江西省抚州市临川十中高二物理上学期12月月考试卷（含解析）.doc

江西省抚州市临川十中2015-2016学年高二（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有些小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分，前面7小题为单选，最后3小题是多选）1一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36w与36v若把此灯泡接到输出电压为18v的电源两端，则灯泡消耗的电功率（）a等于36wb小于36w，大于9wc等于9wd小于9w2关于电功和电热以下说法正确的是（）a外电路电流做的功一定等于电热b外电路中电流所做的功一定大于电热c只有在外电路是纯电阻的情况下电功才等于电热d当外电路有电动机、电解槽的情况下电流做的功将转化为热能、机械能、化学能，因此，电功大于电热3如图所示，带负电的金属环绕其轴oo匀速转动时，放在环顶部的小磁针最后将（）an极竖直向上bn极竖直向下cn极水平向左d小磁针在水平面内转动4在如图所示的电路中，电源的内电阻 为1欧姆，外电路电阻为9欧姆，闭合开关后，电流表的示数为0.3a，电流表的内阻不计电源的电动势e等于（）a1 vb2 vc3vd5 v5用电压表检查图示电路中的故障，测得uad=5.0v，ued=0v，ube=0v，uab=5.0v，则此故障不可能是（）al断路br断路cr断路ds断路6如图所示，当ab端接入100v电压时，cd两端为20v；当cd两端接入100v时，ab两端电压为50v，则r1：r2：r3之比是（）a4：1：2b2：1：1c3：2：1d以上都不对7如图所示，电源e的电动势为3.2v，电阻r的阻值为30，小灯泡l的额定电压为3.0v，额定功率为4.5w，当开关接位置1时，电压表的示数为3v，那么当开关接到位置2时，小灯泡l的发光情况是（）a正常发光b很暗，甚至不亮c比正常发光略亮d有可能被烧坏8在倾角为的光滑绝缘斜面上，放一根通电的直导线，如图，当加上如下所述的磁场后，有可能使导线静止在斜面上的是（）a加竖直向下的匀强磁场b加垂直斜面向下的匀强磁场c加水平向右的匀强磁场d加沿斜面向下的匀强磁场9如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1t的匀强磁场中，以导线为中心，半径为r的圆周上有a、b、c、d四个点，已知c点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是（）a直导线中电流方向垂直纸面向里bd点的磁感应强度为0ca点的磁感应强度为2t，方向向右db点的磁感应强度为t，方向斜向下，与b成45角10如图所示，用半偏法测电流表g的内电阻rg，下列说法中正确的是（）a电键s1闭合前，r1必须调节到高阻值处b电键s1闭合前，r2必须调节到最大c当电流表示数从满偏电流i1调到半偏电流时，r2中电流稍大于d电源电动势的大小及相应的r1最大值的大小，对实验误差有很大影响二、实验题（每空4分，图各2分，共18分）11一根固定在刻度尺上的均匀电阻丝（总阻值小于5）两端各有一个固定的接线柱a和b，刻度尺的中间有一个可沿电阻丝滑动的触头c，c的上端为接线柱，触头c与电阻丝通常不接触，当用手按下时，才与电阻丝接触，且可在直尺上读出触点的位置现给你以下器材，要求测量该电阻的电阻率a电压表（03 v，电阻约为30kw）b电流表（00.5a，电阻约为0.5）c电池组：电动势6v，内阻很小d保护电阻r0e开关sf螺旋测微器g连接用导线若干（1）用螺旋测微器测量电阻丝的直径时的示数如图1所示，则该电阻丝的直径d=mm；（2）将图2中提供的器材连接成实验电路 （注意量程的选择）要求：尽量减小由于电流的热效应而使电阻丝的电阻率随电流的变化而发生变化能够进行多次测量（3）通过改变滑动变阻器触头c的位置，分别测量出了多组与长度l对应的电压u 的数据（电流示数i保持在0.50a不变）并已描在坐标纸上，如图3 所示根据图3所示的数据点，结合相应的物理规律绘出ul图线；若测出ul图线斜率为k，则用d、i、k可表示出该电阻丝的电阻率=代入有关数据求得该电阻丝电阻率的测量值为m三、计算题（共42分，要求写出必要的文字说明、主要方程式，只写出结果和无主要方程而仅通过纯数值运算得出的结果，不给分）12如图所示电路，电源电动势e=3v，内阻r=0.6，r1=4，r2=6，求流过电源的电流，路端电压13如图所示，直线a为电源的伏安特性曲线，直线b为电阻r的伏安特性曲线，用该电源和该电阻组成一个闭合电路，电源的输出功率和电路的总功率分别为多少？14如图所示，r1=12k，r2=8k，r3=20k，r4=600，当滑动变阻器滑动触头c调到最上端时，ab间的总电阻是，ab间最大电阻值为15如图所示，两平行光滑导轨相距为l=20cm，金属棒mn的质量为m=10g，电阻r=8，匀强磁场的磁感应强度b=0.8t，方向竖直向下，电源电动势e=10v，内阻r=1，当开关s闭合时，mn恰好平衡求变阻器r1的取值为多少？设=45，g取10m/s22015-2016学年江西省抚州市临川十中高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有些小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分，前面7小题为单选，最后3小题是多选）1一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36w与36v若把此灯泡接到输出电压为18v的电源两端，则灯泡消耗的电功率（）a等于36wb小于36w，大于9wc等于9wd小于9w【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】根据功率的公式p=可以分析，当电压有36v变为18v时灯泡的功率的变化，在由金属的电阻随温度的变化可以分析得出灯泡消耗的电功率【解答】解：由于金属的电阻随温度的升高而增大，所以以额定电压工作时的电阻大于以18v电压工作的电阻根据部分电路欧姆定律，有，所以，所以灯泡消耗的功率小于36w大于9 w，所以b正确故选：b【点评】在本题中要考虑到电压的变化对灯泡的电阻带来的影响，电压降低之后由于温度的降低，灯泡的电阻会减小2关于电功和电热以下说法正确的是（）a外电路电流做的功一定等于电热b外电路中电流所做的功一定大于电热c只有在外电路是纯电阻的情况下电功才等于电热d当外电路有电动机、电解槽的情况下电流做的功将转化为热能、机械能、化学能，因此，电功大于电热【考点】电功、电功率；闭合电路中的能量转化【专题】恒定电流专题【分析】纯电阻电路，电功可用公式w=uit计算，也可用公式w=i2rt计算，非纯电阻电路，电功用公式w=uit计算，电热用公式w=i2rt计算【解答】解：a、纯电阻电路，外电路电流做的功等于电热，非纯电阻电路，外电路电流做的功大于电热，故ab错误，c正确；d、当外电路有电动机、电解槽的情况下电流做的功有一部分转化为机械能、化学能，因此，电功大于电热，故d正确故选cd【点评】考查了纯电阻电路、非纯电阻电路，电功、电热大小的比较，注意灵活选取公式3如图所示，带负电的金属环绕其轴oo匀速转动时，放在环顶部的小磁针最后将（）an极竖直向上bn极竖直向下cn极水平向左d小磁针在水平面内转动【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】带负电旋转，则可知电流方向，再由右手螺旋定则可知磁极的方向，再根据磁极间的相互作用可知小磁针的偏转方向【解答】解：带负电金属环，如图所示的旋转则金属环的电流方向与旋转方向相反再由右手螺旋定则可知电流产生的磁极的方向是：右端是n极，左端是s极；小磁针所在处的磁场的方向与oo轴的磁场的方向是相反的，所以小磁针处的磁极的方向：左端n极，右端s极因此小磁针n极水平向左故c正确，abd错误；故选：c【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求能熟练准确的应用右手螺旋定则注意电流的方向与负电荷的运动方向相反要注意小磁针所在处的磁场的方向与环形电流的磁场方向是相反的4在如图所示的电路中，电源的内电阻 为1欧姆，外电路电阻为9欧姆，闭合开关后，电流表的示数为0.3a，电流表的内阻不计电源的电动势e等于（）a1 vb2 vc3vd5 v【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】电源的电动势e等于电路中内外电压之和，根据闭合电路欧姆定律求解电源的电动势e【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得电源的电动势为：e=i（r+r）=0.3（9+1）v=3v故选：c【点评】闭合电路欧姆定律反映了电路中电流与整个电路的电动势和总电阻的关系，是电路中最重要规律之一，要加强熟练，熟练运用5用电压表检查图示电路中的故障，测得uad=5.0v，ued=0v，ube=0v，uab=5.0v，则此故障不可能是（）al断路br断路cr断路ds断路【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】电压表有示数说明此时的电路可以和电源组成闭合的回路，故障应该在和电压表并联的那部分电路，当电压表示数为零，说明此时的电路不通，电路中没有电流，故障不在和电压表并联的电路【解答】解：a、若l断路，电路中没有电流，变阻器两端的电压应为0，即uab=0v，与题不符，故此故障不可能是l断路，故a正确b、用电压表测量得到uab=5.0v，等于电源两极间的电压，说明a到r的左侧和b到c到d这一部分电路都是通的，故障可能是r断路，故b错误c、若r断路，电路中没有电流，变阻器两端的电压应为0，即uab=0v，与题不符，故此故障不可能是l断路，故c正确d、若s断路，uab=ube=ued=0v，与题不符，故此故障不可能是s断路，故d正确故选：acd【点评】本题是对电路故障的分析问题，往往电压表有示数的那部分电路存在断路，要逐项代入检验6如图所示，当ab端接入100v电压时，cd两端为20v；当cd两端接入100v时，ab两端电压为50v，则r1：r2：r3之比是（）a4：1：2b2：1：1c3：2：1d以上都不对【考点】欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】分析两种情况下电路的结构，由串联电路的分压规律可得出电阻的关系；再得出三个电阻的关系【解答】解：当ab端接入电压时，cd端输出电压为20=100；解得：2r2=r1；当cd接入电压时，ab端输出电压50=100；解得：2r3=r2；故电阻之比r1：r2：r3=4：2：1故选：d【点评】本题考查串联电路的分压原理，要注意明确电路的结构，再由串联电路的规律进行分压7如图所示，电源e的电动势为3.2v，电阻r的阻值为30，小灯泡l的额定电压为3.0v，额定功率为4.5w，当开关接位置1时，电压表的示数为3v，那么当开关接到位置2时，小灯泡l的发光情况是（）a正常发光b很暗，甚至不亮c比正常发光略亮d有可能被烧坏【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】灯泡的电阻不变，发光情况根据实际电流如何变化来判断当开关接1时，根据闭合欧姆定律，得到电动势与内阻的关系，再根据闭合电路欧姆定律，研究开关接2时，灯泡的电流与额定电流比较，确定发光情况【解答】解：灯泡的额定电流il=a=1.5a，电阻rl=2当开关接1时，电阻r的电流i=a=0.1a，根据根据闭合电路欧姆定律e=u+ir=3+0.1r；当开关接2时，灯泡电流il=1a，小于灯泡的额定电流，实际功率小于额定功率，则灯泡很暗，甚至不亮故acd错误，b正确故选：b【点评】本题关键抓住灯泡的电阻不变，比较灯泡明暗变化，把比较实际功率大小，变成比较电流大小就容易了8在倾角为的光滑绝缘斜面上，放一根通电的直导线，如图，当加上如下所述的磁场后，有可能使导线静止在斜面上的是（）a加竖直向下的匀强磁场b加垂直斜面向下的匀强磁场c加水平向右的匀强磁场d加沿斜面向下的匀强磁场【考点】安培力【分析】根据左手定则判断出安培力的方向之后，然后结合共点力平衡的条件即可解答【解答】解：a、加竖直向下的匀强磁场，根据左手定则可知，安培力的方向向左，重力支持力与安培力可以三力平衡故a正确；b、加垂直斜面向下的匀强磁场，根据左手定则可知，安培力的方向沿斜面的方向向上，重力支持力与安培力可以三力平衡故b正确；c、加水平向右的匀强磁场，根据左手定则可知，安培力的方向向下，重力、支持力与安培力不可以平衡故c错误；d、加沿斜面向下的匀强磁场，根据左手定则可知，安培力的方向垂直于斜面向下，重力、支持力与安培力三力不可能平衡故d错误故选：ab【点评】该题结合安培力考查共点力平衡的条件，根据左手定则判断出安培力的方向，然后逐项分析即可9如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1t的匀强磁场中，以导线为中心，半径为r的圆周上有a、b、c、d四个点，已知c点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是（）a直导线中电流方向垂直纸面向里bd点的磁感应强度为0ca点的磁感应强度为2t，方向向右db点的磁感应强度为t，方向斜向下，与b成45角【考点】磁感应强度【分析】c点的磁感应强度为0，说明通电导线在o点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，由安培定则判断出通电导线中电流方向通电导线在abcd四点处产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形定则进行合成，来分析b、a、d三点的磁感应强度大小和方向【解答】解：a、由题，c点的磁感应强度为0，说明通电导线在c点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，即得到通电导线在c点产生的磁感应强度方向水平向左，根据安培定则判断可知，直导线中的电流方向垂直纸面向外故a错误b、通电导线在d处的磁感应强度方向竖直向上，根据磁场的叠加可知d点感应强度为t，方向与b的方向成45斜向上，不为0故b错误c、通电导线在a处的磁感应强度方向水平向右，则a点磁感应强度为2t，方向向右故c正确d、由上知道，通电导线在b点产生的磁感应强度大小为1t，由安培定则可知，通电导线在b处的磁感应强度方向竖直向下，根据平行四边形与匀强磁场进行合成得知，b点感应强度为t，方向与b的方向成45斜向下故d正确故选：cd【点评】本题关键掌握安培定则和平行四边形定则，知道空间任意一点的磁感应强度都通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加而成的10如图所示，用半偏法测电流表g的内电阻rg，下列说法中正确的是（）a电键s1闭合前，r1必须调节到高阻值处b电键s1闭合前，r2必须调节到最大c当电流表示数从满偏电流i1调到半偏电流时，r2中电流稍大于d电源电动势的大小及相应的r1最大值的大小，对实验误差有很大影响【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】在用“半偏电流法”测定电流表g的内电阻rg的实验中，先闭合s1，调节r1，使电流表指针偏转到满刻度；再闭合s2，调节电阻箱r2使电流表指针指在刻度盘的中央；本实验在r1r2的条件下，近似有rg=r2【解答】解：abc、“半偏电流法”测定电流表g的内电阻rg的实验中，先闭合s1，r1必须调节到最高阻值是为了保护该电路的用电器；本实验在r1r2的条件下，所以电流表两端的电压很小，s1闭合前，r2不须调节到最大；当s2接通时，r2有电流流过，r2和rg并联，并联后的电阻减小，总电流增加，当电流表示数从满偏电流i1调到半偏电流时，r2中电流稍大于；故ac正确，b错误d、如果是理想的恒流电源，则电流表上的电压应该下降一半，这样电流才能够减少一半，这时并联电阻上流过的电流与电流表一样，电阻也就一样； 如果r1r2，则总电阻的变化可以忽略，总电流的变化也就可以忽略，所以电源电动势的大小及相应的r1最大值的大小，对实验误差有很大影响，故d正确故选：acd【点评】掌握半偏法测电阻的原理是解本题的关键，一定明确本实验在r1r2的条件下进行的二、实验题（每空4分，图各2分，共18分）11一根固定在刻度尺上的均匀电阻丝（总阻值小于5）两端各有一个固定的接线柱a和b，刻度尺的中间有一个可沿电阻丝滑动的触头c，c的上端为接线柱，触头c与电阻丝通常不接触，当用手按下时，才与电阻丝接触，且可在直尺上读出触点的位置现给你以下器材，要求测量该电阻的电阻率a电压表（03 v，电阻约为30kw）b电流表（00.5a，电阻约为0.5）c电池组：电动势6v，内阻很小d保护电阻r0e开关sf螺旋测微器g连接用导线若干（1）用螺旋测微器测量电阻丝的直径时的示数如图1所示，则该电阻丝的直径d=2.000mm；（2）将图2中提供的器材连接成实验电路 （注意量程的选择）要求：尽量减小由于电流的热效应而使电阻丝的电阻率随电流的变化而发生变化能够进行多次测量（3）通过改变滑动变阻器触头c的位置，分别测量出了多组与长度l对应的电压u 的数据（电流示数i保持在0.50a不变）并已描在坐标纸上，如图3 所示根据图3所示的数据点，结合相应的物理规律绘出ul图线；若测出ul图线斜率为k，则用d、i、k可表示出该电阻丝的电阻率=代入有关数据求得该电阻丝电阻率的测量值为1.05106m【考点】伏安法测电阻【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题【分析】（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（2）将电阻丝全部联入电路之中，用电压表测量ac之间的电压；（3）作出图象后，根据电阻定律、欧姆定律并结合图象进行分析后列式求解【解答】解：（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：2mm+00.01mm=2.000mm；（2）为了尽量减小由于电流的热效应而使电阻丝的电阻率随电流的变化而发生变化，应将电阻丝全部联入电路之中，用电压表测量ac之间的电压，由于电阻丝电阻远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，电路如图所示（3）根据坐标系内描出的点作出图象，图象如右图所示；电阻丝的电阻：r=k=，解得：=，由图示图象可知，图象的斜率：k=2.1，电阻率：=1.05106m故答案为：（1）2.000；（2）如图所示；（3）如图所示；1.05106【点评】本题考查了测定金属丝电阻率的实验，关键明确实验原理，根据欧姆定律、电阻定律列式分析，会用图象法处理数据，较难三、计算题（共42分，要求写出必要的文字说明、主要方程式，只写出结果和无主要方程而仅通过纯数值运算得出的结果，不给分）12如图所示电路，电源电动势e=3v，内阻r=0.6，r1=4，r2=6，求流过电源的电流，路端电压【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】简答题；定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】先分析电路的结构，再根据闭合电路欧姆定律直接求解即可【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得电流为：i=，路端电压为：u=eir=310.6=2.4v答：流过电源的电流为1a，路端电压为2.4v【点评】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，要求同学们能正确分析电路的结构，难度不大，属于基础题13如图所示，直线a为电源的伏安特性曲线，直线b为电阻r的伏安特性曲线，用该电源和该电阻组成一个闭合电路，电源的输出功率和电路的总功率分别为多少？【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】根据图象可以得到电阻的电压和电阻的电流之间