江苏省常州市高三物理模拟考试试题（含解析）新人教版.doc

江苏省常州市2013年高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1（3分）如图所示，光滑水平桌面上，一小球以速度v向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板ad边前方时，木板开始作自由落体运动若木板开始运动时，cd边与桌面相 齐，则小球在木板上的投影轨迹是（）abcd考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：小球的投影的运动是由小球水平方向的位移与木板竖直方向上的位移的合位移，则由运动的合成可知投影的轨迹解答：解：投影在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做加速运动，故小球的合速度应偏向上方，故轨迹应向上偏折，故选b点评：匀速直线运动和匀变速直线运动的合运动一定为曲线运动，并且运动方向向加速度的方向靠近2（3分）将一只苹果斜向上抛出，苹果在空中依次飞过三个完全相同的窗户1、2、3图中曲线为苹果在空中运行的轨迹若不计空气阻力的影响，以下说法正确的是（）a苹果通过第1个窗户所用的时间最长b苹果通过第3个窗户的平均速度最大c苹果通过第1个窗户重力做的功最大d苹果通过第3个窗户重力的平均功率最小考点：运动的合成和分解；竖直上抛运动；功率、平均功率和瞬时功率；重力势能的变化与重力做功的关系专题：复杂运动过程的分析专题分析：将该斜抛运动分解为水平方向和竖直方向，在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向上做竖直上抛运动两分运动和合运动具有等时性解答：解：a、将该斜抛运动分解为水平方向和竖直方向，在水平方向做匀速直线运动，通过3窗户的水平位移最大，所以时间最长故a错误 b、在运动的过程中速度越来越小，通过3窗户的平均速度最小故b错误 c、通过3个窗户时在竖直方向上的位移相等，所以重力做功相等故c错误 d、根据，重力功相等，通过第3个窗户的时间最长，所以平均功率最小故d正确故选d点评：解决本题的关键正确的进行运动的合成与分解，将该斜抛运动分解为水平方向和竖直方向，在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向上做竖直上抛运动3（3分）如图所示，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc的ab边与磁场边界平行，现使此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与ab边垂直则下列各图中哪一个可以定性地表示线框在进入磁场的过程中感应电流随时间变化的规律（）abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律专题：电磁感应与电路结合分析：首先根据右手定则判断边cb刚进入磁场时回路中感应电流方向，排除部分答案，然后根据进入磁场中有效切割长度的变化，求出感应电流的变化，从而得出正确结果解答：解：开始时进入磁场切割磁感线，根据右手定则可知，电流方向为逆时针，当开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针；不论进入磁场，还是出磁场时，由于切割的有效长度变小，导致产生感应电流大小变小，故abc错误，d正确；故选d点评：对于图象问题可以通过排除法进行求解，如根据图象过不过原点、电流正负、大小变化等进行排除4（3分）某滑沙场有两个坡度不同的滑道ab和ab（均可看作斜面），甲、乙两名旅游者分别乘两个完全相同的滑沙撬从a点由静止开始分别沿ab和ab滑下，最后都停在水平沙面bc上，如图所示设滑沙撬和沙面间的动摩擦因数处处相同，斜面与水平面连接处均可认为是圆滑的，滑沙者保持一定姿势坐在滑沙撬上不动则下列说法中正确的是（）a甲滑行的总路程一定大于乙滑行的总路程b甲在b点的动能一定大于乙在b点的动能c甲在b点的速率一定等于乙在b点的速率d甲全部滑行的水平位移一定大于乙全部滑行的水平位移考点：动能定理的应用专题：动能定理的应用专题分析：a：题目说甲乙最后都停在水平沙面bc上，至于是不是停在一个点上，需要计算说明，我们可以选甲为研究对象，来列一个动能定理的表达式，看看这个表达式里面，路程与那些因素有关同理乙也是这样b：这个比较好判断，对甲在斜面运动这段用动能定理，可以计算出来动能是与斜面倾角有关的，据此可以知甲乙在斜面末端动能关系c：由b的分析可以知道速率关系d：在a的分析里面就可以判断水平位移关系解答：解：a：设甲在水平面上的位移为s，斜面长度为l，斜面所对应的水平位移为x，对甲从斜面下滑至停止这段由动能定理得：mghmgcoslmgs=0即：mghmgxmgs=0整理得：而x+s即为物体甲运动的水平位移，可见它是一个与倾角无关的量，即对甲乙来说，其水平位移是相等的，也即甲和乙是停在水平面同一点上由数学三角关系可以知甲的总路程大于乙的总路程故a正确b：设甲下滑到斜面末端的速度为v，对甲从斜面下滑至末端由动能定理得：可知物体到斜面末端的动能与夹角及质量有关，由于不知道甲乙质量关系，所以无法判断谁大，故b错误c：从b的动能定理表达式可以整理得到：，可知速度只与夹角有关，故甲在斜面末端的速度大于乙在斜面末端的速度d：由a的计算知道甲乙水平位移相等故d错误故选a点评：本题难点在a、d两项关键是要通过计算来证明甲乙是停在水平面的同一点上，难点也在这里，如何列式是关键，在表示位移时选的表达式不对，就无法正确的到水平位移关系，也就无法判断出来a和d题设置的陷阱很隐蔽，选项a把人的思维先引导进去分析路程上去，若按照一般的用已知量表示未知量的思维，用甲乙相等的斜面高度表示斜面的位移，则此题就进入无趣，无法得到路程关系，也得不到水平位移关系，故在解题时要灵活，经验是一回事，走不通时要及时调整思路5（3分）如图所示，以o为圆心的圆周上有六个等分点a、b、c、d、e、f等量正、负点电荷分别放置在a、d两处时，在圆心o处产生的电场强度大小为e现改变a处点电荷的位置，使o点的电场强度改变，下列叙述正确的是（）a移至c处，o处的电场强度大小不变，方向沿oeb移至b处，o处的电场强度大小减半，方向沿odc移至e处，o处的电场强度大小减半，方向沿ocd移至f处，o处的电场强度大小不变，方向沿oe考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系专题：电场力与电势的性质专题分析：根据点电荷在0处电场强度的叠加，满足矢量合成的原理解答：解：a、由题意可知，等量正、负点电荷在o处的电场强度大小均为，方向水平向右当移至c处，两点电荷在该处的电场强度方向夹角为120，则o处的合电场强度大小为，但方向：沿oe，故a错误；b、同理，当移至b处，o处的合电场强度大小增大，方向沿od与oe角平分线，故b错误；c、同理，当移至e处，o处的合电场强度大小减半，方向沿oc，故c正确；d、同理，当移至f处，o处的合电场强度大小增大，方向沿od与oc角平分线，故d错误； 故选：a点评：考查点电荷的电场强度的叠加，掌握库仑定律，理解电场强度的大小与方向，及矢量叠加原理二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分6（4分）有一种测量物体重量的电子秤，其电路原理图如图中的虚线所示，主要由三部分构成：踏板、压力传感器r（实际上是一个阻值可随压力变化的电阻器）、显示体重的仪表g （实质上是电流表）不计踏板的质量，已知电流表的量程为2a，内阻为1，电源电动势为12v，内阻为1，电阻r随压力f变化的函数式为r=300.01f（f和r的单位分别为n和）下列说法中正确的是（）a该秤能测量的最大体重是2600nb该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表g刻度盘的0.375a处c电流表g的量程越大，则能测量的最大体重越小d该秤可以通过电路规律转换成f=3200+关系进行刻度转换考点：闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理专题：恒定电流专题分析：首先明确电路结构，根据压力传感器的变化可知电路中电流的变化，根据电路中的最大电流可得出能测量的最大体重；由压力为零时电路中的电流可知零刻度的位置，由闭合电路欧姆定律可得出电流与压力的关系解答：解：a、由题意中知，f越大r阻值越小，当电路中电流达到电流表最大量程时，压力最大，故电路中最大电流为2a，则电路中总电阻r总=6，则压力传感器的接入电阻为611=4，根据电阻r随压力f变化的函数式为r=300.01f，则最大测量压力为2600n，故a正确b、当压力为零时，压力传感器的电阻为30，则电路中电i0=0.375a，故零刻度在0.375a处，故b正确c、电流表g的量程越大，根据r总=可知，总电阻就越小，电阻r就越小，根据电阻r随压力f变化的函数式为r=300.01f可知，f就越大所以电流表g的量程越大，则能测量的最大体重越大故c错误d、由欧姆定律可知，i=可得f=3200，故d错误故选ab点评：本题结合传感器考查闭合电路的欧姆定律，只要明确题意即可顺利求解7（4分）中国志愿者王跃参与人类历史上第一次全过程模拟从地球往返火星的一次实验“火星500”活动，王跃走出登陆舱，成功踏上模拟火星表面，在火星上首次留下中国人的足迹，目前正处于从“火星”返回地球途中假设将来人类一艘飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则下列说法中正确的是（）a飞船在轨道上运动时，在p点速度大于在q点的速度b飞船在轨道上运动时的机械能大于轨道上运动的机械能c飞船在轨道上运动到p点时的加速度等于飞船在轨道上运动到p点时的加速度d飞船绕火星在轨道上运动周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道同样半径运动的周期相同考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：1、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道上运动时，在p点速度大于在q点的速度2、飞船从轨道转移到轨道上运动，必须在p点时，点火加速，使其速度增大做离心运动，即机械能增大3、飞船在轨道上运动到p点时与飞船在轨道上运动到p点时有，r相等，则加速度必定相等3、根据万有引力提供向心力，得，由此可知虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期t不相等解答：解：a、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道上运动时，在p点速度大于在q点的速度故a正确b、飞船在轨道上经过p点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而转移到轨道上运动所以飞船在轨道上运动时的机械能小于轨道上运动的机械能故b错误c、飞船在轨道上运动到p点时与飞船在轨道上运动到p点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等故c正确d、根据周期公式，虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期t不相等故d错误故选ac点评：本题要知道飞船在轨道上运动到p点时与飞船在轨道上运动到p点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等，与轨道和其它量无关8（4分）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是10：1，原线圈输入交变电压，在副线圈中串接有理想电流表和定值电阻r，电容器并联在电阻r两端，电阻阻值r=10，关于电路分析，下列说法中正确的是（）a电流表示数是1ab电流表示数是ac电阻r消耗的电功率为10wd电容器的耐压值至少是10v考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：由电流与匝数成反比可以求得原、副线圈匝数比，电容器的作用是通交流隔直流解答：解；a、由题意知原线圈输入电压有效值为100v，所以副线圈电压为10v，由于电容器通交流，所以电流表示数大于1a，故ab错误；c、电阻r消耗的电功率为=10w，故c正确，d、副线圈电压最大值为10v，电容器的耐压值至少是10v，所以d正确；故选cd点评：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于电容器的作用要了解9（4分）如图所示，竖直放置的两块很大的平行金属板a、b，相距为d，ab间的电场强度为e，今有一带正电的微粒从a板下边缘以初速度v0竖直向上射入电场，当它飞到b板时，速度大小不变，而方向变成水平方向，且刚好从高度也为d的狭缝穿过b板而进入bc区域，bc宽度也为d，所加电场大小为e，方向竖直向上，磁感应强度方向垂直于纸面向里，磁感应强度大小等于，重力加速度为g，则下列关于粒子运动的有关说法中正确的是（）a粒子在ab区域中做匀变速运动，运动时间为b粒子在bc区域中做匀速圆周运动，圆周半径r=2dc粒子在bc区域中做匀速圆周运动，运动时间为d粒子在ab、bc区域中运动的总时间为考点：带电粒子在混合场中的运动；带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：将粒子在电场中的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速运动，竖直分运动为末速度为零的匀减速运动，根据运动学公式和牛顿第二定律列式分析；粒子在复合场中运动时，由于电场力与重力平衡，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力解答：解：a、将粒子在电场中的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速运动，竖直分运动为末速度为零的匀减速运动，根据运动学公式，有水平方向：v0=at，d=竖直方向：0=v0gt解得a=g t= 故a正确；b、粒子在复合场中运动时，由于电场力与重力平衡，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力qv0b=m解得r= 由得到r=2d，故b正确；c、由于r=2d，画出轨迹，如图由几何关系，得到回旋角度为30，故在复合场中的运动时间为t2= 故c错误；d、粒子在电场中运动时间为t1=故粒子在ab、bc区域中运动的总时间为t=t1+t2=，故d正确；故选abd点评：本题关键是将粒子在电场中的运动正交分解为直线运动来研究，而粒子在复合场中运动时，重力和电场力平衡，洛仑兹力提供向心力，粒子做匀速圆周运动三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分请将解答填写在答案卷上相应的位置10（8分）光电计时器是一种研究物体运动情况的常见仪器当有物体从光电门通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间现利用如图甲所示装置探究物体的加速度与合外力、质量关系，其 nq是水平桌面，pq是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门（与之连接的两个光电计时器没有画出）小车上固定着用于挡光的窄片k，测得其宽度为d，让小车从木板的顶端滑下，光电门各自连接的计时器显示窄片k的挡光时间分别为t1和t2（1）该实验中，在改变小车的质量m或沙桶的总质量m时，保持mm，这样做的目的是小车所受合外力大小等于（或约等于）mg；（2）为了计算出小车的加速度，除了测量d、t1和t2之外，还需要测量两光电门之间的距离，若上述测量量用x表示，则用这些物理量计算加速度的表达式为a=；（3）某位同学经过测量、计算得到如下表数据，请在图乙中作出小车加速度与所受合外力的关系图象组别1234567m/kg0.580.580.580.580.580.580.58f/n0.100.150.200.250.300.350.40a/ms20.130.170.260.340.430.510.59（4）由图象可以看出，该实验存在着较大的误差，产生误差的主要原因是：未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分考点：探究小车速度随时间变化的规律；实验中常用仪器及其正确操作方法分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的左端适当垫高，沙桶的总重力要远小于小车的重力，可使小车的合力近似等于沙桶总重力来测量解答：解：（1）设小车的质量为m，沙桶的质量为m，根据牛顿第二定律得：对m：mgf拉=ma对m：f拉=ma解得：f拉=当mm时，即当沙桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于沙桶的总重力这样做的目的是小车所受合外力大小等于（或约等于）mg（2）除了测量d、t1和t2之外，还需要测量两光电门之间的距离，v1=，v2=，加速度的表达式为a=（3）如下图（4）从上图中发现直线没过原点，当f0时，a=0也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明小车的摩擦力与绳子的拉力抵消呢该同学实验前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分故答案为：（1）小车所受合外力大小等于（或约等于）mg（2）两光电门之间的距离，（3）上图（4）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分点评：对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等这样问题我们要从实验原理和减少实验误差方面去解决11（10分）同学们知道，将两个金属电极插入任何一个水果中就可以做成一个水果电池，但日常生活中我们很少用“水果电池”，这是为什么呢？某学习小组的同学准备就此问题进行探究（1）同学们通过查阅资料知道将锌、铜两电极插入水果中，电动势大约会有1伏多一点晓宇同学找来了一个土豆做实验，当用量程为03v、内阻约50k的伏特表测其两极时读数为0.96v但当他将四个这样的水果电池串起来给标称值为“3v，0.5a”的小灯泡供电时，灯泡并不发光检查灯泡、线路均没有故障，而用伏特表测量其电压确实能达到3v多据您猜想，出现这种现象的原因应当是：水果电池的内阻太大（不要求写分析、推导过程）（2）晓宇同学用欧姆表直接测“土豆电池”的两极，读得此时的读数为30小丽同学用灵敏电流表直接接“土豆电池”的两极，测得电流为0.32ma，根据前面用伏特表测得的0.96v电压，由全电路欧姆定律得：因而晓宇同学说土豆的内阻为30，而小丽同学则说是3k请你判断，用晓宇或小丽同学的方法测量“土豆电池”的内阻，结果是否准确，为什么？请分别说明理由（3）若实验室除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：a电流表a1（量程为00.6a，内阻为1）b灵敏电流表a2（量程为00.6ma，内阻为800）c灵敏电流表a3（量程为0300a，内阻未知）d滑动变阻器r1 （最大阻值约10）e滑动变阻器r2（最大阻值约2k）f定值电阻（阻值2k）g变阻箱（09999）为了能尽可能准确测定“土豆电池”的电动势和内阻，实验中应选择的器材是bg（填器材前的字母代号）在右方框中画出应采用的电路考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）“苹果电池”的内阻太大，接灯泡时，电流太小，灯泡功率太小，不会发光；（2）晓宇同学未考虑水果电池本身有电动势，小丽同学的测量为扣除电流计内电阻；（3）由题中所给实验器材可知，可以采用安阻法测电源电动势与内阻，根据安阻法测电阻的原理选择实验器材，作出实验电路图解答：解：（1）“苹果电池”的内阻太大，接灯泡时，电流太小，灯泡功率太小，不会发光；故答案为：“苹果电池”的内阻太大；（2）晓宇的方法不正确，因水果电池本身有电动势，当用欧姆表直接接“土豆电池”的两极时，欧姆表内部的电源与水果电池的电动势正向或反向串联，影响测量的结果，故测不准；小丽同学测量的误差也很大理想状态下用电流表测得的是短路电流，伏特表测得的应当是电源电动势，但由于水果电池的内阻很大，伏特表的内阻不是远大于水果电池的内阻，故其测得的电动势误差大，算得的内阻亦不准确小丽同学的测量为扣除电流计内电阻；（3）安阻法测电源电动势与内阻需要电阻箱与电流表，由题意可知，水果电池内阻很大，通过水果电池的最大电流较小，为保证安全并精确测量，电流表可选b、灵敏电流表a2（量程为00.6ma，内阻为800），因此实验器材可选：b、g安阻法测电源电动势与内阻的实验电路图如图所示故答案为：（1）水果电池的内阻太大（2）晓宇的方法不正确，因水果电池本身有电动势，当用欧姆表直接接“土豆电池”的两极时，欧姆表内部的电源与水果电池的电动势正向或反向串联，影响测量的结果，故测不准小丽同学测量的误差也很大理想状态下用电流表测得的是短路电流，伏特表测得的应当是电源电动势，但由于水果电池的内阻很大，伏特表的内阻不是远大于水果电池的内阻，故其测得的电动势误差大，算得的内阻亦不准确（3）b，g；如图所示点评：本题考查测电池的电动势和内阻实验、闭合电路欧姆定律等知识，考查逻辑推理能力、分析综合能力和实验探究能力12（12分）a、（选修模块33）（1）下列说法中正确的是ca布朗运动是悬浮在液体中的固体分子所做的无规则运动b多晶体没有固定的熔点c液晶的光学性质具有各向异性d由于液体表面分子间距离小于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力（2）一定质量的理想气体压强p与热力学温度t的关系图象如图所示，ab、bc分别与p轴和t轴平行，气体在状态a时的压强为p0、体积为v0，在状态b时的压强为2p0，则气体在状态b时的体积为；气体从状态a经状态b变化到状态c的过程中，对外做的功为w，内能增加了u，则此过程气体吸收（选填“吸收”或“放出”）的热量为u+w（3）已知汞的摩尔质量m=0.20kg/mol，密度=1.36104kg/m3，阿伏伽德罗常数na=6.01023mol1，将体积v0=1.0cm3的汞变为v=3.4103cm3的汞蒸气，则1cm3的汞蒸气所含的分子数为多少？考点：理想气体的状态方程；阿伏加德罗常数；布朗运动；* 晶体和非晶体专题：理想气体状态方程专题分析：（1）布朗运动是悬浮在液体或气体中固体小颗粒的运动；晶体具有固定的熔点；液晶的光学性质具有各向异性；表面层分子间距大于液体内部分子间距，宏观表现为液体的表面张力（2）根据理想气体状态方程与热力学第一定律分析答题（3）质量等于密度乘以体积，摩尔数等于质量除以摩尔质量，分子数等于摩尔数乘以阿伏加德罗常数解答：解：（1）a布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，不是固体分子所做的无规则运动，故a错误；b多晶体有固定的熔点，故b错误；c液晶的光学性质具有各向异性，故c正确；d由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力，故d错误；故选c（2）由图象可知，由a到b过程，温度不变，是等温过程，气体体积变为原来的两倍，由玻意耳定律可得，其体积变为原来的一半，为；气体从状态a经状态b变化到状态c的过程中，对外做的功为w，对外做功，使气体内能减少，而气体内能增加了u，则在此过程中，气体要吸收热量，由热力学第一定律得：u=w+q，则吸收的热量q=u+w（3）将体积v0=1.0cm3的汞变为v=3.4103cm3的汞蒸气，则汞蒸气的密度为=，1cm3 汞的质量为：m=v；摩尔数为：n=；故：1cm3 汞所含的铁原子数为n=1.21015（个）故答案为：（1）c；（2）；吸收；u+w；（3）1.21019点评：对应选修内容在高考中不会出难度较大的题目，只要熟练掌握基础知识即可正确解题，学习时要注意基础知识的学习13（12分）b（选修模块34）（1）以下说法中正确的是da光的偏振现象说明光是一种纵波b相对论认为空间和时间与物质的运动状态无关c麦克斯韦预言并用实验验证了电磁波的存在d在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光变为红光，则条纹间距变宽（2）直角玻璃三棱镜的截面如图所示，一条光线从ab面入射，ab为其折射光线，ab与ab面的夹角=60已知这种玻璃的折射率n=，则：这条光线在ab面上的入射角为45；图中光线ab不能（填“能”或“不能”）从ac面折射出去（3）如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，已知波的传播速度v=2m/s试回答下列问题：写出x=0.5m处的质点做简谐运动的表达式：y=5cos2tcm；x=0.5m处质点在05.5s内通过的路程为110cm考点：光的折射定律；横波的图象；波长、频率和波速的关系；光的波粒二象性；用双缝干涉测光的波长专题：光的折射专题分析：（1）偏振现象说明光是一种横波；相对论认为空间和时间与物质的运动状态有关；麦克斯韦预言电磁波的存在，赫兹证实了电磁波存在根据双缝干涉条纹的间距公式判断间距的变化（2）根据折射定律求出入射角的大小，通过在ac面的入射角和临界角比较，判断是否发生全反射（3）根据波长和波速求出波的周期，从而得出质点的振动周期，得出质点的振动方程；根据一个周期内走过的路程等于4倍的振幅求出质点的路程解答：解：（1）a、光的偏振现象说明光是一种横波故a错误b、相对论认为空间和时间与物质的运动状态有关故b错误c、麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹证实了电磁波的存在故c错误d、根据知，红光的波长大于绿光的波长，则红光产生的干涉条纹间距宽故d正确（2）根据几何关系知，折射角为30，根据折射定律得，解得入射角=45光在ac面上的入射角为60，因为sin60，发生全反射，光线不能从ac面上折射出去（3）质点的振动周期等于波的周期，t=，=x=0.5m处的质点在t=0时刻处于正向最大位移处，则振动方程为y=acost=5cos2t cm质点在一个周期内走过的路程等于4倍的振幅，s=故答案为：（1）d （2）45 不能 （3）y=5cos2t 110cm点评：本题考查了波动、振动、折射定律、干涉、偏振、相对论等知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基本概念和基本规律14c、（选修模块35）（1）下列叙述中符合物理学史的是ba、爱因斯坦为解释光的干涉现象提出了光子说b、麦克斯韦提出了光的电磁说c、汤姆生发现了电子，并首先提出原子的核式结构模型d、贝克勒尔通过对天然放射性的研究，发现了放射性元素钋（po）和镭（ra）（2）在某些恒星内部，3个粒子可以结合成一个c核，已知c核的质量为1.993021026kg，粒子的质量为6.646721027kg，真空中光速c=3108m/s，这个核反应方程是3hec，这个反应中释放的核能为91013j（结果保留一位有效数字）（3）两磁铁各固定放在一辆小车上，小车能在水平面上无摩擦地沿同一直线运动已知甲车和磁铁的总质量为0.5kg，乙车和磁铁的总质量为1.0kg两磁铁的n极相对推动一下，使两车相向运动某时刻甲的速率为2m/s，乙的速率为3m/s，方向与甲相反两车运动过程中始终未相碰，则两车最近时，乙的速度为多大？考点：动量守恒定律；光子；原子的核式结构；原子核衰变及半衰期、衰变速度专题：热学、光学和原子物理学分析：（1）爱因斯坦为解释光电效应现象提出了光子说；麦克斯韦预言了电磁波的存在，从而提出了光的电磁说；汤姆生先提出原子的枣糕式模型；居里夫人发现了放射性元素钋（pa）和镭（ra）（2）根据爱因斯坦质能方程求出释放的核能（3）典型的动量守恒题目，由题意知两车靠的最近的条件是速度相等，列出方程即可求解列方程时注意速度的方向解答：解：（1）a、爱因斯坦为解释光电效应现象提出了光子说，故a错误b、麦克斯韦预言了电磁波的存在，从而提出了光的电磁说，故b正确c、汤姆生发现了电子，并首先提出原子的枣糕式模型，故c错误d、居里夫人通过对天然放射性的研究，发现了放射性元素钋（pa）和镭（ra）故d错误故选b（2）3个粒子可以结合成一个c核，这个核反应方程是3hec由爱因斯坦质能方程e=mc2代入数据得e=91013 j （3）由题意知甲车的初速度v甲0=2m/s，乙车的初速度v乙0=3m/s； 设两车相距最近时乙车的速度为v乙，由题意知此时甲车的速度v甲=v乙， 由动量守恒定律知：m甲v甲0+m乙v乙0=（m甲+m乙）v乙 代入数据得v乙=m/s故答案为：（1）b （2）3hec，91013 j （3）乙的速度为m/s点评：（1、2）注意基础知识的积累，就能顺利解决此类题目（3）本题的关键是知道辆车最近时，它们的速度相等，而不是甲车的速度等于零这是一道容易出错的基础题四、计算题：本题共3小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15（15分）如图所示的木板由倾斜部分和水平部分组成，两部分之间由一段圆弧面相连接在木板的中间有位于竖直面内的光滑圆槽轨道，斜面的倾角为现有10个质量均为m、半径均为r的均匀刚性球，在施加于1号球的水平外力f的作用下均静止，力f与圆槽在同一竖直面内，此时1号球球心距它在水平槽运动时的球心高度差为h现撤去力f使小球开始运动，直到所有小球均运动到水平槽内重力加速度为g求：（1）水平外力f的大小；（2）1号球刚运动到水平槽时的速度；（3）整个运动过程中，2号球对1号球所做的功考点：动能定理的应用；共点力平衡的条件及其应用；机械能守恒定律专题：动能定理的应用专题分析：（1）以10个小球整体为研究对象，受力平衡，根据平衡条件求解水平外力f的大小；（2）以1号球为研究对象，下滑过程中只有重力做功，其机械能守恒，则可求出1号球刚运动到水平槽时的速度；（3）以整体为研究对象，求出所有球滚到水平槽中时的速度，再对1号球运用动能定理求解2号球对1号球所做的功解答：解：（1）以10个小球整体为研究对象，由力的平衡条件可得 fcos=10mgsin得f=10mgtan（2）以1号球为研究对象，根据机械能守恒定律可得 mgh= 得v=（3）撤去水平外力f后，以10个小球整体为研究对象，利用机械能守恒定律可得10mg（h+）=得 v=以1号球为研究对象，由动能定理得 mgh+w=得w=9mgrsin答：（1）水平外力f的大小是10mgtan；（2）1号球刚运动到水平槽时的速度是；（3）整个运动过程中，2号球对1号球所做的功为9mgrsin点评：本题解题关键有两个：一要选择研究对象，二是明确解题规律当10个球都在斜面上下滑时，相互间没有作用力，机械能守恒16（16分）如图所示，空间内存在水平向右的匀强电场，在虚线mn的右侧有垂直纸面向里、磁感应强度为b的匀强磁场，一质量为m、带电荷量为+q的小颗粒自a点由静止开始运动，刚好沿直线运动至光滑绝缘的水平面c点，与水平面碰撞的瞬间小颗粒的竖直分速度立即减为零，而水平分速度不变，小颗粒运动至d处刚好离开水平面，然后沿图示曲线dp轨迹运动，ac与水平面夹角=30，重力加速度为g求：（1）匀强电场的场强e（2）ad之间的水平距离d（3）已知小颗粒在轨迹dp上某处的最大速度为vm，该处轨迹的曲率半径是距水平面高度的k倍，则该处的高度为多大？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）小球从a运动到c的过程中，受到重力和电场力，两者的合力沿ac方向，作出力的合成图求出e（2）小球从a运动到c的过程中，受到重力、水平面的支持力、竖直向上的洛伦兹力和水平向右的电场力，做匀加速直线运动当洛伦兹力等于重力时，小球刚好离开水平面由此条件求出小球滑到d点的速度，由动能定理求出d（3）小球离开d点后，受到重力、电场力和洛伦兹力三个力作用当洛伦兹力与重力和电场力的合力共线时，速度最大根据牛顿第二定律求出轨迹的曲率半径，再求出高度解答：解：（1）小球受力如图所示： qe=mgcot 解得：e= （2）设小球在d点速度为vd，小球在d点离开水平面的条件是：qvdb=mg 得到vd= 由于小球与水平面碰撞的瞬间小颗粒的竖直分速度立即减为零，而水平分速度不变 根据动能定理，得 qed= 得d= （3）当速度方向与电场力和重力合力方向垂直时，即当洛伦兹力与重力和电场力的合力共线时，速度最大则：qvmb=m 又r=kh解