力做的功多，由动能定理mgh=m，不难判断a错误b：根据动能定理，沿1和2下滑时有mg=m，mg=m，同理沿2和3下滑时有mg=m，显然，最大，故b正确c：由摩擦产生热量q=，=mg，可知物块沿3下滑到底端的过程中产生的热量最多，故c正确d：同理，根据以上分析知，物块沿1和2下滑到底端的过程中，产生的热量一样多，故d正确故选bcd点评： 通过本题求克服摩擦力做功可推得一个重要的结论：物体从斜面下滑到底端的过程中，克服摩擦力做的功与沿水平面滑动与斜面底端相同距离时克服摩擦力做的功相同三、简答题本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题），两部分共42分10（1）在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置o点，为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是bda橡皮条固定端的位置b描下o点位置和两条细绳套的方向c橡皮条伸长后的总长度d两个弹簧秤的读数（2）做实验时，根据测量结果在白纸上画出如图所示的图，其中o为橡皮筋与细绳的结点图中的f与f为什么不完全重合，试说明原因记录f1、f2时存在误差；作图时存在误差；考点： 验证力的平行四边形定则专题： 实验题；平行四边形法则图解法专题分析： 本实验要求在两次拉橡皮条的过程中力的作用效果要相同，即采用了“等效法”，在做力的图示时、根据平行四边形定则求合力时要知道力的大小和方向，由此可知实验中应该记录什么解答： 解：（1）该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，本实验要求在两次拉橡皮条的过程中力的作用效果要相同：即都可以将橡皮条拉伸到o点位置；实验中要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，故需要记录的是两弹力的大小和方向即还需记录两细绳的方向，故bd正确故选：bd（2）图中的f与f为什么不完全重合的原因可能是记录f1、f2时存在误差；作图时存在误差；故答案为：（1）bd（2）记录f1、f2时存在误差；作图时存在误差；点评： 本题比较全面的考察了验证平行四边形定则中的基础知识，对于这些基础知识和要求即要通过实验进行切身体会，同时也要通过练习加深理解11（1）为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验其中g1、g2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过g1、g2光电门时，光束被遮挡的时间t1、t2都可以被测量并记录滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为m，挡光片宽度为d，光电门间距离为s，牵引砝码的质量为m回答下列问题：实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其它仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答：将滑行器自由放在导轨上，并轻推滑行器，看其能否做匀速运动若取m=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是d（a）m1=5g （b）m2=15g （c）m3=40g （d）m4=400g在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为：（用t1、t2、d、s表示）（2）如图是“验证机械能守恒定律”的实验中得到的一条纸带已知每两个计数点之间的时间间隔t=0.1s物体运动的加速度a=4.8m/s2；考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题： 实验题；牛顿运动定律综合专题分析： （1）明确实验原理以及气垫导轨装置的特点可正确解答；（2）根据牛顿第二定律可以推导出滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等的条件，根据实验目的可知需要测量的数据；（3）光电门测量滑块瞬时速度的原理是遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替即v=，再根据运动学公式即可求出物体的加速度a（4）根据作差法求解加速度解答： 解：（1）气垫导轨可以认为是光滑的，在判断其是否水平时可以采取的方法是：接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，滑块基本保持静止说明导轨是光滑的，或接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动（2）在该实验中实际是：mg=（m+m）a，要满足mg=ma，应该使砝码的总质量远小于滑块的质量若取m=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，m4=400g不能满足，故选d（3）根据遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替得通过第一个光电门的速度v1=通过第二个光电门的速度v2=根据运动学公式则加速度为：a=（4）采用逐差法求解加速度x4x2=2a1t2，x3x1=2a2t2，a=（a1+a2）=4.8m/s2故答案为：（1）将滑行器自由放在导轨上，并轻推滑行器，看其能否做匀速运动；（2）d； （3）；（4）4.8m/s2点评： 明确实验原理以及相应的物理规律，熟悉具体操作，提高应用基本物理规律解决问题的能力三【选做题】本题包括a、b、c三小题，请选定其中两题，并在相应的答题区域内作答若三题都做，则按a、b两题评分a（选修模块3-3）（12分）12下列说法中正确的是（）a只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出气体分子的体积b悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显c由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间只有引力，没有斥力，所以液体表面具有收缩的趋势d液晶既具有液体的流动性，又具有光学各向异性考点： * 晶体和非晶体；阿伏加德罗常数分析： 只有在标准大气压下，才可以通过气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数得出气体分子所占的体积分子间引力和斥力是同时存在的，液体表面具有收缩趋势，是液面分子间引力大于斥力解答： 解：a、在加上标准大气压状态下，a项才可以计算出其他分子所占的空间故a错误b、悬浮颗粒越小，受力越不平衡，布朗运动越明显故b正确c、由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间引力大于斥力，液体表面具有收缩趋势故c错误d、液晶既具有液体的流动性，又具有光学的各向异性故d正确故选bd点评： 本题考查了阿伏伽德罗常数、布朗运动、液体表面张力、液晶等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基本概念和基本规律13一定质量的理想气体按图示过程变化，其中bc与v轴平行，cd与t轴平行，则bc过程中气体的内能不变（填“增加”“减小”或“不变”），气体的压强增加（填“增加”“减小”或“不变”）考点： 理想气体的状态方程；热力学第一定律专题： 理想气体状态方程专题分析： 由图象可知气体的变化过程，可知气体做等温变化，由理想气体的内能特点得出内能的变化；再由理想气体状态方程可得压强的变化解答： 解：由图可知，bc的过程中，气体的温度不变；而理想气体的内能只与温度有关，故气体的内能不变；由=c可知，温度不变，体积减小，故压强应增大；故答案为：不变；增加点评： 本题考查理想气体的状态方程及气体的内能特点，明确理想气体的内能只与温度有关，分子势能忽略不计14如果气缸中被密封的是0.1g的氢气（h2），且在状态a的体积为 va=3104m3，求此状态时气缸内氢气分子间的平均距离（保留一位有效数字，已知阿伏加德罗常数na=6.01023mol1，氢原子的摩尔质量为1g/mol）考点： 理想气体的状态方程；封闭气体压强专题： 理想气体状态方程专题分析： 将气体分子所占据的空间看成球形，气体分子间的平均距离等于球体的直径；求出分子体积即可以求出分子间的平均距离解答： 解：设氢气分子间的平均距离为d0.1g氢气的分子数为：n=将气体分子所占据的空间看成球形，则n，则得：，代入得：6.010233.14d3=3104解得，d3109m答：氢气分子间的平均距离为3109m点评： 本题根据宏观量求微观量，估算分子间的距离，阿伏伽德罗常数是联系宏观量与微观量的桥梁，由阿伏伽德罗常数求出分子个数是正确解题的关键b（选修模块3-4）（12分）15频率不同的两束单色光1和2以相同的入射角从同一点射入一厚玻璃板后，其光路如图所示下列说法正确的是（）a单色光1的波长大于单色光2的波长b在玻璃中单色光1的传播速度大于单色光2的传播速度c单色光1的光子能量小于单色光2的光子能量d单色光1从玻璃到空气的全反射临界角小于单色光2从玻璃到空气的全反射临界角考点： 光的折射定律专题： 光的折射专题分析： 通过光的偏折程度比较出单色光1、2的折射率大小，从而比较出频率、波长的大小，根据v=比较出在介质中传播的速度大小根据sinc=比较出临界角的大小解答： 解：a、单色光1比单色光2偏折厉害，则单色光1的折射率大，频率大，则单色光1的波长小故a错误b、根据v=知，单色光1的折射率大，则单色光1在玻璃中传播的速度小故b错误c、单色光1的频率大，根据e=hv知，单色光1的光子能量大故c错误d、根据sinc=知，单色光1的折射率大，则临界角小故d正确故选d点评： 解决本题的突破口在于根据光的偏折程度比较出折射率的大小，知道折射率、频率、波长、在介质中的速度等大小关系16在“利用单摆测重力加速度”的实验中，由单摆做简谐运动的周期公式得到t2=l只要测量出多组单摆的摆长l和运动周期t，作出t2l图象，就可求出当地的重力加速度，理论上t2l图象是一条过坐标原点的直线某同学在实验中，用一个直径为d的带孔实心钢球作为摆球，多次改变悬点到摆球顶部的距离l0，分别测出摆球做简谐运动的周期t后，作出t2l图象，如图所示造成图象不过坐标原点的原因可能是aa将l0记为摆长l； b摆球的振幅过小 c将（l0+d）计为摆长l d摆球质量过大由图象求出重力加速度g=9.87m/s2（取2=9.87）考点： 用单摆测定重力加速度专题： 实验题；单摆问题分析： 根据实验注意事项与实验原理分析实验误差由单摆周期公式变形，得到t2与l的关系式，分析图象斜率的意义，求解g解答： 解：（1）图象不通过坐标原点，将图象向右平移1cm就会通过坐标原点，故相同的周期下，摆长偏小1cm，故可能是测摆长时漏掉了摆球的半径；将l0记为摆长l；故选：a（2）由t=2可得：t2=l，则t2l图象的斜率等于，由数学知识得：，解得：g=2=9.87m/s2；故答案为：a；9.87点评： 本题关键明确实验原理；通过图象的平移得到摆长偏小1cm，得到误差来源；通过图象的函数表达式得到斜率的物理意义17x=0的质点在t=0时刻开始振动，产生的波沿x轴正方向传播，t1=0.14s时刻波的图象如图所示，质点a刚好开始振动求波在介质中的传播速度；求x=4m的质点在0.14s内运动的路程考点： 波长、频率和波速的关系；横波的图象专题： 压轴题分析： 由题知，振动在t=0.14s时间内传播的距离为x=7m，由公式v=求出波速根据时间0.14s与周期的关系，分析和计算质点通过的路程解答： 解：由题知，振动在t=0.14s时间内传播的距离为x=7m，则该波的传播速度 v=代入数据得：v=50m/s在0.14s内，x=4m的质点只振动了个周期，该质点运动的过程：s=3a=15cm答：波在介质中的传播速度为50m/s；x=4m的质点在0.14s内运动的路程为15cm点评： 本题抓住波在同一介质中是匀速传播的，根据公式v=求出波速是关键c（选修模块3-5）（12分）18如图所示是氢原子的能级图，现有大量处于n=3激发态的氢原子向低能级跃迁，所辐射的光子中，只有一种能使某金属产生光电效应以下判断正确的是（）a该光子一定是氢原子从激发态n=3跃迁到n=2时辐射的光子b该光子一定是氢原子从激发态n=2跃迁到基态时辐射的光子c若氢原子从激发态n=4跃迁到基态，辐射出的光子一定能使该金属产生光电效应d若氢原子从激发态n=4跃迁到n=3，辐射出的光子一定能使该金属产生光电效应考点： 氢原子的能级公式和跃迁专题： 原子的能级结构专题分析： 大量处于n=3激发态的氢原子向低能级跃迁，可以辐射出3种不同频率的光子，只有一种能使某金属产生光电效应知最大频率的光子能使金属发生光电效应解答： 解：a、大量处于n=3激发态的氢原子向低能级跃迁，所辐射的光子中，只有一种能使某金属产生光电效应，知频率最大的光子，即从n=3跃迁到n=1辐射的光子能使金属发生光电效应故a、b错误c、因为n=4跃迁到n=1辐射的光子能量大于n=3跃迁到n=1辐射的光子能量，所以一定能使金属发生光电效应故c正确d、n=4跃迁到n=3辐射的光子能量小于n=3跃迁到n=2辐射的光子能量，所以该光子一定不能使金属发生光电效应故d错误故选c点评： 解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及知道能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差19一个质量为50千克的人站立在静止于平静的水面上的质量为400千克船上，突然船上人以2米/秒的水平速度跳向岸，不计水的阻力，则船以0.25米/秒的速度后退，若该人向上跳起，以人船为系统，人船的动量不守恒（填守恒或不守恒）考点： 动量守恒定律分析： 本题考查了动量守恒条件和动量守恒定律的应用，比较简单，直接利用动量守恒定律即可求解解答： 解：由于不计水的阻力，人和船组成的系统水平方向动量守恒，以人前进方向为正，所以有：mvmv=0，带入数据得v=0.25m/s，若人向上跳起，人船系统在竖直方向上合外力不为零，故其动量不守恒故答案为：0.25m/s，不守恒点评： 在应用动量守恒公式时注意公式的矢量性，同时注意动量守恒的条件强调的是系统外力为零，系统内部物体之间的作用力不影响动量守恒20太阳现在正处于主序星演化阶段它主要是由电子和h、he等原子核组成维持太阳辐射的是它内部的核聚变反应，核反应方程是：2e+4hhe+释放核能，这些核能最后转化为辐射能已知质子质量mp，氦核的质量m，电子质量me，光速c试求每发生一次上述核反应所释放的核能；用上述辐射中产生的波长为400nm某一单色光去照射逸出功为3.01019j金属材料铯时，能否产生光电效应？若能，试求出产生的光电子的最大初动能（保留三位有效数字，普朗克常量h=6.631034js）考点： 爱因斯坦质能方程专题： 爱因斯坦的质能方程应用专题分析： 根据爱因斯坦质能方程，结合质量亏损求出释放的核能根据光电效应的条件判断能否发生光电效应，通过光电效应方程求出光电子的最大初动能解答： 解：（1）根据爱因斯坦质能方程得，e=mc2=（4mp+2mem）c2（2）单色光的能量为e=h=6.631034=4.971019j3.01019j所以可以产生光电效应最大初动能为ekm=hvw0=4.972510193.01019=1.971019j答：（1）每发生一次上述聚变反应所释放的核能为（4mp+2mem）c2（2）能够发生光电效应，光电子的最大初动能为1.971019j点评： 解决本题的关键掌握光电效应方程和爱因斯坦质能方程，并能灵活运用四、计算题（本题共3小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）21如图所示，质量为mb=24kg的木板b放在水平地面上，质量为ma=22kg的木箱a放在木板b上一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为=37已知木箱a与木板b之间的动摩擦因数1=0.5现用水平向右、大小为200n的力f将木板b从木箱a下面匀速抽出（sin 370.6，cos 370.8，重力加速度g取10m/s2），求：（1）轻绳的拉力为多大？（2）木板b与地面之间的动摩擦因数2的大小为多大？考点： 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题： 共点力作用下物体平衡专题分析： 将物体b匀速向右拉出过程中，a物体保持静止状态，受力均平衡分别分析两个物体的受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解即可解答： 解：（1）对a受力分析如图甲所示，由题意得：ftcos=ff1fn1+ftsin=magff1=1fn1由得：ft=100 n（2）对a、b整体受力分析如图乙所示