江苏省无锡市江阴市夏港中学九年级物理上学期第二次12月月考试题（含解析） 新人教版.doc

江苏省无锡市江阴市夏港中学2016届九年级上学期第二次月考物理试卷一、选择题（每题2分，共28分）1如图所示，使用中属于费力杠杆的工具是（）abcd2一个人先后用同样大小的力f将不同质量的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离s（如图所示），该力在这三个过程中所做的功分别为w1、w2、w3，关于它们之间的大小关系说法正确的是（）aw1w2w3bw1w2=w3cw1=w2=w3dw1=w2w33关于热量、温度和内能，下列说法中正确的是（）a一个物体的内能增加，一定是吸收了热量b一个物体吸收了热量，温度一定升高c温度高的物体含有的热量一定比温度低的物体含有的热量多d在热传递过程中，热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体4用如图所示的滑轮组将重10n的物体匀速提升0.1m，所用时间为2s，作用在绳子末端的拉力f为6n（不计绳重和绳与滑轮间的摩擦），下列计算结果正确的是（）a所做的有用功为1.2jb动滑轮自重0.2nc拉力f做功的功率为0.3wd该滑轮组的机械效率为83.3%5抽油烟机装有照明灯和排气扇使用中，有时需要它们单独工作，有时需要它们同时工作如图所示的四个电路中，你认为符合上述要求的是（）abcd6如图所示，将甲、乙两灯串联在电路中，闭合开关，发现甲灯发光，乙灯不发光，则乙灯不发光的原因可能是（）a乙灯灯丝断了b乙灯的实际功率小c相同时间内，乙灯消耗的电能远大于甲灯消耗的电能d通过乙灯的电流小于甲灯的电流7如图所示，小明从滑梯上下滑，在这一过程中，他的（）a动能转化为重力势能b重力势能全部转化为动能c机械能保持不变d机械能一定减少8如图，在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中，当我们将电阻由5换成10后，接下来的操作正确的是（）a将变阻器滑片p向左移动，保持电压表示数不变b将变阻器滑片p向左移动，保持电流表示数不变c将变阻器滑片p向右移动，保持电压表示数不变d将变阻器滑片p向右移动，保持电流表示数不变9甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列说法正确的是（）a甲灯灯丝比乙灯灯丝细b两灯都正常发光时，甲灯消耗的电能较少c两灯都正常发光时，甲灯电阻小于乙灯电阻d两灯串联后，接在220v电路中，甲灯比乙灯暗10如图所示，电源电压不变，s闭合后，两灯都发光，一段时间后，其中一灯突然熄灭，电流表、电压表的示数都不变，产生这一现象的原因是（）al1断路bl2断路cl1短路dl2短路11电热毯通电后很热，而跟电热毯连接的铜导线却不怎么热，这是因为（）a通过电热毯的电流比通过铜导线的电流大b铜导线的电阻小，因而产生的热量少，而电热毯电阻大产生的热量多c铜导线有绝缘层，所以不怎么热d铜导线比电热毯传热快，所以不容易热12下表给出的多组电压表和电流表的数据，可能是在进行下列哪些实验探究中收集的（）u/v1.01.52.02.22.52.7i/a0.200.300.400.440.500.54探究通过导体的电流与电压的关系测量小灯泡的电功率测量某定值电阻的阻值探究影响电流做功多少的因素abcd13如图所示，电源电压为6v，s闭合后两灯都正常发光，电压表示数变为2v，则关于灯l1和l2亮度的关系是（）a灯l1较亮b灯l2较亮c一样亮d无法确定14如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为g的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力g，则动滑轮的机械效率与物体重力g的关系可能符合下列图中的（）abcd二、填空题（本题共8小题，每空1分，共22分）15小华用50n的水平力推重为400n的物体沿水平面做匀速直线运动物体在5s内移动5m，在此过程中，小华对物体所做的功是j，小华对物体做功的功率是w，重力所做的功是j，重力的功率是w16现将长度相同，横截面积、材料不同的导体a和b接到如图所示的电路中，闭合开关s，通过a的电流为ia，通过b的电流为ib，则iaib（选填“大于”、“等于”或“小于”），若此时导体a和b两端的电压关系是ua=ub，则ra：rb=，由此可知导体的导电性能差（选填“a”或“b”）17在汽油机的压缩冲程中，汽缸内气体温度升高，这是通过的方式使气缸内气体内能发生改变；把饮料放进冰箱，饮料温度降低，这是通过的方式使饮料的内能发生改变18一定值电阻两端的电压为10v时，通过它的电流为2a，则这个定值电阻的阻值为若它两端的电压增加到20v，则此时它的电流为a若它两端的电压为0v，则此时它的阻值为19一个标有“4v，2w”的灯要接在电压为6v的电源上，应联（填串联或并联）一个电阻的阻值为，该电阻消耗的电功率是w20某冰箱的铭牌如图所示，那么冰箱正常工作24h消耗的电能是kwh，在24h内，冰箱实际工作时间是h21图甲是小灯泡l和电阻r的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接人电路中，只闭合开关s，小灯泡的实际功率为1w；则小灯泡两端的电压为v，再闭合开关s1，电流表示数变化了a，此时电路消耗的总功率为 w22某电饭锅设有“加热”和“保温”两档，其内部简化电路如图所示，当开关s置于“1”档时，电饭锅处于（选填“加热”或“保温”）状态；若电饭锅保温相加热时总功率之比为1：50，则电阻r0和r1的比值为三、解答题23如图，在探究“不同物质吸热能力”的实验中：（1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、相同的水和煤油，选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内（2）水和煤油温度随时间变化的图象如图乙所示根据图甲可判断处a物质是根据图乙可判断处吸热能力强，它的比热容较（填“大”或“小”）（3）本实验采用的物理研究方法是法24在探究“影响电流热效应的因素”实验中（1）为了探究电热器产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，在烧瓶内安装一根电阻丝，并插入一支温度计，通过比较烧瓶内液体的温度变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少，这种研究方法叫若他想让烧瓶内液体在短时间内温度变化更明显，应选用（选填“煤油”或“水”），理由是（2）小明先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度，得到温度的升高量填入表中；然后移动滑动变阻器滑片改变电流大小，重复上述操作，获得第二组数据（见表）实验次数电流/a通电时间/s电阻/温度升高量/10.330101.520.630106.0由此得出：同一导体，在通电时间相等时，电流，其产生的热量（3）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，同时选择乙图中（选填“a”或“b”）烧瓶与甲图中的烧瓶（选填“串联”或“并联”）25小宇做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6v的电源，额定电压为2.5v的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线图甲是小宇没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮小宇将实物电路连接完整（要求滑片向右滑动时灯泡变亮）（注：甲图中电流表的接线柱从左到右依次是“”“0.6”“3”；电压表的接线柱从左到右依次是“”“3”“15”）（2）小宇连好电路，闭合开关，发现小灯泡立刻发出很亮的光，原因是；不一会儿，小灯泡不亮了，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是（写出一种即可）（3）小宇排除故障后闭合开关，移动滑片p到某处，电压表的示数为2.2v，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片p向端滑动（选填“左”或“右”），直至电压表的示数为v（4）小宇通过移动滑片p，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了图乙所示的ui图象根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是w；当灯泡两端的电压为1.5v时，小灯泡的实际功率为w26用燃气灶烧水，燃烧2kg的煤气，使200kg的水从20升高到70，已知水的比热容为4.2103j/（kg），煤气的热值为4.2107j/kg求：（1）2kg煤气完全燃烧放出的热量 （2）水吸收的热量 （3）燃气灶烧水的效率27周末，小华在爸爸的帮助下利用图示的电能表测量电热水壶的实际功率，已知电热水壶的铭牌为“220v 1000w”（c水=4.2103j/（kg）（1）根据表盘示意图，可知小华家累计用电为kwh；（2）测量中还需用到的测量工具是（3）为测量电热水壶的实际功率，小华首先应进行的操作是将家中其他用电器停止工作，只让电热水壶工作，在5min内看到电能表的指示灯闪烁120次，则电热水壶5min内消耗的电能是多少？电热水壶的实际功率是多少w，这表明电热水壶的实际工作电压（“大于”“小于”“等于”）额定电压28将标有“6v 6w”和“9v 4.5w”的两个灯泡串联后接到电源两端，发现一个灯泡正常发光，另一个灯泡较暗，不考虑温度对电阻的影响，但两灯泡要安全，求：（1）电路中的电流；（2）电源电压江苏省无锡市江阴市夏港中学2016届九年级上学期第二次月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共28分）1如图所示，使用中属于费力杠杆的工具是（）abcd【考点】杠杆的分类【专题】应用题【分析】该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断【解答】解：a、题目中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；b、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；c、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；d、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；故选c【点评】此类型题目的解决主要是依据生活经验及动力臂和阻力臂的大小关系进行判断2一个人先后用同样大小的力f将不同质量的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离s（如图所示），该力在这三个过程中所做的功分别为w1、w2、w3，关于它们之间的大小关系说法正确的是（）aw1w2w3bw1w2=w3cw1=w2=w3dw1=w2w3【考点】功的计算【专题】应用题；压轴题【分析】物理上，功的大小等于力与在力的方向上通过的距离的乘积；即w=fs【解答】解：一个人先后用同样大小的力f使物体沿力的方向移动相同的距离s；该力在这三个过程中所做的功分别为w1、w2、w3，三个功的大小都等于w=fs；即w1=w2=w3；故c正确；abd错误；故选：c【点评】深入理解功的大小的计算方法，是解答此题的关键3关于热量、温度和内能，下列说法中正确的是（）a一个物体的内能增加，一定是吸收了热量b一个物体吸收了热量，温度一定升高c温度高的物体含有的热量一定比温度低的物体含有的热量多d在热传递过程中，热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体【考点】温度、热量与内能的关系；物体内能的改变【专题】应用题【分析】a、改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的b、内能是指物体内部所有分子的分子动能和分子势能的和；物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化c、一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关d、热传递的条件和热传递的特点【解答】解：a、一个物体的内能增加，可能是吸收了热量，也可能是因为对物体做功故a不符合题意b、物体吸收了热量，可能用来加快分子的无规则运动，即表现在物体的温度的升高；也可能用来改变物体的状态；比如：晶体在熔化过程，吸热，内能增加但温度不变，所以，物体吸收了热量，物体的温度可能升高，也可能不变故b不符合题意c、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，应考虑其它因素故c不符合题意d、传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体故d符合题意故选d【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系，改变物体内能的两种方法是等效的，以及热传递的条件和热传递的特点解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体吸收了热量，不一定是用来升高温度4用如图所示的滑轮组将重10n的物体匀速提升0.1m，所用时间为2s，作用在绳子末端的拉力f为6n（不计绳重和绳与滑轮间的摩擦），下列计算结果正确的是（）a所做的有用功为1.2jb动滑轮自重0.2nc拉力f做功的功率为0.3wd该滑轮组的机械效率为83.3%【考点】滑轮（组）的机械效率；功率的计算【专题】计算题【分析】（1）由一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，工作特点是：可以达到既省力又改变力的作用方向动滑轮由几段绳子承担，绳端移动的距离就是物体升高高度的几倍（2）结合功、功率和机械效率的公式分别计算出所做的有用功、动滑轮自重、拉力f做功的功率、该滑轮组的机械效率，然后和所提供的计算结果比较，得出正确的判断【解答】解：a、用滑轮组提升物体，对物体做的功是有用功所做的有用功w用=gh=10n0.1m=1j，故a错；b、不计绳重和绳与滑轮间的摩擦时，f=（g轮+g物），则：动滑轮的重力g动=2fg物=26n10n=2n，故b错；c、用滑轮组提升物体，拉力f做的功是总功，则拉力f做功的功率：p总=0.6w，故c错；d、该滑轮组的机械效率=83.3%，故d正确故选d【点评】本题考查了使用滑轮组拉力的计算、机械效率的计算，根据题图确定n的大小（直接从动滑轮上引出的绳子股数）是本题的突破口，利用好不计绳重和摩擦时拉力和物重的关系f=（g轮+g物）是本题的关键5抽油烟机装有照明灯和排气扇使用中，有时需要它们单独工作，有时需要它们同时工作如图所示的四个电路中，你认为符合上述要求的是（）abcd【考点】串、并联电路的设计【分析】根据并联电路的特点知，当两个用电器并联时，可以做到相互不影响【解答】解：由题意知，风扇与灯泡是相互不影响的，故应当是并联关系，且各支路上有一个开关控制，干路上没有开关故选a【点评】本题利用了并联电路的特点：用电器并联时，相互不影响6如图所示，将甲、乙两灯串联在电路中，闭合开关，发现甲灯发光，乙灯不发光，则乙灯不发光的原因可能是（）a乙灯灯丝断了b乙灯的实际功率小c相同时间内，乙灯消耗的电能远大于甲灯消耗的电能d通过乙灯的电流小于甲灯的电流【考点】实际功率【专题】压轴题；电能和电功率【分析】（1）串联电路中电流处处相等（2）甲灯比乙灯亮，甲的实际功率一定比乙的实际功率大，根据w=pt，可以判断灯消耗的电能【解答】解：a、已知甲、乙两灯串联在电路中，闭合开关，发现甲灯发光，乙灯不发光，如果乙灯灯丝断了，电路中无法形成闭合的回路，所以甲灯也不会发光，故a不可能；b、甲灯发光，乙灯不发光，说明甲的实际功率比乙的实际功率大符合题意c、根据p=可知，相同时间内，乙灯消耗的电能小于甲灯消耗的电能，故c不可能d、串联电路中电流处处相等故d不可能故选：b【点评】本题考查串联电路的规律，串联电路各部分电流相等，故一灯泡亮即说明电路是通的；则可以分析可能的原因7如图所示，小明从滑梯上下滑，在这一过程中，他的（）a动能转化为重力势能b重力势能全部转化为动能c机械能保持不变d机械能一定减少【考点】能量转化的现象；机械能【专题】应用题【分析】（1）影响动能大小的因素：质量和速度质量越大，速度越大，动能越大（2）影响重力势能大小的因素：质量和被举的高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）影响弹性势能大小的因素：发生弹性形变的程度弹性形变越大，弹性势能越大，在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能（4）机械能的总量等于动能和势能的和（5）摩擦生热的过程是机械能转化成了内能【解答】解：a、小明从滑梯上下滑的过程中，高度减小，速度越来越快，重力势能转化成了动能，a不合题意b、小明从滑梯上下滑的过程中，高度减小，速度越来越快，同时臀部发热，所以是一部分重力势能转化成了内能，b不合题意c、d、小明从滑梯上下滑的过程中，臀部发热，摩擦生热，一部分机械能转化成了内能，总机械能减少，c、不合题意；d符合题意故选d【点评】解决此类问题的关键是要知道各能量跟哪些因素有关，根据各因素的变化情况分析能量的变化情况8如图，在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中，当我们将电阻由5换成10后，接下来的操作正确的是（）a将变阻器滑片p向左移动，保持电压表示数不变b将变阻器滑片p向左移动，保持电流表示数不变c将变阻器滑片p向右移动，保持电压表示数不变d将变阻器滑片p向右移动，保持电流表示数不变【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电路的动态分析【专题】应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题【分析】要研究导体中的电流与电阻的关系，由控制变量法的思路可知，需要保证导体两端的电压不变，当电路中的电阻由5换成10时，导体两端的电压是否变化，怎样变化是此题的解题思路【解答】解：在滑片p不动的情况下，将电阻由5换成10后，闭合开关，电路总电阻变大，i=，电路中的电流变小，滑动变阻器两端的电压变小，串联电路的总电压等于各分电压之和可知，定值电阻两端的电压增大，要使电压表的示数不变，只能减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路的电阻，即滑片p向右端移动故选c【点评】电源电压不变，两串联电阻，当其中一个电阻增大时，其两端电压也增大，另一个电阻两端的电压同时减小9甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列说法正确的是（）a甲灯灯丝比乙灯灯丝细b两灯都正常发光时，甲灯消耗的电能较少c两灯都正常发光时，甲灯电阻小于乙灯电阻d两灯串联后，接在220v电路中，甲灯比乙灯暗【考点】影响电阻大小的因素；电功率的计算【专题】计算题【分析】要解决此题，需要掌握“220v 25w”、“220v 100w”的含义，电灯的名牌计算出灯丝的电阻及额定电流值要掌握串并联电路中电流和电压的关系，并掌握电功率的计算p=ui=i2r要比较灯泡的亮暗关键是比较灯泡的实际电功率【解答】解：a、甲灯泡的灯丝电阻为：r甲=1936；乙灯的电阻为：r乙=484灯丝的长度和材料都是相同的，甲的阻值大于乙的阻值，所以甲灯灯丝比乙灯灯丝细所以a说法正确b、两灯都正常发光时，甲灯的功率小于乙灯的功率，根据w=pt，由于不知时间，所以无法比较两灯所用电能的大小所以b说法错误c、由a知，两灯都正常发光时，甲灯的电阻大于乙灯的电阻所以c说法错误d、若两灯串联，则通过的电流相等，根据公式：p=i2r，甲的电阻大，所以甲的实际功率比乙的实际功率大，甲灯比乙灯亮所以d说法错误故选a【点评】此题主要考查了学生对电灯铭牌的理解，知道其中的电压和功率值都是指额定电压和额定功率同时考查了有关实际功率的计算特别注意的是实际功率决定了灯泡的亮暗情况10如图所示，电源电压不变，s闭合后，两灯都发光，一段时间后，其中一灯突然熄灭，电流表、电压表的示数都不变，产生这一现象的原因是（）al1断路bl2断路cl1短路dl2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】应用题；电流和电路【分析】常见的电路故障有断路与短路两种，根据电路故障现象分析电路故障原因【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电压表测电源电压，电流表测l1电流；a、如果灯l1断路，灯l1熄灭，电压表示数不变，电流表示数为零，示数变小，不符合题意，故a错误；b、如果灯l2断路，电压表与电流表示数都不变，符合题意，故b正确；c、如果灯l1短路，则电源被短路，两灯都熄灭，电流表示数变大，电压表示数变小，不符合题意，故c错误；d、如果灯l2短路，则电源被短路，两灯都熄灭，电流表示数为零，电压表示数变小，不符合题意，故d错误故选b【点评】本题考查了电路故障的判断，在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通11电热毯通电后很热，而跟电热毯连接的铜导线却不怎么热，这是因为（）a通过电热毯的电流比通过铜导线的电流大b铜导线的电阻小，因而产生的热量少，而电热毯电阻大产生的热量多c铜导线有绝缘层，所以不怎么热d铜导线比电热毯传热快，所以不容易热【考点】焦耳定律在实际中的应用【专题】应用题；电与热、生活用电【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据此分析原因【解答】解：电热毯在使用时，电热毯和导线串联，i电热毯=i导线，并且通电时间t相同，由q=i2rt可知，r电热毯r导线，所以电流产生的热量为q电热毯q导线，从而出现电热毯很热，而与电热毯相连的导线却不怎么发热的现象故选b【点评】题主要考查对焦耳定律及应用、串联电路电流关系的了解和掌握，知道电炉丝和相连接的铜导线为串联是本题的关键12下表给出的多组电压表和电流表的数据，可能是在进行下列哪些实验探究中收集的（）u/v1.01.52.02.22.52.7i/a0.200.300.400.440.500.54探究通过导体的电流与电压的关系测量小灯泡的电功率测量某定值电阻的阻值探究影响电流做功多少的因素abcd【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）当电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比；（2）灯丝的电阻随温度而变化，通过的电流与其两端电压不成正比；（3）测量定值电阻，电阻一定，通过的电流与其两端电压成正比；（4）探究电流做功实验，还需要测量时间【解答】解：探究通过导体的电流与电压的关系，当电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比，符合题意；测量小灯泡的电功率，灯丝的电阻随温度而变化，通过的电流与其两端电压不成正比，不合题意；测量某定值电阻的阻值电阻一定，通过的电流与其两端电压成正比，符合题意；探究影响电流做功多少的因素，该实验中还需要测量时间，表格中没有，不合题意故符合题意的有故选c【点评】该题抓哟考查学生对于伏安法测量实验的理解和掌握，熟知各个实验原理是解题关键13如图所示，电源电压为6v，s闭合后两灯都正常发光，电压表示数变为2v，则关于灯l1和l2亮度的关系是（）a灯l1较亮b灯l2较亮c一样亮d无法确定【考点】实际功率；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【专题】电流和电路；电压和电阻；电能和电功率【分析】在串联电路中，总电压等于各用电器电路电压之和根据串联电路电流的特点和p=ui比较两灯泡的实际功率，实际功率大的较亮【解答】解：由图可知，当开关s闭合后，电压表测的是灯l2两端的电压，所以l2两端电压为2v；由于两灯串联，根据串联电路电压规律得u1=uu2=6v2v=4v因为串联电路处处电流相等，由p=ui可知，灯泡l1的实际功率大，因此灯l1较亮故选a【点评】解决此题的关键是知道串联电路的电流、电压规律以及功率大小的比较14如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为g的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力g，则动滑轮的机械效率与物体重力g的关系可能符合下列图中的（）abcd【考点】滑轮（组）的机械效率【专题】功、功率、机械效率【分析】从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公式=100%判断出动滑轮的机械效率与物体重力g的关系【解答】解：动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率与物体重力g的关系并不成正比，故a正确符合题意故选：a【点评】本题考查了使用动滑轮时机械效率的计算，要知道提升物重大小对机械效率的影响（同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大）二、填空题（本题共8小题，每空1分，共22分）15小华用50n的水平力推重为400n的物体沿水平面做匀速直线运动物体在5s内移动5m，在此过程中，小华对物体所做的功是250j，小华对物体做功的功率是50w，重力所做的功是0j，重力的功率是0w【考点】功的计算；功率的计算【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】（1）根据功的计算公式w=fs即可算出小华做的功；根据功率公式p=即可算出小华做功的功率（2）一个力要对物体做功，物体必须在这个力的方向上通过一段距离重力的方向竖直向下，物体在水平方向上通过了距离，而没有在竖直方向上通过距离，所以重力对物体没有做功【解答】解：（1）小华对物体做的功：w=fs=50n5m=250j，做功的功率：p=50w（2）重力的方向竖直向下，物体在水平方向上通过了距离，而没有在竖直方向上通过距离，所以重力对物体没有做功，重力的功率为0故答案为：250；50；0；0【点评】本题考查了学生对功的公式和功率公式的掌握和应用，物体并没有在重力的作用下做功，小华也没有克服物体的重力做功，所以理解做功的两个必要因素很关键16现将长度相同，横截面积、材料不同的导体a和b接到如图所示的电路中，闭合开关s，通过a的电流为ia，通过b的电流为ib，则ia等于ib（选填“大于”、“等于”或“小于”），若此时导体a和b两端的电压关系是ua=ub，则ra：rb=1：1，由此可知b导体的导电性能差（选填“a”或“b”）【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题【分析】由电路图可知a、b串联，根据串联电路的特点可知通过它们的电流关系；已知电压关系根据欧姆定律可知电阻关系；假如a、b的材料相同，则长度相同、b的横截面积大时b的电阻小，而实际上两电阻相等，说明b的导电性能较差【解答】解：a、b串联，ia=ib，ua=ub，且u=ir，ra：rb=1：1，a、b的长度相同，b的横截面积大，且电阻相等，b的导电性能较差故答案为：等于；1：1；b【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律以及影响电阻大小因素的应用，关键是利用假设法灵活的判断导体的导电性能的好坏17在汽油机的压缩冲程中，汽缸内气体温度升高，这是通过做功的方式使气缸内气体内能发生改变；把饮料放进冰箱，饮料温度降低，这是通过热传递的方式使饮料的内能发生改变【考点】做功改变物体内能；物体内能的改变；热传递改变物体内能【专题】应用题；压轴题【分析】把握做功和热传导在改变物体内能上的异同点【解答】解：汽油机的压缩冲程，活塞对气缸内气体做功，机械能转化为内能，温度升高，属于做功的方式；饮料放进冰箱温度降低，饮料的内能发生了转移，属于热传递改变内能故答案为：做功、热传递【点评】从本质上判断改变物体内能的方式，做功改变内能是内能和机械能的转化过程，热传递改变内能是内能的转移过程18一定值电阻两端的电压为10v时，通过它的电流为2a，则这个定值电阻的阻值为5若它两端的电压增加到20v，则此时它的电流为4a若它两端的电压为0v，则此时它的阻值为5【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；欧姆定律【分析】（1）已知导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电路无关，再根据欧姆定律求出导体两端的电压增加到20v时通过的电流【解答】解：由i=可得，导体的电阻：r=5，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电路无关，所以，当导体两端的电压增加到20v时或两端的电压为0v时，导体的电阻仍为5不变，当导体两端的电压增加到20v时，通过的电流：i=4a故答案为：5；4；5【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目19一个标有“4v，2w”的灯要接在电压为6v的电源上，应串联（填串联或并联）一个电阻的阻值为4，该电阻消耗的电功率是1w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】灯泡的额定电压小于电源的电压，要使灯泡正常发光应串联一个电阻分压，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和p=ui求出电路中的电流，利用p=ui求出串联电阻消耗的功率【解答】解：灯泡正常发光时的电压ul=4v，功率pl=2w，要使灯泡在6v的电源上正常发光，应串联一个电阻分压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，串联电阻r两端的电压：ur=uul=6v4v=2v，因串联电路中各处的电流相等，所以，由p=ui可得，电路中的电流：i=il=0.5a，由i=可得，串联电阻的阻值：r=4，串联电阻r消耗的功率：pr=uri=2v0.5a=1w故答案为：串联；4；1【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道串联电路的分压特点和灯泡正常发光时的电压与额定电压相等20某冰箱的铭牌如图所示，那么冰箱正常工作24h消耗的电能是0.5kwh，在24h内，冰箱实际工作时间是5h【考点】电功计算公式的应用【专题】计算题；电能和电功率【分析】由电冰箱的铭牌可知，冰箱正常工作24h消耗的电能和功率，根据p=求出在24h内冰箱实际工作时间【解答】解：由电冰箱的铭牌可知，冰箱正常工作24h消耗的电能是0.5kw，正常工作时的功率100w，由p=可得，在24h内冰箱实际工作时间：t=5h故答案为：0.5；5【点评】本题考查了电功公式的灵活应用，从铭牌中获取冰箱正常工作24h消耗的电能是关键，要注意电冰箱的工作特点间歇性工作21图甲是小灯泡l和电阻r的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接人电路中，只闭合开关s，小灯泡的实际功率为1w；则小灯泡两端的电压为2v，再闭合开关s1，电流表示数变化了0.2a，此时电路消耗的总功率为1.4 w【考点】电功率的计算【专题】计算题；图析法；电能和电功率【分析】（1）只闭合开关s时，电路为l的简单电路，根据图象读出小灯泡实际功率为1w两端的电压和电流；（2）闭合开关s、s1时，l与r并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压，根据图象可知通过它们的电流，利用并联电路的电流特点可知电流表示数的变化和干路电流表的示数，利用p=ui求出电路消耗的总功率【解答】解：（1）只闭合开关s时，电路为l的简单电路，由图中可知，当小灯泡两端的电压ul=2v，通过的电流il=0.5a时，灯泡的实际功率pl=ulil=2v0.5a=1w，所以，小灯泡两端的电压为2v，电源的电压约为2v；（2）闭合开关s、s1时，l与r并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压ul=ur=u=2v，由图象可知，通过它们的电流分别为il=0.5a，ir=0.2a，因串联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电流表示数变化为ir=0.2a，此时干路电流：i=il+ir=0.5a+0.2a=0.7a，此时电路消耗的总功率：p=ui=2v0.7a=1.4w故答案为：2；0.2；1.4【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式的应用，从图象中读出符合题意的电流和电压值以及知道电流表示数的变化量为通过r的电流是关键22某电饭锅设有“加热”和“保温”两档，其内部简化电路如图所示，当开关s置于“1”档时，电饭锅处于保温（选填“加热”或“保温”）状态；若电饭锅保温相加热时总功率之比为1：50，则电阻r0和r1的比值为1：49【考点】电功率的计算【专题】应用题；压轴题；动态预测题；图析法【分析】根据p=可知，当电饭锅“加热”时，电路只有电阻r0工作，此时电路中电功率最大，并用电源电压和电阻表示出电路的总功率；当电饭锅“保温”时，电阻r1、r0串联，此时电路中电功率最小，同理，用电源电压和电阻表示出电路的总功率；再根据p与p的关系求出r0、r1的比值【解答】解：当开关s置于“1”档时，等效电路图如下图所示：电饭锅处于“保温”状态，电阻r1、r0串联，此时的电功率：p=，当开关s置于“2”档时，等效电路图如下图所示：电饭锅处于“加热”状态，电路只有电阻r0工作，此时的功率：p=，p：p=50：1：=50：1解得r0：r1=1：49故答案为：保温；1：49【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算；关键是电功率公式的灵活应用和电饭锅状态的判断，以及电路图串并联的分析三、解答题23如图，在探究“不同物质吸热能力”的实验中：（1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、质量相同的水和煤油，选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收的热量相等（2）水和煤油温度随时间变化的图象如图乙所示根据图甲可判断处a物质是水根据图乙可判断处水吸热能力强，它的比热容较大（填“大”或“小”）（3）本实验采用的物理研究方法是控制变量法【考点】控制变量法与探究性实验方案【专题】探究型实验综合题【分析】（1）探究“不同物质吸热能力”要采用控制变量法，控制液体质量与初温相同，在相等时间内吸收的热量相等（2）由图甲判断出两液体的体积关系，然后由密度公式的变形公式判断液体种类；用相同的电热器加热，液体升高相同的温度，加热时间越长，液体吸收的热量越多，液体的吸热能力越强，比热容越大（3）本实验应用了控制变量法【解答】解：（1）探究“不同物质吸热能力”实验，根据控制变量法的要求，应控制水和煤油的初温相同、质量相同选用相同电加热器可以使水和煤油在相同时间内吸收的热量相等（2）图甲中可知：vavb，水煤油，水与煤油的质量m相等，=，由v=可知：v水v煤油，则a物质是水由图乙所示图象可知：相同质量的水与煤油升高相同的温度时，水需要的加热时间长，水吸收的热量多，水的吸热能力强，水的比热容大（3）本实验采用了控制变量法故答案为：（1）质量；吸收的热量相等；（2）水；水；大；（3）控制变量【点评】本题考查了实验注意事项、实验分析等，应用了控制变量法，知道实验原理、应用控制变量法分析即可正确解题，要掌握控制变量法的应用24在探究“影响电流热效应的因素”实验中（1）为了探究电热器产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，在烧瓶内安装一根电阻丝，并插入一支温度计，通过比较烧瓶内液体的温度变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少，这种研究方法叫转换法若他想让烧瓶内液体在短时间内温度变化更明显，应选用煤油（选填“煤油”或“水”），理由是煤油比热容小，相等的质量吸收相同的热量，温度上升明显（2）小明先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度，得到温度的升高量填入表中；然后移动滑动变阻器滑片改变电流大小，重复上述操作，获得第二组数据（见表）实验次数电流/a通电时间/s电阻/温度升高量/10.330101.520.630106.0由此得出：同一导体，在通电时间相等时，电流越大，其产生的热量越多（3）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，同时选择乙图中b（选填“a”或“b”）烧瓶与甲图中的烧瓶串联（选填“串联”或“并联”）【考点】焦耳定律【专题】探究型实验综合题【分析】（1）掌握转换法在实验中的应用，通过比较烧瓶内温度的变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少；为了实验效果更加明显，实验应采用比热容较小的液体；（2）分析表格中数据相同的量和不同的量，判断温度升高的影响因素；（3）要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，电阻不同【解答】解：（1）实验中通过比较烧瓶内液体的温度变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少，这种研究方法叫转换法；由于煤油的比热容较小，质量相同吸收热量相同时，温度变化比较明显，应选用煤油进行实验；（2）由表格中数据知，通电时间和电阻相等，电流增大为原来的2倍，温度升高为原来的4倍，即产生的热量为原来的4倍，可知通电时间和电阻相等，产生的热量与电流的2次方成正比；（3）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，电阻不同，所以应该选择b烧瓶和甲图中的烧瓶串联故答案为：（1）转换法；煤油；煤油比热容小，相等的质量吸收相同的热量，温度上升明显；（2）越大；越多；（3）b；串联【点评】本题考查的是影响电流热效应的因素实验，考查了温度变化与比热容的关系，考查了控制变量法在实验中的应用，要探究产生热量的多少和其中一个量之间的关系，需保持其它量不变，注意实验数据的分析，同时涉及到了串联电路电流的特点25小宇做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6v的电源，额定电压为2.5v的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线图甲是小宇没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮小宇将实物电路连接完整（要求滑片向右滑动时灯泡变亮）（注：甲图中电流表的接线柱从左到右依次是“”“0.6”“3”；电压表的接线柱从左到右依次是“”“3”“15”）（2）小宇连好电路，闭合开关，发现小灯泡立刻发出很亮的光，原因是滑动变阻器的滑片在阻值最小的一端；不一会儿，小灯泡不亮了，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是灯泡断路（写出一种即可）（3）小宇排除故障后闭合开关，移动滑片p到某处，电压表的示数为2.2v，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片p向右端滑动（选填“左”或“右”），直至电压表的示数为2.5v（4）小宇通过移动滑片p，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了图乙所示的ui图象根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5w；当灯泡两端的电压为1.5v时，小灯泡的实际功率为0.225w【考点】电功率的测量【专题】测量型实验综合题【分析】（1）电压表、滑动变阻器、开关连线不完整，根据一上一下的接线原则将滑动变阻器与开关串联，电压表并在小灯泡两端（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片需移到阻值最大处，灯泡发光很亮，说明电路中电流很大；灯泡熄灭，电压表有示数，电流表无示数，说明电路断路； （3）电压表的示数为2.2v，要测量小灯泡的额定功率，应使电路电流变大，滑动变阻器阻值变小，由电路图知滑片应向右滑动（4）由图象求出灯泡电压为额定电压u=2.5v时，电路电流i，由p=ui可求出灯泡的额定功率；由图象求出u=1.5v是的电流i，由p=ui可求出实际功率【解答】解：（1）因为滑片向右滑动时灯泡变亮，说明滑片右移电阻变小，故使滑动变阻器的右下接线柱与开关相连，由于灯泡的额定电压为2.5v，所以选择03v的量程并联在灯泡两端；如下图所示：（2）闭合开关，灯泡很亮，说明滑动变阻器的滑片在阻值最小的一端；灯泡不亮，电流表无示数，说明电路发生断路，电压表有示数，说明电压表正负接线柱与电源两极相连，故灯泡断路；（3）移动滑动