江苏省淮安市清江中学高三物理上学期第二次周练试题（含解析）.docVIP

2015-2016学年江苏省淮安市清江中学高三（上）第二次周练物理试卷一、单选题（每小题5分，15分）1下列对运动的认识不正确的是（）a亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动b伽利略认为力不是维持物体速度的原因c牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动d伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去2如图是某质点的运动图象，由图象可以得出的正确结论是（）a04s内的位移大小是3mb01s内加速度是2m/s2c04s内平均速度是2m/sd01s内的速度方向与24s内速度方向相反3蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起、腾空并做空中运动为了测量运动员跃起的高度，训练时可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网所受的压力，并在计算机上作出压力时间图象，假如作出的图象如图1所示设运动员在空中运动时可视为质点，则运动员跃起的最大高度是：（g取10m/s2）（）a1.8mb3.6mc5.0md7.2m4如图，位于水平桌面上的物块p，由跨过定滑轮的轻绳与物块q相连，从滑轮到p和到q的两段绳都是水平的已知q与p之间以及p与桌面之间的动摩擦因数都是，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力f拉p使它做匀速运动，则f的大小为（）a4mgb3mgc2mgdmg5如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等现给木块施加一随时间t增大的水平力f=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列反映a1和a2变化的图线中正确的是（）abcd二、多选选择题（44=16分）6一个物体做匀变速直线运动，当t=0时，物体的速度大小为12m/s，方向向东；当t=2s时，物体的速度大小为8m/s，方向仍向东当t为多少时，物体的速度大小变为2m/s（）a3sb5sc7sd9s7如图所示，在水平向右做匀加速直线运动的平板车上有一圆柱体，其质量为m且与竖直挡板及斜面间均无摩擦当车的加速度a突然增大时，斜面对圆柱体的弹力f1和挡板对圆柱体的弹力f2的变化情况是（斜面倾角为）（）af1增大，f2不变bf1增大，f2增大cf1不变，f2增大df1不变，f2减小8半圆柱体p放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板mn，在p和mn之间放有一个光滑均匀的小圆柱体q，整个装置处于静止状态，如图所示是这个装置的截面图，若用外力使mn保持竖直且缓慢地向右移动，在q落到地面以前，发现p始终保持静止，在此过程中，下列说法中正确的是 （）amn对q的弹力逐渐减小b地面对p的摩擦力逐渐增大cp、q间的弹力先减小后增大dq所受的合力逐渐增大9如图所示，一个表面光滑的斜面体m置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为、，且，m的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接a、b两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，a、b恰好在同一高度处于静止状态剪断细绳后，a、b滑至斜面底端，m始终保持静止则（）a滑块a的质量大于滑块b的质量b两滑块到达斜面底端时的速度相同c两滑块到达斜面底端时，a滑块重力的瞬时功率较大d在滑块a、b下滑的过程中，斜面体受到水平向左的摩擦力三、填空题（214=28分）10如右图所示的箱子中，用oa、ob两根绳子吊着一个质量为20kg的重物，若oa与竖直方向夹角为37，bo垂直oa（1）当箱子静止时，求ao、bo绳上的拉力？（2）当箱子向上以加速度以5m/s2竖直向上运动，求ao、bo绳上的拉力？（g=10m/s2） （sin37=0.6，cos37=0.8）11（6分）如图所示，物体在压力f的作用下沿水平地面向右运动，已知a质量为m，a与地面间的动摩擦因数为，拉力为f与水平方向的夹角为，物体受到地面的支持力为，物体受到的摩擦力为，物体加速度大小为12（4分）如图所示，滑轮固定在天花板上，细绳跨过滑轮连接物体a和b，物体b静止于水平地面上，用 f和 fn分别表示地面对物体b的摩擦力和支持力，现将b向左移动一小段距离，物体b仍静止，则f、fn（填增大、减小、不变）13（8分）如图甲所示，某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器的挂钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系（1）该同学将实验器材如图甲所示连接后，沙桶的质量远小于小车及传感器总质量（填需要、不需要），实验时还需要注意什么？（只需填一条注意事项）（2）先接通电源，小车由静止释放，获得的一条纸带如图乙，o、a、b、c、d和e为纸带上六个计数点，o为运动时打的第一个点，则od间的距离为cm（3）图丙是根据实验数据绘出的st2图线（s为各计数点至起点o的距离），则由此图可算出加速度为m/s2（保留两位有效数字）14甲乙两图是测定动摩擦因数常用的两种方案，根据你的实验经验和相关知识回答下列问题（1）关于实验的操作要领和实验现象，下面说法中正确的是a甲图中只要a相对b滑动即可，乙图中a必须做匀速运动b乙图中只要a相对b滑动即可，甲图中b必须做匀速运动c若两种装置中，被拉木块均做匀速运动，则两种情况下两弹簧测力计的读数相同d若两种装置中，被拉木块均做匀速运动，甲图中弹簧测力计的读数较大（2）设木块a和b的质量分别为ma=2kg，mb=4kg，木块a和b间的动摩擦因数1=0.2，木块b与地面间的动摩擦因数2=0.3，弹簧测力计中弹簧的劲度系数k=100n/m，g取10m/s2，则在图甲中，外力fa的大小至少为n，弹簧测力计的弹簧伸长量应为cm四、计算题（13+14+14=41分）15（13分）在细线拉力f作用下，质量m=1.0kg的物体由静止开始竖直向上运动，速度时间图象如图所示，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）在这4s内细线对物体拉力f的最大值、最小值（2）在ft图象中画出拉力f随时间变化的图线（3）若物体从t=0时受到f=15t作用，竖直向上做变加速直线运动，求6秒末物体的速度大小16（14分）质量m=10kg的物体在方向平行于斜面、大小为f=186n的拉力作用下，从固定粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面向上运动，拉力f作用t1=2s后撤去已知斜面与水平面的夹角=37，如图所示斜面足够长，物体与斜面间的动摩擦因数=0.8，取重力加速度g=10m/s2求：（1）在拉力f作用下，物体的加速度大小a1（2）撤去拉力f后，物体沿斜面向上滑行的时间t2（3）试判断物体能否回到斜面底端，若不能请说明理由，若能请计算出物体从出发至回到斜面底端的时间（sin37=0.6，cos37=0.8）17（14分）如图甲所示，质量m=1.0kg的长木板a静止在光滑水平面上，在木板的左端放置一个质量m=2.0kg的小铁块b，铁块与木板间的动摩擦因数=0.1，对铁块施加水平向右的拉力f，f大小随时间变化如图乙所示，4s时撤去拉力可认为a、b间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取重力加速度g=10m/s2求：（1）01s内，a、b的加速度大小aa、ab；（2）若要使小铁块b不会从长木板a上滑落，长木板至少多长；（3）4s内摩擦力对小铁块b做的功2015-2016学年江苏省淮安市清江中学高三（上）第二次周练物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（每小题5分，15分）1下列对运动的认识不正确的是（）a亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动b伽利略认为力不是维持物体速度的原因c牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动d伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去考点：牛顿第一定律；物理学史 分析：亚里士多德的观点符合我们的经验：力是维持运动的原因，但实际上是错误的而实际上力是改变物体运动状态的原因而维持物体运动的原因是惯性解答：解：亚里士多德认为没有力作用在物体上，物体就不会运动只有物体受到力的作用物体才会运动这种观点是错误的，但符合历史史实故a错误伽利略根据理想斜面实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去所以认为力不是维持物体运动状态的原因故b、d正确牛顿认为力是改变物体运动状态的原因，并不是使物体运动的原因，物体维持运动状态的原因是物体具有惯性而c选项中“而不仅仅是使之运动”含义是力使物体运动，显然是错误的故c错误本题选不正确的认识，故选a、c点评：牛顿第一定律解决了力和运动最根本的关系，它是整个牛顿力学的基础2如图是某质点的运动图象，由图象可以得出的正确结论是（）a04s内的位移大小是3mb01s内加速度是2m/s2c04s内平均速度是2m/sd01s内的速度方向与24s内速度方向相反考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移解答：解：a、vt图象的“面积”表示位移，所以04s内的位移大小为s=，平均速度是v=，故ac错误b、vt图象的斜率表示加速度，所以01s内加速度是a=k=2m/s2，故b正确；d、04s内的vt图象均位于横轴上方，这表示速度的方向相同，即与规定的正方向相同，故d错误故选：b点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义3蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起、腾空并做空中运动为了测量运动员跃起的高度，训练时可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网所受的压力，并在计算机上作出压力时间图象，假如作出的图象如图1所示设运动员在空中运动时可视为质点，则运动员跃起的最大高度是：（g取10m/s2）（）a1.8mb3.6mc5.0md7.2m考点：竖直上抛运动 专题：直线运动规律专题分析：运动员离开弹性网后做竖直上抛运动，图中压力传感器示数为零的时间即是运动员在空中竖直上抛运动的时间，根据竖直上抛运动的对称性可知，运动员竖直上抛上升和自由下落的时间为空中运动总时间的一半，据此可求出运动员跃起是最大高度解答：解：由图可知运动员在空中竖直上抛运动的时间为：t=4.3s2.3s=2s根据对称性可知，下落的时间为：t1=1s运动员做竖直上抛运动，所以跃起最大高度为：h=m=5m故abd错误，c正确故选：c点评：竖直上抛运动的对称性特点，是对竖直上抛运动考查的重点，要熟练掌握和应用，同时要掌握运动学公式，并能熟练应用4如图，位于水平桌面上的物块p，由跨过定滑轮的轻绳与物块q相连，从滑轮到p和到q的两段绳都是水平的已知q与p之间以及p与桌面之间的动摩擦因数都是，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力f拉p使它做匀速运动，则f的大小为（）a4mgb3mgc2mgdmg考点：共点力平衡的条件及其应用 专题：计算题分析：先对物块q受力分析，根据平衡条件求出细线的拉力，然后对物块p受力分析，再次根据平衡条件求出力f解答：解：对q物块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为t木块q与p间的滑动摩擦力f=mg 根据共点力平衡条件t=f 对木块p受力分析，受拉力f，q对p向左的摩擦力f，地面对p物体向左的摩擦力f，根据共点力平衡条件，有f=f+f+t 地面对p物体向左的摩擦力f=（2m）g由式可以解得f=4mg故选a点评：本题关键在于分别对两个木块进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解5如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等现给木块施加一随时间t增大的水平力f=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列反映a1和a2变化的图线中正确的是（）abcd考点：牛顿第二定律 专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题分析：当f比较小时，两个物体相对静止，一起加速运动，加速度相同，根据牛顿第二定律得出加速度与时间的关系当f比较大时，m2相对于m1运动，两者加速度不同，根据牛顿第二定律分别对两个物体研究，得出加速度与时间的关系，再选择图象解答：解：当f比较小时，两个物体相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律得： a=，at；当f比较大时，m2相对于m1运动，根据牛顿第二定律得： 对m1：a1=，、m1、m2都一定，则a1一定 对m2：a2=tg，a2是t的线性函数，t增大，a2增大由于，则两木板相对滑动后a2图象大于两者相对静止时图象的斜率故a正确故选：a点评：本题首先要分两个相对静止和相对运动两种状态分析，其次采用整体法和隔离法研究得到加速度与时间的关系式，再选择图象，是经常采用的思路二、多选选择题（44=16分）6一个物体做匀变速直线运动，当t=0时，物体的速度大小为12m/s，方向向东；当t=2s时，物体的速度大小为8m/s，方向仍向东当t为多少时，物体的速度大小变为2m/s（）a3sb5sc7sd9s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体的加速度，结合速度时间公式求出速度大小变为2m/s时的时间，注意2m/s的速度可能向东，可能向西解答：解：物体做匀变速直线运动的加速度a=；当2m/s的速度方向向东，则；当2m/s的速度方向向西，则；故b、c正确，a、d错误故选：bc点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，注意公式的矢量性7如图所示，在水平向右做匀加速直线运动的平板车上有一圆柱体，其质量为m且与竖直挡板及斜面间均无摩擦当车的加速度a突然增大时，斜面对圆柱体的弹力f1和挡板对圆柱体的弹力f2的变化情况是（斜面倾角为）（）af1增大，f2不变bf1增大，f2增大cf1不变，f2增大df1不变，f2减小考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：圆柱体和车具有相同的加速度，对圆柱体受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度的大小当加速度增大，抓住竖直方向上的合力为零，判断斜面对圆柱体的弹力大小变化解答：解：圆柱体的受力如图，可知小车的加速度沿水平方向，则圆柱体的加速度沿水平方向，根当平板车的加速度增大，因为圆柱体在竖直方向上合力为零，则斜面对圆柱体的弹力在竖直方向上的分力等于重力，则弹力不变，挡板对圆柱体的弹力增大故选：c点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，知道圆柱体和车具有相同的加速度8半圆柱体p放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板mn，在p和mn之间放有一个光滑均匀的小圆柱体q，整个装置处于静止状态，如图所示是这个装置的截面图，若用外力使mn保持竖直且缓慢地向右移动，在q落到地面以前，发现p始终保持静止，在此过程中，下列说法中正确的是 （）amn对q的弹力逐渐减小b地面对p的摩擦力逐渐增大cp、q间的弹力先减小后增大dq所受的合力逐渐增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对q受力分析，受重力、p对q的支持力和mn对q的支持力，根据平衡条件求解出两个支持力；再对p、q整体受力分析，受重力、地面支持力、mn挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力，再次根据共点力平衡条件列式求解解答：解：先对q受力分析，受重力、p对q的支持力和mn对q的支持力，如图根据共点力平衡条件，有n1=n2=mgtan再对p、q整体受力分析，受重力、地面支持力、mn挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力，如图根据共点力平衡条件，有f=n2n=（m+m）g故f=mgtanmn保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角不断变大，故f变大，n不变，n1变大，n2变大，p、q受到的合力为零；故选b点评：本题关键是先对物体q受力分析，再对p、q整体受力分析，然后根据共点力平衡条件求出各个力的表达式，最后再进行讨论9如图所示，一个表面光滑的斜面体m置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为、，且，m的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接a、b两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，a、b恰好在同一高度处于静止状态剪断细绳后，a、b滑至斜面底端，m始终保持静止则（）a滑块a的质量大于滑块b的质量b两滑块到达斜面底端时的速度相同c两滑块到达斜面底端时，a滑块重力的瞬时功率较大d在滑块a、b下滑的过程中，斜面体受到水平向左的摩擦力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对两个滑块分别受力分析，然后根据平衡条件列方程判断；最后再对斜面体受力分析，判断静摩擦力的方向解答：解：a、滑块a和滑块b沿着斜面方向的分力等大，故：magsin=mbgsin；由于，故mamb，故a正确；b、滑块下滑过程机械能守恒，有：mgh=，故v=，由于两个滑块的高度差相等，故落地速度相等，但方向不同，故b错误；c、滑块到达斜面底端时，滑块重力的瞬时功率：pa=magsinv，pb=mbgsinv；由于magsin=mbgsin，故pa=pb，故c错误；d、滑块a对斜面体压力等于重力的垂直分力magcos，滑块b对斜面体压力也等于重力的垂直分力mbgcos，如图所示nasinnbsin=magcossinmbgcossin；由于magsin=mbgsin；故nasinnbsin=magcossinmbgcossin0，故静摩擦力向左，故d正确；故选：ad点评：本题关键隔离三个物体分别受力分析，根据平衡条件列方程判断；同时要结合机械能守恒定律判断三、填空题（214=28分）10如右图所示的箱子中，用oa、ob两根绳子吊着一个质量为20kg的重物，若oa与竖直方向夹角为37，bo垂直oa（1）当箱子静止时，求ao、bo绳上的拉力？（2）当箱子向上以加速度以5m/s2竖直向上运动，求ao、bo绳上的拉力？（g=10m/s2） （sin37=0.6，cos37=0.8）考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）以箱子为研究对象，分析受力情况：重力、绳ao和bo的拉力，根据平衡条件列方程求解两绳的拉力（2）当箱子向上以加速度以5m/s2竖直向上运动时，两绳的拉力增大，合力方向竖直向上，水平方向力平衡，由牛顿第二定律求解两绳的拉力解答：解：（1）以箱子为研究对象，根据平衡条件得 tacos+tbsin=mg tasin=tbcos 联立上两式解得 ta=160n，tb=120n （2）当箱子向上以加速度以5m/s2竖直向上运动时，由牛顿第二定律得 tacos+tbsinmg=ma 又tasin=tbcos 代入解得ta=240n，tb=160n答：（1）当箱子静止时，ao、bo绳上的拉力分别为160n和120n （2）当箱子向上以加速度以5m/s2竖直向上运动，ao、bo绳上的拉力分别为=240n和160n点评：本题是采用正交分解法求解的，也可以应用合成法处理，即作出两绳拉力的合力，平衡时其合力与重力大小相等，方向相反；有加速度时，这个合力竖直向上11（6分）如图所示，物体在压力f的作用下沿水平地面向右运动，已知a质量为m，a与地面间的动摩擦因数为，拉力为f与水平方向的夹角为，物体受到地面的支持力为mg+fsin，物体受到的摩擦力为（mg+fsin），物体加速度大小为考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：以物体为研究对象，受力分析，正交分解，根据平衡条件求支持力和摩擦力的大小，合力等于推力的水平分力减去摩擦力，根据牛顿第二定律求解加速度解答：解：对物体受力分析，如图所示：根据平衡条件，竖直方向：n=mg+fsin；摩擦力f=n=（mg+fsin）合力f合=fcosf=fcos（mg+fsin）根据牛顿第二定律得：a=故答案为：mg+fsin；（mg+fsin）；点评：本题考查受力分析以及正交分解的应用，当物体受三个以上的作用力时通常用正交分解法12（4分）如图所示，滑轮固定在天花板上，细绳跨过滑轮连接物体a和b，物体b静止于水平地面上，用 f和 fn分别表示地面对物体b的摩擦力和支持力，现将b向左移动一小段距离，物体b仍静止，则f减小、fn减小（填增大、减小、不变）考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：在物快b向左缓慢移动一小段距离的过程中，绳子对b的拉力大小一直不变再对b进行受力分析，用共点力的平衡求解解答：解：对物块a进行受力分析知，由于a静止，故绳中拉力与a物体的重力大小相等，方向相反，即t=mag对物快b受力分析，受到重力g、绳子的拉力t、地面的支持力fn和摩擦力ff四个力的作用，如图在水平方向上：ff=tcos在竖直方向上：fn=gtsin物快b向左缓慢移动一小段距离，变大，tcos变小，tsin变大，所以ff变小，fn也变小故答案为：减小，减小点评：利用共点力平衡条件解题是，一定要正确的对物体进行受力分析本题还有就是正确分析物体b位置改变后，绳子拉力在水平和竖直方向的分力的变化13（8分）如图甲所示，某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器的挂钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系（1）该同学将实验器材如图甲所示连接后，沙桶的质量不需要远小于小车及传感器总质量（填需要、不需要），实验时还需要注意什么？平衡摩擦力（只需填一条注意事项）（2）先接通电源，小车由静止释放，获得的一条纸带如图乙，o、a、b、c、d和e为纸带上六个计数点，o为运动时打的第一个点，则od间的距离为1.20cm（3）图丙是根据实验数据绘出的st2图线（s为各计数点至起点o的距离），则由此图可算出加速度为0.93m/s2（保留两位有效数字）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量（2）由图示刻度尺确定其分度值，读出其示数（3）应用匀变速直线运动的位移公式与图示图象求出加速度解答：解：（1）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量，实验前要平衡摩擦力（2）有图示刻度尺可知，其分度值为1mm，od间的距离为：2.201.00=1.20cm（3）小车做初速度为零的匀加速直线运动，位移：s=at2，则st2图象的斜率：k=a，由图示图象可知：k=0.465m/s2，则加速度：a=2k=20.465=0.93m/s2；故答案为：（1）不需要；平衡摩擦力；（2）1.20；（3）0.93点评：本题考查了实验注意事项、刻度尺读数、求加速度；对刻度尺读数时要先确定刻度尺的分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直；应用匀变速直线运动的位移公式、分析清楚图示图象即可求出加速度14甲乙两图是测定动摩擦因数常用的两种方案，根据你的实验经验和相关知识回答下列问题（1）关于实验的操作要领和实验现象，下面说法中正确的是aca甲图中只要a相对b滑动即可，乙图中a必须做匀速运动b乙图中只要a相对b滑动即可，甲图中b必须做匀速运动c若两种装置中，被拉木块均做匀速运动，则两种情况下两弹簧测力计的读数相同d若两种装置中，被拉木块均做匀速运动，甲图中弹簧测力计的读数较大（2）设木块a和b的质量分别为ma=2kg，mb=4kg，木块a和b间的动摩擦因数1=0.2，木块b与地面间的动摩擦因数2=0.3，弹簧测力计中弹簧的劲度系数k=100n/m，g取10m/s2，则在图甲中，外力fa的大小至少为22n，弹簧测力计的弹簧伸长量应为4cm考点：探究影响摩擦力的大小的因素 专题：实验题分析：（1）两种方案均是根据木块处于平衡状态时，摩擦力的大小与弹簧的示数相等，求摩擦力也就是看弹簧的读数的工作原理，其区别是操作的可行性；（2）当拉着b匀速运动时，拉力最小，此时拉力大小等于b所受摩擦力大小，对于a根据摩擦力和弹簧弹力大小相等列方程可求出弹簧的伸长量解答：解：（1）实验时如果木块不保持匀速直线运动，摩擦力不等于拉力，只有当弹簧秤拉动木块匀速运动时，拉力才与摩擦力成为一对平衡力，甲图中拉动b时，木块受到向左的摩擦力，由于木块相对地面静止，只要a相对b滑动即可，乙图中，a必须做匀速运动，摩擦力才等于弹簧弹力，故a正确，b错误；若两种装置中，被拉木块均做匀速运动，滑动摩擦力等于弹簧弹力，由于a对b压力相等，因此滑动摩擦力相等，故弹簧示数相等，故c正确，d错误故选ac（2）当拉着b匀速运动时，拉力最小，此时拉力大小等于b所受摩擦力大小，因此有：a给b的摩擦力大小为：f1=fn1=mag=4n地面给b的摩擦力大小为：f2=fn2=（ma+mb）g=18nfa=f1+f2=22n对于a弹簧弹力等于其所受摩擦力大小，因此有：kx=f1，故答案为：22，4点评：一个实验设计，必须遵循科学性原则，简便性原则，可操作性原则以及准确性原则；这一考题正是考查考生在两个实验方案中，就可操作性以及准确性方面做出正确判断的能力以及数据处理的能力四、计算题（13+14+14=41分）15（13分）在细线拉力f作用下，质量m=1.0kg的物体由静止开始竖直向上运动，速度时间图象如图所示，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）在这4s内细线对物体拉力f的最大值、最小值（2）在ft图象中画出拉力f随时间变化的图线（3）若物体从t=0时受到f=15t作用，竖直向上做变加速直线运动，求6秒末物体的速度大小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）物体先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，最后做匀减速直线运动；根据图象求出每段过程中的加速度，根据牛顿第二定律求出每段过程中的拉力，从而得出拉力的最大值和最小值（2）根据第一问中求出的拉力大小，画出拉力f随时间变化的图线（3）根据牛顿第二定律求加速度的表达式，画出at图象，图象与时间轴所围的面积表示速度的变化量解答：解：（1）t=0至t=1s内，物体匀加速上升，产生超重现象加速度大小 a1=5m/s2，方向向上由牛顿第二定律，有 f1mg=ma1拉力最大值 f1=mg+ma1=15nt=1s至t=2s内，物体匀速上升，拉力f2=mg=10nt=2s至t=4s内，物体匀减速上升，产生失重现象加速度a3=2.5m/s2，负号表明方向向下由牛顿第二定律，有 f3mg=ma3拉力最小值 f1=mg+ma3=10n+1.0（2.5）n=7.5n（2）如图所示 （3）物体的加速度为 a=（5t）m/s2；由于物体的初速度为零，所以6秒末物体的速度大小等于位移“面积”大小，为 v=55=12m/s答：（1）在这4s内细线对物体拉力f的最大值是10n、最小值是7.5n（2）在ft图象中画出拉力f随时间变化的图线如图（3）6秒末物体的速度大小为12m/s点评：解决本题的关键会根据速度时间图线求出加速度，以及会运用牛顿第二定律求拉力16（14分）质量m=10kg的物体在方向平行于斜面、大小为f=186n的拉力作用下，从固定粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面向上运动，拉力f作用t1=2s后撤去已知斜面与水平面的夹角=37，如图所示斜面足够长，物体与斜面间的动摩擦因数=0.8，取重力加速度g=10m/s2求：（1）在拉力f作用下，物体的加速度大小a1（2）撤去拉力f后，物体沿斜面向上滑行的时间t2（3）试判断物体能否回到斜面底端，若不能请说明理由，若能请计算出物体从出发至回到斜面底端的时间（sin37=0.6，cos37=0.8）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）根据牛顿第二定律求出上升时物体的加速度（2）通过运动学公式求出撤去拉力时的速度，根据牛顿第二定律求出撤去拉力后的加速度，从而根据速度时间公式求出沿斜面上滑的时间（3）根据重力的下滑分力与最大静摩擦力的关系，分析物体能否下滑，若能下滑，再由牛顿第二定律和位移时间公式求解时间解答：解：（1）设在拉力f作用下物体的加速度大小为a1根据牛顿第二定律 有 f（mgsin+mgcos）=ma1解得 a1=g（sin+cos）=10（