辽宁省抚顺市高三物理上学期第一次模拟试卷（含解析）.doc

辽宁省抚顺市2015届高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-5题只有一个选项符合题目要求，6-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）12012年9月16日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演，该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t0时刻打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地他运动的速度随时间变化的规律如图示下列结论不正确的是( )a在0t0时间内加速度不变，在t03t0时间内加速度减小b降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越大c在t03t0的时间内，平均速度d若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小2一颗人造地球卫星在距地球表面髙度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行周期为t若地球半径为r，则( )a该卫星运行时的线速度为b该卫星运行时的向心加速度为c物体在地球表面自由下落的加速度为d地球的第一宇宙速度为3在地面上方的a点以e1=3j的初动能水平抛出一小球，小球刚落地前的瞬时动能为e2=7j，落地点在b点，不计空气阻力，则a、b两点的连线与水平方向的夹角为( )a30b37c45d604如图所示，水平传送带两端点a、b间的距离为l，传送带开始时处于静止状态把一个小物体放到右端的a点，某人用恒定的水平力f使小物体以速度v1匀速滑到左端的b点，拉力f所做的功为w1、功率为p1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为q1随后让传送带以v2的速度匀速运动，此人仍然用相同的水平力恒定f拉物体，使它以相对传送带为v1的速度匀速从a滑行到b，这一过程中，拉力f所做的功为w2、功率为p2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为 q2下列关系中正确的是( )aw1=w2，p1p2，q1=q2bw1=w2，p1p2，q1q2cw1w2，p1=p2，q1q2dw1w2，p1=p2，q1=q25真空中，两个相距l的固定点电荷e、f所带电荷量分别为qe和qf，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向电场线上标出了m、n两点，其中n点的切线与ef连线平行，且nefnfe则( )ae带正电，f带负电，且qeqfb在m点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到n点c过n点的等势面与过n点的切线垂直d负检验电荷在m点的电势能大于在n点的电势能6如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度b随时间t的变化关系如图乙所示t=0时刻，磁感应强度b的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向水平向左为正则下面关于感应电流i和cd所受安培力f随时间t变化的图象正确的是( )abcd7如图所示，等腰直角三角体oab的斜边ab是由ap和pb两个不同材料的面拼接而成，p为两面交点，且bpap将ob边水平放置，让小物块从a滑到b；然后将oa边水平放置，再让小物块从b滑到a，小物块两次滑动均由静止开始，且经过p点的时间相同物体与ap面的摩擦因数为a，与pb面的摩擦因数b；滑到底部所用的总时间分别是tab和tba，下列说法正确的是( )a两面与小物体间的摩擦系数abb两次滑动中物块到达底端速度相等c两次滑动中物块到达p点速度相等d两次滑动中物块到达底端总时间tabtba8如图所示为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n：1原线圈接电压为u=u0sint的正弦交流电，输出端接有一个交流电流表和一个电动机，电动机的线圈电阻为r当输入端接通电源后，电动机带动一质量为m的重物匀速上升，此时电流表的示数为i，重力加速度为g，下列说法正确的是( )a电动机两端电压为irb原线圈中的电流为nic电动机消耗的电功率为d重物匀速上升的速度为二、非选择题9用如图1所示的装置探究加速度与力和质量的关系，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定实验时，一定要进行的操作是_a小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数b改变砂和砂桶质量，打出几条纸带c用天平测出砂和砂桶的质量d为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量以弹簧测力计的示数f为横坐标，以加速度a为纵坐标，图2画出的af图象可能正确的是_若测出af图象的斜率为k后，则小车的质量为_10某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为_mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为_mm（3）用多用电表的电阻“10”档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为_（4）为更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻r电流表a1（量程015ma，内阻约30）电流表a2（量程03ma，内阻约50）电压表v1（量程03v，内阻约10k）电压表v2（量程015v，内阻约25k）直流电源e（电动势4v，内阻不计）滑动变阻器r1（阻值范围015）滑动变阻器r2（阻值范围02k）开关s，导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图丁框中画出测量用的正确电路图，并标明所用器材的代号11如图所示，光滑的直角细杆aob固定在竖直平面内，oa杆水平，ob杆竖直有两个质量相等均为0.3kg的小球a与b分别穿在oa、ob杆上，两球用一轻绳连接，轻绳长l=25cm两球在水平拉力f作用下目前处于静止状态，绳与ob杆的夹角=53（sin37=0.6，cos37=0.8，sin53=0.8，cos53=0.6），求：（1）此时细绳对小球b的拉力大小，水平拉力f的大小；（2）现突然撤去拉力f，两球从静止开始运动，设ob杆足够长，运动过程中细绳始终绷紧，则当=37时，小球b的速度大小12如图所示，相距为r的两块平行金属板m、n正对着放置，s1、s2分别为m、n板上的小孔，s1、s2、o三点共线，它们的连线垂直m、n，且s2o=r以o为圆心、r为半径的圆形区域内存在磁感应强度为b、方向垂直纸面向外的匀强磁场d为收集板，板上各点到o点的距离以及板两端点的距离都为2r，板两端点的连线垂直m、n板质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入m、n间的电场后，通过s2进入磁场粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计（1）当m、n间的电压为u时，求粒子进入磁场时速度的大小；（2）若粒子恰好打在收集板d的中点上，求m、n间的电压值u0；（3）当m、n间的电压不同时，粒子从s1到打在d上经历的时间t会不同，求t的最小值选修3-313关于物体的内能、温度和分子的平均动能，下列说法正确的是( )a温度低的物体内能有可能比温度高的物体内能大b温度低的物体分子运动的平均速率小c外界对物体做功时，物体的内能一定增加d做加速运动的物体，分子平均动能可能越来越大e温度低的物体分子平均动能一定小14如图所示，u形管右管横截面积为左管2倍，管内水银在左管内封闭了一段长为26cm、温度为280k的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，大气压为76cm hg现向右管缓慢补充水银若保持左管内气体的温度不变，当左管空气柱长度变为20cm时，左管内气体的压强为多大？在条件下，停止补充水银，若给左管的气体加热，使管内气柱长度恢复到26cm，则左管内气体的温度为多少？选修3-415如图，一个三棱镜的截面为等腰直角abc，a为直角，由单色光a和b组成的一束光垂直ab入射，在右侧光屏mn上只有a光，以下说法中正确的是( )aa光的波长比b光波长短b由ab界面到bc界面a光所需时间短c介质对b光的折射率至少为d用同一双缝干涉装置观察光干涉现象，b光条纹间距较大e若a光照射某金属表面能发生光电效应，则用b光照射该金属表面也一定能发生光电效应16如图在o点有一波源，t=0时刻开始振动，在介质中形成一列振幅为10cm的简谐横波，在t=0.9s时刻到p点时波形如图，op距离为1.5m，从此时开始，又经过1.9s，质点a第一次到达平衡位置下方5cm处，由此判断：（1）该机械波的周期；（2）a点距振源o的距离选修3-517下列说法正确的有 ( )a射线与射线都是电磁波b按照玻尔理论，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小c天然放射现象表明原子核具有复杂的结构d一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为光的强度太弱e比结合能小的原子核结合成或分裂成比结合能大的原子核时一定释放能量18质量为m=2kg的小平板车c静止在光滑水平面上，车的一端静止着质量为ma=2kg的物体a（可视为质点），如图所示，一颗质量为mb=20g的子弹以600m/s的水平速度射穿a后，速度变为100m/s，最后物体a静止在车上，求（1）平板车最后的速度是多少？（2）整个系统损失的机械能是多少？辽宁省抚顺市2015届高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-5题只有一个选项符合题目要求，6-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）12012年9月16日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演，该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t0时刻打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地他运动的速度随时间变化的规律如图示下列结论不正确的是( )a在0t0时间内加速度不变，在t03t0时间内加速度减小b降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越大c在t03t0的时间内，平均速度d若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 分析：速度时间图线的斜率表示加速度，根据斜率的变化判断加速度的变化根据牛顿第二定律判断阻力的变化解答：解：a、在0t0时间内，图线的斜率不变，则加速度不变，在t03t0时间内，图线斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小故a正确b、打开降落伞后，加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律得，fmg=ma，则f=mg+ma，知阻力逐渐减小故b错误c、在t03t0的时间内，若做匀减速直线运动由v1减速到v2，则平均速度为，根据图线与时间轴围成的面积表示位移，知变减速运动的位移小于匀减速直线运动的位移，则平均速度故c正确d、若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，由于第一个伞兵的速度先大于第二个伞兵的速度，然后又小于第二个伞兵的速度，所以空中的距离先增大后减小故d正确本题选不正确的，故选：b点评：解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，结合牛顿第二定律进行求解2一颗人造地球卫星在距地球表面髙度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行周期为t若地球半径为r，则( )a该卫星运行时的线速度为b该卫星运行时的向心加速度为c物体在地球表面自由下落的加速度为d地球的第一宇宙速度为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：人造卫星问题分析：a、根据线速度公式，即可求解；b、根据向心加速器度表达式，即可求解；c、根据地球表面的重力等于万有引力，结合向心力表达式，即可求解；d、根据第一宇宙速度，再结合引力提供向心力表达式，即可求解解答：解：a、根据线速度公式=，故a错误；b、根据向心加速器度表达式=，故b错误；c、根据公式，结合，即可求解地球表面重力加速度，g=，故c正确；d、地球的第一宇宙速度为，且，因此v=，故d正确；故选：cd点评：考查线速度与向心加速度公式，掌握牛顿第二定律与万有引力定律的应用，理解黄金代换公式与向心力表达式的内容3在地面上方的a点以e1=3j的初动能水平抛出一小球，小球刚落地前的瞬时动能为e2=7j，落地点在b点，不计空气阻力，则a、b两点的连线与水平方向的夹角为( )a30b37c45d60考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：物体做的是平抛运动，根据水平方向的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，求出a、b两点的连线与水平方向的夹角的正切值，即可求得夹角的大小解答：解：设物体的质量为m，物体的动能为e1=3j，所以e1=mv02=3j，所以物体的速度v0为v0=，物体的末动能e2=7j，根据e2=mv2=7j，所以物体的速度v为v=，所以物体在竖直方向上的速度的大小为vy=，设a、b两点的连线与水平方向的夹角为，则tan=，所以=30，故选a点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解4如图所示，水平传送带两端点a、b间的距离为l，传送带开始时处于静止状态把一个小物体放到右端的a点，某人用恒定的水平力f使小物体以速度v1匀速滑到左端的b点，拉力f所做的功为w1、功率为p1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为q1随后让传送带以v2的速度匀速运动，此人仍然用相同的水平力恒定f拉物体，使它以相对传送带为v1的速度匀速从a滑行到b，这一过程中，拉力f所做的功为w2、功率为p2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为 q2下列关系中正确的是( )aw1=w2，p1p2，q1=q2bw1=w2，p1p2，q1q2cw1w2，p1=p2，q1q2dw1w2，p1=p2，q1=q2考点：牛顿第二定律；功率、平均功率和瞬时功率；功能关系 专题：传送带专题分析：传送带不运动时和运动时，拉力的大小相同，物体对地位移相同，做功相同传送带以v2的速度匀速运动时，物体从a运动到b时间缩短，拉力做功功率增大摩擦而产生的热量等于物体与传送带组成的系统克服摩擦力做功根据系统克服摩擦力做功大小，判断热量的大小解答：解：设ab的长度为l，拉力大小为f，滑动摩擦力大小为f当传送带不运动时，拉力做功w1=fl，物体从a运动到b的时间t1=，因摩擦而产生的热量q1=fl当传送带运动时，拉力做功w2=fl，物体从a运动到b的时间t2=t1，因摩擦而产生的热量q2=fv1t2拉力做功功率p1=，p2=比较可知w1=w2，p1p2又v1t2v1t1，v1t1=l 得q1q2故选b点评：本题难点是分析物体运动时间和摩擦生热摩擦发热等于滑动摩擦力与物体和传送带相对位移的乘积5真空中，两个相距l的固定点电荷e、f所带电荷量分别为qe和qf，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向电场线上标出了m、n两点，其中n点的切线与ef连线平行，且nefnfe则( )ae带正电，f带负电，且qeqfb在m点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到n点c过n点的等势面与过n点的切线垂直d负检验电荷在m点的电势能大于在n点的电势能考点：电场线；电场的叠加；电势能 专题：压轴题；电场力与电势的性质专题分析：a、根据电场线的方向和场强的叠加，可以判断出e、f的电性及电量的大小b、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合c、电场线和等势面垂直d、先比较电势的高低，再根据ep=qu，比较电势能解答：解：a、根据电场线的流向，知e带正电，f带负电；n点的场强可看成e、f两电荷在该点产生场强的合场强，电荷e在n点电场方向沿en向上，电荷f在n点产生的场强沿nf向下，合场强水平向右，可知f电荷在n点产生的场强大于e电荷在n点产生的场强，而nfne，所以qfqe故a错误 b、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合故b错误 c、因为电场线和等势面垂直，所以过n点的等势面与过n点的切线垂直故c正确 d、沿电场线方向电势逐渐降低，umun，再根据ep=qu，q为负电荷，知epmepn故d错误故选c点评：解决本题的关键知道电场线的特点及电势能高低的判断电势能高低判断：一可以从电场力做功角度判断，二根据电势能的公式判断6如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度b随时间t的变化关系如图乙所示t=0时刻，磁感应强度b的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向水平向左为正则下面关于感应电流i和cd所受安培力f随时间t变化的图象正确的是( )abcd考点：法拉第电磁感应定律；安培力 专题：压轴题；电磁感应中的力学问题分析：根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势和感应电流的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向，通过安培力大小公式求出安培力的大小以及通过左手定则判断安培力的方向解答：解：a、02s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，为正值根据法拉第电磁感应定律，e=b0s为定值，则感应电流为定值，在23s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，为正值，大小与02s内相同在34s内，磁感应强度垂直纸面向外，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与02s内相同在46s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与02s内相同故a正确，b错误 c、在02s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，电流恒定不变，根据fa=bil，则安培力逐渐减小，cd边所受安培力方向向右，为负值0时刻安培力大小为f=2b0i0l在2s3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据fa=bil，则安培力逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，为正值，3s末安培力大小为b0i0l在23s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向右，为负值，第4s初的安培力大小为b0i0l在46s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，6s末的安培力大小2b0i0l故c正确，d错误故选ac点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，会运用楞次定律判断感应电流的方向，以及掌握安培力大小公式，会用左手定则判定安培力的方向7如图所示，等腰直角三角体oab的斜边ab是由ap和pb两个不同材料的面拼接而成，p为两面交点，且bpap将ob边水平放置，让小物块从a滑到b；然后将oa边水平放置，再让小物块从b滑到a，小物块两次滑动均由静止开始，且经过p点的时间相同物体与ap面的摩擦因数为a，与pb面的摩擦因数b；滑到底部所用的总时间分别是tab和tba，下列说法正确的是( )a两面与小物体间的摩擦系数abb两次滑动中物块到达底端速度相等c两次滑动中物块到达p点速度相等d两次滑动中物块到达底端总时间tabtba考点：动能定理的应用；功能关系 分析：根据匀加速直线运动位移时间公式及牛顿第二定律联立方程判断动摩擦力因数的大小，从a到b和从b到a分别利用动能定理可以比较物块滑到低端时的速度大小，由功的计算公式可以求出克服摩擦力所做的功解答：解：a、根据匀加速直线运动位移时间公式得：x=解得：a=因为两次运动到p点的时间相同，且bpap，所以abaa根据牛顿第二定律得：a=，所以ab，故a错误；b、从a到b和从b到a过程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根据动能定理可知，两次滑动中物块到达底端速度相等，故b正确；c、由题意可知，小物块两次滑动经过p点的时间相同且bpap，因此从b到p的平均速度大于从a到p的平均速度，设从a到p点时速度为v1，从b到p时速度为v2，则根据匀变速直线运动特点有：，即从b到p点速度大于从a到p点的速度，故c错误；d、从b到p点速度大于从a到p点的速度，且以abaa，bpap，所以b从p点滑到a的时间大于a从p点滑到b的时间，又因为经过p点的时间相同，所以两次滑动中物块到达底端总时间tabtba，故d正确故选：bd点评：熟练应用动能定理是解答这类问题的关键，应用动能定理时注意正确选择两个状态，弄清运动过程中外力做功情况，可以不用关心具体的运动细节8如图所示为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n：1原线圈接电压为u=u0sint的正弦交流电，输出端接有一个交流电流表和一个电动机，电动机的线圈电阻为r当输入端接通电源后，电动机带动一质量为m的重物匀速上升，此时电流表的示数为i，重力加速度为g，下列说法正确的是( )a电动机两端电压为irb原线圈中的电流为nic电动机消耗的电功率为d重物匀速上升的速度为考点：变压器的构造和原理；电磁感应中的能量转化 专题：交流电专题分析：根据变压器匝数与电流、电压的关系和交流电表达式，分析ab，利用功能关系分析cd解答：解：a、电动机两端电压为副线圈两端的电压，a错误；b、原线圈中的电流为，b错误；c、电动机消耗的电功率为p电=，c正确；d、由功能关系知p电=i2r+mgv，解得v=，d正确；故选cd点评：本题是个小型的综合题目，考查的知识点较多，比如变化电路中能量的分配，难度不大二、非选择题9用如图1所示的装置探究加速度与力和质量的关系，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定实验时，一定要进行的操作是aba小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数b改变砂和砂桶质量，打出几条纸带c用天平测出砂和砂桶的质量d为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量以弹簧测力计的示数f为横坐标，以加速度a为纵坐标，图2画出的af图象可能正确的是a若测出af图象的斜率为k后，则小车的质量为考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对af图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数解答：解：（1）a、打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故a正确；b、改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随f变化关系，故b正确；c、本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故cd错误故选：ab（2）小车质量不变时，加速度与拉力成正比，所以af图象是一条倾斜的直线，由实验装置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出的af图象在f轴上有截距，故a正确故选：a（3）对af图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，此题，弹簧测力计的示数f=，故小车质量为故答案为：（1）ab；（2）a；（3）点评：本题考察的比较综合，需要学生对这一实验掌握的非常熟，理解的比较深刻才不会出错，知道af图的斜率等于小车质量的倒数，难度适中10某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为50.15mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为4.699mm（3）用多用电表的电阻“10”档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为220（4）为更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻r电流表a1（量程015ma，内阻约30）电流表a2（量程03ma，内阻约50）电压表v1（量程03v，内阻约10k）电压表v2（量程015v，内阻约25k）直流电源e（电动势4v，内阻不计）滑动变阻器r1（阻值范围015）滑动变阻器r2（阻值范围02k）开关s，导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图丁框中画出测量用的正确电路图，并标明所用器材的代号考点：测定金属的电阻率 分析：（1）游标卡尺的读数为：主尺+游标尺，（2）螺旋测微器的读数为：主尺+半毫米+转筒读数，（3）欧姆表的读数为：示数倍率；（4）根据电路最大电流选择电流表，根据实验原理与实验器材确定滑动变阻器与电流表接法，然后作出实验电路图解答：解：（1）游标卡尺的读数为：主尺+游标尺=50mm+30.05mm=50.15mm；（2）螺旋测微器的读数为：主尺+半毫米+转筒读数=4+0.5+19.90.01=4.699mm；（3）欧姆表的读数为：示数倍率=2210=220；（4）电路图如右图，电压表用15v的指针偏角太小，所以用电压表v1，由电动势和电阻的值知电流最大为十几毫安，所以用电流表a1，滑动变阻器用小阻值的，便于调节，所以用滑动变阻器r1、电流表外接、滑动变阻器分压式接法答案为：（1）50.15； （2）4.699；（3）220； （4）如图所示点评：对游标卡尺和螺旋测微器的读数要知道读数的方法，欧姆表读数时要让指针在中间位置附近，每次选档都要重新进行欧姆调零还考查了实验器材的选择、设计实验电路图；应根据电源电动势大小或待测电阻的额定电压来选择电压表量程，根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；当待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应选外接法；当滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值时或要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式；当实验要求电流从零调或要求测得多组数据或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节11如图所示，光滑的直角细杆aob固定在竖直平面内，oa杆水平，ob杆竖直有两个质量相等均为0.3kg的小球a与b分别穿在oa、ob杆上，两球用一轻绳连接，轻绳长l=25cm两球在水平拉力f作用下目前处于静止状态，绳与ob杆的夹角=53（sin37=0.6，cos37=0.8，sin53=0.8，cos53=0.6），求：（1）此时细绳对小球b的拉力大小，水平拉力f的大小；（2）现突然撤去拉力f，两球从静止开始运动，设ob杆足够长，运动过程中细绳始终绷紧，则当=37时，小球b的速度大小考点：机械能守恒定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用 专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）先对b球研究，根据共点力平衡条件救出绳子的拉力大小；再对a球研究，再次根据共点力平衡条件列式，即可求出水平拉力f的大小；（3）撤去拉力f后，系统的机械能守恒，由机械能守恒定律列式，运用速度的分解法得到两个小球速度大小的关系，联立即可即可求得b球的速度大小解答：解：（1）以小球b为研究对象，设绳子拉力为t，由小球b受力平衡得： tcos53=mbg则得 t=n=5n 对小球a和小球b整体考虑，拉力f等于ob杆对b球的弹力 所以 f=mbgtan53=0.310n=4n； （2）对小球a和b整体用机械能守恒定律，有 mbg（l cos37l cos53）=mbvb2+mava2同时，小球a和b的速度满足 vbcos37=va sin37 两式联立，解得：vb=0.6m/s；答：（1）此时细绳对小球b的拉力大小是5n，水平拉力f的大小是4n；（2）现突然撤去拉力f，两球从静止开始运动，设ob杆足够长，运动过程中细绳始终绷紧，当=37时，小球b的速度大小是0.6m/s点评：本题运用隔离法研究力平衡问题，也可以采用隔离法和整体法相结合的方法研究第2问是系统机械能守恒问题，关键是寻找两球速度关系12如图所示，相距为r的两块平行金属板m、n正对着放置，s1、s2分别为m、n板上的小孔，s1、s2、o三点共线，它们的连线垂直m、n，且s2o=r以o为圆心、r为半径的圆形区域内存在磁感应强度为b、方向垂直纸面向外的匀强磁场d为收集板，板上各点到o点的距离以及板两端点的距离都为2r，板两端点的连线垂直m、n板质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入m、n间的电场后，通过s2进入磁场粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计（1）当m、n间的电压为u时，求粒子进入磁场时速度的大小；（2）若粒子恰好打在收集板d的中点上，求m、n间的电压值u0；（3）当m、n间的电压不同时，粒子从s1到打在d上经历的时间t会不同，求t的最小值考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；动能定理；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：压轴题分析：（1）粒子从s1到达s2的过程中，电场力做功w=qu，根据动能定理求出粒子进入磁场时速度的大小（2）粒子进入磁场后在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，粒子恰好打在收集板d的中点上时，在磁场中运动圆弧，轨迹半径等于r，根据牛顿第二定律和动能定理求解m、n间的电压（3）粒子从s1到打在d上经历的时间t等于在电场中运动时间、磁场中运动时间和穿出磁场后匀速直线运动的时间之和m、n间的电压越大，粒子进入磁场时的速度越大，在极板间经历的时间越短，同时在磁场中运动轨迹的半径越大，在磁场中粒子磁场偏转角度越小，运动的时间也会越短，出磁场后匀速运动的时间也越短，故当粒子打在收集板d的右端时，对应时间t最短根据几何知识求出打在d的右端时轨迹半径，根据前面的结果求出粒子进入磁场时的速度大小，运用运动学公式求出三段时间解答：解：（1）粒子从s1到达s2的过程中，根据动能定理得 解得 （2）粒子进入磁场后在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，有由得加速电压u与轨迹半径r的关系为 当粒子打在收集板d的中点时，粒子在磁场中运动的半径r0=r对应电压 （3）m、n间的电压越大，粒子进入磁场时的速度越大，粒子在极板间经历的时间越短，同时在磁场中运动轨迹的半径越大，在磁场中运动的时间也会越短，出磁场后匀速运动的时间也越短，所以当粒子打在收集板d的右端时，对应时间t最短 根据几何关系可以求得粒子在磁场中运动的半径r=r 由 得粒子进入磁场时速度的大小： 粒子在电场中经历的时间： 粒子在磁场中经历的时间： 粒子出磁场后做匀速直线运动经历的时间： 粒子从s1到打在收集板d上经历的最短时间为：t=t1+t2+t3=答：（1）当m、n间的电压为u时，粒子进入磁场时速度的大小； （2）若粒子恰好打在收集板d的中点上，求m、n间的电压值； （3）粒子从s1到打在d上经历的时间t的最小值为点评：本题考查分析和处理粒子在磁场中运动的轨迹问题，难点在于分析时间的最小值，也可以运用极限分析法分析选修3-313关于物体的内能、温度和分子的平均动能，下列说法正确的是( )a温度低的物体内能有可能比温度高的物体内能大b温度低的物体分子运动的平均速率小c外界对物体做功时，物体的内能一定增加d做加速运动的物体，分子平均动能可能越来越大e温度低的物体分子平均动能一定小考点：物体的内能 分析：温度低的物体分子平均动能小，内能不一定小；外界对物体做功时，若同时散热，物体的内能不一定增加；做加速运动的物体，由于速度越来越大，动能越大，但温度不一定升高，物体分子的平均动能不一定增大解答：解：a、e、温度低的物体分子平均动能小，但如果物质的量大，则内能也可能大，故a正确，e正确；b、温度是分子平均动能的标志，温度低的物体若分子的质量小，平均速率不一定小，故b错误；c、外界对物体做功时，若同时散热，则由热力学第一定律可知物体的内能不一定增加，故c错误；d、宏观运动和物体的内能没有关系，但如果物体在运动中受到的摩擦力做功，则温度增加时，内能可能越来越大，分子平均动能可能越来越大；故d正确；故选：ade点评：温度是分子平均动能的标志，温度越高，则分子的平均动能越大；但要注意区分分子平均动能与物体的宏观速度之间的区别；同时明确影响内能的方式有做功和热传递14如图所示，u形管右管横截面积为左管2倍，管内水银在左管内封闭了一段长为26cm、温度为280k的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，大气压为76cm hg现向右管缓慢补充水银若保持左管内气体的温度不变，当左管空气柱长度变为20cm时，左管内气体的压强为多大？在条件下，停止补充水银，若给左管的气体加热，使管内气柱长度恢复到26cm，则左管内气体的温度为多少？考点：理想气体的状态方程 专题：理想气体状态方程专题分析：（1）以封闭气体为研究对象，应用玻意耳定律可以求出气体的压强；（2）在液面上升或下降的过程中，水银的体积保持不变；根据题意求出封闭气体的压强，然后应用理想气体的状态方程求出气体的温度解答：解：（1）对于封闭气体有：p1=（7636）cmhg=40cmhg，v1=26s1cm3由于气体发生等温变化，由玻意耳定律可得：p1v1=p2v2（2）停止加水银时，左管水银比右管高：h1=7652cmhg=24cmhg；对左管加热后，左管下降6cm，右管面积是左管的2倍，故右管上升3cm，左管比右管高为：h2=h19cm=15cm故封闭气体的压强：p3=7615cmhg=61cmhg封闭气体在初始状态和最终状态的体积相同，由查理定律可得：故：答：当左管空气柱长度变为20cm时，左管内气体的压强为52cmhg；使管内气柱长度恢复到26cm，则左管内气体的温度为427k点评：根据图示求出封闭气体压强，熟练应用玻意耳定律及查理定律即可正确解题；本题的难点是：气体最终状态的压强选修3-415如图，一个三棱镜的截面为等腰直角abc，a为直角，由单色光a和b组成的一束光垂直ab入射，在右侧光屏mn上只有a光，以下说法中正确的是( )aa光的波长比b光波长短b由ab界面到bc界面a光所需时间短c介质对b光的折射率至少为d用同一双缝干涉装置观察光干涉现象，b光条纹间距较大e若a光照射某金属表面能发生光电效应，则用b光照射该金属表面也一定能发生光电效应考点：光的折射定律 专题：光的折射专题分析：右侧光屏mn上只有a光，说明b光在bc面上发生了全反射，b光的临界角小于a光的临界角，由临界角公式sinc=分析折射率的大小，即可判断波长的长短由公式v=分析光在三棱镜中速度的大小根据双缝干涉条纹的间距与波长成正比、产生光电效应的条件：入射光的频率大于金属的极限频率，分析即可解答：解：a、据题右侧光屏mn上只有a光，说明b光在bc面上发生了全反射，b光的临界角小于a光的临界角，由临界角公式sinc=，知a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长比b光波长长，故a错误b、由公式v=，知a光在三棱镜中的传播速度比b光的大，通过的路程又短，所以由ab界面到bc界面a光所需时间短，故b正确c、b光射到bc面的入射角为i=45，因为ic，则得 c45，介质对b光的折射率 n=，故c正确d、a光的折射率小，波长较长，根据双缝干涉条纹的间距与波长成正比，知a光条纹间距较大，故d错误e、a光的折射率小于b光的频率，根据产生光电效应的条件：入射光的频率大于金属的极限频率，可知若a光照射某金属表面能发生光电效应，则用b光照射该金属表面也一定能发生光电效应，故e正确故选：bce点评：解决本题的关键要掌握全反射现象及其产生的条件、临界角公式sinc=，再分析其他光现象16如图在o点有一波源，t=0时刻开始振动，在介质中形成一列振幅为10cm的简谐横波，在t=0.