江苏省连云港市海头高中高三物理上学期12月月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高三（上）月考物理试卷（12月份）一.单选题1小明同学在学习中勤于思考，并且善于动手，在学习了圆周运动知识后，他自制了一个玩具，如图所示，用长为r的细杆粘住一个质量为m的小球，使之绕另一端o在竖直平面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，在这点时( )a小球对细杆的拉力是b小球对细杆的压力是c小球对细杆的拉力是mgd小球对细杆的压力是mg2如图所示，在xoy坐标系中以0为中心的椭圆上，有ab，c，d，e五点，其中a、b、c、d为椭圆与坐标轴的交点现在椭圆的一个焦点o1固定一正点电荷，另一正试探电荷仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( )aa、c两点的电场强度相同bd点的电势小于b点的电势c正试探电荷沿虚线运动过程中在b点的动能大于在e点的动能d若将正试探电荷由a沿椭圆经be移动到c，电场力先做负功后做正功，但总功为零3在如图所示的电路中电源电动势为e，内阻为r，m为多种元件集成的电子元件，其阻值与两端所加的电压成正比（即rm=ku，式中k为正常数）且遵循欧姆定律，l1和l2是规格相同的小灯泡（其电阻可视为不随温度变化而变化），r为可变电阻现闭合开关s，调节可变电阻r使其电阻逐渐减小，下列说法中正确的是( )a灯泡l1变暗，l2变亮b通过电阻r的电流增大c电子元件m两端的电压变小d电源两端电压变小4如图所示的电路中，电压表都看做理想电表，电源内阻为r闭合电键s，当把滑动变阻器的滑片p向b端移动时( )a电压表v1的示数变大，电压表v2的示数变小b电压表v1的示数变小，电压表v2的示数变大c电压表v1的示数变化量小于v2示数变化量d电压表v1的示数变化量大于v2示数变化量5在如图所示的电路中，电源的电动势为e，内阻为r，平行板电容器c的两金属板水平放置，r1和r2为定值电阻，p为滑动变阻器r的滑动触头，g为灵敏电流表，a为理想电流表开关s闭合后，c的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态在p向上移动的过程中，下列说法正确的是( )aa表的示数变大b油滴向上加速运动cg中有由a至b的电流d电源的输出功率一定变大二.多选题6如图所示，是发射嫦娥三号飞船登月的飞行轨道示意图，嫦娥三号飞船从地球上处a发射，经过地月转移轨道，进入环月圆形轨道，然后在环月圆形轨道上的b点变轨进入环月椭圆轨道，最后由环月椭圆轨道上的c点减速登陆月球，下列有关嫦娥三号飞船说法正确的是( )a在地面出发点a附近，即刚发射阶段，飞船处于超重状态b飞船的发射速度应大于11.2km/sc在环绕月球的圆轨道上b处须点火减速才能进入椭圆轨道d在环月椭圆轨道上b点向c点运动的过程中机械能减小7如图所示，一滑块从固定的斜面底端a处冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回a以a点所在平面为零势能面，下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v、加速度a、重力势能ep、机械能e随时间变化或随位移x变化的图象，可能正确的是( )abcd8两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有a、b、c三点，如图甲所示，一个电荷量为2c，质量为1kg的小物块从c点静止释放，其运动的vt图象如图乙所示，其中b点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）则下列说法正确的是( )ab点为中垂线上电场强度最大的点，场强e=1v/mb由c到a的过程中物块的电势能先减小后变大c由c点到a点电势逐渐升高da、b两点间的电势差uab=5v9如图所示，长为l=0.5m、倾角为=37的光滑绝缘斜面处于水平向右的匀强电场中，一带电荷量为+q，质量为m的小球（可视为质点），以初速度v0=2m/s恰能沿斜面匀速上滑，g=10m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8，则下列说法中正确的是( )a小球在b点的电势能大于在a点的电势能b水平匀强电场的电场强度为c若电场强度加倍，小球运动的加速度大小为3 m/s2d若电场强度减半，小球运动到b点时速度为初速度v0的一半10电动势为e，内阻为r的电源，向可变电阻r供电，关于路端电压说法正确的是( )a因为电源电动势不变，所以路端电压也不变b因为u=ir，所以当i增大时，路端电压也增大c因为u=eir，所以当i增大时，路端电压减小d若外电路断开，则路端电压为e三.实验题11在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：rx（阻值约4，额定电流约0.5a）；电压表：v（量程3v，内阻约3k）；电流表：a1（量程0.6a，内阻约0.2）；a2（量程3a，内阻约0.05）；电源：e1（电动势3v，内阻不计）e2（电动势12v，内阻不计）滑动变阻器：r（最大阻值约20）螺旋测微器；毫米刻度尺；开关s；导线用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为_mm若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选_、电源应选_（均填器材代号），完成电路原理图12现有一电池，电动势e约为9v，内阻r在3555范围内，允许通过的最大电流为50ma为测定该电池的电动势和内阻，某同学利用如图（a）所示的电路进行实验图中r为电阻箱，阻值范围为09999；r0为保护电阻（1）（单选）可备选用的定值电阻r0有以下几种规格，本实验应选用_（a）20，2.5w （b）50，1.0w （c）150，1.0w （d）1500，5.0w（2）按照图（a）所示的电路图，将图（b）所示的实物连接成实验电路（3）接好电路，闭合电键后，调整电阻箱的阻值，记录阻值r和相应的电压表示数u，取得多组数据，然后通过做出有关物理量的线性关系图象，求得电源的电动势e和内阻r请写出所作线性图象对应的函数表达式_；图（c）是作线性图象的坐标系，若纵轴表示的物理量是，请在坐标系中定性地画出线性图象四.计算题13一直升机以5.0m/s速度竖直上升，某时刻从飞机上释放一物块，经2.0s落在地面上，不计空气阻力，g取10m/s2求：（1）物块落到地面时的速度；（2）物块2.0s内通过的路程；（3）物块释放时距地面的高度14如图所示，在水平地面上固定一倾角=37，表面光滑的斜面体，物体a以v1=6m/s的初速度沿斜面上滑，同时在物体a的正上方，有一物体b以某一初速度水平抛出如果当a上滑到最高点时恰好被b物体击中（a、b均可看作质点，sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2）求：（1）物体a上滑到最高点所用的时间t； （2）物体b抛出时的初速度v2；（3）物体a、b间初始位置的高度差h2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高三（上）月考物理试卷（12月份）一.单选题1小明同学在学习中勤于思考，并且善于动手，在学习了圆周运动知识后，他自制了一个玩具，如图所示，用长为r的细杆粘住一个质量为m的小球，使之绕另一端o在竖直平面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，在这点时( )a小球对细杆的拉力是b小球对细杆的压力是c小球对细杆的拉力是mgd小球对细杆的压力是mg【考点】向心力；牛顿第二定律【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用【分析】根据小球在最高点的速度，根据径向的合力提供向心力，通过牛顿第二定律确定细杆对小球的作用力大小和方向，从而得知小球对细杆的作用力【解答】解：根据牛顿第二定律得：mg+f=，代入解得：f=，知细杆对小球表现为支持力，所以小球对细杆表现为压力，大小为故b正确，a、c、d错误故选：b【点评】解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，知道杆子和细线的区别，细线只能表现为拉力，杆子可以表现为支持力，也可以表现为拉力2如图所示，在xoy坐标系中以0为中心的椭圆上，有ab，c，d，e五点，其中a、b、c、d为椭圆与坐标轴的交点现在椭圆的一个焦点o1固定一正点电荷，另一正试探电荷仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( )aa、c两点的电场强度相同bd点的电势小于b点的电势c正试探电荷沿虚线运动过程中在b点的动能大于在e点的动能d若将正试探电荷由a沿椭圆经be移动到c，电场力先做负功后做正功，但总功为零【考点】电场强度；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同由电场线的分布情况和对称性可分析a、c两点电场强度关系；根据d点与b点到正电荷的距离关系，比较电势的高低，也可用同样的方法比较a、c两点电势的高低；据电场力做功情况判断动能即可【解答】解：a、由电场线的分布情况和对称性可分析a、c两点电场强度大小相同，但方向不同，所以电场强度不同；故a错误b、由于在椭圆的一个焦点o1固定一正点电荷，据正点电荷的电场线特点，沿电场线方向电势逐渐减小，且d比b离点电荷近，所以d点的电势高于b点的电势，故b错误；c、由于场源电荷是正电荷，所产生的电场向外辐射；据ep=q和正试探电荷知在e点电势能大于b点的电势能，仅在电场力作用下，所以正试探电荷沿虚线运动过程中在b点的动能大于在e点的动能，故c正确d、正点电荷由a沿be移到c点的过程中，电势先降低后升高，电势能先减小后增大，电场力先做正功再做负功a、c两点电势相等，所以总功为零故d错误故选：c【点评】本题的解题关键要掌握点电荷电场线的分布情况，抓住对称性分析电势的变化；灵活应用电场力做功分析动能和电势能间的变化3在如图所示的电路中电源电动势为e，内阻为r，m为多种元件集成的电子元件，其阻值与两端所加的电压成正比（即rm=ku，式中k为正常数）且遵循欧姆定律，l1和l2是规格相同的小灯泡（其电阻可视为不随温度变化而变化），r为可变电阻现闭合开关s，调节可变电阻r使其电阻逐渐减小，下列说法中正确的是( )a灯泡l1变暗，l2变亮b通过电阻r的电流增大c电子元件m两端的电压变小d电源两端电压变小【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】因m阻值与电压成正比，则可知m中电流保持不变；从而可控制整体个电路电流不变；则可得出灯泡亮度及r中电流的变化【解答】解：因m中阻值与电压成正比，故m中电流保持不变；故灯泡l2的亮度不变；总电流不变，r减小，l1电阻不变，根据分流规律r电流增大，l1电流减小变暗；因r的阻值减小，故由欧姆定律可知，通过r的电流增大；故b正确；acd错误故选：b【点评】本题关键在于明确m的结构，从而在整个电路中起到控制电流不变的作用；本题不能想当然地看作闭合电路欧姆定律的动态分析进行分析解答4如图所示的电路中，电压表都看做理想电表，电源内阻为r闭合电键s，当把滑动变阻器的滑片p向b端移动时( )a电压表v1的示数变大，电压表v2的示数变小b电压表v1的示数变小，电压表v2的示数变大c电压表v1的示数变化量小于v2示数变化量d电压表v1的示数变化量大于v2示数变化量【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】在滑动变阻器滑动头p自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻增加，外电路总电阻增加，根据欧姆定律分析干路电流如何变化，根据欧姆定律分析路端电压和电阻r1两端电压的变化，即可知道两个电压表读数的变化情况，并进一步分析电压表变化量的大小【解答】解：a、b、图中电阻r2与r3并联后再与r1串联；在滑动头p自a端向b端滑动的过程中，r3接入电路的电阻增加，电路的总电阻增加，根据闭合电路欧姆定律，电路的总电流i减小；路端电压u=eir，则u变大，电压表v1的示数变大；并联部分电压u并=ei（r+r1），i减小，u并变大，电压表v2的示数变大，故a、b错误；c、d、根据欧姆定律，有：u=ir1+u并，由于u、u并变大，ir1变小，故路端电压变化小于并联部分电压，即电压表v1的示数变化量小于v2的示数变化量，故c正确，d错误；故选：c【点评】本题是电路动态变化分析问题，可以按照外电路内电路外电路的顺序分析，同时要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值5在如图所示的电路中，电源的电动势为e，内阻为r，平行板电容器c的两金属板水平放置，r1和r2为定值电阻，p为滑动变阻器r的滑动触头，g为灵敏电流表，a为理想电流表开关s闭合后，c的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态在p向上移动的过程中，下列说法正确的是( )aa表的示数变大b油滴向上加速运动cg中有由a至b的电流d电源的输出功率一定变大【考点】电子的比荷；闭合电路的欧姆定律【专题】电容器专题【分析】电容器与电阻r、电阻r2相并联后与r1串联，滑片移动，根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况【解答】解：粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；电容器与电阻r、电阻r2相并联后与r1串联，a、滑片向上移动，电阻r变大，电路总电阻变大，电流变小，则a表的示数变小，故a错误；b、电容器两端电压为：u=ei（r+r1），故电容器两端电压变大，带电量变大，电场力变大，粒子向上加速，故b正确；c、电容器充电，故电流从b到a，故c错误；d、根据当外电阻等于内电阻时，此时电源输出功率最大，虽外电阻在变大，但不知与内电阻的关系，因此无法确定输出功率的大小关系，故d错误故选：b【点评】本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化注意电源输出功率的大小与内外电阻的大小关系决定二.多选题6如图所示，是发射嫦娥三号飞船登月的飞行轨道示意图，嫦娥三号飞船从地球上处a发射，经过地月转移轨道，进入环月圆形轨道，然后在环月圆形轨道上的b点变轨进入环月椭圆轨道，最后由环月椭圆轨道上的c点减速登陆月球，下列有关嫦娥三号飞船说法正确的是( )a在地面出发点a附近，即刚发射阶段，飞船处于超重状态b飞船的发射速度应大于11.2km/sc在环绕月球的圆轨道上b处须点火减速才能进入椭圆轨道d在环月椭圆轨道上b点向c点运动的过程中机械能减小【考点】万有引力定律及其应用【专题】万有引力定律的应用专题【分析】物体具有向上的加速度时是超重，具有向下的加速度时是失重；卫星的速度达到11.2km/s，将脱离地球束缚，绕太阳运动；万有引力大于需要的向心力时，做向心运动【解答】解：a、在地面出发点a附近，即刚发射阶段，飞船加速上升，是超重，故a正确b、地球的第二宇宙速度是11.2km/s，达到此值时，卫星将脱离地球的束缚，绕太阳运动，故飞船的发射速度不可能大于11.2km/s，故b错误c、飞船在环绕月球的圆轨道上b处须点火减速才能做向心运动，进入椭圆轨道，故c正确d、嫦娥三号在环月椭圆轨道上b点向c点运动的过程中，引力做正功，机械能增加，即b上的机械能小于c上的机械能故d错误故选：ac【点评】本题要掌握卫星的变轨原理，高轨道卫星，减速做近心运动才能进入低轨道运行，低轨道卫星加速，做离心运动，才能进入高轨道运行7如图所示，一滑块从固定的斜面底端a处冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回a以a点所在平面为零势能面，下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v、加速度a、重力势能ep、机械能e随时间变化或随位移x变化的图象，可能正确的是( )abcd【考点】机械能守恒定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】滑块在斜面上运动过程中，先上滑后下滑，由于存在摩擦力，上滑与下滑过程不再具有对称性，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，上滑运动的时间较短根据牛顿第二定律分析上滑与下滑过程的加速度大小关系根据运动学公式和重力势能公式得出重力势能与时间的关系式根据功能关系分析e与t的关系【解答】解：a、滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，机械能不断减小，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，回到出发点时的速度比出发时的初速度小故a错误b、设斜面的倾角为物体在上滑与下滑两个过程中，所受的合力方向均沿斜面向下，加速度方向相同设上滑与下滑两个过程加速度大小分别为a1和a2根据牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma1；mgsinmgcos=ma2；则得：a1=gsin+gcos，a2=gsingcos则有：a1a2故b正确c、由ep=mgh可知重力势能与物体的高度成正比，故c正确；d、由于物体克服摩擦力做功，其机械能不断减小，根据功能关系得：e=e0f1x，机械能是不断减小的，但返回到a点处的机械能并不为零；故d错误故选：bc【点评】本题采用定性分析与定量计算相结合的方法分析功能关系、运动与力关系，根据物理规律得到解析式，再选择物理图象8两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有a、b、c三点，如图甲所示，一个电荷量为2c，质量为1kg的小物块从c点静止释放，其运动的vt图象如图乙所示，其中b点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）则下列说法正确的是( )ab点为中垂线上电场强度最大的点，场强e=1v/mb由c到a的过程中物块的电势能先减小后变大c由c点到a点电势逐渐升高da、b两点间的电势差uab=5v【考点】电场的叠加；电势；电势能【专题】定性思想；图析法；方程法；电场力与电势的性质专题【分析】两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由o点沿中垂线指向外侧；电量为2c仅在运动方向上受电场力作用从c点到b、到a运动的过程中，根据vt图可知在b点的加速度为运动物体先做加速度增大后做加速度减小的加速运动，则判断电荷所受电场力大小变化情况和加速度变化情况【解答】解：a、据vt图可知带电粒子在b点的加速度最大为2m/s2，所受的电场力最大为2n，据e=知，b点的场强最大为1n/c，故a正确b、据vt图可知带电粒子的速度增大，电场力做正功，电势能减小，故b错误c、据两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由o点沿中垂线指向外侧，故由c点到a点的过程中电势逐渐减小，故c错误d、据vt图可知a、b两点的速度，在根据动能定理得电场力做的功wba=10j，再用uab=v=5v，故d错误故选：a【点评】明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，据vt图获取加速度、速度、动能等物理量是解本题的突破口9如图所示，长为l=0.5m、倾角为=37的光滑绝缘斜面处于水平向右的匀强电场中，一带电荷量为+q，质量为m的小球（可视为质点），以初速度v0=2m/s恰能沿斜面匀速上滑，g=10m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8，则下列说法中正确的是( )a小球在b点的电势能大于在a点的电势能b水平匀强电场的电场强度为c若电场强度加倍，小球运动的加速度大小为3 m/s2d若电场强度减半，小球运动到b点时速度为初速度v0的一半【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】带电小球从底端运动到顶端，重力做负功，电场力做正功，而支持力不做功而两处速度相等，则重力做的功与电场力做功之和为零所以可以确定小球在何处的电势能高同时由倾角可确定重力与电场力的关系【解答】解：a、从a到b的过程中做匀速运动，电场力做正功，电势能减小，b点的电势能小于a点的电势能故a错误；b、小球以初速度v0由斜面底端的a点沿斜面匀速上滑，到达斜面顶端n的速度仍为v0，根据动能定理，重力做功与电场力做功相等，有：qex=mgh，所以e=故b正确c、若电场强度加倍，小球沿斜面方向的受力：，小球运动的加速度大小为： m/s2故c错误；d、若电场强度减半，小球运动到b点时：，代入数据得：v=1m/s，速度为初速度v0的一半故d正确故选：bd【点评】由带电小球受到分析得：重力、支持力与电场力，且三力均不变若存在加速度，则带小球也不可能到达n点的速度仍不变的，所以三力处于平衡状态故带电小球做的是匀速直线运动10电动势为e，内阻为r的电源，向可变电阻r供电，关于路端电压说法正确的是( )a因为电源电动势不变，所以路端电压也不变b因为u=ir，所以当i增大时，路端电压也增大c因为u=eir，所以当i增大时，路端电压减小d若外电路断开，则路端电压为e【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】给定的电源，其电动势和内阻都不变，与外电路无关，而路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小根据闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化【解答】解：a、电源的电动势不变，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小故a错误b、i增大是由于外电阻r减小造成的，所以不能根据u=ir判断路端电压的变化应这样分析：当i增大时，电源的内电压增大，由闭合电路欧姆定律可知，路端电压应减小，故b错误c、由u=eir分析，e、r不变，i减小，得到u增大即路端电压增大，故c正确；d、若外电路断开，电流为零，根据u=eir，路端电压为e，故d正确；故选：cd【点评】本题是简单的路动态分析问题对于路端电压与电流的关系，也可以作出电源的外特性曲线ui图线，更直观判断它们的关系三.实验题11在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：rx（阻值约4，额定电流约0.5a）；电压表：v（量程3v，内阻约3k）；电流表：a1（量程0.6a，内阻约0.2）；a2（量程3a，内阻约0.05）；电源：e1（电动势3v，内阻不计）e2（电动势12v，内阻不计）滑动变阻器：r（最大阻值约20）螺旋测微器；毫米刻度尺；开关s；导线用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为1.733mm若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选a1、电源应选e1（均填器材代号），完成电路原理图【考点】测定金属的电阻率【分析】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；根据金属丝的额定电流选择电流表，根据金属丝的额定电压选择电源；根据金属丝阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出实验电路图【解答】解：由图示螺旋测微器可知，其示数为：1.5mm+27.30.01mm=1.773mm；电阻丝的额定电流约为0.5a，电流表应选a1；电阻丝的额定电压约为u=ir=0.55=2.5v，电源应选e1；待测金属丝电阻约为5，电压表内阻约为3k，电流表内阻约为0.2，相对来说电压表内阻远大于待测金属丝的电阻，电流表应采用外接法，由题意可知，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图所示：故答案为：1.773；a1；e1；实验电路图如图所示【点评】本题考查了螺旋测微器读数、实验器材的选择、设计实验电路图，螺旋测微器固定刻度示数与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；确定电流表的接法是正确设计实验电路的关键，当电压表内阻远大于待测电阻阻值时，电流表应采用外接法12现有一电池，电动势e约为9v，内阻r在3555范围内，允许通过的最大电流为50ma为测定该电池的电动势和内阻，某同学利用如图（a）所示的电路进行实验图中r为电阻箱，阻值范围为09999；r0为保护电阻（1）（单选）可备选用的定值电阻r0有以下几种规格，本实验应选用c（a）20，2.5w （b）50，1.0w （c）150，1.0w （d）1500，5.0w（2）按照图（a）所示的电路图，将图（b）所示的实物连接成实验电路（3）接好电路，闭合电键后，调整电阻箱的阻值，记录阻值r和相应的电压表示数u，取得多组数据，然后通过做出有关物理量的线性关系图象，求得电源的电动势e和内阻r请写出所作线性图象对应的函数表达式=+；图（c）是作线性图象的坐标系，若纵轴表示的物理量是，请在坐标系中定性地画出线性图象【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题【分析】（1）求出电路最小电阻阻值，然后选择电阻箱；（2）根据原理图正确连接实物图；（3）根据闭合电路欧姆定律电流与电压的关系进行变形得到图象对应的函数表达式；根据变形得到图象对应的函数表达式结合数学知识，明确两坐标轴的含义，即可正确解答【解答】解：（1）电路最小总电阻约为：r=180，为保护电路安全，保护电阻应选c；（2）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（3）由图a所示电路图可知，在闭合电路中，电源电动势：e=u+ir=u+r，则=+，则图象是直线；则图象如图所示故答案为：（1）c；（2）实物电路图如图所示；（3）=+；图象如图所示【点评】熟练掌握物理规律运用数学方法将物理公式变形，将两个非线性关系的物理量，变成两个线性关系的物理量，是解答本题的关键四.计算题13一直升机以5.0m/s速度竖直上升，某时刻从飞机上释放一物块，经2.0s落在地面上，不计空气阻力，g取10m/s2求：（1）物块落到地面时的速度；（2）物块2.0s内通过的路程；（3）物块释放时距地面的高度【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】直线运动规律专题【分析】从飞机上释放一物块，物块做竖直上抛运动，根据速度时间公式求出物块落到地面时的速度根据速度位移公式求出物块上升的位移，根据位移时间