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文档简介

江苏省无锡新领航教育咨询有限公司2014届高三数学函数重点难点高频考点串讲九-恒成立问题 恒成立问题在解题过程中大致可分为以下几种类型:(1)xd,f(x)c;(2)xd,f(x)g(x);(3)x1,x2d,|f(x1)f(x2)|c;(4)x1,x2d,|f(x1)f(x2)|a|x1x2|.不等式恒成立问题的处理方法(1)转换求函数的最值若不等式af(x)在区间d上恒成立,则等价于在区间d上af(x)在区间d上恒成立,则等价于在区间d上bf(x)maxf(x)的上界小于b.(2)分离参数法将参数与变量分离,即化为g()f(x)(或g()f(x)恒成立的形式;求f(x)在xd上的最大(或最小)值;解不等式g()f(x)max(或g()f(x)min),得的取值范围(3)转换成函数图象问题若不等式f(x)g(x)在区间d上恒成立,则等价于在区间d上函数yf(x)和图象在函数yg(x)图象上方;若不等式f(x)g(x)的研究对于形如xd,f(x)g(x)的问题,需要先设函数yf(x)g(x),再转化为xd,ymin0.例1 已知函数f(x)x|xa|2x.(1)若函数f(x)在r上是增函数,求实数a的取值范围;(2)求所有的实数a,使得对任意x1,2时,函数f(x)的图象恒在函数g(x)2x1图象的下方【解答】 (1)f(x)x|xa|2x由f(x)在r上是增函数,则即2a2,故a的取值范围为2a2.(2)由题意得对任意的实数x1,2,f(x)g(x)恒成立,即x|xa|1在1,2恒成立,也即xa0,从而x为增函数,由此得max;当x1,2时,10,从而x为增函数,由此得min2,所以ac的恒成立问题时,如果函数f(x)含有参数,一般有两种处理方法:一是参数分离,将含参数函数转化为不含参数的函数,再求出最值即可;二是如果不能参数分离,可以用分类讨论处理函数f(x)的最值已知f(x)x36ax29a2x(ar),当a0时,若对x0,3有f(x)4恒成立,求实数a的取值范围【解答】 f(x)3x212ax9a23(xa)(x3a),故f(x)在(0,a)上单调递增,在(a,3a)上单调递减,在(3a,)上单调递增(1)当a3时,函数f(x)在0,3上递增,所以函数f(x)在0,3上的最大值是f(3),若对x0,3有f(x)4恒成立,需要有解得a.(2)当1a3时,有a33a,此时函数f(x)在0,a上递增,在a,3上递减,所以函数f(x)在0,3上的最大值是f(a),若对x0,3有f(x)4恒成立,需要有解得a1.(3)当a3a,此时函数f(x)在a,3a上递减,在3a,3上递增,所以函数f(x)在0,3上的最大值是f(a)或者是f(3)由f(a)f(3)(a3)2(4a3),0a时,f(a)f(3),若对x0,3有f(x)4恒成立,需要有解得a.af(3),若对x0,3有f(x)4恒成立,需要有解得a.综上所述,a.x1,x2d,|f(x1)f(x2)|c的研究对于形如x1,x2d,|f(x1)f(x2)|c的问题,因为|f(x1)f(x2)|f(x)maxf(x)min,所以原命题等价为f(x)maxf(x)minc.已知函数f(x)ax3bx23x(a,br),在点(1,f(1)处的切线方程为y20.(1)求函数f(x)的解析式;(2)若对于区间2,2上任意两个自变量的值x1,x2,都有|f(x1)f(x2)|c,求实数c的最小值【解答】 (1)f(x)3ax22bx3,根据题意,得即解得f(x)x33x.(2)令f(x)3x230,即3x230,解得x1,x2(2,1)1(1,1)1(1,2)2f(x)00f(x)2极大值极小值2f(1)2,f(1)2,当x2,2时,f(x)max2,f(x)min2.则对于区间2,2上任意两个自变量的值x1,x2,都有|f(x1)f(x2)|f(x)maxf(x)min4,所以c4,即c的最小值为4.【点评】 在处理这类问题时,因为x1,x2是两个不相关的变量,所以可以等价为函数f(x)在区间d上的函数差的最大值小于c,如果x1,x2是两个相关变量,则需要代入x1,x2之间的关系式转化为一元问题 x1,x2d,|f(x1)f(x2)|a|x1x2|的研究形如x1,x2d,|f(x1)f(x2)|a|x1x2|这样的问题,首先需要根据函数f(x)的单调性去掉|f(x1)f(x2)|a|x1x2|中的绝对值符号,再构造函数g(x)f(x)ax,从而将问题转化为新函数g(x)的单调性已知函数恒成立,则k的取值范围为【答案】【解析】,当x0时,;当x=0时,;当x0时,,所以f(x)在上单调递减,在0,1上单调递增,对任意, 已知函数f(x)x1alnx(ar)(1)求证:f(x)0恒成立的充要条件是a1;(2)若a1时,f(x)0,所以函数f(x)在(1,)上是增函数,当0x1时,f(x)0.(i)当a0时,f(x)0恒成立,所以函数f(x)在(0,)上是增函数而f(1)0,所以当x(0,1)时,f(x)0时,因为当xa时,f(x)0,所以函数f(x)在(a,)上是增函数;当0xa时,f(x)0,所以函数f(x)在(0,a)上是减函数所以f(x)f(a)a1alna.因为f(1)0,所以当a1时,f(a)f(1)0,此时与f(x)0恒成立相矛盾所以a1,综上所述,f(x)0恒成立的充要条件是a1.(2)由(1)可知,当a0时,函数f(x)在(0,1上是增函数,又函数y在(0,1上是减函数,不妨设0x1x21,则|f(x1)f(x2)|f(x2)f(x1),所以|f(x1)f(x2)|4等价于f(x2)f(x1),即f(x2)f(x1).设h(x)f(x)x1alnx.则|f(x1)f(x2)|4等价于函数h(x)在区间(0,1上是减函数因为h(x)1,所以所证命题等价于证x2ax40

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