江苏省南通市如皋市石庄高中高一物理下学期期末模拟试卷（一）（含解析）.doc

2014-2015学年江苏省 南通市如皋市石庄高中高一（下）期末物理模拟试卷（一）一、选择题（共10小题，每小题3分，满分34分）1（3分）（2015春如皋市期末）在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为r0的一点引入电荷量为q的检验电荷，所受静电力为f，则离该点电荷为r处的场强为（）abcd2（3分）（2015春如皋市期末）商场很多电梯是台式的，顾客站在匀速上行的台式扶梯上上楼，若顾客站着不动时，扶梯对他做功为w1，做功功率为p1，若他在扶梯上相对扶梯向上匀速走动时，扶梯对他做功为w2，做功功率为p2，则下列说法中正确的是（）aw1=w2，p1=p2bw1w2，p1=p2cw1=w2，p1p2dw1w2，p1p23（3分）（2010春增城市期末）质量为m的汽车，启动后发动机以额定功率p行驶，经过一段时间后将达到以速度v匀速行驶，若行驶中受到的摩擦阻力大小不变，则在加速过程中车速为时，汽车的加速度大小为（）abcd04（3分）（2015春如皋市期末）如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面3上时具有动能60j，它运动到等势面1上时，速度恰好为零，令2=0，那么，当该电荷的电势能为12j时，其动能大小为（）ja48jb30jc18jd10j5（3分）（2015春如皋市期末）如图所示，当滑动变阻器的滑动触头向左移时，灯泡l1、l2、l3的亮度将（）a都变亮b都变暗cl1、l2变亮，l3变暗dl1、l3变亮，l2变暗6（3分）（2015春如皋市期末）图（a）、（b）两电路的元件完全相同，则四个电表示数的大小关系正确的是（）ai1i2，u1u2bi1i2，u1u2ci1i2，u1u2di1i2，u1u27（4分）（2010安化县校级模拟）如图所示，半径r=0.5m的光滑圆轨道被竖直固定在水平地面上，圆轨道最低处有一小球（小球的半径比r小很多）现给小球一个水平向右的初速度v0，要使小球不脱离轨道运动，v0应满足（）av00bv0m/scv05m/sdv0m/s8（4分）（2009泰州模拟）如图所示，一长为2l的轻杆中央有一光滑的小孔o，两端各固定质量为2m和m的a、b两个小球，光滑的铁钉穿过小孔垂直钉在竖直的墙壁上，将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置，在转动的过程中，忽略一切阻力下列说法正确的是（）a杆转到竖直位置时，a、b两球的速度大小相等，为b杆转到竖直位置时，杆对b球的作用力向上，大小为mgc杆转到竖直位置时，b球的机械能减少了mgld由于忽略一切摩擦阻力，a球机械能一定守恒9（4分）（2011山东模拟）如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，o、m、n是y轴上的三个点，且om=mnp点在y轴右侧，mpon则（）am点的电势比p点高b将负电荷由o点移动到p点，电场力做正功cm、n两点间的电势差大于o、m两点间的电势d在o点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动10（4分）（2015春如皋市期末）物体在恒定阻力作用下，以某初速度在水平面上沿直线滑行直到停止以a、ek、x和t分别表示物体运动的加速度大小、动能、位移的大小和运动的时间则以下各图象中，能正确反映这一过程的是（）abcd二、填空题（每空2分，共18分）11（10分）（2015滕州市校级模拟）为了测量一微安表头a的内阻，某同学设计了如图所示的电路图中，a0是标准电流表，r0和rn分别是滑动变阻器和电阻箱，s和s1分别是单刀双掷开关和单刀开关，e是电池完成下列实验步骤中的填空：（1）将s拨向接点1，接通s1，调节，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时的读数i；（2）然后将s拨向接点2，调节，使，记下此时rn的读数；（3）多次重复上述过程，计算rn读数的，此即为待测微安表头内阻的测量值12（8分）（2015春如皋市期末）在“验证机械能守恒定律”的实验中，由于在运动的初始阶段计时器打出的一些点迹模糊不清，故必须选择比较清楚的点作为测量起点，现所选的测量范围的第一点在米尺上的位置为x1，第四点在米尺上的位置为x2，第七点在米尺上的位置为x3，第十点在米尺上的位置为x4，如图所示，若下落物体的质量为m，打点计时器每隔t秒打一点，则可利用上述数据求出物体从第四点到第七点这一段过程中重力势能的减少量是，动能的增加量是，若打点计时器使用的交流电频率为50hz，读得x1=2.8cm，x2=8.1cm，x3=16.8cm，x4=29.1cm，则重力势能的减少量为，动能的增加量为（g取9.8m/s2）三、计算题13（16分）（2015春如皋市期末）如图所示，电源电动势e=6v，内电阻r=2，定值电阻r1=r2=12，电动机m的内电阻r3=2当开关s闭合，电动机转动稳定后，电压表的读数u1=4v若电动机除内电阻外其他损耗不计，求：（1）电路的路端电压u2；（2）r2的电流是多少；（3）电动机输出的机械功率p14（16分）（2014安徽）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为c，极板间距离为d，上极板正中有一小孔，质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g），求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；（3）小球从开始下落运动到下极板处的时间15（16分）（2015春如皋市期末）如图所示，质量m=1kg的滑块（可看成质点），被压缩的弹簧弹出后在粗糙的水平桌面上滑行一段距离x=0.4m后从桌面抛出，落在水平地面上落点到桌边的水平距离s=1.2m，桌面距地面的高度h=0.8m滑块与桌面间的动摩擦因数=0.2（取g=10m/s2，空气阻力不计）求：（1）滑块离开桌面时时速度的大小；（2）滑块与桌面摩擦而产生的内能（3）弹簧弹力对滑块所做的功2014-2015学年江苏省南通市如皋市石庄高中高一（下）期末物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，满分34分）1（3分）（2015春如皋市期末）在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为r0的一点引入电荷量为q的检验电荷，所受静电力为f，则离该点电荷为r处的场强为（）abcd考点：电场强度；库仑定律专题：电场力与电势的性质专题分析：先根据电场强度的定义式e=求出离该点电荷距离为r0处的场强大小，再由点电荷场强公式e=k，运用比例求解离该点电荷为r处的场强解答：解：根据电场强度定义得r0处的场强大小为 e1=根据点电荷的场强公式得e=k，q为场源电荷的电量，则离该点电荷为r0处的场强为：e1=k，离该点电荷为r处的场强为：e2=k，由上两式之比得：=所以该点电荷为r处的场强的大小为 e2=e1=故选：b点评：解答本题关键要掌握场强的两大公式定义式e=和点电荷场强公式e=k，熟练运用比例法，即可进行求解2（3分）（2015春如皋市期末）商场很多电梯是台式的，顾客站在匀速上行的台式扶梯上上楼，若顾客站着不动时，扶梯对他做功为w1，做功功率为p1，若他在扶梯上相对扶梯向上匀速走动时，扶梯对他做功为w2，做功功率为p2，则下列说法中正确的是（）aw1=w2，p1=p2bw1w2，p1=p2cw1=w2，p1p2dw1w2，p1p2考点：功率、平均功率和瞬时功率专题：功率的计算专题分析：功等于力和在力的方向上通过距离的乘积，两种情况力的大小相同，但通过的距离不同，据此分析判断做功的多少；根据p=fv判定功率的关系解答：解：第一次是人相对电梯静止，电梯将人送上楼，第二次人相对电梯v2的速度上行，两次所用时间不同，第二次用的时间少，第二次送客运行的距离少，用力相同，根据w=fs可知第二次做功少，所以w1w2电梯匀速上行，速度不变；人相对电梯静止或匀速向上走时，都是出于平衡状态，电梯对人的作用力都等于人的重力，根据公式：p=fv，两次的功率是相等的，即：p1=p2所以选项b正确故选：b点评：本题考查了学生对功的计算公式的掌握和运用，确定第二次送客运行的距离少是本题的关键3（3分）（2010春增城市期末）质量为m的汽车，启动后发动机以额定功率p行驶，经过一段时间后将达到以速度v匀速行驶，若行驶中受到的摩擦阻力大小不变，则在加速过程中车速为时，汽车的加速度大小为（）abcd0考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律专题：功率的计算专题分析：当汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，根据求出阻力，再根据p=，求出速度为时的牵引力，然后根据牛顿第二定律求出加速度解答：解：当汽车匀速行驶时，有根据p=f，得由牛顿第二定律得a=故b正确，a、c、d错误故选b点评：解决本题的关键掌握功率的公式p=fv，当功率不变时，速度增大，牵引力减小，牵引力等于阻力时，速度最大，以后做匀速直线运动4（3分）（2015春如皋市期末）如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面3上时具有动能60j，它运动到等势面1上时，速度恰好为零，令2=0，那么，当该电荷的电势能为12j时，其动能大小为（）ja48jb30jc18jd10j考点：电场线专题：电场力与电势的性质专题分析：相邻等势面间的电势差相等，电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，根据动能定理求出电荷经经过2等势面时的动能，确定电荷的总能量，再由能量守恒定律求出电势能为12j时它的动能解答：解：由题，正电荷在等势面3上时动能60j，在等势面1上时动能为零，从等势面3上等势面1上时电荷动能的减小60j由于相邻等势面间的电势差相等，由w=qu知：电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，动能减小量相等，则电荷经过2等势面时的动能为30j又2=0，电荷在等势面2上电势能为0，所以电荷的动能与电势能的总量为30j，根据能量守恒定律得到，电势能为12j时它的动能为18j故选：c点评：本题要充分运用匀强电场的特点，确定出电荷的总能量是关键由能量守恒定律求解5（3分）（2015春如皋市期末）如图所示，当滑动变阻器的滑动触头向左移时，灯泡l1、l2、l3的亮度将（）a都变亮b都变暗cl1、l2变亮，l3变暗dl1、l3变亮，l2变暗考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：首先认识电路的结构：电灯l2与变阻器串联后与灯泡l3并联，最后再与l1串联；当滑动变阻器的滑动触头p向左移动时，变阻器接入电路的电阻变小，故总电阻变小，根据欧姆定律判断干路电流的变化情况，然后逐步判断各个各个部分的电流或电压情况，从而判断灯泡的亮度解答：解：当滑动变阻器的滑动触头p向左移动时，变阻器有效电阻变小，故整个电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知干路电流增大，故灯泡l1变亮；并联电路的电压u并=ei（rl1+r），故并联电路电压变小，灯泡l3变暗；干路电流变大，而通过灯泡l3的电流变小，故通过灯泡l2的电流增大，灯泡l2变亮；故abd错误，c正确故选：c点评：解决动态电路的关键是：通常按照局部整体局部的思路进行分析，在灵活应用串并联电压和电流的关系，判断各支路的电压和电流的变化6（3分）（2015春如皋市期末）图（a）、（b）两电路的元件完全相同，则四个电表示数的大小关系正确的是（）ai1i2，u1u2bi1i2，u1u2ci1i2，u1u2di1i2，u1u2考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：二极管具有单向导电性，根据二极管的特性和欧姆定律结合进行分析解答：解：a图中二极管加的是正向电压，处于导通状态，电阻很小，b图中二极管加的是反向电压，处于截止状态，电阻很大，根据欧姆定律可知i1i2根据串联电压的分压规律可知，a图中电压表的读数比b图中小，即u1u2故abc错误，d正确故选：d点评：解决本题的关键要掌握二极管的单向导电性，根据电路的基本规律进行分析7（4分）（2010安化县校级模拟）如图所示，半径r=0.5m的光滑圆轨道被竖直固定在水平地面上，圆轨道最低处有一小球（小球的半径比r小很多）现给小球一个水平向右的初速度v0，要使小球不脱离轨道运动，v0应满足（）av00bv0m/scv05m/sdv0m/s考点：向心力专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：要使小球不脱离轨道运动，1、越过最高点2、不越过四分之一圆周根据动能定理求出初速度v0的条件解答：解：最高点的临界情况：mg=m，解得v=根据动能定理得，mg2r=解得v0=5m/s若不通过四分之一圆周，根据动能定理有：mgr=0解得所以v05m/或故选：cd点评：解决本题的关键知道小球在内轨道运动最高点的临界情况，以及能够熟练运用动能定理8（4分）（2009泰州模拟）如图所示，一长为2l的轻杆中央有一光滑的小孔o，两端各固定质量为2m和m的a、b两个小球，光滑的铁钉穿过小孔垂直钉在竖直的墙壁上，将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置，在转动的过程中，忽略一切阻力下列说法正确的是（）a杆转到竖直位置时，a、b两球的速度大小相等，为b杆转到竖直位置时，杆对b球的作用力向上，大小为mgc杆转到竖直位置时，b球的机械能减少了mgld由于忽略一切摩擦阻力，a球机械能一定守恒考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置时，a、b两球的速度大小相等，根据系统的机械能守恒，求出速度大小对b研究，根据牛顿第二定律求解杆的作用力大小和方向，分析机械能的变化，判断a的机械能是否守恒解答：解：a、将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置时，a、b两球的速度大小相等，设为v，根据系统的机械能守恒，得2mglmgl=3mv2，解得，v=故a正确b、杆转到竖直位置时，对b球：mgn=m，解得，n=故b正确c、杆转到竖直位置时，b球的重力势能增加为mgl，动能增加量为mv 2=mgl，则其机械能增加了mg故c错误d、尽管忽略了一切摩擦阻力，两球组成的系统机械能守恒，b的机械能增加，则a的机械能减小故d错误故选ab点评：本题是轻杆连接的模型问题，对系统机械能是守恒的，但对单个小球机械能并不守恒，运用系统机械能守恒和牛顿运动定律结合研究9（4分）（2011山东模拟）如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，o、m、n是y轴上的三个点，且om=mnp点在y轴右侧，mpon则（）am点的电势比p点高b将负电荷由o点移动到p点，电场力做正功cm、n两点间的电势差大于o、m两点间的电势d在o点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动考点：电场线；电势；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加解答：解：a、过m、p、n做等势线，可得到过p点的等势线通过m、n之间，因顺着电场线电势降低，则有mpn，故a正确；b、将负电荷由o点移到p点，因uop0，所以w=quop0，则负电荷做负功，故b错误；c、由u=ed可知，mn间的平均场强小于om间的平均场强，故mn两点间的电势差小于om两点间的电势差，c错误；d、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在o点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，则该粒子将沿y轴做直线运动，故d正确故选ad点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题10（4分）（2015春如皋市期末）物体在恒定阻力作用下，以某初速度在水平面上沿直线滑行直到停止以a、ek、x和t分别表示物体运动的加速度大小、动能、位移的大小和运动的时间则以下各图象中，能正确反映这一过程的是（）abcd考点：功能关系分析：物体受恒定阻力作用，所以物体的加速度恒定；由动能定理可知动能与距离是一次函数，与时间是二次函数解答：解：由于物体受恒力，根据牛顿第二定律，加速度一直不变，a错误，b正确由于ek=ek0f阻s，可知动能与运动距离呈一次函数，故c正确；又有s=vtat2，可知动能与时间呈二次函数，d错误故选：bc点评：解答本题的关键是根据每个图象中的物理量，列出这几个物理量的关系式即可二、填空题（每空2分，共18分）11（10分）（2015滕州市校级模拟）为了测量一微安表头a的内阻，某同学设计了如图所示的电路图中，a0是标准电流表，r0和rn分别是滑动变阻器和电阻箱，s和s1分别是单刀双掷开关和单刀开关，e是电池完成下列实验步骤中的填空：（1）将s拨向接点1，接通s1，调节r0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电流表的读数i；（2）然后将s拨向接点2，调节rn，使标准电流表的读数仍为i，记下此时rn的读数；（3）多次重复上述过程，计算rn读数的平均值，此即为待测微安表头内阻的测量值考点：用多用电表测电阻专题：实验题；恒定电流专题分析：先接通1，使待测电表有一示数，再接通2调节电阻箱使待测电表的示数相同，此时电阻箱的示数即为待测电表的内阻解答：解：（1）将s拨向接点1，接通s1，调节r0 使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电流表 读数i；（2）然后将s拨向接点2，调节rn，使 标准电流表的读数仍为i，记下此时rn的读数；（3）多次重复上述过程，计算rn读数的 平均值，此即为待测微安表头内阻的测量值故答案为：（1）r0，标准电流表；（2）rn，标准电流表的读数仍为i；（3）平均值点评：本题考查了一种新的实验方法测量电表的内阻，要能够根据实验原理图知道实验的原理和步骤12（8分）（2015春如皋市期末）在“验证机械能守恒定律”的实验中，由于在运动的初始阶段计时器打出的一些点迹模糊不清，故必须选择比较清楚的点作为测量起点，现所选的测量范围的第一点在米尺上的位置为x1，第四点在米尺上的位置为x2，第七点在米尺上的位置为x3，第十点在米尺上的位置为x4，如图所示，若下落物体的质量为m，打点计时器每隔t秒打一点，则可利用上述数据求出物体从第四点到第七点这一段过程中重力势能的减少量是mg（x3x2），动能的增加量是mg（）2m（）2，若打点计时器使用的交流电频率为50hz，读得x1=2.8cm，x2=8.1cm，x3=16.8cm，x4=29.1cm，则重力势能的减少量为0.85m，动能的增加量为0.85m（g取9.8m/s2）考点：验证机械能守恒定律专题：实验题分析：根据4、7两点的距离求出这一过程中重力势能的减小量，分别求出4和7这两点的速度，从而得出动能的增加量代入数据，求出势能的减小量和动能的增加量解答：解：物体从第四点到第七点这一段过程中下降的距离x=x3x2，从而得出重力势能的减小量为mg（x3x2）4这一点的瞬时速度等于第1点和第7点间的平均速度，所以v1=，7这一点的瞬时速度等于第4点和第10点间的平均速度，v2=则动能的增加量为mg（）2m（）2代入数据解得，势能的减小量为0.85m，动能的增加量为0.85m故答案为：mg（x3x2），mg（）2m（）2，0.85m0.85m点评：解决本题的关键掌握瞬时速度的求法，从而求出动能的增加量以及掌握重力势能减小量的求法三、计算题13（16分）（2015春如皋市期末）如图所示，电源电动势e=6v，内电阻r=2，定值电阻r1=r2=12，电动机m的内电阻r3=2当开关s闭合，电动机转动稳定后，电压表的读数u1=4v若电动机除内电阻外其他损耗不计，求：（1）电路的路端电压u2；（2）r2的电流是多少；（3）电动机输出的机械功率p考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：（1）r2两端的电压 u2，根据欧姆定律求解出各个支路的电流，根据闭合电路欧姆定律列式求解（2）直接由欧姆定律即可求得流过r2的电流；（3）根据电动机消耗的总功率及产生的热功率，由能量守恒可求得输出的机械功率解答：解：（1）根据闭合电路欧姆定律，有：解得：u2=5v（2）r2中的电流i=0.42a；（3）通过电动机的电流：=故电动机m输出的机械功率p=答：（1）路端电压u2为5v；（2）通过r2的电流为0.42a；（3）电动机m输出的机械功率p为点评：本题要求学生能通过电路中开关的通断得出正确的电路图，并能灵活应用串并联电路的规律及欧姆定律求解14（16分）（2014安徽）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为c，极板间距离为d，上极板正中有一小孔，质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g），求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；（3）小球从开始下落运动到下极板处的时间考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动量定理；动能定理的应用专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式列式求解即可；（2）对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式求解电场强度，然后根据q=cu求解电