江西省红色六校高三物理下学期第二次模拟考试试卷（含解析）.doc

江西省红色六校联考2015届高考物理二模试卷一、选择题1在解一道由字母表达结果的计算题中，一个同学解得位移结果的表达式为：x=，其中f表示力，t表示时间，m表示质量，用单位制的方法检查，这个结果( )a可能是正确的b一定是错误的c如果用国际单位制，结果可能正确d用国际单位，结果错误，如果用其他单位制，结果可能正确2如图，在x0、y0的空间有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xoy平面向里，大小为b，现有四个质量及电荷量均相同的带电粒子，由x轴上的p点以不同的初速度平行于y轴射入此磁场，其出射方向如图所示，不计重力的影响，则( )a初速度最大的粒子是沿方向射出的粒子b初速度最大的粒子是沿方向射出的粒子c在磁场中运动时间最长的是沿方向射出的粒子d在磁场中运动时间最短的是沿方向射出的粒子3有一个带正电的金属球壳（厚度不计），其截面图如图a 所示，o为球心，球壳p处开有半径远小于球半径的小 孔以o点为坐标原点，过p点建立x坐标轴，p点是坐标轴上的一点，x轴上各点电势如图b所示电子从o点以v0的初速度沿x轴方向射出，依次通过p、a两点 则下列关于电子的描述正确的是 ( )a在op间电子做匀加速直线运动b在pa间电子做匀减速直线运动c在op间运动时电子的电势能均匀增加d在pa间运动时电子的电势能增加4物体以某一速度冲上一光滑斜面（足够长），加速度恒定前4s内位移是1.6m，随后4s内位移是零，则下列说法中错误的是( )a物体的初速度大小为0.6m/sb物体的加速度大小为6m/s2c物体向上运动的最大距离为1.8md物体回到斜面底端，总共需时12s5矩形导线框abcd放在分布均匀的磁场中，磁场区域足够大，磁感线方向与导线框所在平面垂直，如图（甲）所示在外力控制下线框处于静止状态磁感应强度b随时间变化的图象如图（乙）所示，t=0时刻，磁感应强度的方向垂直导线框平面向里在04s时间内，导线框ad边所受安培力随时间变化的图象（规定向左为安培力正方向）应该是下图中的( )abcd二、选择题：本大题共3小题，每小题6分在每小题给的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分6如图，水平传送带a、b两端相距s=3.5m，工件与传送带间的动摩擦因数=0.1工件滑上a端瞬时速度va=4m/s，达到b端的瞬时速度设为vb，则( )a若传送带不动，则vb=3m/sb若传送带以速度v=4m/s逆时针匀速转动，vb=3m/sc若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，vb=3m/sd若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，vb=2m/s7如图所示为一卫星绕地球运行的轨道示意图，o点为地球球心，已知引力常量为g，地球质量为m，=r，=4r，下列说法正确的是( )a卫星在a点的速率va=b卫星在b点的速率vbc卫星在a点的加速度aa=d卫星在b点的加速度ab8如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，电流表、电压表均为理想电表，r是光敏电阻（其阻值随光强增大而减小）原线圈接入如图乙示的正弦交流电压u，下列说法正确的是( )a电压u的频率为100 hzb电压表的示数为22vc照射r的光变强时，灯泡变暗d照射r的光变强时，电流表的示数变大三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9在“验证机械能守恒定律”的实验中，选出一条纸带如图所示，其中o点为起始点，a、b、c为三个计数点，打点计时器通以50hz交变电流，用毫米刻度尺测得oa=11.13cm，ob=17.69cm，oc=25.9cm（1）这三个数据中，不符合有效数字要求的是_，应该写成_cm（2）在计数点a和b之间、b和c之间还各有一个点，重物的质量为m kg根据以上数据可知，当打点计时器打到b点时，重物的重力势能比开始下落时减少了_j，这时它的动能为_j（g取9.80m/s2，均保留三位有效数字）10为了测量某电池的电动势e（约为3v）和内阻r，可供选择的器材如下：a电流表g1（2ma 内电阻为100）b电流表g2（1ma 内电阻未知）c电阻箱r1（099.9）d电阻箱r2（09999.9）e滑动变阻器r3（0101a）f滑动变阻器r4（0100010ma）g定值电阻r0（800 0.1a）h待测电池i导线、电键若干（1）采用如图甲所示的电路，测定电流表g2的内阻，得到电流表g1的示数i1、电流表g2的示数i2如表所示：i1（ma）0.400.811.201.592.00i2（ma）0.200.400.600.801.00根据测量数据，请在图乙坐标中描点作出i1i2图线，由图线可得出电流表g2的内阻等于_（2）某同学在现有器材的条件下，要测量该电池的电动势和内阻，采用了图丙的电路，若把电流表g2改装成量程为3v的电压表，则电阻箱该调到_把电流表g1改装成量程为0.5a的电流表，则电阻箱该调到_（结果保留两位数字）（3）以g2示数i2为纵坐标，g1示数i1为横坐标，作出i2i1图象如图丁所示，结合图象可得出电源的电动势为_v，电源的内阻为_（结果均保留两位有效数字）11某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落，他打开降落伞后的速度图线如图a降落伞用8 根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图b已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f，与速度v成正比，即f=kv（g取10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数 k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？12（19分）如图，在xoy平面的y轴左侧存在沿y轴正方向的匀强电场，y轴右侧区域内存在磁感应强度大小b1=匀强磁场，区域、区域的宽度均为l，高度均为3l质量为m、电荷量为+q的带电粒子从坐标为（2l，l）的a点以速度v0沿+x方向射出，恰好经过坐标为0，（1）l的c点射入区域粒子重力忽略不计（1）求匀强电场的电场强度大小e；（2）求粒子离开区域时的位置坐标；（3）要使粒子从区域上边界离开磁场，可在区域内加垂直纸面向内的匀强磁场试确定磁感应强度b的大小范围，并说明粒子离开区域时的速度方向（二）选考题请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑注意所做题目必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每学科按所做的第一题计分物理-选修3-313关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是( )a布朗运动就是液体分子的无规则运动b晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点c热量不可能从低温物体传到高温物体d物体的体积增大，分子势能不一定增加e一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热14如图所示，一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为s，汽缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始活塞被固定在a点，打开固定螺栓k，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在b点，已知ab=h，大气压强为p0，重力加速度为g求活塞停在b点时缸内封闭气体的压强；设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量q（一定量理想气体的内能仅由温度决定）物理-选修3-415蝙蝠在喉内产生超声波通过口或鼻孔发射出来，超声波遇到猎物会反射回来，回波被蝙蝠的耳廓接收，根据回波判断猎物的位置和速度在洞穴里悬停在空中的蝙蝠对着岩壁发出频率为34khz的超声波，波速大小为340m/s，则该超声波的波长为_m，接收到的回波频率_（选填“大于”、“等于”或“小于”）发出的频率16如图所示，一个立方体玻璃砖的边长为a，折射率n=1.5，立方体中心有一个小气泡为使从立方体外面各个方向都看不到小气泡，必须在每个面上都贴一张纸片，则每张纸片的最小面积为多少？物理-选修3-517以下有关近代物理内容的若干叙述，正确的是( )a紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大b有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期c氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，会辐射一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能增大d天然放射现象说明原子核内部是有结构的e重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能18如图所示，光滑水平直轨道上有三个滑块a、b、c，质量分别为ma=mc=2m，mb=m，a、b用细绳连接，中间有一压缩的轻弹簧（弹簧与滑块不拴接）开始时a、b以共同速度v0运动，c静止某时刻细绳突然断开，a、b被弹开，然后b又与c发生碰撞并粘在一起，最终三滑块速度恰好相同求b与c碰撞前b的速度江西省红色六校联考2015届高考物理二模试卷一、选择题1在解一道由字母表达结果的计算题中，一个同学解得位移结果的表达式为：x=，其中f表示力，t表示时间，m表示质量，用单位制的方法检查，这个结果( )a可能是正确的b一定是错误的c如果用国际单位制，结果可能正确d用国际单位，结果错误，如果用其他单位制，结果可能正确考点：力学单位制 分析：理公式在确定物理量的数量关系的同时，也确定了物理量的单位关系因此物理学中选定七个物理量的单位作为基本单位，根据物理公式中其他物理量和这几个物理量的关系，推导出其他物理量的单位这些推导出来的单位叫做导出单位基本单位和导出单位一起组成了单位制在力学中，选定长度、质量和时间这三个物理量的单位作为基本单位，就可以导出其余的物理量的单位选定这三个物理量的不同单位，可以组成不同的力学单位制在国际单位制（si）中，取m（长度单位）、kg（质量单位）、s（时间单位）作为基本单位解答：解：根据公式s=，由于力的单位是n，时间单位是s，质量单位是kg，故等式右边的单位是：；等号左边的单位是：m；即等号左右单位不同，故等号不成立；故选：b点评：本题展示了一种用单位来判断结果是否正确的方法，同时要知道牛顿是导出单位，1n=1kgm/s22如图，在x0、y0的空间有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xoy平面向里，大小为b，现有四个质量及电荷量均相同的带电粒子，由x轴上的p点以不同的初速度平行于y轴射入此磁场，其出射方向如图所示，不计重力的影响，则( )a初速度最大的粒子是沿方向射出的粒子b初速度最大的粒子是沿方向射出的粒子c在磁场中运动时间最长的是沿方向射出的粒子d在磁场中运动时间最短的是沿方向射出的粒子考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：由运动轨迹确定半径的大小与所速度偏转角度的大小，半径大的速度大，偏转角度大的时间长解答：解：a、根据r=知，粒子的比荷相同，初速度大的轨道半径大，由图可知沿方向射出的粒子轨迹的轨道半径最大，则初速度最大，故a正确，b错误c、根据t=知，粒子的在磁场中运动的周期与粒子的速度无关，比荷相同，则周期相同，沿方向射出的粒子圆心角最大，沿方向射出的粒子圆心角最小，根据t=知，沿方向射出的粒子运动时间最短，沿方向射出的粒子运动时间最长，故c、d错误故选：a点评：本题考查了带电粒子在磁场中运动，掌握粒子在磁场中的半径公式和周期公式是解决本题的关键3有一个带正电的金属球壳（厚度不计），其截面图如图a 所示，o为球心，球壳p处开有半径远小于球半径的小 孔以o点为坐标原点，过p点建立x坐标轴，p点是坐标轴上的一点，x轴上各点电势如图b所示电子从o点以v0的初速度沿x轴方向射出，依次通过p、a两点 则下列关于电子的描述正确的是 ( )a在op间电子做匀加速直线运动b在pa间电子做匀减速直线运动c在op间运动时电子的电势能均匀增加d在pa间运动时电子的电势能增加考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据图象分析电势的变化情况，图线的切线斜率等于电场强度，从而可分析场强的变化情况，进一步分析电场力的变化情况，即可判断电子的运动情况根据电场力做功情况，判断电势能的变化情况解答：解：a、由图知op间的电势不变，则op间的电场强度为零，电子不受电场力，做匀速直线运动，故a错误b、根据顺着电场线方向，电势降低，可知pa间电场线方向从p到a，电子所受的电场力方向从a指向p，所以电子在pa间做减速直线运动根据图线的斜率等于场强可知，从p到a场强逐渐减小，电子所受的电场力减小，所以电子做加速度减小的变减速运动，故b错误c、由于电子在op运动时电场力不做功，所以其电势能不变，故c错误d、在pa间运动时电场力对电子做负功，则电子的电势能增加，故d正确故选：d点评：解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据电场力做功与电势能的变化的关系进行判断4物体以某一速度冲上一光滑斜面（足够长），加速度恒定前4s内位移是1.6m，随后4s内位移是零，则下列说法中错误的是( )a物体的初速度大小为0.6m/sb物体的加速度大小为6m/s2c物体向上运动的最大距离为1.8md物体回到斜面底端，总共需时12s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：加速度恒定，物体做匀减速运动，根据逐差相等公式x=at2，就可以求出加速度再根据前4s内的位移公式求得初速度，由初速度和加速度求得物体向上运动的最大距离和回到底端时所需要的时间解答：解：由x=at2，所以物体上滑的加速度：根据匀变速直线运动的位移时间关系有物体前4s内的位移得物体的初速度为：=0.6m/s所以物体向上运动的最大距离为：据，物体回到出发点的时间为：t=12s综上所述，acd正确，b错误本题选择错误的是，故选：b点评：此题对匀变速直线运动的基本规律和推论都要熟练掌握，而且要理解速度变化量的含义，任何量的变化量都是用末状态的量减去初状态的量5矩形导线框abcd放在分布均匀的磁场中，磁场区域足够大，磁感线方向与导线框所在平面垂直，如图（甲）所示在外力控制下线框处于静止状态磁感应强度b随时间变化的图象如图（乙）所示，t=0时刻，磁感应强度的方向垂直导线框平面向里在04s时间内，导线框ad边所受安培力随时间变化的图象（规定向左为安培力正方向）应该是下图中的( )abcd考点：法拉第电磁感应定律 专题：电磁感应与电路结合分析：穿过线圈的磁通量发生变化，导致线圈中产生感应电动势，从而形成感应电流由题意可知，磁感应强度是随着时间均匀变化的，所以感应电流是恒定的，则线框ad边所受的安培力与磁感应强度有一定的关系解答：解：t=0时刻，磁感应强度的方向垂直线框平面向里，在0到1s内，穿过线框的磁通量均匀变小，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ad边的安培力水平向左当在1s到2s内，磁感应强度的方向垂直线框平面向外，穿过线框的磁通量均匀变大，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ad边的安培力水平向右在下一个周期内，重复出现安培力先向左后向右故d正确，abc错误故选：d点评：安培力的方向由左手定则来确定，而感应电流方向则由楞次定律来确定当导线与磁场垂直放置时，若电流、导线长度不变时，安培力与磁感应强度成正比二、选择题：本大题共3小题，每小题6分在每小题给的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分6如图，水平传送带a、b两端相距s=3.5m，工件与传送带间的动摩擦因数=0.1工件滑上a端瞬时速度va=4m/s，达到b端的瞬时速度设为vb，则( )a若传送带不动，则vb=3m/sb若传送带以速度v=4m/s逆时针匀速转动，vb=3m/sc若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，vb=3m/sd若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，vb=2m/s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：传送带专题分析：若传送带不动，由匀变速直线运动规律可知，a=g，可求出vb若传送带以速度v=4m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，工件的运动情况跟传送带不动时的一样；若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，工件滑上传送带时所受的滑动摩擦力方向水平向左，做匀减速运动，工件的运动情况跟传送带不动时的一样；解答：解：a、若传送带不动，工件的加速度a=g=1m/s2，由，得vb=m/s=3m/s故a正确b、若传送带以速度v=4m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，由牛顿第二定律得知，工件的加速度仍为a=g，工件的运动情况跟传送带不动时的一样，则vb=3m/s故b正确c、d若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，工件滑上传送带时所受的滑动摩擦力方向水平向左，做匀减速运动，工件的加速度仍为a=g，工件的运动情况跟传送带不动时的一样，则vb=3m/s故c正确d错误故选abc点评：本题关键要分析工件的受力情况，根据牛顿第二定律分析传送带运动与不动时加速度的关系，即可由运动学公式得到vb7如图所示为一卫星绕地球运行的轨道示意图，o点为地球球心，已知引力常量为g，地球质量为m，=r，=4r，下列说法正确的是( )a卫星在a点的速率va=b卫星在b点的速率vbc卫星在a点的加速度aa=d卫星在b点的加速度ab考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解出线速度和加速度的表达式；卫星在椭圆轨道运动时，根据离心运动和向心运动的知识比较速度与圆轨道对应速度的大小解答：解：卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：解得：v=，a=a、卫星经过椭圆轨道的a点时，由于万有引力小于向心力，故做离心运动，故：解得：v，故a错误；b、卫星经过椭圆轨道的b点时，由于万有引力大于向心力，故做向心运动，故：解得：v，故b正确；c、根据牛顿第二定律，卫星在a点的加速度：，故c正确；d、根据牛顿第二定律，卫星在b点的加速度，故d错误；故选：bc点评：本题关键是明确当万有引力大于向心力时，卫星做向心运动，当万有引力小于向心力时，物体做离心运动8如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，电流表、电压表均为理想电表，r是光敏电阻（其阻值随光强增大而减小）原线圈接入如图乙示的正弦交流电压u，下列说法正确的是( )a电压u的频率为100 hzb电压表的示数为22vc照射r的光变强时，灯泡变暗d照射r的光变强时，电流表的示数变大考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比和闭合电路中的动态分析类似，可以根据r的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况解答：解：a、原线圈接入如图乙所示，t=0.02s，所以频率为f= hz，故a错误；b、原线圈接入电压的最大值是220v，所以原线圈接入电压的有效值是u=220v，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，所以副线圈电压是22v，所以v的示数为22v，故b正确；c、有光照射r时，r阻值随光强增大而减小，根据，可知电路中的电流增大所以灯泡变亮故c错误；d、有光照射r时，r阻值随光强增大而减小，根据p=，得副线圈输出功率增大，所以原线圈输入功率增大，所以a的示数变大，故d正确；故选：bd点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9在“验证机械能守恒定律”的实验中，选出一条纸带如图所示，其中o点为起始点，a、b、c为三个计数点，打点计时器通以50hz交变电流，用毫米刻度尺测得oa=11.13cm，ob=17.69cm，oc=25.9cm（1）这三个数据中，不符合有效数字要求的是25.9 cm，应该写成25.90cm（2）在计数点a和b之间、b和c之间还各有一个点，重物的质量为m kg根据以上数据可知，当打点计时器打到b点时，重物的重力势能比开始下落时减少了1.73mj，这时它的动能为1.70mj（g取9.80m/s2，均保留三位有效数字）考点：验证机械能守恒定律 专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：根据重物下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出b点的瞬时速度，从而得出动能的增加量解答：解：（1）注意刻度尺的估读m的具体数值未知，可在表达式中保留最小刻度为毫米的刻度尺应估读到毫米的下一位，故不符合有效数字要求的是oc的测量值25.9 cm，应该写成25.90 cm（2）当打点计时器打到b点时，重物的重力势能比开始下落时减少了ep=mgob=m9.8017.69102 j1.73 m j，这时它的动能为ekb=mv=m（）2=m（102）2 j1.70m j故答案为：（1）25.9 cm25.90（2）1.73m1.70m点评：解决本题的关键掌握重力势能减小量和动能增加量的求法，关键是纸带的处理，知道某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度10为了测量某电池的电动势e（约为3v）和内阻r，可供选择的器材如下：a电流表g1（2ma 内电阻为100）b电流表g2（1ma 内电阻未知）c电阻箱r1（099.9）d电阻箱r2（09999.9）e滑动变阻器r3（0101a）f滑动变阻器r4（0100010ma）g定值电阻r0（800 0.1a）h待测电池i导线、电键若干（1）采用如图甲所示的电路，测定电流表g2的内阻，得到电流表g1的示数i1、电流表g2的示数i2如表所示：i1（ma）0.400.811.201.592.00i2（ma）0.200.400.600.801.00根据测量数据，请在图乙坐标中描点作出i1i2图线，由图线可得出电流表g2的内阻等于200（2）某同学在现有器材的条件下，要测量该电池的电动势和内阻，采用了图丙的电路，若把电流表g2改装成量程为3v的电压表，则电阻箱该调到2800把电流表g1改装成量程为0.5a的电流表，则电阻箱该调到0.4（结果保留两位数字）（3）以g2示数i2为纵坐标，g1示数i1为横坐标，作出i2i1图象如图丁所示，结合图象可得出电源的电动势为2.7v，电源的内阻为9.0（结果均保留两位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题分析：（1）由电路图得用并联电路的规律可得出两电流表示数之间的关系，由图象可求出电流表的内阻；（2）由电路图中知，电阻箱2与电流表2串联，在电路中充当电压表使用，根据需要的量程可选出电阻箱2；由两次测得的数据，利用闭合电路欧姆定律可得出方程式，联立即可解出电动势和内电阻解答：解：（1）采用描点法，将和点描在坐标轴中；如图所示；两电流表并联，由并联规律可知：i1=；故图象的斜率等于 =2；故rg2=2100=200；（2）由电路图可知，电阻箱2与电流表2串联作为电压表使用，电流表量程为1ma，内阻为200，则电压只有0.2v；而电源电压为2.4v，故应将量程扩大到3v；此时需要的电阻为：200=2800；若要改装成电流表，应并联电阻r并=0.4；（3）根据闭合电路欧姆定律应有：e=；整理可得：=；结合图象斜率和截距概念应有：，代入数据解得：r=8.6，e=2.7v；故答案为：（1）200；（2）2800；0.4；（3）2.7；8.6点评：实验题的考查更注重对学生能力的考查，在解题时要注意结合实验描述、原理图等明确实验的原理，再结合已有实验技能及方法支分析解答；在学习中一定要注意认真总结反思11某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落，他打开降落伞后的速度图线如图a降落伞用8 根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图b已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f，与速度v成正比，即f=kv（g取10m/s2， sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数 k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？考点：牛顿第二定律；牛顿第三定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）打开降落伞前人做自由落体运动，根据位移速度公式即可求解；（2）由a图可知，当速度等于5m/s时，物体做匀速运动，受力平衡，根据kv=2mg即可求解k，根据牛顿第二定律求解加速度；（3）设每根绳的拉力为t，以运动员为研究对象，根据牛顿第二定律即可求解解答：解：（1）打开降落伞前人做自由落体运动，根据位移速度公式得：=20m（2）由a图可知，当速度等于5m/s时，物体做匀速运动，受力平衡，则kv=2mgk=200ns/m根据牛顿第二定律得：a=方向竖直向上（3）设每根绳的拉力为t，以运动员为研究对象，根据牛顿第二定律得：8tcosmg=ma解得：t=所以悬绳能够承受的拉力至少为312.5n答：（1）打开降落伞前人下落的距离为20m；（2）求阻力系数k为200nm/s，打开伞瞬间的加速度a的大小为30m/s2，方向竖直向上；（3）悬绳能够承受的拉力至少为312.5n点评：本题要求同学们能根据速度图象分析出运动员的运动情况，知道当速度等于5m/s时，物体做匀速运动，受力平衡，难度适中12（19分）如图，在xoy平面的y轴左侧存在沿y轴正方向的匀强电场，y轴右侧区域内存在磁感应强度大小b1=匀强磁场，区域、区域的宽度均为l，高度均为3l质量为m、电荷量为+q的带电粒子从坐标为（2l，l）的a点以速度v0沿+x方向射出，恰好经过坐标为0，（1）l的c点射入区域粒子重力忽略不计（1）求匀强电场的电场强度大小e；（2）求粒子离开区域时的位置坐标；（3）要使粒子从区域上边界离开磁场，可在区域内加垂直纸面向内的匀强磁场试确定磁感应强度b的大小范围，并说明粒子离开区域时的速度方向考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）粒子在匀强电场中做类平抛运动，将运动沿xy轴分解，根据动为学规律即可求解；（2）由运动学公式求出粒子在c点竖直分速度，结合初速度可算出c点的速度大小与方向当粒子进入磁场时，做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可确定运动的半径最后由几何关系可得出离开区域时的位置坐标； （3）根据几何关系确定离开磁场的半径范围，再由半径公式可确定磁感应强度的范围及粒子离开区域时的速度方向解答：解：（1）带电粒子在匀强电场中做类平抛运动则有： x轴方向：2l=v0t y轴方向：解得：（2）设带电粒子经c点时的竖直分速度为 vy、速度为v则有：所以 ，方向与x轴正向成45 斜向上当粒子进入区域做匀速圆周运动，由牛顿第二定律，有，r=解得：由几何关系知，离开区域i时的位置坐标：x=l，y=0（3）根据几何关系知，带电粒子从区域上边界离开磁场的半径满足因解得：根据几何关系知，带电粒子离开磁场时速度方向与y轴正方向夹角3090答：（1）求匀强电场的电场强度大小为；（2）求粒子离开区域时的位置坐标（l，0）；（3）要使粒子从区域上边界离开磁场，可在区域内加垂直纸面向内的匀强磁场则磁感应强度b的大小范围，而粒子离开区域时的速度方向与y轴正方向夹角3090点评：本题涉及了类平抛运动、匀速圆周运动，学会处理这两运动的规律：类平抛运动强调运动的分解，匀速圆周运动强调几何关系确定半径与已知长度的关系（二）选考题请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑注意所做题目必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每学科按所做的第一题计分物理-选修3-313关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是( )a布朗运动就是液体分子的无规则运动b晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点c热量不可能从低温物体传到高温物体d物体的体积增大，分子势能不一定增加e一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热考点：理想气体的状态方程；布朗运动；分子势能；热力学第二定律；* 晶体和非晶体 分析：布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的运动，是液体分子无规则热运动的反应晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点热量也可能从低温物体传到高温物体物体的体积增大，分子势能不一定增加根据气态方程分析压强不变、体积增大时温度的变化，即可判断内能的变化，由热力学第一定律分析吸放热情况解答：解：a、布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是由于小颗粒受到的液体分子撞击受力不平衡而引起的，所以布朗运动是液体分子无规则运动的反映，故a错误b、晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点故b正确c、热量自发地由高温物体传到低温物体，在外界的影响下，也可以从低温物体传到高温物体，比如电冰箱，故c错误d、若分子间的作用力表示斥力时，物体的体积增大，分子间距增大，分子力做正功，分子势能减小；若分子间的作用力表示引力时，物体的体积增大，分子间距增大，分子力做负功，分子势能增加；故d正确e、一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，由可知温度升高，则内能增加，根据热力学第一定律得知气体一定吸热，故e正确故选：bde点评：本题关键要掌握热力学基本知识，掌握气态方程和热力学第一定律，并能用来分析问题14如图所示，一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为s，汽缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始活塞被固定在a点，打开固定螺栓k，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在b点，已知ab=h，大气压强为p0，重力加速度为g求活塞停在b点时缸内封闭气体的压强；设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量q（一定量理想气体的内能仅由温度决定）考点：理想气体的状态方程 专题：理想气体状态方程专题分析：（1）对活塞在b点利用平衡列式求解；（2）根据热力学第一定律列式求解解答：解：（1）设活塞停在b点时缸内封闭气体的压强为p1在b点活塞受力平衡得：p0s+mg=p1s解得：（2）由于气体温度不变，所以气体内能不变，即u=0由a到b，外界对气体做的功为：w=p1sh=（p0s+mg）h根据热力学第一定律得：w+q=u联立得：q=（p0s+mg）h“表示放热答：求活塞停在b点时缸内封闭气体的压强为；整个过程中通过缸壁传递的热量为（p0s+mg）h点评：本题考查了求传递的热量，应用热力学第一定律即可正确解题，求气体的压强的关键是选择正确的研究对象物理-选修3-415蝙蝠在喉内产生超声波通过口或鼻孔发射出来，超声波遇到猎物会反射回来，回波被蝙蝠的耳廓接收，根据回波判断猎物的位置和速度在洞穴里悬停在空中的蝙蝠对着岩壁发出频率为34khz的超声波，波速大小为340m/s，则该超声波的波长为0.01m，接收到的回波频率等于（选填“大于”、“等于”或“小于”）发出的频率考点：超声波及其应用；匀速直线运动及其公式、图像 分析：根据多普勒效应比较蝙蝠接收到的反射超声波频率与发射的超声波频率根据=vt判断超声波传播时波长解答：解：因波源不动，则根据多普勒效应，蝙蝠接收到的反射超声波频率等于发射的超声波频率根据=vt，可知超声波的