福建省漳州市华安一中高考物理模拟试题（含解析）(1).doc

1 福建省漳州市华安一中福建省漳州市华安一中 20142014 届高三高考模拟届高三高考模拟 物理试题物理试题 13 某小孩在广场游玩时 将一氢气球系在了水平地面上的砖块上 在水平风力的作用下 处于如图所示的静止状态 若水平风速缓慢增大 不考 虑气球体积及空气密度的变化 则 下列说法中正确的是 a 砖块对地面的压力保持不变 b 砖块受到的摩擦力可能为零 c 砖块可能被绳子拉离地面 d 细绳受到的拉力逐渐减小 答案 a 解析 ab 以气球和砖块整体为研究对象 分析受力如图 1 根据平衡条件得 竖直方向 n f1 g1 g2 水平方向 f f 气球所受的浮力 f1 气球的重力 g1 砖块的重力 g2都不变 则地面对砖块的支持力 n 不变 地面受到砖块的压力也不变 在砖块滑动前 当风力 f 增大时 砖块所受的摩擦力增大 当砖块滑动后受到的摩擦力 f n 保持不变 故 a 正确 b 错误 c 由于地面对砖块的支持力 n g1 g2 f1保持不变 与风力无关 所以当风力增大时 砖块 2 连同气球一起不可能被吹离地面 故 c 错误 d 以气球为研究对象 分析受力如图 2 所示 气球受力 重力 g1 空气的浮力 f1 风力 f 绳子的拉力 t 设绳子与水平方向的夹角为 当风力增大时 将减小 根据平衡条件得竖直方向有 f1 g1 tsin 当 减小时 sin 减小 而 f1 g1都不变 则绳子拉力 t 增大 故 d 错 误 故选 a 考点 共点力平衡 14 如图所示为用 a b 两种单色光分别通过同一双缝干涉装置获得的干涉图样 现让 a b 两种光组成的复色光穿过平行玻璃砖或三棱镜时 光的传播路径与方向可能正确的是 答案 d 解析 ab 根据双缝干涉相邻条纹间距公式可知 a 光的波长大 则同一介质对 a 的折 l x d 3 射率小 对 b 光的折射率大 根据平行玻璃砖的光学特性可知 出射光线与入射光线平行 由于 a 光的折射率小 偏折程度小 所以出射时 a 光应在右侧 故 ab 错误 c 由分析可知 a 光的临界角较大 当光从棱镜射入空气中时 若 b 不发生全 1 sinc n 反射 能射出棱镜 则 a 光一定也不发生全反射从棱镜射出 故 c 错误 d 当光从棱镜射入空气中时 若 a 不发生全反射 能射出棱镜 b 光可能发生全反射不从 棱镜射出 此图是可能的 故 d 正确 故选 d 考点 光的折射定律 15 2013 年 12 月 11 日 嫦娥三号 携带月球车 玉兔 从距月面高度为 100km 的环月圆 轨道 i 上的 p 点变轨 进入近月点为 15km 的椭圆轨道 ii 由近月点 q 成功落月 如图所 示 关于 嫦娥三号 下列说法正确的是 a 沿轨道 i 运行一周的位移大于沿轨道 ii 运行一周的位移 b 沿轨道 ii 运行时 在 p 点的加速度小于在 q 点的加速度 c 沿轨道 ii 运行的周期大于沿轨道 i 运行的周期 4 d 在轨道 ii 上由 p 点到 q 点的过程中机械能增加 答案 b 解析 a 无论沿哪个轨道运行一周 其位移都为零 故 a 错误 b 根据得 沿轨道 运行时 在 p 点的加速度小于在 q 点的加速 2 mm gma r 2 gm a r 度 故 b 正确 c 根据开普勒第三定律可得半长轴 a 越大 运动周期越大 显然轨道 的半长轴 3 2 a k t 半径 大于轨道 的半长轴 故沿轨道 运动的周期小于沿轨道 运动的周期 故 c 错 误 d 在轨道 上由 p 点运行到 q 点的过程中 只受万有引力 所以机械能不变 故 d 错误 故选 b 考点 人造卫星的加速度 周期和轨道的关系 万有引力定律及其应用 16 一列简谐横波 t 0 时刻的波形如图中实线所示 t 0 2 s 小于一个周期 时刻的波形 如图中的虚线所示 则 5 a 波一定向右传播 b 波的周期 t 0 05 s c 波的传播速度可能为 90 m s d 0 0 2 s 内质点 p 通过的路程为一个振幅 答案 c 解析 a 该波可能向左传播 也可能向右传播 故 a 错误 bc 若波向左传播 由 得 波速 若波向右 3 tt 4 4 tt 3 24 v90m s 4 t 0 2 3 传播 则周期为 t 0 8s 故 b 错误 c 正确 1 tt0 2s 4 d 若波向右传播 周期为 0 8s 所以 0 0 2s 内质点 p 完成 但通过的路程却不等 1 t 4 于一个振幅 它不是从平衡位置或波峰 波谷运动的 若波向左传播 周期为 故 d 4 s 15 错误 故选 c 考点 横波的图象 波长 频率和波速的关系 17 某同学自制变压器 原线圈为 n1匝 在做副线圈时 将导线 ab 对折后并在一起 在铁芯上 绕 n2圈 从导线对折处引出一个接头 c 连成如图所示电路 s 为单刀双掷开关 线圈电阻不 6 计 原线圈接 u1 umsin t 的交流电源 下列说法正确的是 a s 接 b 时 电压表示数为 b s 接 c 时 电压表示数为 c s 接 c 时 滑动触头 p 向下移动 变压器输入功率变大 d s 接 c 时 滑动触头 p 向上移动 变压器输入电流变大 答案 d 解析 a k 打到 b 时 变化的磁场在副线圈中产生的感应电动势 a b 电势相等 a b 间无电压 故 a 错误 b 由表达式知输入电压有效值为 根据电压与匝数成正比知电压表的读数为 m u 2 故 b 错误 2m 1 2n u 2n c s 接 c 时 滑动触头 p 向下移动 电阻增大 电压不变 变压器输入功率等于输出功率 变小 故 c 错误 d s 接 c 时 滑动触头 p 向上移动 电阻减小 电压不变 副线圈电流增大 变压器输入 7 电流变大 故 d 正确 故选 d 考点 变压器的构造和原理 电功 电功率 正弦式电流的最大值和有效值 周期和频 率 18 如图甲所示 闭合线圈固定在小车上 总质量为 1 kg 它们在光滑水平面上 以 10 m s 的速度进入与线圈平面垂直 磁感应强度为 b 的水平有界匀强磁场 磁场方向垂直纸 面向里 已知小车运动的速度 v 随车的位移 x 变化的 v x 图象如图乙所示 则 a 线圈的长度 l 15 cm b 磁场的宽度 d 25 cm c 线圈进入磁场过程中做匀加速运动 加速度为0 4 m s2 d 线圈通过磁场过程中产生的热量为 40 j 答案 b 解析 a 闭合线圈在进入和离开磁场时的位移即为线圈的长度 线圈进入或离开磁场时受安培力 8 作用 将做减速运动 由乙图可知 l 10cm 故 a 错误 b 磁场的宽度等于线圈刚进入磁场到刚离开磁场时的位移 由乙图可知 5 15cm 是进入 的过程 15 30cm 是完全在磁场中运动的过程 30 40cm 是离开磁场的过程 所以 d 30cm 5cm 25cm 故 b 错误 c 根据及得 因为 v 是一个变量 所以 f 也是一个变量 fbil blv i r 22 b l v f r 所以线圈不是匀加速运动 是变减速运动 故 c 错误 d 线圈通过磁场过程中运用动能定理得 由乙图可知 22 21 11 mvmvw 22 安 带入数据得 所以克服安培力做功为 48j 即 1 v10m s 2 v2m s w48j 安 线圈通过磁场过程中产生的热量为 48j 故 d 正确 故选 b 考点 匀变速直线运动的图像 电磁感应中的能量转化 法拉第电磁应该定律 第 卷必考部分 第 卷必考部分共 9 题 共 157 分 19 18 分 1 8 分 某同学利用如图甲所示的装置做 探究弹簧弹力大小与其长度的关系 的实 验 1 在安装刻度尺时 必须使刻度尺保持 状态 9 2 他通过实验得到如图乙所示的弹力大小 f 与弹簧长度 x 的关系图线 由此图线可得该弹 簧的原长 x0 cm 劲度系数 k n m 3 他又利用本实验原理把该弹簧做成一个弹簧测力计 当弹簧测力计上的示数如图丙所示 时 该弹簧的长度 x cm 答案 1 竖直 2 4 50 3 10 解析 1 弹簧是竖直的 要减小误差 刻度尺必须与弹簧平行 故刻度尺要保持竖直状态 2 弹簧处于原长时 弹力为零 故原长为 4cm 弹簧弹力为 2n 时 弹簧的长度为 8cm 伸长量为 4cm 根据胡克定律 有 fk x 2n kf x50n m 0 04m 3 由图 c 得到弹簧的弹力为 3n 根据图 b 得到弹簧的长度为 10cm 考点 探究弹力和弹簧伸长的关系 10 2 某课题研究小组 选用下列器材测定某型号手机所用锂电池的电动势 e 和内阻 r 电 动势约为 4 v 内阻在几欧到几十欧之间 a 电压表 量程 6 v 内阻约为 6 0 k b 电流表 量程 2 ma 内阻约为 50 c 电阻箱 r 0 999 9 d 开关 s 一只 导线若干 1 某同学从上述器材中选取了电流表和电阻箱测锂电池的电动势和内阻 你认为可行吗 请说明理由 2 今用上述器材中的电压表和电阻箱测锂电池的电动势和内阻 请画出实验电路图 3 根据 2 中实验电路测得的 8 组 u r 数据 已在坐标系中描出了各点 请作出图像 根据图像求得 e v r 答案 1 将电流表 电阻箱串联在锂电池上 估测通过电路的最小电流大于 2 ma 故 该同学的设计不可行 2 实验电路如图 3 e 3 7 v r 9 8 11 解析 1 根据所给数据 电路中电阻箱取最大值时 电路中电流大约是 4ma 已经超出电流表 量程 2ma 所以不可行 2 根据伏阻法画出实验电路图 如图 3 根据闭合欧姆定律 得 变形得 u eur r 1r 11 ue re a 图象与纵轴的截距 图象斜率 1 0 27 e e3 7v 电池内阻 1 r0 560 27 u 2 64 1 e0 11 r r2 64e2 64 3 79 8 考点 测定电源的电动势和内阻 20 15 分 如图所示 一质量为 m 电荷量为 q 的带正电 的小球以水平初速度 v0从离地高为 h 的地方做平抛运动 落地点为 n 不计空气阻力 求 12 1 若在空间加一个竖直方向的匀强电场 使小球沿水平方向做匀速直线运动 则场强 e 为 多大 2 若在空间再加上一个垂直于纸面向外的匀强磁场 小球的落地点仍为 n 则磁感应强度 b 为多大 答案 e mg q 0 2 0 2 b 2 mgv vgh 解析 1 由于小球受电场力和重力且做匀速直线运动 故 所以 qemg e mg q 2 再加上匀强磁场后 由于重力与电场力平衡 故小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动 2 v qvbm r 得 0 r mv qb 由几何关系得 222 rx rh 其中 由以上几式解得 00 2 x v t v h g 0 2 0 2 b 2 mgv vgh 考点 带电粒子在匀强磁场中的运动 带电粒子在匀强电场中的运动 13 21 19 分 如图所示 abcd 为固定在竖直平面内的轨道 ab 段光滑水平 bc 段为光滑圆弧 对 应的圆心角 37 半径 r 2 5m cd 段平直倾斜且粗糙 各段轨道均平滑连接 倾斜轨道所 在区域有场强大小为 e 2 105n c 方向垂直于斜轨向下的匀强电场 质量 m 5 10 2kg 电荷量 q 1 10 6c 的小物体 视为质点 被弹簧枪发射后 沿水平轨道向左滑行 在 c 点以 速度 v0 3m s 冲上斜轨 以小物体通过 c 点时为计时起点 0 1s 以后 场强 大小不变 方向反向 已知斜轨与小物体间的动摩擦因 数 0 25 设小物体的电荷量保持不变 取 g 10m s2 sin37 0 6 cos37 0 8 1 求弹簧枪对小物体所做的功 2 在斜轨上小物体能到达的最高点为 p 求 cp 的长度 答案 w0 475j x0 57m 解析 1 设弹簧枪对小物体做的功为 w 由动能定理得 2 0 wmgr 1 cosmv 1 2 代入数据得w0 475j 2 取沿平直斜轨向上为正方向 设小物体通过 c 点进入电场后的加速度为 a1 14 由牛顿第二定律得 1 mgsinmgcosqema 小物体向上做匀减速运动 经 t1 0 1s 后 速度达到 v1 有 101 1 vva t 得 1 v2 1m s 设运动的位移为 x1 有 11101 2 xt 1 2 va t 电场力反向后 设小物体的加速度为 a2 由牛顿第二定律得 2 mgsinmgcosqema 设小物体以此加速度运动到速度为 0 运动的时间为 t2 位移为 x2 有 12 2 0va t 22212 2 xt 1 2 va t 设 cp 的长度为 x 有 12 xxx 联立相关方程 代入数据解得x0 57m 考点 动能定理 匀变速直线运动规律 牛顿第二定律 22 20 分 如图 在直角坐标系 xoy 平面内 虚线 mn 平行于 y 轴 n 点坐标 l 0 mn 与 y 轴之间有沿 y 轴正方向的匀强电场 在第四象限的某区域有方向垂直于坐标平面的 圆形有界匀强磁场 图中未画出 现有一质量为 m 电荷量为 e 的电子 从虚线 mn 上的 p 点 以平行于 x 轴正方向的初速度 v0射人电场 并从 y 轴上 a 点 0 0 5l 射出电场 射 出时速度方向与 y 轴负方向成 30 角 此后 电子做匀速直线运动 进人磁场并从圆形有界磁场边界上 q 点 l 6 l 射出 速度沿 x 轴负方向 不计电子3 重力 求 1 匀强电场的电场强度 e 的大小 2 匀强磁场的磁感应强度 b 的大小 电子在磁场中运动的时间 t 是多少 3 圆形有界匀强磁场区域的最小面积 s 是多大 15 答案 2 0 3mv e el 0 6mv b el 0 t 9 l v 2 12 l s 解析 1 设电子在电场中运动的加速度为 a 时间为 t 离开电场时 沿 y 轴方向的速度大小 为 vy 则 ee a m y vat 0 v tl y0 vv cot30 解得 2 0 3mv e el 2 设轨迹与 x 轴的交点为 d od 距离为 xd 则 d x0 5 tan30l d 3 x 6 l 所以 dq 平行于 y 轴 电子在磁场中做匀速圆周运动的轨道的圆心在 dq 上 电子运动轨 迹如图所示 设电子离开电场时速度为 v 在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为 r 则vvsin30 16 0 2mvmv r ebeb 有 0 sin30 r rl 3 l r 1 3 tt 或 2 m t eb 0 2 3 rl t vv 解得 0 6mv b el 0 t 9 l v 3 以切点 f q 为直径的圆形有界匀强磁场区域的半径最小 设为 r1 则 0 1 33 cos30 26 rl rr 得 2 2 1 12 l sr 考点 带电粒子在匀强电场中的运动 带电粒子在匀强磁场中的运动 29 物理 选修 3 5 本题共有两小题 每小题 6 分 共 12 分 每小题只有一个选 项符合题意 1 如图所示为氢原子能级图 下列说法正确的是 a 玻尔理论也能很好地解释复杂原子的光谱 b 玻尔理论认为原子的能量是连续的 电子的轨道半径是不连续的 c 大量处在 n 2 能级的氢原子可以被 2 00 ev 的电子碰撞而发生跃迁 d 当氢原子从 n 2 的状态跃迁到 n 3 的状态时 辐射出 1 87 ev 的光子 答案 c 解析 a 玻尔理论能很好地解释氢原子光谱 不能解释复杂原子的光谱 故 a 错误 17 b 玻尔理论认为原子的能量是量子化的 轨道半径也是量子化的 故 b 错误 c 大量处在 n 2 能级的氢原子可以被 2 00ev 的电子 1 89ev 的能量被氢原子吸收跃迁到 第 3 能级 还剩的能量转变为电子的动能 故 c 正确 d 当氢原子从 n 2 的状态跃迁到 n 3 的状态时 吸收 1 89ev 的光子 故 d 错误 故选 c 考点 氢原子的能级公式和跃迁 2 质量为 m 的物块甲以 3m s 的速度在光滑水平面上运动 有一轻弹簧固定其上 另一 质量也为 m 的物体乙以 4m s 的速度与甲相向运动 如图所示 则 a 甲 乙两物块在弹簧压缩过程中 由于弹簧弹力的作用 甲乙两物体组成的系统动量不 守恒 b 当两物块相距最近时 甲物块的速度为零 c 甲物块的速率可达到 5m s d 当甲物块的速率为 1m s 时 乙物块的速率可能为 2m s 也可能为 0 答案 d 18 解析 a 甲 乙两物块在弹簧压缩过程中 系统所受的合外力为零 动量守恒 故 a 错误 b 当两物块相距最近时速度相同 取碰撞前乙的速度方向为正方向 设共同速率为 v 根 据动量守恒定律得到 解得 故 b 错误 mvmv2mv 乙甲 v0 5m s c 若物块甲的速率达到 5m s 方向与原来相同 则 代mvmvmvm v 乙乙乙甲甲 入解得 两个物体的速率都增大 动能都增大 违反了能量守恒定律 若物v6m s 乙 块甲的速率达到 5m s 方向与原来相反 则 代入解得mvmvmvm v 乙乙乙甲甲 可以 碰撞后 乙的动能不变 甲的动能增加 系统总动能增加 违反了v4m s 乙 能量守恒定律 所以物块甲的速率不可能达到 5m s 故 c 正确 d 若物块甲的速率为 1m s 方向与原来相同 则由 代mvmvmvm v 乙乙乙甲甲 入解得 若物块甲的速率为 1m s 方向与原来相反 则由v2m s 乙 代入解得 故 d 错误 mvmvmvm v 乙乙乙甲甲 v0 乙 故选 d 考点 动量守恒定律 19 物理答案 13 a 14 d 15 b 16 c 17 d 18 b 19 1 竖直 2 4 50 3 10 每空 2 分 20 15 分 1 由于小球受电场力和重力且做匀速直线运动 故 所以 qemg e mg q 2 再加上匀强磁场后 由于重力与电场力平衡 故小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动 2 v qvbm r 得 0 r mv qb 由几何关系得 222 rx rh 其中 由以上几式解得 00 2 x v t v h g