河北省保定三中高二物理下学期4月月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年河北省保定三中高二（下）月考物理试卷（4月份）一、单项选择题，每个题目只有一个选项符合题目要求，每题2分，共20分1如图所示，光滑导电圆环轨道竖直固定在匀强磁场中，磁场方向与轨道所在平面垂直，导体棒ab的两端可始终不离开轨道无摩擦地滑动，当ab由图示位置释放，直到滑到右侧虚线位置的过程中，关于ab棒中的感应电流情况，正确的是（）a先有从a到b的电流，后有从b到a的电流b先有从b到a的电流，后有从a到b的电流c始终有从b到a的电流d始终没有电流产生2矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的转轴匀速转动，产生的交流电动势的最大值为em设t=0时线圈平面与磁场平行，当线圈的匝数增加一倍，转速也增大一倍，其他条件不变时，交流电的电动势为（）ae=2emsin2tbe=4emsin2tce=emsin2tde=4emcos2t3如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1电池和交变电源的电动势都为6v，内阻均不计下列说法正确的是（）as与a接通的瞬间，r中有感应电流bs与a接通稳定后，r两端的电压为3vcs与b接通稳定后，r两端的电压为3vds与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2：14中国已投产运行的1000kv特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程假设甲、乙两地原采用500kv的超高压输电，输电线上损耗的电功率为p在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kv特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（）abc2pd4p5如图所示，一辆小车静止在光滑水平面上，a、b两人分别站在车的两端当两人同时相向运动时（）a若小车不动，两人速率一定相等b若小车向左运动，a的动量一定比b的小c若小车向左运动，a的动量一定比b的大d若小车向右运动，a的动量一定比b的大6用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应，可能使该金属产生光电效应的措施是（）a改用频率更小的紫外线照射b改用x射线照射c改用强度更大的原紫外线照射d延长原紫外线的照射时间714c是一种半衰期为5730年的放射性同位素若考古工作者探测到某古木中14c的含量为原来的，则该古树死亡时间距今大约（）a22 920年b11 460年c5 730年d2 865年8科学家发现在月球上含有丰富的he（氦3），它是一种高效、清洁、安全的核聚变燃料，其参与的一种核聚变反应的方程式为he+he2h+he关于he聚变下列表述正确的是（）a聚变反应不会释放能量b聚变反应产生了新的原子核c聚应反应没有质量亏损d目前核电站都采用聚变反应发电9下列说法正确的是（）a太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应b汤姆生发现电子，表明原子具有核式结构c一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短d按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大10先后用不同的交流电源给同一盏灯泡供电第一次灯泡两端的电压随时问按正弦规律变化（如图1所示）；第二次灯泡两端的电压变化规律如图2所示若两图中的u0、t所表示的电压、周期值是相同的，则以下说法正确的是（）a第一次，灯泡两端的电压有效值是b第二次，灯泡两端的电压有效值是c第一、第二次，灯泡的电功率之比是2：9d第一、第二次，灯泡的电功率之比是1：5二、不定项选择题目，每个题目至少有一个选项符合要求，每题3分，选对一部分2分，选错不得分，共45分11如图所示，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为r（指拉直时两端的电阻），磁感应强度为b的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点a用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒ab，ab由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，b点的线速度为v，则这时ab两端的电压大小为（）abcdbav12如图所示，垂直纸面向外的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面内、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v0、3v0速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的过程中（）a导体框中产生的感应电流方向相同b导体框中产生的焦耳热相同c导体框cd边两端电势差绝对值相同d通过导体框截面的电量相同13现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈a、线圈b、电流计及开关如图连接，在开关闭合、线圈a放在线圈b中的情况下，某同学发现当他将滑线变阻器的滑动端p向左加速滑动时，电流计指针向右偏转由此可以判断（）a线圈a向上移动或滑动变阻器滑动端p向右加速滑动，都能引起电流计指针向左偏转b线圈a中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起电流计指针向右偏转c滑动变阻器的滑动端p匀速向左或匀速向右滑动，都能使电流计指针静止在中央d因为线圈a、线圈b的绕线方向未知，故无法判断电流计指针偏转的方向14如图所示，电路中a、b是完全相同的灯泡，l是一带铁芯的线圈，开关s原来闭合，则开关s断开的瞬间（）al中的电流方向改变，灯泡b立即熄灭bl中的电流方向不变，灯泡b要过一会才熄灭cl中的电流方向改变，灯泡a比b慢熄灭dl中的电流方向不变，灯泡a比b慢熄灭15一小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势随时间的变化关系如图所示矩形线圈与阻值为10的电阻构成闭合电路，若不计线圈电阻，下列说法中正确的是（）at1时刻通过线圈的磁通量为零bt2时刻感应电流方向发生变化ct3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大d交变电流的有效值为a16如图所示，t为理想变压器，a1、a2为理想交流电流表，v1、v2为理想交流电压表，r1、r2为定值电阻，r3为光敏电阻（光照增强，电阻减小），原线圈两端接恒压正弦交流电源，当光照增强时（）a电压表v1示数变小b电压表v2示数变大c电流表a1示数变大d电流表a2示数变大172011年9月28日，中国第二条特高压交流电项目获批，国家电网副总经理舒印彪表示：该公司第二条特高压交流电项目已获得发改委批准，投资规模、线路长度和输电容量都比之前项目大一倍以上如图9所示是远距离输电示意图，电站的输出电压u1=250v，输出功率p1=100kw，输电线电阻r=8则进行远距离输电时，下列说法中正确的是（）a若电站的输出功率突然增大，则降压变压器的输出电压减小b若电站的输出功率突然增大，则升压变压器的输出电压增大c输电线损耗比例为5%时，所用升压变压器的匝数比=d用10 000 v高压输电，输电线损耗功率为8000w18质量为m的炮弹沿水平方向飞行，其动能为ek，突然在空中爆炸成质量相同的两块，其中一块向后飞去，动能为，另一块向前飞去，则向前的这块的动能为（）abcd19如图所示，质量为m的小球从距离地面高h的a点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h的b点速度减为零不计空气阻力，重力加速度为g关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的有（）a小球的机械能减少了mg（h+h）b小球克服阻力做的功为mghc小球所受阻力的冲量大于md小球动量的改变量等于所受阻力的冲量20在光电效应实验中，飞飞同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线（甲光、乙光、丙光），如图所示则可判断出（）a甲光的频率大于乙光的频率b乙光的波长大于丙光的波长c乙光对应的截止频率大于丙光的截止频率d甲光对应的光电子最大初动能大于丙光的光电子最大初动能21如图所示为氢原子的能级示意图现用能量介于1012.9ev范围内的光子去照射一群处于基态的氢原子，则下列说法正确的是（）a照射光中只有一种频率的光子被吸收b照射光中有三种频率的光子被吸收c氢原子发射出三种不同波长的光d氢原子发射出六种不同波长的光22下列说法中正确的是（）a天然放射现象说明原子核还具有复杂结构b卢瑟福通过粒子散射实验，发现原子核有一定的结构c查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子d质子和中子也是具有复杂结构的23天然放射性元素放出的三种射线的穿透能力实验结果如图所示，由此可推知（） a来自于原子核外的电子b的电离作用最强，是一种电磁波c照射食品可以杀死腐败的细菌d的电离作用最弱，属于原子核内释放的光子24今年3月11日，日本发生9级地震，福岛第一核电站严重受损，大量放射性铯和碘进入大气和海水，造成对空气和海水的放射性污染下列说法正确的是（）a核反应堆中的核废料不再具有放射性，对环境不会造成影响b铀核裂变的一种可能核反应是c放射性碘发生衰变的核反应方程为d裂变形式有多种，每种裂变产物不同，质量亏损不同，但释放的核能相同25如图所示装置中，cd杆原来静止当ab杆做如下哪些运动时，cd杆将向右移动？（）a向右匀速运动b向右加速运动c向左加速运动d向左减速运动三、计算题，写出必要的文字说明和关键方程，只写最后结果不得分26如图所示，质量m=4kg的滑板b静止放在光滑水平面上，其右端固定一根轻质弹簧，弹簧的自由端c到滑板左端的距离l=0.5m，这段滑板与木块a（可视为质点）之间的动摩擦因数=0.2，而弹簧自由端c到弹簧固定端d所对应的滑板上表面光滑小木块a以速度v0=10m/s由滑板b左端开始沿滑板b表面向右运动已知木块a的质量m=1kg，g取10m/s2求：（1）弹簧被压缩到最短时木块a的速度；（2）木块a压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能27图1是交流发电机模型示意图在磁感应强度为b的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴oo转动，由线圈引出的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕oo转动的金属圆环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻r形成闭合电路图2是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示已知ab长度为l1，bc长度为l2，线圈以恒定角速度逆时针转动（只考虑单匝线圈）（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；（2）若线圈电阻为r，求从中性面开始的内通过电阻的电量q的大小；（其它电阻均不计）（3）若线圈电阻为r，求线圈每转动一周电阻r上产生的焦耳热q（其它电阻均不计）28如图，光滑斜面的倾角=30，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l1=1m，bc边的边长l2=0.6m，线框的质量m=1kg，电阻r=0.1，线框通过细线与重物相连，重物质量m=2kg，斜面上ef线（efgh）的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度b=0.5t，如果线框从静止开始运动，进入磁场最初一段时间是匀速的，ef线和gh的距离s=11.4m，（取g=10.4m/s2），求：（1）线框进入磁场前重物m的加速度；（2）线框进入磁场时匀速运动的速度v；（3）ab边由静止开始到运动到gh线处所用的时间t；（4）ab边运动到gh线处的速度大小和在线框由静止开始到运动到gh线的整个过程中产生的焦耳热2015-2016学年河北省保定三中高二（下）月考物理试卷（4月份）参考答案与试题解析一、单项选择题，每个题目只有一个选项符合题目要求，每题2分，共20分1如图所示，光滑导电圆环轨道竖直固定在匀强磁场中，磁场方向与轨道所在平面垂直，导体棒ab的两端可始终不离开轨道无摩擦地滑动，当ab由图示位置释放，直到滑到右侧虚线位置的过程中，关于ab棒中的感应电流情况，正确的是（）a先有从a到b的电流，后有从b到a的电流b先有从b到a的电流，后有从a到b的电流c始终有从b到a的电流d始终没有电流产生【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【分析】产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，对照条件，分析磁通量是否变化，判断有无感应电流产生若有，根据楞次定律判断其方向【解答】解：以ab棒与大圆弧或小圆弧组成的回路为研究对象，当ab由图示位置释放，直到滑到右侧虚线位置的过程中，穿过这两个回路的磁通量始终不变，故始终没有感应电流产生故abc错误，d正确故选d【点评】本题的解题关键是选择研究的回路，根据产生感应电流的条件进行判断2矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的转轴匀速转动，产生的交流电动势的最大值为em设t=0时线圈平面与磁场平行，当线圈的匝数增加一倍，转速也增大一倍，其他条件不变时，交流电的电动势为（）ae=2emsin2tbe=4emsin2tce=emsin2tde=4emcos2t【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式【分析】当线圈平面转至与磁场方向平行时，产生的感应电动势最大，结合峰值，得出从中性面开始计时电动势的瞬时表达式【解答】解：当线圈平面转至与磁场方向平行时，产生的感应电动势最大，则em=nbs2n，=2n，当线圈的匝数和转速都增大为原来的2倍，则最大值增大为原来的4倍，有：e=emcost=4emcos2t v故选：d【点评】解决本题的关键掌握感应电动势的瞬时表达式，知道线圈平面与磁场平行时，产生的感应电动势最大3如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1电池和交变电源的电动势都为6v，内阻均不计下列说法正确的是（）as与a接通的瞬间，r中有感应电流bs与a接通稳定后，r两端的电压为3vcs与b接通稳定后，r两端的电压为3vds与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2：1【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【分析】变压器对于交流电起作用，接在直流电中是不起作用的，再根据最大值和有效值之间的关系以及电压与匝数成正比即可求得结论【解答】解：a、在s与a接通的瞬间，由于电流由零突然变大，所以线圈中的磁通量会发生变化，副线圈中的r会有感应电流，故a正确；b、在s与a接通稳定后，电路中的电流稳定，磁通量不会发生变化，所以副线圈中不会有感应电流产生，电阻r两端的电压为0，所以b错误；c、在s与b接通稳定后，由于b是交流电源，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压为3v，所以c正确；d、变压器不会改变交流电源的频率，所以原、副线圈中电流的频率是相同的，所以d错误故选：ac【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题4中国已投产运行的1000kv特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程假设甲、乙两地原采用500kv的超高压输电，输电线上损耗的电功率为p在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kv特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（）abc2pd4p【考点】远距离输电；提高输电电压对减少输电损耗的作用【分析】已知输送的电功率和输电电压，根据i= 求出输电线上的电；根据p=i2r求出输电线上损失的电功率【解答】解：当以不同电压输送时，有p=u1i1=u2i2，而在线路上损失的功率为p=i2r=可知，损失的功率与电压的平方成反比，即p1：p2=4：1所以输电线上损失的功率为输电线上损失的功率为【点评】本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中p=ui中的电压u应为输电电压5如图所示，一辆小车静止在光滑水平面上，a、b两人分别站在车的两端当两人同时相向运动时（）a若小车不动，两人速率一定相等b若小车向左运动，a的动量一定比b的小c若小车向左运动，a的动量一定比b的大d若小车向右运动，a的动量一定比b的大【考点】动量守恒定律【分析】ab两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律分析即可求解【解答】解：ab两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律得：mava+mbvb+m车v车=0，a、若小车不动，则mava+mbvb=0，由于不知道ab质量的关系，所以两人速率不一定相等，故a错误；b、若小车向左运动，则ab的动量和必须向右，而a向右运动，b向左运动，所以a的动量一定比b的大，故b错误，c正确；d、若小车向右运动，则ab的动量和必须向左，而a向右运动，b向左运动，所以a的动量一定比b的小，故d错误故选c【点评】本题主要考察了动量守恒定律的直接应用，注意速度的矢量性，难度适中6用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应，可能使该金属产生光电效应的措施是（）a改用频率更小的紫外线照射b改用x射线照射c改用强度更大的原紫外线照射d延长原紫外线的照射时间【考点】光电效应【分析】要产生光电效应，根据光电效应的条件必须用能量更大，即频率更高的粒子【解答】解：根据光电效应的条件0，要产生光电效应，必须用能量更大，即频率更高的粒子能否发生光电效应与光的强度和照射时间无关x射线的频率大于紫外线的频率故a、c、d错误，b正确故选b【点评】解决本题的关键掌握光电效应的条件及各种电磁波的频率大小关系714c是一种半衰期为5730年的放射性同位素若考古工作者探测到某古木中14c的含量为原来的，则该古树死亡时间距今大约（）a22 920年b11 460年c5 730年d2 865年【考点】天然放射现象【分析】根据古木中14c的含量为原来的，得出经历了几个半衰期，从而得出该古树死亡时间距今的时间【解答】解：根据m=得，探测到某古木中14c的含量为原来的，知经历了2个半衰期，则t=25730年=11460年故选：b【点评】解决本题的关键知道每经过一个半衰期，有半数发生衰变，衰变后的质量和初始质量的关系为：m=，n表示半衰期的次数8科学家发现在月球上含有丰富的he（氦3），它是一种高效、清洁、安全的核聚变燃料，其参与的一种核聚变反应的方程式为he+he2h+he关于he聚变下列表述正确的是（）a聚变反应不会释放能量b聚变反应产生了新的原子核c聚应反应没有质量亏损d目前核电站都采用聚变反应发电【考点】轻核的聚变；质量亏损【分析】所有的核聚变都有能量产生，所以核聚变都伴随质量亏损，核聚变核电站处于实验阶段【解答】解：由于核聚变过程中存在质量亏损，故c错误根据爱因斯坦质能方程e=mc2可以确定既然有质量亏损，核聚变会释放能量故a错误由于该核反应的生成物有和，故该反应产生了新的原子核故b正确目前的核电站都采用了u235的核裂变，而核聚变仍处于实验阶段故d错误故选b【点评】理解核聚变一定伴随能量产生，是解决本题的突破口另外通过多看课本来加强基础知识的积累是解决此类题目的关键9下列说法正确的是（）a太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应b汤姆生发现电子，表明原子具有核式结构c一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短d按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大【考点】氢原子的能级公式和跃迁；光电效应；原子的核式结构；重核的裂变【分析】解本题应该掌握：太阳的辐射能量主要来自太阳内部的聚变反应，并非核裂变反应；粒子散射实验表明原子的核式结构；不能发生光电效应是因为该光的频率小即波长长的缘故，氢原子核外电子轨道半径越大则能量越大，动能越小【解答】解：a、太阳内部有大量的氢核，太阳内部温度极高，满足氢核发生聚变的条件，所以a错误；b、粒子散射实验表明原子的核式结构，故b错误；c、发生光电效应的条件是入射光的频率大于等于金属的极限频率，而对于光，频率越大，波长越小，故c错误；d、能量守恒定律是自然界普遍成立的定律之一，在电子跃迁的过程中，能量守恒故d正确故选d【点评】本题涉及知识点较多，平时学习过程中注意积累和比较，以防知识点的混淆10先后用不同的交流电源给同一盏灯泡供电第一次灯泡两端的电压随时问按正弦规律变化（如图1所示）；第二次灯泡两端的电压变化规律如图2所示若两图中的u0、t所表示的电压、周期值是相同的，则以下说法正确的是（）a第一次，灯泡两端的电压有效值是b第二次，灯泡两端的电压有效值是c第一、第二次，灯泡的电功率之比是2：9d第一、第二次，灯泡的电功率之比是1：5【考点】变压器的构造和原理【分析】对于正弦式电流的有效值u=um，由甲图读出电压的最大值，求出有效值对于乙图，根据有效值的定义，求出有效值功率的公式p=，用有效值求出电功率之比【解答】解：a、b第一次灯泡两端的电压有效值为：u1=um=u0设第二次电压的有效值为u2，根据有效值的定义，则有： +=t，解得：u2=u0故a，b错误c、d由功率的公式p=得灯泡的电功率之比是：p1：p2=： =1：5故c错误，d正确故选：d【点评】只有正弦交变电流最大值与有效值才是倍的关系，其他交变电流要根据有效值的定义，从热效应角度去求有效值二、不定项选择题目，每个题目至少有一个选项符合要求，每题3分，选对一部分2分，选错不得分，共45分11如图所示，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为r（指拉直时两端的电阻），磁感应强度为b的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点a用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒ab，ab由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，b点的线速度为v，则这时ab两端的电压大小为（）abcdbav【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【分析】当摆到竖直位置时，先由感应电动势公式e=bl，求出导体棒产生的感应电动势，再根据欧姆定律求解ab两端的电压大小【解答】解：当摆到竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为：e=b2a=2ba=bav；金属环并联的电阻为：r并=ab两端的电压是路端电压，ab两端的电压大小为：u=e=bav=故选：a【点评】本题是电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解，容易出错之处是把ab间的电压看成是内电压，得到结果是bav12如图所示，垂直纸面向外的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面内、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v0、3v0速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的过程中（）a导体框中产生的感应电流方向相同b导体框中产生的焦耳热相同c导体框cd边两端电势差绝对值相同d通过导体框截面的电量相同【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化【分析】导体框向左、向右移出磁场，根据楞次定律，判断出感应电流方向相同，根据焦耳定律、欧姆定律和法拉第电磁定律研究焦耳热、cd边的电势差【解答】解：a、导体框移出磁场时，穿过线框的磁通量都减小，根据楞次定律可知感应电流方向均为逆时针方向，方向相同故a正确b、设磁感应强度为b，线框边长为l，电阻为r，则有：q=可得：qv，当速度为3v0时产生的焦耳热多故b错误c、向上移出磁场时，cd边电势差为路端电压：u1=blv0；向右移出磁场时，cd电势差为：u2=bl3v0=blv0故c正确d、由电量为：q=，则q相同 故d正确故选：acd【点评】本题关键要掌握电磁感应现象中基本规律：楞次定律、法拉第电磁感应定律并掌握在电磁感应问题中常用到的一个经验公式：感应电量q=13现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈a、线圈b、电流计及开关如图连接，在开关闭合、线圈a放在线圈b中的情况下，某同学发现当他将滑线变阻器的滑动端p向左加速滑动时，电流计指针向右偏转由此可以判断（）a线圈a向上移动或滑动变阻器滑动端p向右加速滑动，都能引起电流计指针向左偏转b线圈a中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起电流计指针向右偏转c滑动变阻器的滑动端p匀速向左或匀速向右滑动，都能使电流计指针静止在中央d因为线圈a、线圈b的绕线方向未知，故无法判断电流计指针偏转的方向【考点】楞次定律【分析】由题意可知线圈b中产生使电流表指针向右偏转的条件，则分析各选项可得出正确答案【解答】解：由题意可知当p向左加速滑动时，线圈a中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈b中产生了电流使指针向右偏转；故可知当b中的磁通量减小时，电流表指向右偏；a、a向上移动时b中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端p向右加速滑动时，b中磁通量增大，故指针应向左偏转，故a错误；b、当铁芯拔出或断开开关时，a中磁场减小，故b中磁通量减小，指针向右偏转，故b正确；c、滑片匀速运动时，a中也会产生变化的磁场，故b中同样会产生感应电流，故指针不会静止，故c错误；d、由以上分析可知，d错误；故选b【点评】本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象14如图所示，电路中a、b是完全相同的灯泡，l是一带铁芯的线圈，开关s原来闭合，则开关s断开的瞬间（）al中的电流方向改变，灯泡b立即熄灭bl中的电流方向不变，灯泡b要过一会才熄灭cl中的电流方向改变，灯泡a比b慢熄灭dl中的电流方向不变，灯泡a比b慢熄灭【考点】自感现象和自感系数【分析】开关k闭合的瞬间，电源的电压同时加到两灯的两端，两灯同时发光由于线圈的电阻可以忽略，灯a逐渐被短路，随后a灯变暗，b灯变亮断开开关的瞬间，b灯立即熄灭，a灯突然闪亮一下再熄灭【解答】解：断开开关的瞬间，b灯的电流突然消失，立即熄灭，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过a灯，l中的电流方向不变，所以a灯逐渐熄灭，d正确故选d【点评】对于自感线圈，当电流变化时产生自感电动势，相当于电源，当电路稳定时，相当于导线，将所并联的电路短路15一小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势随时间的变化关系如图所示矩形线圈与阻值为10的电阻构成闭合电路，若不计线圈电阻，下列说法中正确的是（）at1时刻通过线圈的磁通量为零bt2时刻感应电流方向发生变化ct3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大d交变电流的有效值为a【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【分析】磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大，根据有效值等于最大值除以求出电压的有效值，根据欧姆定律求出电流【解答】解：a、t1时刻电动势为零，磁通量最大，故a错误；b、t2时刻感应电流方向也没有改变，故b错误；c、t3时刻电动势为零，通过线圈的磁通量变化率为零，故c错误；d、电压的有效值为u=v，所以交变电流的有效值为i=，故d正确故选d【点评】本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能 力16如图所示，t为理想变压器，a1、a2为理想交流电流表，v1、v2为理想交流电压表，r1、r2为定值电阻，r3为光敏电阻（光照增强，电阻减小），原线圈两端接恒压正弦交流电源，当光照增强时（）a电压表v1示数变小b电压表v2示数变大c电流表a1示数变大d电流表a2示数变大【考点】变压器的构造和原理【分析】和闭合电路中的动态分析类似，可以根据r3的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况【解答】解：a、当光照增强时，导致总电阻减小，总的电流变大，电阻r1的电压变大，总的电压保持不变即v1示数不变，所以并联部分的电压要减小，即v2读数变小，所以a错误b错误c、当光照增强时，电路的总的电阻减小，所以电路的总电流要变大，所以a1、a2的示数都要变大，所以cd正确；故选：cd【点评】电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法172011年9月28日，中国第二条特高压交流电项目获批，国家电网副总经理舒印彪表示：该公司第二条特高压交流电项目已获得发改委批准，投资规模、线路长度和输电容量都比之前项目大一倍以上如图9所示是远距离输电示意图，电站的输出电压u1=250v，输出功率p1=100kw，输电线电阻r=8则进行远距离输电时，下列说法中正确的是（）a若电站的输出功率突然增大，则降压变压器的输出电压减小b若电站的输出功率突然增大，则升压变压器的输出电压增大c输电线损耗比例为5%时，所用升压变压器的匝数比=d用10 000 v高压输电，输电线损耗功率为8000w【考点】远距离输电；电功、电功率【分析】正确解答本题需要掌握：理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压有输入电压决定；明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系理想变压器电压和匝数关系【解答】解：a、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，根据p=ui可输电线上的电流i线增大，根据u损=i线r，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压u3=u2u损可得，降压变压器的输入电压u3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故a正确，b错误c、损失的功率为p=5%p=5000w，根据p=i2r，解得i=，升压变压器原线圈中的电流为，故c正确；d、输送电流为i=，损失功率为p=i2r=1028w=800w，故d错误；故选：ac【点评】对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关18质量为m的炮弹沿水平方向飞行，其动能为ek，突然在空中爆炸成质量相同的两块，其中一块向后飞去，动能为，另一块向前飞去，则向前的这块的动能为（）abcd【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】由于爆炸产生的作用力远大于重力，在爆炸的瞬间水平方向上动量守恒，根据动量守恒求出另一块炸弹的速度，从而求出动能的大小【解答】解：炸弹开始动能，解得v=其中一块动能为=，解得根据动量守恒定律得，mv=解得则动能故b正确，a、c、d错误故选b【点评】解决本题的关键知道炸弹在爆炸的瞬间系统动量守恒，运用动量守恒定律解题时注意速度的方向19如图所示，质量为m的小球从距离地面高h的a点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h的b点速度减为零不计空气阻力，重力加速度为g关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的有（）a小球的机械能减少了mg（h+h）b小球克服阻力做的功为mghc小球所受阻力的冲量大于md小球动量的改变量等于所受阻力的冲量【考点】动能定理的应用【分析】通过小球重力势能和动能的变化量求出小球机械能的减小量，对全过程运用动能定理，求出小球克服阻力做功的大小，根据动量定理求出小球阻力的冲量【解答】解：a、小球在整个过程中，动能变化量为零，重力势能减小mg（h+h），则小球的机械能减小了mg（h+h）故a正确b、对全过程运用动能定理得，mg（h+h）wf=0，则小球克服阻力做功wf=mg（h+h）故b错误c、落到地面的速度v=，对进入泥潭的过程运用动量定理得：，得：知阻力的冲量大于故c正确d、对全过程分析，运用动量定理知，动量的变化量等于重力的冲量和阻力冲量的矢量和故d错误故选：ac【点评】解决本题的关键掌握动能定理和动量定理的运用，运用动能定理解题不需考虑速度的方向，运用动量定理解题需考虑速度的方向20在光电效应实验中，飞飞同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线（甲光、乙光、丙光），如图所示则可判断出（）a甲光的频率大于乙光的频率b乙光的波长大于丙光的波长c乙光对应的截止频率大于丙光的截止频率d甲光对应的光电子最大初动能大于丙光的光电子最大初动能【考点】光电效应【分析】光电管加正向电压情况：p右移时，参与导电的光电子数增加；p移到某一位置时，所有逸出的光电子都刚参与了导电，光电流恰达最大值；p再右移时，光电流不能再增大光电管加反向电压情况：p右移时，参与导电的光电子数减少；p移到某一位置时，所有逸出的光电子都刚不参与了导电，光电流恰为零，此时光电管两端加的电压为截止电压，对应的光的频率为截止频率；p再右移时，光电流始终为零eu截=m=hw，入射光的频率越高，对应的截止电压u截越大从图象中看出，丙光对应的截止电压u截最大，所以丙光的频率最高，丙光的波长最短，丙光对应的光电子最大初动能也最大【解答】解：a、根据eu截=m=hw，入射光的频率越高，对应的截止电压u截越大甲光、乙光的截止电压相等，所以甲光、乙光的频率相等；故a错误b、丙光的截止电压大于乙光的截止电压，所以丙光的频率大于乙光的频率，则乙光的波长大于丙光的波长；故b正确c、同一金属，截止频率是相同的，故c错误d、丙光的截止电压大于甲光的截止电压，所以甲光对应的光电子最大初动能小于于丙光的光电子最大初动能故d错误故选：b【点评】解决本题的关键掌握截止电压、截止频率，以及理解光电效应方程eu截=m=hw21如图所示为氢原子的能级示意图现用能量介于1012.9ev范围内的光子去照射一群处于基态的氢原子，则下列说法正确的是（）a照射光中只有一种频率的光子被吸收b照射光中有三种频率的光子被吸收c氢原子发射出三种不同波长的光d氢原子发射出六种不同波长的光【考点】氢原子的能级公式和跃迁【分析】能级间发生跃迁时吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，根据数学组合公式求出处于激发态的氢原子可能发射出不同波长光的种数【解答】解：因为13.6+10=3.6ev，13.6ev+12.9ev=0.7ev，可知照射光中有三种频率的光子被吸收氢原子跃迁的最高能级为n=4能级，根据=6知，氢原子发射出六种不同波长的光故b、d正确，a、c错误故选bd【点评】解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，即emen=hv22下列说法中正确的是（）a天然放射现象说明原子核还具有复杂结构b卢瑟福通过粒子散射实验，发现原子核有一定的结构c查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子d质子和中子也是具有复杂结构的【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度【分析】卢瑟福通过粒子散射实验，提出原子核式结构模型，天然放射现象说明原子核还具有复杂结构，查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子【解答】解：a、天然放射现象说明原子核还具有复杂结构，a正确b、卢瑟福通过粒子散射实验，提出原子核式结构模型，b错误c、查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子，c正确d、质子和中子也是具有复杂结构的，d正确故选：acd【点评】掌握原子核式结构模型，记住一些科学家的重大发现和重要的实验23天然放射性元素放出的三种射线的穿透能力实验结果如图所示，由此可推知（） a来自于原子核外的电子b的电离作用最强，是一种电磁波c照射食品可以杀死腐败的细菌d的电离作用最弱，属于原子核内释放的光子【考点】x射线、射线、射线、射线及其特性【分析】本题考查天然放射性元素放出的三种射线的穿透能力比较：射线贯穿能力很弱，电离作用很强，一张纸就能把它挡住，射线是高速氦核流；射线能贯穿几毫米厚的铝板，电离作用较强，是原子核中的一个中子转化成一个质子，同时释放出射线；射线穿透本领最强，甚至能穿透几厘米厚的铅板，是原子核发生衰变时释放的能量以光子的形式辐射出来的【解答】解：a、天然放射性元素放出的三种射线都是原子核发生衰变造成的，射线能贯穿几毫米厚的铝板，电离作用较强，故是射线是原子核中的一个中子转化成一个质子，同时释放出一个高速电子，该电子即射线，故射线来自原子核，故a错误b、射线贯穿能力很弱，电离作用很强，一张纸就能把它挡住，故是射线射线是高速氦核流，是实物粒子，不是电磁波故b错误c、射线穿透本领最强，甚至能穿透几厘米厚的铅板，但几乎没有电离本领故是射线，是一种频率很高的光子，射食品可以杀死腐败的细菌故c正确d、是射线，它的电离作用最弱，是原子核发生衰变时释放的能量以光子的形式辐射出来所以d正确故选：cd【点评】熟悉课本基本知识就能顺利解决此类问题，故要加强基础知识的积累多记24今年3月11日，日本发生9级地震，福岛第一核电站严重受损，大量放射性铯和碘进入大气和海水，造成对空气和海水的放射性污染下列说法正确的是（）a核反应堆中的核废料不再具有放射性，对环境不会造成影响b铀核裂变的一种可能核反应是c放射性碘发生衰变的核反应方程为d裂变形式有多种，每种裂变产物不同，质量亏损不同，但释放的核能相同【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度【分析】正确解答本题需要掌握：放射性污染的防护；质量数和电荷数守恒在核反应方程中的应用；质能方程的应用【解答】解：a、为了预防放射性污染的危害，核反应堆中的废料具有很强的放射性，需装入特制的容器，深埋地下或海底，故a错误；b、铀核裂变需要中子轰击又生成3个中子，故b错误；c、根据质量数和电荷数守恒可知，放射性碘（131i）发生的衰变方程为13153i13154xe+01e，故c正确；d、根据e=mc2可知，质量亏损不同释放的能量也一定不同，故d错误故选：c【点评】本题考查了核裂变的应用，在学习中注意将所学知识和实际应用相结合25如图所示装置中，cd杆原来静止当ab杆做如下哪些运动时，cd杆将向右移动？（）a向右匀速运动b向右加速运动c向左加速运动d向左减速运动【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；法拉第电磁感应定律【分析】当cd杆受到向右的安培力时，cd杆将向右移动，通过ab杆的运动，根据右手定则、安培定则判断出cd杆上感应电流的方向，得知安培力的方向，从而确定出cd杆的运动方向【解答】解：a、ab杆向右匀速运动，在ab杆中产生恒定的电流，该电流在线圈l1中产生恒定的磁场，在l2中不产生感应电流，所以cd杆不动故a错误b、ab杆向右加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的a到b的电流，根据安培定则，在l1中产生向上增强的磁场，该磁场向下通过l2，根据楞次定律，在cd杆上产生c到d的电流，根据左手定则，受到向右的安培力，向右运动故b正确c、ab杆向左加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的b到a的电流，根据安培定则，在l1中产生向下增强的磁场，该磁场向上通过l2，根据楞次定律，在cd杆上产生d到c的电流，根据左手定则，受到向左的安培力，向左运动故c错误d、ab杆向左减速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生减小的b到a的电流，根据安培定则，在l1中产生向下减弱的磁场，该磁场向上通过l2，根据楞次定律，在cd杆上产生c到d的电流，根据左手定则，受到向右的安培力，向右运动故d正确故选bd【点评】本题综合考查了右手定则、左手定则、安培定则以及楞次定律，综合性较强，关键搞清各种定则适用的范围，不能混淆三、计算题，写出必要的文字说明和关键方程，只写最后结果不得分26如图所示，质量m=4kg的滑板b静止放在光滑水平面上，其右端固定一根轻质弹簧，弹簧的自由端c到滑板左端的距离l=0.5m，这段滑板与木块a（可视为质点）之间的动摩擦因数=0.2，而弹簧自由端c到弹簧固定端d所对应的滑板上表面光滑小木块a以速度v0=10m/s由滑板b左端开始沿滑板b表面向右运动已知木块a的质量m=1kg，g取10m/s2求：（1）弹簧被压缩到最短时木块a的速度；（2）木块a压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】（1）a、b组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出木块a的速度（2）在整个过程中，系统机械能守恒，由能量守恒定律（或机械能守恒定律）可以求出弹簧的弹性势能【解答】解：（1）弹簧被压缩到最短时，木块a与滑板b具有相同的速度，设为v，从木块a开始沿滑板b表面向右运动至弹簧被压缩到最短的过程中，a、b系统的动量守恒：mv0=（m+m）v解得v=v0代入数据得木块a的速度v=2 m/s（2）木块a压缩弹簧过程中，弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大由能量关系，最大弹性势能ep=mv02（m+m）v2mgl代入数据得ep=39 j答：（1）弹簧被压缩到最短时木块a的速度为2m/