湖北省武汉市江岸区中考物理模拟试卷（解析版） 新人教版.doc

湖北省武汉市江岸区2013年中考物理模拟试卷一、选择题（每题3分共36分）1（3分）（2013江岸区模拟）2010年上海世博园中，超过一半的照明系统采用了led灯同样的耗电量，led灯的发光量可达白炽灯的10倍以上制作led灯的发光二极管主要使用的是（）a复合材料b超导材料c纳米材料d半导体材料考点：半导体的特点专题：应用题分析：要解答本题需掌握：半导体材料有许多独特的功能，根据半导体材料的特殊性质制成了特殊的元件解答：解：低碳节能的led，即是发光二极管，制作发光二极管的核心材料就是半导体材料故选d点评：本题主要考查学生对：半导体材料的特点以及应用的了解和掌握，是一道基础题2（3分）（2013江岸区模拟）下列四幅实验装置图，对发电机的发明有直接影响的是（）abcd考点：通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；通电螺线管的极性和电流方向的判断专题：图析法分析：发电机原理：闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机的原理图解答：解：a实验是研究通电导线周围存在着磁场，cd是电动机的原理发电机的原理是电磁感应现象，即磁生电，电路中不能有电源，而acd中都有电源，故b选项符号题意故选b点评：发电机是将机械能转化为电能的装置，它在工作时消耗机械能，得到电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键3（3分）（2013江岸区模拟）2011年5月22 日，大明湖畔出现“佛山倒影”奇观，图为目击者当时拍下的照片“佛山倒影”奇观形成的物理学原理是（）a光的直线传播b光的反射c光的折射d光的色散考点：光的反射专题：应用题分析：平静的水面就像平面镜，楼房、桥、树木、山等物体都可以在水面上成像即倒影；平面镜成像是由于光的反射形成的解答：解：平静的水面是一个平面镜，“佛山倒影”是佛山反射的光照到水面上，形成的倒影，是由光的反射形成的故选b点评：光的直线传播、光的反射、光的折射是光学三个重点原理，同学在学习中要联系生活中的实例现象，会区分4（3分）（2013江岸区模拟）针对前段时间的旱情，我市气象部门多次进行了“人工增雨”作业，效果良好在空中中喷洒干冰（固态二氧化碳）是“人工增雨”的一种常用方法，喷洒的干冰可以促使空气中的水蒸气变成小冰晶，冰晶下降过程中变成雨滴在“人工增雨”作业中，空气中的“云”发生的物态变化有（）a凝华和熔化b凝华和液化c凝固和熔化d凝固和液化考点：生活中的凝华现象；凝固与凝固放热特点；液化及液化现象专题：应用题分析：干冰是固态的二氧化碳，它很容易升华，升华是一个吸热过程需要从水的物态变化入手，分析具体过程凝华是指物质从气态直接变为固态的过程熔化是指物质从固态变为液态的过程解答：解：干冰是固态的二氧化碳，它非常容易升华，从周围空气中吸收大量的热，使空气中的水蒸气放热，凝华产生小冰粒小冰粒在下降过程中，从空气中吸热，熔化变成液态的水，形成雨滴；故“云”的形成过程是凝华和熔化故选a点评：解决此类题目要结合生活中的熔化、升华和凝华现象进行分析解答，是中考热点5（3分）（2005济南）在探究“影响滑轮组机械效率的因素”时，小明同学用图所示甲、乙两个相同的滑轮组来验证的猜想是：滑轮组的机械效率可能与（）a被提升物体重力有关b动滑轮重力有关c物体被提升的高度有关d承重绳子的段数有关考点：滑轮（组）机械效率的测量实验专题：实验探究题分析：影响滑轮组机械效率高低的因素主要有动滑轮的重力、提升物体的重力和绳子间的摩擦，据图分析确定答案解答：解：图中提升的物体的重力不相同（钩码的个数不相同），但是使用相同的滑轮组，因此这两个图研究的是滑轮组的机械效率被提升物体重力的关系故选a点评：知道影响滑轮组机械效率高低的因素主要有动滑轮的个数（额外功不同）、提升物体的质量（重）是本题的关键6（3分）（2013江岸区模拟）热气球在空中匀速上升的过程中，它的（）a动能增大，势能不变，机械能增大b动能不变，势能减小，机械能减小c动能减小，势能增大，机械能不变d动能不变，势能增大，机械能增大考点：动能和势能的大小变化；机械能专题：应用题分析：（1）影响动能大小的因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大；（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度质量越大，高度越大，重力势能就越大；（3）机械能等于动能和势能之和解答：解：热气球在空中匀速上升的过程中，质量和速度都不变，所以热气球的动能不变，因为高度增加，所以重力势能增加，机械能增加故选d点评：本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答7（3分）（2013历城区二模）如图所示的电路中，、是连接在电路中的三只电学仪表；闭合开关s后，灯l1、l2均正常发光则（）a是电流表，、是电压表b、是电流表，是电压表c、是电流表，是电压表d是电流表，、是电压表考点：电流表的使用；电压表的使用专题：推理法分析：要确定圆圈中的电表符号，首先要弄清电压表和电流表的正确使用方法：电流表要串联在电路中使用，而电压表要与被测用电器并联；根据图中各圆圈的位置以及和用电器的连接方式，结合电表的使用方法进行分析解答：解：a、如果是电压表，灯泡l1相当于断路，无电流通过，不能发光此选项不符合题意；b、如果都是电流表，会造成电源短路，两灯都不能发光此选项不符合题意；c、如果是电流表，分别测量干路和l1支路的电流，灯泡并联正常发光；是电压表测量电源电压此选项符合题意；d、如果是电压表，干路相当于断路，灯泡都不能发光此选项不符合题意故选c点评：（1）填电表题，根据连接方式填，并联处填电压表，串联处填电流表；（2）填电表题实际上就是判断串并联的过程，这类题还可以采用假设法，假设圆圈处去掉，判断对电路是否有影响，有影响就填电流表，无影响就填电压表8（3分）（2011鄂州）小阳设计一个天然气泄漏检测电路，如图甲所示，r为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，r0为定值电阻，电源电压恒定不变则下列说法正确的是（）a天然气浓度增大，电压表示数变小b天然气浓度减小，电流表示数变大c天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小d天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：压轴题；信息给予题；推理法分析：由图甲可知两电阻串联，电压表测量r0两端的电压；由图乙可知气敏电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及r0两端电压的变化解答：解：由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的增大而减小，故由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大，由u0=ir0可知，气敏电阻两端的电压会增大，即电压表的示数会变大；这时根据p=ui可知，电路消耗的总功率变大；所以a、c说法错误；由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的减小而升高，故由欧姆定律可得电路中电流减小，即电流表示数减小，但是根据欧姆定律知电压表与电流表示数的比值为r0的阻值，而r0为定值电阻阻值不变，所以b说法错误，d说法正确故选d点评：本题考查学生对图象的认知及欧姆定律的使用，从图中得出气敏电阻的阻值与温度的变化关系是本题的突破口9（3分）（2011南京）如图所示，用焦距为10cm的凸透镜，观察一张印有2014年南京青奥会会徽的图片，此时图片到凸透镜的距离应（）a大于10cm小于20cmb等于20cmc小于10cmd大于20cm考点：凸透镜成像的应用分析：要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律知道当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像解答：解：从图中可以看出，凸透镜成的是正立、放大的虚像，所以此时物距应小于焦距因为凸透镜的焦距是10cm，所以图片到凸透镜的距离应小于10cm故选c点评：要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律知道当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像10（3分）（2011南京）如图所示电路，电源电压保持不变，三只电表均完好开关s闭合后，发现只有两个电表的指针发生偏转，若电路中只有一个灯泡出现了故障，则可能是（）a电压表v1示数为零，灯l1断路b电压表v1示数为零，灯l1短路c电流表a示数为零，灯l2断路d电流表a示数为零，灯l2短路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：压轴题分析：由图知，两个灯泡串联，只有一个灯泡出现了故障，由于其中两表有示数，可知此故障不是断路，如果是断路，则整个电路中没有电流，电表都不会有示数则该灯泡短路解答：解：a、如果灯l1断路，则电压表v1会和灯l2串联，电压表会有示数不合题意b、电压表v1示数为零，灯l1短路如果灯l1短路，则它两端的电压表也短路，即电压表v1示数为零其它两表有示数，符合题意c、灯l2断路，整个电路就会断路，电压表v1和电流表会无示数，不合题意d、电流表a示数为零，灯l2短路如果灯l2短路，灯l1正常工作，则电流表也有示数，不合题意故选b点评：此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合图形和两表特点进行分析11（3分）（2013江岸区模拟）在晚上用电高峰时，居民集中区用户的电灯没有正常发光时亮其原因主要是（）a用户电灯两端的电压变低了b供电干线上的电流变小了c用户电灯的电阻变小了d发电厂提供的电能变少了考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；影响电阻大小的因素；电功率的计算；实际电压；实际功率专题：应用题分析：a、在家庭电路中，用户电灯是并联接入电路，其并联后再与供电干线串联，首先利用影响电阻大小的因素，判断并联部分电阻的变化，再利用串联分压的特点，判断并联部分电压的变化，从而判断定功率的变化；b、利用公式i=进行分析；c、考虑温度对电阻的影响；d、判断灯泡的亮度依据的是灯泡的实际功率解答：解：a、晚上用电高峰时，用户使用的用电器增多，并联的用电器越多其横截面积越大，那么并联部分的电阻就越小，而用户电灯与供电干线串联，从而可知，并联部分两端分担的电压会变小，从而导致功率变小，电灯比正常发光时暗，a符合题意b、用户使用的用电器增多，那么并联部分的电阻就变小，由公式i=可知，供电干线上的电流变大了，b不符合题意c、用户电灯工作时间越长，其温度越高，电灯的电阻会变大，c不符合题意d、判断灯泡的亮度依据的是灯泡的实际功率，与发电厂提供的电能的多少无关，d不符合题意故选a点评：本题考查了并联电路并联的用电器越多其电阻越小，再利用串联电路分压的特点，来判断电压的变化，以及判断灯泡的亮度依据的是灯泡的实际功率12（3分）（2013江岸区模拟）如图所示，电源电压保持不变，l1上标有“1.2v？w”，l2上标有“9v？w”闭合开关s1后，当开关s接“1”，滑片p在最左端时，电压表示数为5.4v，l1此时的实际功率是额定功率的；当开关s接2时，p在中点，电压表示数为2v若将l1和l2串联后接在该电源上时，电路中电流为0.2a，下面说法中正确的是：（设灯丝电阻不随温度改变）（）a电源电压为10vbl1的额定功率为2wcl2的额定功率3wd滑动变阻器的最大阻值20考点：电功率的计算；欧姆定律的应用专题：计算题；压轴题；图析法分析：（1）闭合开关s1后，当开关s接“1”，滑片p在最左端时，滑动变阻器与灯泡l1串联，电阻两端的电压与灯泡两端的电压之和等于电源电压；（2）当开关s接2时，p在中点，滑动变阻器阻值的一半接入电路，与灯泡l2串联，此时电阻两端的电压与灯泡两端的电压之和也等于电源电压；（3）将l1和l2串联后接在该电源上时，电路中电流为0.2a，根据以上已知条件，列出方程，问题就可以解决解答：解：（1）设滑动变阻器的最大阻值为r，当开关s接“1”，滑片p在最左端时，滑动变阻器与灯泡l1串联，由于l1此时的实际功率是额定功率的，根据功率的计算公式p1=说明此时灯泡l1两端的电压是额定电压的，所以此时灯泡l1两端的电压u1=1.2v=0.6v，因此电源电压u=5.4v+0.6v=6v（2）当开关s接“1”，滑片p在最左端时，电压表示数为5.4v，则有：r=5.4v当开关s接2时，p在中点，电压表示数为2v，则有：=2v若将l1和l2串联后接在该电源上时，电路中电流为0.2a，则有：r1+r2=30由式得r1=r，由式得r2=r，将它们代入式得r=27因此r1=r=27=3，r2=r=27（3）l1的额定功率：p1=0.48wl2的额定功率：p2=3w综合以上结果如下：电源电压6v，滑动变阻器的最大阻值27，l1的额定功率0.48w，l2的额定功率3w故选c点评：本题计算过程比较复杂，能够对电路装态进行正确的分析是解决问题的关键，考查学生的分析以及公式的综合应用能力二、非选择题（13-18每空1分，19、20每题6分，共40分）13（6分）（2013江岸区模拟）在测定小灯泡额定功率的实验中 （所用灯泡的额定电压u0=2.5v）（1）晓欣小组采用图1的方案，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片p，灯都不亮，电流表示数始终为0，电压表示数约为6v，则电路中出现的故障可能是小灯泡断路；排除故障后，调节滑动变阻器，直到电压表的示数为2.5v，观察到电流表示数如图2所示，则小灯泡的额定功率为0.75w（2）姚远小组设计了另一种实验方案（其中电源电压未知，电阻r的阻值已知）电路如图3所示，请你在图4中按电路图用笔画线代替导线连接好电路；开关s拔到位置1，移动滑片p至任一位置，读出电流表示数i1；开关s拔到位置2，保持滑动变阻器的滑片位置不动，读出电流表示数i2先算出灯泡的电阻rl=（请你用所测的物理量表示），再根据p0=u02/rl，计算灯泡的额定功率他们按此方案测量，发现实验结果与真实值相差较大，原因是灯泡两端电压不是额定电压，电阻不是正常发光时的电阻仔细分析后，他们认为要准确测出灯泡的额定功率，只需将上述步骤2改为将开关s拔到位置1，移动滑片p，使电流表示数为i1=考点：探究用电器的电功率实验专题：计算题；实验题；作图题；简答题分析：（1）电压表的示数为6v，说明电压表接在电源两端；电流表示数为零，说明电路断路，因此根据电压表和电流表确定断路位置；读出通过灯泡的额定电流，然后根据p=ui可求出灯泡的额定功率；（2）根据电路图连接实物图时，应根据电路路径一条一条支路连接且要注意一一对应；根据开关s拔到位置1和开关s拔到位置2时，电路中三个用元件的连接方式没有发生改变，由可得灯泡两端电压u=i1r，由得灯泡电流i=i2i1，然后根据欧姆定律可求灯泡电阻；注意灯泡的额定功率只有灯泡在额定电压下发光时的功率为额定功率；还要考虑灯丝的电阻随温度的改变而改变解答：解：（1）电流表无示数，说明电路断路；又因为电压表的示数为6v，说明电压表接在电源两端，因此电路故障为小灯泡断路；当灯泡两端电压为额定电压2.5v时，灯泡正常发光，则此时通过灯泡的电流为0.3a，故灯泡额定功率p=ui=2.5v0.3a=0.75w（2）根据电路图将灯泡与开关与闸刀相连的接线柱进行连接，将接线柱1与电流表负接线柱或电源负极相连如图所示由可得灯泡两端电压u=i1r，而开关s由位置1拔到位置2时，电路中三个元件的连接方式没有发生改变，所以此时灯泡两端电压仍然为u；又l与r并联由得灯泡电流i=i2i1；则灯泡电阻rl=由于电流的热效应，当灯泡发光时，灯丝的电阻会随温度升高而变大；当灯泡两端电压不等于其额定电压时，求出的电阻就不等于其正常发光时电阻，从而求出的功率就不是额定功率；所以要想求灯泡额定功率，就必须让灯泡两端电压等于额定电压，即将开关s拔到位置1，移动滑片p，使电流表示数为i1=故答案为：（1）小灯泡断路，0.75；（2）；灯泡两端电压不是额定电压，电阻不是正常发光时的电阻；将开关s拔到位置1，移动滑片p，使电流表示数为i1=点评：本题考查了学生对额定功率的理解，利用公式p=求额定电功率时，必须要注意灯丝的电阻随温度的变化而变化，因此灯泡只有正常发光时的功率为额定功率，即r必须时正常发光时的电阻14（4分）（2010黔南州）小明家的电冰箱铭牌如下表，小明控制只有冰箱工作的情况下，观察冰箱从启动到停止工作用了6min电能表转盘转了18圈则该冰箱启动1次耗电4.32104 j；工作电流是0.55 a一天实际工作6 h每消耗1度电，电能表转盘转1500圈耗电量0.72kwh/24h额定电压220v冷冻量4kg输入功率120w制冷剂r600a气候类型nst考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功的计算；电功率的计算专题：计算题；应用题；信息给予题分析：由额定功率和通电时间求出启动1次的耗电量；由额定电压和额定功率求出额定电流；由启动1次的耗电量和24h的耗电量求出24h启动的次数，次数乘以启动1次的时间得出24h内工作的时间；由启动1次表盘转动的圈数，求出电能表每消耗1度电，电能表转盘转的圈数解答：解：冰箱启动1次的时间t=6min=360s，额定功率p=120w，额定电压u=220v，冰箱启动1次的耗电量：w=pt=120w360s=4.32104j0.55a冰箱24h耗电量0.72kwh=2.592106j冰箱24h启动的次数：=60次冰箱启动1次的时间t=6min=0.1h冰箱24h实际工作时间为0.1h/次60次=6h每消耗1度电，电能表转盘转的圈数：n=1500圈故答案为：4.32104j；0.55；6；1500点评：（1）从冰箱铭牌上搜寻有用的额定电压、额定功率，计算额定电流，利用通电时间计算消耗的电能（2）利用铭牌上的24h耗电量和启动1次的耗电量求出启动次数，利用启动1次的时间求出24h内实际工作时间（3）利用电能表的每消耗1度电，电能表转盘转动的圈数，求耗电量，根据耗电量和实际转动的圈数求电能表的每消耗1度电，电能表转盘转动的圈数，实质是相同的15（4分）（2006黄冈）一串小彩灯，每个小彩灯规格为“4v 0.3a”，如图所示，在正常情况下，细金属丝由于表面氧化铜而与灯丝支架不导通，若加上200v以上电压时，氧化铜被击穿，细金属丝与灯丝支架导通已知灯丝冷时电阻为2，热时电阻为20，将这一串小彩灯串联在220v电路中，在使彩灯正常发光情况下，应串联55个小彩灯，此时电路总电阻为1100，在1h内消耗的电能为237600j当其中一只彩灯灯丝烧断瞬间，细金属丝两端电压达到220v，故细金属丝与灯丝支架导通，保证其它灯泡继续发光考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电阻的串联；电功的计算专题：计算题；压轴题；信息给予题分析：知道一个小彩灯正常发光时的电压，串联在220v的电源上，根据串联电路电压的特点，可求得所接灯的个数，此时的总电阻为nr（热电阻），当灯丝烧断时，烧断灯丝处电压到达电源电压220v氧化铜被击穿，细金属丝与灯丝支架导通利用公式p=ui求出灯泡的功率，再利用w=pt可求出这些小灯泡1h消耗的电能解答：解：串接的灯数n=55；电路总电阻为r总=nr=5520=1100；每只灯泡两端的电压整等于灯泡的额定电压u=4v，所以每只灯泡的功率p=ui=4v0.3a=1.2w，所以55只灯泡1h内消耗的电能为w=55pt=551.2w3600s=237600j；当其中一只彩灯灯丝烧断瞬间，发生断路的地方的电压接近电源电压220v，氧化铜被击穿，细金属丝与灯丝支架导通，保证其它灯泡继续发光故答案为：55；1100；237600；220点评：确定何时用热电阻、何时用冷电阻，知道串联电路中发生断路的地方两端电压为电源电压是本题关键注意此题中每只灯泡两端的电压都等于灯泡的额定电压，有时并不恰好相等16（4分）（2005黄冈）家用电灭蚊器的发热部分使用了ptc发热材料，它的电阻随温度变化规律如图所示使用时发热体直接连入家庭电路，当发热体的温度为60时，则此时电功率为4.84w，如果这只电灭蚊器的平均电功率为5w，按一天工作10h计算，这只家用电灭蚊器一个月（按30天计算）消耗电能1.5kwh；当发热体温度继续上升时，它的电功率会减小（最后两空选填“增大”、“不变”、“减小”）考点：电功率的计算；电功的计算专题：计算题；压轴题；信息给予题分析：（1）从图中可以看出，当发热体的温度为60时，对应电阻为10k=104，根据公式p=可求电功率；（2）根据公式w=pt可计算消耗的电能；（3）当发热体温度继续上升时，电阻变大，根据公式p=可知电功率的变化解答：解：（1）当发热体的温度为60时，电功率为p=4.84w； （2）5w=0.005kw， w=pt=0.005kw10h30=1.5kwh； （3）发热体温度继续上升时，电阻变大，电源电压不变，根据公式p=可知电功率变小故答案为：4.84，1.5，减小点评：本题考查电功率的计算，关键是会分析图象，能从图象中找到有用的数据，这是本题的重点，本题还有一个隐含条件就是家庭电路电压为220v17（4分）（2006黄冈）如图是动圈式麦克风的结构示意图当你对着它说话或唱歌时，人声带由于振动而产生的声音，通过空气传播到膜片，使膜片以及与膜片相连的线圈在磁场中运动，线圈的这种运动能产生随着声音变化而变化的电流，线圈在运动中能量的转化情况是机械能转化为电能考点：动圈式话筒的构造和原理专题：简答题；压轴题分析：要解答本题需掌握：声音是由物体的振动产生，话筒是把声音转化为变化电流的装置解答：解：动圈式话筒的原理是：人说话时，声带振动产生声音，声音通过空气传播到膜片，使膜片以及与膜片相连的线圈在磁场中运动，故能产生感应电流，线圈在运动中能量的转化情况是机械能转化为电能故本题的答案为：振动，空气，电流，机械能转化为电能点评：本题主要考查学生对：动圈式话筒的构造和原理的了解和掌握，是一道基础题18（6分）（2009黄冈）在测定标有“3.8v”小灯泡（阻值约为10）额定功率的实验中，所给的器材如下：学生电源（有3、6、9v三档）、电阻r1=5、两块电流表（00.63a）、两只滑动变阻器（a、“5 2a”，b、“10 1a”）请完成下列实验：（1）请根据图甲中的电路，将图乙中实物电路补充完整（2）在这个实验中，你将选用学生电源的6v档，选择a（选填“a”、“b”）滑动变阻器（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片要置于a端（选填“a”、“b”）调节变阻器，灯泡正常发光时的电流表a1的示数如图丙，则小灯泡的额定功率是1.52w考点：探究用电器的电功率实验；实物的电路连接；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用；电功率的计算专题：实验题；作图题；压轴题；实验分析法；极端假设法分析：（1）由电路图连接实物，从电源正极开始，先连接一条支路到电源负极找出分点和合点从分点开始，按照电流方向依次串联各元件到合点注意滑动变阻器选择一上一下串联在电路中电流表a2的量程由r1两端的电压和电阻来确定，电流由电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出（2）由电压和电阻分别计算两个支路的电流，得到干路电流来确定滑动变阻器规格的选择灯泡的额定电压为3.8v，电源电压要高于3.8v，如果电源电压为9v，当灯泡正常工作时，滑动变阻器两端电压为9v3.8v=5.2v，滑动变阻器在电路中最小电阻几乎等于最大电阻，不容易完成实验，排除9v，选6v为电源电压（3）闭合开关前，滑片处于最大阻值处（4）电流表读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数知道电压和电流，根据p=ui计算功率解答：解：（1）滑动变阻器已经选定了下面接线柱，任意选择上面一个接线柱，把滑动变阻器串联在电路中r1的电流约为：i1=0.76a0.6a，所以，电流表a2选择03a量程按照电路图，补全其中灯泡所在的支路，由电源正极开始，依次串联开关、电流表a1、灯泡、滑动变阻器到电源负极分点是开关与电流表a1之间的任意接线柱，合点是灯泡与滑动变阻器之间的任意接线柱从合点开始，连接电流表a2、定值电阻r1到合点如图（2）灯泡正常工作时，电流约为：il=0.38a，由（1）知，此时r1电流为i1=0.76a，干路电流i=il=i1=0.38a+0.76a=1.14a滑动变阻器b“10 1a”允许通过的最大电流太小不合格，选择“5 2a”的滑动变阻器a灯泡额定电压为3.8v，电源电压要大于3.8v，排除3v电源如果选择9v为电源电压，灯泡正常工作时，滑动变阻器电压为u=u总ul=9v3.8v=5.2v，滑动变阻器电阻最小值为：r=4.56，与滑动变阻器最大阻值相差太小，实验不易操作，排除9v如果选择6v为电源电压，灯泡正常工作时，滑动变阻器电压为u=u总ul=6v3.8v=2.2v，滑动变阻器电阻最小值为：r=1.93，与滑动变阻器最大阻值相差较多，实验容易操作所以，选择6v的电源（3）滑动变阻器接入右半段，滑片处于a端，滑动变阻器连入电路电阻最大灯泡工作电流约为0.38a，电流表a1选择00.6a量程，每一个大格代表0.2a，每一个小格代表0.02a，电流为0.4a，p=ulil=3.8v0.4a=1.52w故答案为：（1）如上图；（2）6；a；（3）a；1.52点评：本题是一道比较难的实验题难点如下：（1）由电路图连接实物图是灯泡与定值电阻先并联，然后与滑动变阻器串联，是混联电路掌握这种复杂的实物连接方式，先连其中一条支路，然后找出分点与合点，从分点再串联各元件到合点（2）电流表的读数是通过电压和电阻计算电流，确定电流表量程再读数（3）滑动变阻器规格的选择是通过电路需要的电阻和电路最大电流来确定（4）电源电压是通过假设排除方法来确定总之，本题每个题目的条件都不是很直接，而是通过计算来获得的19（6分）（2013江岸区模拟）在一次课外活动中，小华同学对家里的电磁炉进行了相关的观察和研究，并记录了电磁炉及她家电能表的有关数据，如表所示（水的比热容为c=4.2103j/（kg）观察对象有关记录研究活动电磁炉铭牌u额=220vp额=1kw用电磁炉加热一壶水（水的质量m=2kg，初温t0=30）关闭家里其它用电器只将该电磁炉接入电路烧水，观察到电能表表盘在5min内转了150r，最后测得水的温度 t=50电能表铭牌220v 10（40）a50hz 2000r/kwh请你根据小华同学在活动中获得的有关资料，求解在这段时间内：（1）水所吸收的热量；（2）电磁炉的实际功率；（3）电磁炉烧水的效率考点：电功与热量的综合计算；能量利用效率；热量的计算；电功率的计算；实际功率专题：计算题；压轴题；信息给予题分析：（1）知道水壶内水的质量、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量；（2）知道只将电磁炉接入电路烧水观察电能表，表盘在5min内转了150r，利用电能表的参数“2000r/kwh”求电磁炉工作5min消耗的电能；知道电磁炉工作5min消耗的电能，利用求电磁炉的功率；（3）电磁炉烧水的效率等于水吸收的热量与电磁炉消耗电能的比值解答：解：（1）q吸=c水m（tt0）=4.2103j/（kg）2kg（5030）=1.68105j；（2）电磁炉工作5min消耗的电能：w=3.6106j=2.7105j；电磁炉的功率