陕西省西安市长安一中高二物理上学期期末试卷 理（含解析）.doc

2015-2016学年陕西省西安市长安一中高二（上）期末物理试卷（理科）一、选择题：（本题共15小题，每小题4分其中2.4.11.15题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1以下是物理学中的四个实验装置或仪器，由图可知这四个实验或仪器共同的物理思想方法是（）a极限的思想方法b猜想的思想方法c控制变量的方法d放大的思想方法2如图所示，平行板电容器的a板带正电，与静电计上的金属球相连；平行板电容器的b板和静电计的外壳均接地此时静电计指针张开某一角度，则以下说法中正确的是（）ab板向左平移，静电计指针张角变大bb板向上平移，静电计指针张角变大c在两板间插入介质板，静电计指针张角变大d在两板间插入金属板，（金属板与a、b板不接触）静电计指针张角变大3如图所示，电荷量为q1、q2的两个正点电荷分别位于a点和b点，两点相距l在以l为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球+q（视为点电荷），在p点平衡若不计小球重力，那么，pa与ab的夹角与q1、q2的关系应满足（）atan2=btan2=ctan3=dtan3=4如图分别是直流电动机、摇绳发电、磁电式仪表和电磁轨道炮示意图，其中不是“因电而动”（即在安培力作用下运动）的有（）abcd5一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中，由于使沿途空气电离而使粒子的动能逐渐减小，轨迹如图所示下列有关粒子的运动方向和所带电性的判断正确的是（）a粒子由a向b运动，带正电b粒子由a向b运动，带负电c粒子由b向a运动，带正电d粒子由b向a运动，带负电6如图所示，在真空区域、中存在两个匀强电场其电场线方向竖直向下，在区域中有一个带负电的油滴沿电场线以速度v0匀速下落，并进入区域（电场范围足够大）能描述粒子在两个电场中运动的速度时间图象是（以v0方向为正方向）（）abcd7如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方o点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从m点沿斜面上滑，到达n点时速度为零，然后下滑回到m点，此时速度为v2（v2v1）若小物体电荷量保持不变，om=on，则（）a小物体上升的最大高度为b从n到m的过程中，小物体的电势能逐渐减小c从m到n的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功d从n到m的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大8如图所示，abcd是一矩形的四个顶点，且ab=cd=20cm，ad=bc=40cm，电场线与矩形所在平面平行，已知a点电势为7v，b点电势为13v，则（）a场强大小一定为e=30v/mbc点电势可能比d点低c场强方向一定由b指向adcd间电势差一定为6v9如图所示，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，若已知加速电压为u1，偏转电压为u2，偏转极板长为l，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，则关于示波器的灵敏度（即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量）与加速电场、偏转电场的关系，下列说法中正确的是（）al越大，灵敏度越高bd越大，灵敏度越高cu1越大，灵敏度越高du2越大，灵敏度越高10如图所示，xoy平面是无穷大导体的表面，该导体充满z0的空间，z0的空间为真空将电荷为q的点电荷置于z轴上z=h处，则在xoy平面上会产生感应电荷空间任意一点处的电场皆是由点电荷q和导体表面上的感应电荷共同激发的已知静电平衡时导体内部场强处处为零，则在z轴上z=处的场强大小为（k为静电力常量）（）abcd11在如图所示的电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用i、u1、u2和u3表示，电表示数变化量的大小分别用i、u1、u2和u3表示下列比值正确的是（）a不变，不变b不变，变大c变大，不变d变大，变大12如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，原线圈接入图乙所示的不完整的正弦交流电，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，r和r1为定值电阻，r为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小下列说法中正确的是（）a图乙中电压的有效值为220vb电压表的示数为22vcr处出现火警时电压表示数增大dr处出现火警时电流表示数增大13如图所示，为一圆形区域的匀强磁场，在o点处有一放射源，沿半径方向射出速率为v的不同带电粒子，其中带电粒子1从a点飞出磁场，带电粒子2从b点飞出磁场，不考虑带电粒子的重力则（）a带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为3：1b带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为：1c带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为2：1d带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为1：214目前，世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机如图所示表示了它的原理：将一束等离子体喷射入磁场，在场中有两块金属板a、b，这时金属板上就会聚集电荷，产生电压如果射入的等离子体速度均为v，两金属板的板长为l，板间距离为d，板平面的面积为s，匀强磁场的磁感应强度为b，方向垂直于速度方向，负载电阻为r，等离子体充满两板间的空间当发电机稳定发电时，电流表示数为i那么板间等离子体的电阻率为（）a（r）b（r）c（r）d（r）15利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度b垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流i，c、d两侧面会形成电势差ucd，下列说法中不正确的是（）a仅增大磁感应强度时，电势差ucd变大b电势差ucd仅与材料有关c若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差ucd0d在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平二、实验，探究题16图中游标卡尺读数为mm，螺旋测微器读数为mm17某同学对实验室的一个多用电表中的电池进行更换时，发现里面除了一节1.5v的干电池外，还有一个方形的层叠电池为了测定层叠电池的电动势和内电阻，实验室中提供如下器材：a电流表a1（满偏电流10ma，内阻10）；b电流表a2（00.63a，内阻未知）；c滑动变阻器r0（0100，1.0a）；d定值电阻r（阻值990）；e开关s与导线若干（1）该同学根据现有的实验器材，设计了如图甲所示的电路，请你按照电路图在图乙中完成实物连线（2）该同学根据上述设计的实验电路测出多组数据，绘出如图丙所示的i1i2图线（i1为电流表a1的示数，i2为电流表a2的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势e=v，内阻r=（保留两位有效数字）18图中虚线框内存在一沿水平方向、且垂直于纸面向里的匀强磁场现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小所用部分器材已在图中给出，其中d为位于纸面内的u形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；e为直流电源；r为电阻箱；a为电流表；s为开关此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线（1）为完成实验某同学设计了上面的电路，并连接完好（2）完成下列主要实验步骤中的填空保持开关s断开，在托盘内加入适量细沙，使d处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1；闭合开关s，调节r的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使d；然后读出，并用天平称出；用米尺测量；（3）用测量的物理量和重力加速度g表示磁感应强度的大小，可以得出b=三、计算题（本题共3个小题，每个小题10分，共30分）19一根长为l的线吊着一质量为m的带电量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，如图所示，线与竖直方向成37角，现突然将该电场方向变为向下且大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其他影响，（重力加速度为g），求：（1）匀强电场的电场强度的大小；（2）求小球经过最低点时线的拉力20如图所示，在同一水平面的两导轨相互平行，相距2m并处于竖直向上的磁感应强度为b=0.75t的匀强磁场中，一根质量为3.0kg的金属棒放在导轨上且与导轨垂直当金属棒中通如图所示的电流为5a时，金属棒恰好做匀速直线运动，求：（g取10m/s2）（1）导轨与金属棒间动摩擦因素；（2）若只改变电流的大小，使电流增加到9a时，金属棒将获得多大的加速度；（3）若只改变磁感应强度的大小和方向，使金属棒静止在导轨上并且与导轨之间无挤压，则所加磁场的磁感应强度大小和方向？21如图所示，三块平行薄金属板a、b、c等间距竖直放置，板间距离为d，b板中央有一小孔，a、c板与大地相连，b板电势为o （0o）一电子以b板所在位置为中心在水平方向做周期性的运动，其动能与电势能之和为a（oa0）已知电子的质量为m、带电荷量为e求运动过程中电子离b板的最大距离2015-2016学年陕西省西安市长安一中高二（上）期末物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题：（本题共15小题，每小题4分其中2.4.11.15题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1以下是物理学中的四个实验装置或仪器，由图可知这四个实验或仪器共同的物理思想方法是（）a极限的思想方法b猜想的思想方法c控制变量的方法d放大的思想方法【考点】物体的弹性和弹力；万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定【分析】根据各实验的原理可得出实验中应用的物理思想方法【解答】解：桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化而放大；引力大小仍是借助于光的反射来放大螺旋测微器将本来很小的距离放大在转动部分上，故这些实验本采用了放大的思想方法；故选：d2如图所示，平行板电容器的a板带正电，与静电计上的金属球相连；平行板电容器的b板和静电计的外壳均接地此时静电计指针张开某一角度，则以下说法中正确的是（）ab板向左平移，静电计指针张角变大bb板向上平移，静电计指针张角变大c在两板间插入介质板，静电计指针张角变大d在两板间插入金属板，（金属板与a、b板不接触）静电计指针张角变大【考点】电容器的动态分析【分析】静电计测定电容器板间电势差，根据电容的决定式分析电容的变化，再电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针张角的变化【解答】解：a、b板向左平移，板间距离d增大，根据电容的决定式c=得知，电容减小，而电量q不变，由电容的定义式c=可知，板间电压u增大，静电计指针张角变大故a正确b、b板向上平移，两极板正对面积减小，由电容的决定式c=得知，电容c减小，而电量q不变，由电容的定义式c=可知，板间电压u增大，静电计指针张角变大故b正确c、在两板间插入介质板，由c=得知，电容c增大，而电量q不变，由电容的定义式c=可知，板间电压u减小，静电计指针张角变小故c错误d、在两板间插入金属板，板间距离减小，电容c增大，而电量q不变，由电容的定义式c=可知，板间电压u减小，静电计指针张角变小故d错误故选ab3如图所示，电荷量为q1、q2的两个正点电荷分别位于a点和b点，两点相距l在以l为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球+q（视为点电荷），在p点平衡若不计小球重力，那么，pa与ab的夹角与q1、q2的关系应满足（）atan2=btan2=ctan3=dtan3=【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；库仑定律【分析】分析带电小球+q的受力情况，作出力图，运用三角形相似法得出+q所受的两个静电力与pb、ap的关系，再由库仑定律求解tan2【解答】解：带电小球+q的受力情况如图所示，由图可知，力的三角形f1fpp和几何三角形pba为两个直角三角形，且有一个角都为，因此这两个三角形相似，则有根据库仑定律得，由数学知识得tan=，故tan3=故选d4如图分别是直流电动机、摇绳发电、磁电式仪表和电磁轨道炮示意图，其中不是“因电而动”（即在安培力作用下运动）的有（）abcd【考点】电磁感应在生活和生产中的应用【分析】电磁感应是指因为磁通量变化产生感应电动势的现象；而电动机是电流在磁场中的受力，二者要注意区分【解答】解：a、图中线圈与电源相连，给线圈供电后能使线圈在磁场中转动；属于因电而动；b、摇绳发电是线圈在地磁场中运动产生感应电流；属于因动而电；c、磁电式仪表是线圈通电后在磁场中转动的；属于因电而动；d、电磁炮是导线通电后在磁场中加速运动；属于因电而动；本题考查不是“因电而动”的；故选：b5一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中，由于使沿途空气电离而使粒子的动能逐渐减小，轨迹如图所示下列有关粒子的运动方向和所带电性的判断正确的是（）a粒子由a向b运动，带正电b粒子由a向b运动，带负电c粒子由b向a运动，带正电d粒子由b向a运动，带负电【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场，粒子的能量逐渐减小，速度减小，则半径减小，即可由轨迹分析粒子入射的方向由左手定则判断电荷的电性【解答】解：据题意，带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场，粒子的能量逐渐减小，速度减小，则由公式r=得知，粒子的半径应逐渐减小，由图看出，粒子的运动方向是从b到a在b处，粒子所受的洛伦兹力指向圆心，即斜向左上方，由左手定则判断可知，该粒子带负电故选：d6如图所示，在真空区域、中存在两个匀强电场其电场线方向竖直向下，在区域中有一个带负电的油滴沿电场线以速度v0匀速下落，并进入区域（电场范围足够大）能描述粒子在两个电场中运动的速度时间图象是（以v0方向为正方向）（）abcd【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【分析】油滴受到重力和电场力的共同作用，但电场强度是变化的，故电场力会有所变化，注意应用牛顿运动定律加以分析【解答】解：带负电的粒子受到重力和电场力的作用，在上面的电场中重力等于电场力粒子恰做匀速直线运动，在下面的电场中，电场力将大于重力，粒子做匀减速直线运动，待速度为零后反向运动，然后返回上面的电场做匀速直线运动，由分析可知，c正确，故选c7如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方o点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从m点沿斜面上滑，到达n点时速度为零，然后下滑回到m点，此时速度为v2（v2v1）若小物体电荷量保持不变，om=on，则（）a小物体上升的最大高度为b从n到m的过程中，小物体的电势能逐渐减小c从m到n的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功d从n到m的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大【考点】电势能；电势差与电场强度的关系【分析】根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式，联立即可解得最大高度；由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化【解答】解：设斜面倾角为、上升过程沿斜面运动的最大距离为l因为om=on，则mn两点电势相等，小物体从m到n、从n到m电场力做功均为0上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为w1在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：mgsinlwfw1=和mgsinlwfw1=，上两式相减可得h=sinl=，a正确；由om=on，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故bc错误；从n到m的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到o的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，故d错误故选：a8如图所示，abcd是一矩形的四个顶点，且ab=cd=20cm，ad=bc=40cm，电场线与矩形所在平面平行，已知a点电势为7v，b点电势为13v，则（）a场强大小一定为e=30v/mbc点电势可能比d点低c场强方向一定由b指向adcd间电势差一定为6v【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度【分析】匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直，可知，cd间电势差等于ba间电势差电场线方向无法确定，场强大小不能求出【解答】解：a、c、根据题设条件可知，场强方向无法确定，知道了ab间电势差，但不能根据e=求出场强的大小故ac错误b、cd间电势差为6v，则知c点电势比d点高6v故b错误d、根据匀强电场的电场线与等势线分布的特点可知，cd间电势差必等于ba间电势差，为6v故d正确故选：d9如图所示，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，若已知加速电压为u1，偏转电压为u2，偏转极板长为l，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，则关于示波器的灵敏度（即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量）与加速电场、偏转电场的关系，下列说法中正确的是（）al越大，灵敏度越高bd越大，灵敏度越高cu1越大，灵敏度越高du2越大，灵敏度越高【考点】示波管及其使用【分析】根据带电粒子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，结合动能定理、牛顿第二定律和运动学公式求出偏转量，从而得出灵敏度的大小【解答】解：根据动能定理得，eu1=mv2；粒子在偏转电场中运动的时间t=，在偏转电场中的偏转位移h=at2=则灵敏度=知l越大，灵敏度越大；d越大，灵敏度越小；u1越小，灵敏度越大灵敏度与u2无关故a正确，cbd错误故选：a10如图所示，xoy平面是无穷大导体的表面，该导体充满z0的空间，z0的空间为真空将电荷为q的点电荷置于z轴上z=h处，则在xoy平面上会产生感应电荷空间任意一点处的电场皆是由点电荷q和导体表面上的感应电荷共同激发的已知静电平衡时导体内部场强处处为零，则在z轴上z=处的场强大小为（k为静电力常量）（）abcd【考点】电场强度【分析】根据对称性，感应电荷在导体内外两侧空间产生的电场强度的大小相等，方向相反；而内部一点的电场强度为q和感应电荷产生的电场强度的合矢量【解答】解：在z轴上处，合场强为零，该点场强为q和导体近端感应电荷产生电场的场强的矢量和；q在处产生的场强为：；由于导体远端离处很远，影响可以忽略不计，故导体在处产生场强近似等于近端在处产生的场强；处场强为：0=e1+e2，故；根据对称性，导体近端在处产生的场强为；电荷q在处产生的场强为：；故处的合场强为：；故选：d11在如图所示的电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用i、u1、u2和u3表示，电表示数变化量的大小分别用i、u1、u2和u3表示下列比值正确的是（）a不变，不变b不变，变大c变大，不变d变大，变大【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】滑动变阻器触头向下滑动时，根据电阻的定义式r=，确定各的变化，由u1=eir判断变化情况【解答】解：a、当滑动变阻器触头向下滑动时，根据电阻的定义式r=，可知=r1 不变；a正确bcd、同理=r2 增大； =r1+r2 增大； 由u3=eir， =r，不变，同理 把r1看成电源的内阻， =（r+r1）不变则c正确，bd错误故选：ac12如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，原线圈接入图乙所示的不完整的正弦交流电，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，r和r1为定值电阻，r为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小下列说法中正确的是（）a图乙中电压的有效值为220vb电压表的示数为22vcr处出现火警时电压表示数增大dr处出现火警时电流表示数增大【考点】变压器的构造和原理【分析】求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，r处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化【解答】解：a、设将此电流加在阻值为r的电阻上，电压的最大值为um，电压的有效值为u=t代入数据得图乙中电压的有效值为110v，故a错误；b、变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是5：l，所以电压表的示数为11v，故b错误c、r处温度升高时，电压表示数不变，阻值减小，副线圈电流增大，而输出功率和输入功率相等，所以原线圈增大，即电流表示数增大，故c错误，d正确故选：d13如图所示，为一圆形区域的匀强磁场，在o点处有一放射源，沿半径方向射出速率为v的不同带电粒子，其中带电粒子1从a点飞出磁场，带电粒子2从b点飞出磁场，不考虑带电粒子的重力则（）a带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为3：1b带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为：1c带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为2：1d带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为1：2【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力【分析】带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由数学知识求出粒子的轨道半径，由牛顿第二定律可以求出粒子的比荷比值，求出粒子做圆周的圆心角，然后求出粒子的运动时间【解答】解：粒子在磁场中做圆周运动，由数学知识可知，粒子做圆周运动转过的圆心角分别是：a=120，b=600，设粒子的运动轨道半径为ra，rb，rasin60=，ra=r，rbsin30=rsin60，rb=r，a、洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvb=m， =，则粒子1与粒子2的比荷比值为=，故a正确，b错误；c、粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期t=，粒子在磁场中的运动时间：t=t，带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为： =，故cd错误；故选a14目前，世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机如图所示表示了它的原理：将一束等离子体喷射入磁场，在场中有两块金属板a、b，这时金属板上就会聚集电荷，产生电压如果射入的等离子体速度均为v，两金属板的板长为l，板间距离为d，板平面的面积为s，匀强磁场的磁感应强度为b，方向垂直于速度方向，负载电阻为r，等离子体充满两板间的空间当发电机稳定发电时，电流表示数为i那么板间等离子体的电阻率为（）a（r）b（r）c（r）d（r）【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析】通过左手定则判断出正负电荷的偏转方向，确定极板带电的正负通过粒子受电场力和洛伦兹力平衡，求出电动势，结合闭合电路欧姆定律和电阻定律求出电阻率的大小【解答】解：由左手定则知，正离子向b板运动，即b板带正电发电机稳定时，离子所受电场力等于洛伦兹力，即： q=qvb解得：u=bvd又r+r1=r1为板间电离气体的电阻，且r1=，联立得到电阻率的表达式为：=（r）故a正确，bcd错误故选：a15利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度b垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流i，c、d两侧面会形成电势差ucd，下列说法中不正确的是（）a仅增大磁感应强度时，电势差ucd变大b电势差ucd仅与材料有关c若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差ucd0d在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平【考点】霍尔效应及其应用【分析】在霍尔元件中，移动的是自由电子，根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力方向，从而知道两侧面所带电荷的电性，即可知道c、d两侧面会形成电势差ucd的正负cd间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡推导出电势差ucd与什么因素有关【解答】解：ab、根据cd间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，则有q=qvb，i=nqvs=nqvbc，则ucd=，n由材料决定，故ucd与材料有关；ucd还与厚度c成反比，与宽b无关，同时还与磁场b与电流i有关，故a正确，b错误c、若霍尔元件的载流子是自由电子，根据左手定则，电子向c侧面偏转，c表面带负电，d表面带正电，所以d表面的电势高，则ucd0故c错误d、在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，应将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通过，故d错误本题选择错误的，故选：bcd二、实验，探究题16图中游标卡尺读数为52.35mm，螺旋测微器读数为4.686mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：游标卡尺主尺读数为52mm，游标尺上第7个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为：0.057=0.35mm，所以最终读数为：52mm+0.35mm=52.35mm；螺旋测微器固定刻度读数4.5mm，可动刻度读数为0.0118.6mm=0.186mm，所以金属丝的直径为：4.5mm+0.186mm=4.686mm故答案为：52.35，4.68617某同学对实验室的一个多用电表中的电池进行更换时，发现里面除了一节1.5v的干电池外，还有一个方形的层叠电池为了测定层叠电池的电动势和内电阻，实验室中提供如下器材：a电流表a1（满偏电流10ma，内阻10）；b电流表a2（00.63a，内阻未知）；c滑动变阻器r0（0100，1.0a）；d定值电阻r（阻值990）；e开关s与导线若干（1）该同学根据现有的实验器材，设计了如图甲所示的电路，请你按照电路图在图乙中完成实物连线（2）该同学根据上述设计的实验电路测出多组数据，绘出如图丙所示的i1i2图线（i1为电流表a1的示数，i2为电流表a2的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势e=9.0v，内阻r=10（保留两位有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】由原理图将电流表a2与滑动变阻器串联，电流表a1与定值电阻r串联，注意开关应能控制整个电路；表头及定值电阻充当电压表使用，则由闭合电路欧姆定律可得出表达式，由图象结合表达式可得出电动势和内电阻；【解答】解：（1）由原理图连接实物图所示；（2）表头的示数与定值电阻阻值的乘积可作为路端电压处理，则由闭合电路欧姆定律可知：i1（r3+ra）=ei2r即：i1=；由图可知，图象与纵坐标的交点为9.0ma，则有：9.0ma=；解得e=9.0v；由图象可知，图象的斜率为：10103，由公式得图象的斜率等于，故=10103；解得r=10故答案为：（1）实物连接如图 （2）9.0； 1018图中虚线框内存在一沿水平方向、且垂直于纸面向里的匀强磁场现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小所用部分器材已在图中给出，其中d为位于纸面内的u形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；e为直流电源；r为电阻箱；a为电流表；s为开关此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线（1）为完成实验某同学设计了上面的电路，并连接完好（2）完成下列主要实验步骤中的填空保持开关s断开，在托盘内加入适量细沙，使d处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1；闭合开关s，调节r的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使d重新处于平衡状态；然后读出读出电流表的示数i，并用天平称出此时细沙的质量m2；用米尺测量d的底边长度l；（3）用测量的物理量和重力加速度g表示磁感应强度的大小，可以得出b=【考点】磁感应强度【分析】（2）金属框平衡时测量才有意义，读出电阻箱电阻并用天平称量细沙质量；安培力与电流长度有关，安培力合力等于金属框架下边受的安培力；（3）根据平衡条件分两次列式即可求解【解答】解：（2）闭合开关s，调节r的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使d重新处于平衡状态；然后读出电流表的示数i；并用天平称出此时细沙的质量m2；用米尺测量d的底边长度l（3）根据平衡条件，有|m2m1|g=bil解得故答案为：（2）重新处于平衡状态；读出电流表的示数i；此时细沙的质量m2；d的底边长度l；（3）；三、计算题（本题共3个小题，每个小题10分，共30分）19一根长为l的线吊着一质量为m的带电量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，如图所示，线与竖直方向成37角，现突然将该电场方向变为向下且大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其他影响，（重力加速度为g），求：（1）匀强电场的电场强度的大小；（2）求小球经过最低点时线的拉力【考点】电场强度；共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律；向心力【分析】（1）小球静止时在竖直线的右边，根据小球静止时受平衡力，可以判断出小球的受力的方向向右，与电场线的