高中化学 精品系列 专题5 金属及其化合物（教师版）.doc

3-2-1精品系列化学2012版 专题5 高考试题的走向对中学教学有一定指挥捧作用，是难以回避的事实，从近四年的化学试题元素化合物的命题及考生答题情况分析，高考复习必须坚持以考试大纲为纲，以教科书为本的方向，同时也提醒广大教师，必须还教学于本来面目，遵循教学的基本规律，努力完成教学的基本任务，高考复习教学中一定要熟悉考查范围，避免因超纲复习而枉费时间和精力。坚决、果断、彻底地抛掉教材里没有的、考试大纲不要求的内容。我们的复习工作应从学校、班级实际出发，追求实效，采取的措施要落实到位。师生都必须清楚每个单元复习的目标，要有明确的针对性。第一轮复习要控制难度，不可在偏、难、怪题上做文章；调控好训练的题量，训练要有针对性，实效性，把精力用在典型试题（历届高考原题、精心改编高考题或选编优秀的模拟题）的分析上。要充分尊重学生复习中的自主权，满足学生复习的需求，把更多的时间还给学生，给学生的思维以广阔的空间，要从根本上克服一味大量布置习题，满堂灌、缺乏针对性、不讲教学效益的问题。大家知道元素化合物知识是中学化学学习的主干内容，是学生学习化学基本概念、基本理论、化学实验的基础与素材，这部分知识内容从表面上看比较零碎、分散，难于记忆，使有些学生感觉花了较多的时间还是难于掌握，造成学习效率下降。因而，在复习时我们老师如何将零散的元素化合物知识整理成较为有序，又便于学生记忆和掌握的知识网络和知识体系是非常重要的。【考点定位】 由于理综化学考试的总题量只有12题，所以对元素化合物知识的考查不可能覆盖面很广、面面俱到。每年相关元素化合物知识的试题内容一般比较基础，都是考试大纲的基本要求内容，有些直接来自书本知识，有些是书本知识的适当延伸，不过在考查的内容上尽量做到了多个知识点的综合，同时也很好地体现了化学学科的主干知识。从能力要求方面去分析，以理解和运用的中档题为主，从题型上主要以推断题为主，其中近两年还出现了化学开放性的试题，这类试题对培养学生的创新精神和能力起到积极作用。在解题思路上着重对主干知识中物质的主要化学性质、物质之间的相互关系、物质的特性等来突破，并依据对题给信息的综合分析和逻辑推理来解决具体问题。了解元素原子核外电子排布的周期性与元素性质递变关系。重点掌握典型金属和典型非金属在周期表中的位置及与其性质的关系。了解其他常见金属和非金属元素的单质及其化合物。由此可知，元素化合物部分的主干知识：（1）以na、mg为代表的a、a性质。（2）以n、o、s、cl为代表的a、a、a性质。（3）al、fe单质及化合物性质。（4）常见物质的制备和常见物质(离子)检验。（5）环保问题。【专题解读】1、镁铝及其化合物(1)镁是活泼金属，虽不跟碱性溶液反应，但能置换出酸中的氢，也能与水解呈酸性的盐溶液反应产生h2。 (2)注意对al2o3、al(oh)3两性的理解，以及对al3+、存在条件的认识。al2o3、al(oh)3仅能溶于强酸和强碱溶液中（如在氨水和碳酸中均不溶），al3+、只能分别存在于酸性与碱性溶液中al3+与下列离子不能大量共存：、，其中是因为直接反应，其余均是“双水解”与下列离子不能大量共存：h+、nh4+、al3+、mg2+、cu2+。其中h+和是因为直接反应（+ +h2o=al(oh)3+），其余也是“双水解”。(3)注意正确理解图象的涵义图示中每个曲线或每条曲线的转折点（拐点），都反映了特定的反应，若没有找对，或对生成沉淀和沉淀溶解所需加入（或通入）溶液（或气体）的量之比没搞清，易导致错误。注意研究以下几个实验现象及产生沉淀的量与加入物质的量的数量关系的图象：向alcl3溶液中逐滴加入naoh溶液直至过量；向alcl3和mgcl2混合中逐滴加入naoh溶液直至过量；向hcl、mgcl2、alcl3混合液中逐滴加入naoh溶液直至过量；向naalo2溶液中逐滴加入hcl溶液直至过量；向hcl溶液中逐滴加入naalo2溶液直至过量。 这些是以化学知识为载体考查学生的综合能力的重要的命题内容，认真研究一定会有益处(4)mg(oh)2的溶解度小于mgco3。所以在碱性溶液中mg2+总是转化为mg(oh)2沉淀，产生的mgco3也会在加热的条件下逐渐转化为mg(oh)2mgco3+h2o(沸水)=mg(oh)2+co2。三、碱金属元素化合物(1)注意钠及其化合物溶于水所得溶液浓度的计算中，na及na2o2溶于水均会产生气态物质，所得溶液的质量应是原混合物质的质量总和减去产生气体的质量。(2)注意na2o2跟co2和水蒸气组成的混合气体反应时的先后顺序。若先发生反应：2 na2o2+2h2o=4naoh+o2，必还发生2naoh+ co2=na2co3+h2o，即应先考虑na2o2跟co2的反应(3)正确理解“焰色反应”：它是元素的一种物质性质。无论是金属离子或金属原子均能发生焰色反应。它属物理变化过程。不是所有元素都有特征的焰色。只有碱金属元素以及钙、锶、钡、铜等少数金属元素才能呈现焰色反应焰色反应的显色过程与气体物质燃烧时产生各色火焰的过程有着本质的区别。焰色反应并非金属及其化合物自身发生燃烧反应而产生各种颜色火焰的过程，而是它们的原子或离子的外围电子被激发而产生的各种颜色的光的过程。四、过渡元素化合物（1）与fe2+在酸性条件下，不能共存。（2）过量的fe与硝酸作用，或在fe和fe2o3的混合物中加入盐酸，要注意产生的fe3+还可以氧化单质fe这一隐含反应：fe+2fe3+=3fe2+。（3）注意fecl3、fe2(so4)3的水溶液蒸干所得剩余固体的区别。fecl3溶液加热浓缩时，因fe3+水解和hcl的挥发，得到的固体为fe(oh)3，如灼烧后得到红色的fe2o3固体。但fe2(so4)3溶液蒸干时，因硫酸是难挥发性酸，将不能得到fe(oh)3固体（4）注意亚铁盐及fe(oh)2易被空气中氧气氧化成三价铁的化合物。如某溶液中加入碱溶液后，最终得到红褐色沉淀，并不能断定该溶液中一定含有fe3+，而也可能含有fe2+。（5）注意铁单质与强氧化性物质反应时，也有生成二价铁化合物的可能性。反应中若铁为足量，最终铁元素将以二价铁形式存在，因为2fe3+fe=3fe2+【2012高考试题解析】（2012四川）13.向27.2gcu和cu2o的混合物中加入某浓度的稀硝酸0.5l，固体物质完全反应，生成no和cu(no3)2，在所得溶液中加入1.0mol/l的naoh溶液1.0l，此时溶液呈中性。金属离子已完全沉淀，沉淀质量为39.2g。下列有关说法不正确的是acu与cu2o的物质的量之比为21b硝酸的物质的量浓度为2.6mol/lc产生的no在标准状况下的体积为4.48ldcu、cu2o与硝酸反应后剩余hno3为0.2mol【答案】：b【解析】：设cu和cu2o的物质的量分别为xmol、ymol，根据题意，则有64x+144y=27.2 由cucu(oh)2 cu2o2cu(oh)2得34x+68y-16y=39.2-27.2，解得x=0.2 y=0.1cu与cu2o的物质的量之比为0.20.1=21，a正确；硝酸的物质的量为硝酸铜中naoh和no的物质的量之和，1.0mol +（0.2 mol2+0.1 mol2）/3=1.2 mol，硝酸的物质的量浓度为1.2 mol /0.5l =2.4 mol/l，b不正确；产生的no在标准状况下的体积为22.4l/ mol（0.2 mol2+0.1 mol2）/3=4.48l，c正确；cu、cu2o与硝酸反应后剩余hno3为1.0mol-0.2 mol2-0.1 mol22=0.2mol，d正确。【考点定位】本题考查铜及其化合物知识和氧化还原反应的计算。（2011重庆）7下列叙述正确的是a. 与s混合加热生成fes2b. 的热稳定性大于c. 过量的铜与浓硫酸反应用一氧化氮生成d白磷在空气中加热到一定温度能转化成红磷【答案】c【解析】fe与s混合加热生成fes，a项错误；nahco3加热可以生成na2co3，b项错误；过量铜与浓硝酸反应，过程中随硝酸浓度变小与铜反应生成一氧化氮，c项正确；白磷在空气中加热可以与空气中氧气反应，d项错误。【考点定位】本题考查元素化合物的有关知识吗，考查的知识点有fe与s的反应、nahco3的稳定性、cu与hno3的反应等。（2011安徽）13已知室温下，al(oh)3的ksp或溶解度远大于fe(oh)3。向浓度均为0.1moll1的fe(no3)3和al(no3)3混合溶液中，逐滴加入naoh溶液。下列示意图表示生成al(oh)3的物质的量与加入naoh溶液的体积的关系，合理的是13、【答案】c【解析】根据题意kspal(oh)3 kspfe(oh)3，因此向混合溶液中滴加naoh溶液时，首先应生成fe(oh)3沉淀，当fe3+ 沉淀完全后，再生成al(oh)3沉淀，继续滴加naoh溶液，则al(oh)3oh=alo22h2o，而题意是生成al(oh)3的物质的量与加入naoh溶液体积的关系，故c项图像符合实际情况。【考点定位】本题主要考查元素化合物的知识及化学反应的竞争性。（2012天津）2下列单质或化合物性质的描述正确的是anahso4水溶液显中性bsio2与酸、碱均不反应cno2溶于水时发生氧化还原反应dfe在足量cl2中燃烧生成fecl2和fecl3【答案】：c（2012海南）8两种盐的固体混合物：加热时有气体产生，加水溶解时有沉淀生成，且沉淀溶于稀盐酸。满足上述条件的混合物是abacl2和(nh4)2so4 bagno3和nh4clcfecl3和nahco3 dkcl和na2co3【答案】：ac【解析】：硫酸铵和氯化钡混合加热时会释放氨气，加水溶解会生成硫酸钡沉淀，a符合；氯化铵受热能放出氨气，但生成的盐酸agcl不溶于盐酸，b排除；碳酸氢钠受热放出二氧化碳气体，溶于水生成的fe(oh)3可溶于盐酸，c符合；氯化钾和碳酸钠混合溶于水不生成沉淀，d排除。【考点定位】此题以实验现象为载体考查了元素化合物的性质。（2012上海）17将l00mll moll的na2co3溶液等分为两份其中一份加入少许冰醋酸，另外一份加入少许ba(oh)2固体，忽略溶液体积变化。两份溶液中c(co32 )的变化分别是a减小、减小 b减小、增大 c增大、增大 d增大、减小（2012上海）22pbo2是褐色固体，受热分解为pb的+4和+2价的混合氧化物，+4价的pb能氧化浓盐酸生成cl2；现将l mol pbo2加热分解得到o2，向剩余固体中加入足量的浓盐酸得到cl2，o2和cl2的物质的量之比为3：2。则剩余固体的组成及物质的量比是a1：1混合的pb3o4、pbo b1：2混合的pbo2、pb3o4c1：4：l混合的pbo2、pb3o4、pbo dpbo2、pb3o4、pbo【答案】ad 【解析】根据氧化还原反应中得失电子守恒可知pbo2生成o2时，生成o2与生成的2价pb(用pbo表示)的关系为：o2 2pbo，氧化还原反应中得失电子守恒可知由剩余固体与浓盐酸反应时，其中反应物中的4价pb(用pbo2表示)与生成物cl2的关系为：pbo2 cl2。由上述两个关系式及题目已知信息o2和cl2的物质的量之比为3:2可知剩余固体中，pbo：pbo2=6:2=3:1。pb3o4可以看做2pbopbo2，故选将四个选项中的pb3o4换算为2pbopbo2时，选项a、d中的pbo：pbo2=3:1，选项b中的pbo：pbo2=4:3，选项c中的pbo：pbo2=7:5。【考点定位】本题考查铅的化合物的性质，考查氧化还原反应规律的应用。（2012江苏）5. 下列有关物质的性质与应用不踿 相对应的是 a. 明矾能水解生成al(oh)3 胶体，可用作净水剂 b. fecl3 溶液能与cu 反应，可用于蚀刻印刷电路 c. so2 具有氧化性，可用于漂白纸浆 d. zn 具有还原性和导电性，可用作锌锰干电池的负极材料（2012上海）二氧化硒(seo2)是一种氧化剂，其被还原后的单质硒可能成为环境污染物，通过与浓hno3或浓h2so4反应生成seo2以回收se。完成下列填空：27se和浓hno3反应的还原产物为no和no2，且no和no2的物质的量之比为1：1，写出se和浓hno3的反应方程式_。答案：解析：28已知：se+2h2so4(浓)2so2+seo2+2h2o；2so2+seo2+2h2ose+2so42-+4h+ seo2、h2so4(浓)、so2的氧化性由强到弱的顺序是_。29回收得到的seo2的含量，可以通过下面的方法测定： seo2+ ki+ hno3 se+ i2+ kno3+ h2o i2+2na2s2o3na2s4o6+2nai 配平方程式，标出电子转移的方向和数目。30实验中，准确称量seo2样品0.1500g，消耗了0.2000 mol/l的na2s2o3溶液25.00 ml，所测定的样品中seo2的质量分数为_。【答案】27se2hno3(浓)h2seo3nono228h2so4(浓)seo2so2294hno3se2i24kno32h2o300925seo2 4na2s2o4故样品中的seo2质量为m=02000 mol/l0025 l111 g/mol。即样品中seo2质量分数为=0925。【考点定位】本题主要考查氧化还原反应和有关的化学计算能力，意在考查考生对氧化还原反应规律的理解与应用。（2012上海）钠是活泼的碱金属元素，钠及其化合物在生产和生活中有广泛的应用。完成下列计算：57叠氮化钠(nan3)受撞击完全分解产生钠和氮气，故可应用于汽车安全气囊。若产生40.32 l(标准状况下)氮气，至少需要叠氮化钠_g。58钠-钾合金可在核反应堆中用作热交换液。5.05 g钠-钾合金溶于200 ml水生成0.075 mol氢气。(1)计算溶液中氢氧根离子的物质的量浓度(忽略溶液体积变化)。 (2)计算并确定该钠-钾合金的化学式。59氢氧化钠溶液处理铝土矿并过滤，得到含铝酸钠的溶液。向该溶液中通入二氧化碳，有下列反应： 2naal(oh)4+co22al(oh)3 +na2co3+h2o己知通入二氧化碳336 l(标准状况下)，生成24 mol al(oh)3和15 mol na2co3，若通入溶液的二氧化碳为112l（标准状况下)，计算生成的al(oh)3和na2co3的物质的量之比。60常温下，称取不同氢氧化钠样品溶于水，加盐酸中和至ph=7，然后将溶液蒸干得氯化钠晶体，蒸干过程中产品无损失。 氢氧化钠质量(g) 氯化钠质量(g) 2.40 3.51 2.32 2.34 3.48 3.51 上述实验所用氢氧化钠均不含杂质，且实验数据可靠。通过计算，分析和比较上表3组数据，给出结论。112 l二氧化碳得物质的量：5 mol，n(a l(oh)3)：n(na2co3)=(53)2=4：560由氯化钠质量推算，氢氧化钢样品厚乐质量为m1(氢氧化钠)=240=40 g/molm2(氢氧化钠)=240=58 g/molm3(氢氧化钠)=348=58 g/mol结论：实验所取氢氧化钠样品是naoh；实验和实验所取氢氧化钠样品应该是naohh2o。【解析】57根据氮元素守恒：n(nan3)=n(n2)= =12 mol，m(nan3)=12 mol65 gmol1=78 g。5。60见“答案”。【考点定位】本题考查化学计算与判断。（2012全国新课标卷）26.（14分）铁是应用最广泛的金属，铁的卤化物、氧化物以及高价铁的含氧酸盐均为重要化合物。（1）要确定铁的某氯化物feclx的化学式，可用离子交换和滴定的方法。实验中称取0.54g的feclx样品，溶解后先进行阳离子交换预处理，再通过含有饱和oh-的阴离子交换柱，使cl-和oh-发生交换。交换完成后，流出溶液的oh-用0.40mol.l-1的盐酸滴定，滴至终点时消耗盐酸25.0ml。计算该样品中氯的物质的量，并求出feclx中x值： （列出计算过程）；（2）现有一含有fecl2和fecl3的混合物样品，采用上述方法测得n（fe）：n（cl）=1:2.1，则该样品中fecl3的物质的量分数为 。在实验室中，fecl2可用铁粉和 盐酸反应制备，fecl3可用铁粉和 反应制备；（3）fecl3与氢碘酸反应时可生成棕色物质，该反应的离子方程式为 （4）高铁酸钾（k2feo4）是一种强氧化剂，可作为水处理剂和高容量电池材料。fecl3与kclo在强碱性条件下反应可制取k2feo4，其反应的离子方程式为 。 与mno2-zn电池类似，k2feo4-zn也可以组成碱性电池，k2feo4在电池中作为正极材料，其电极反应式为 ，该电池总反应的离子方程式为 。（4）根据题意，fecl3与kclo在强碱性条件下反应可制取k2feo4，根据元素守恒、电子转移守恒，可得反应的离子方程式。根据原电池反应原理，锌做负极材料，失电子，发生氧化反应；k2feo4在电池中作为正极材料，得电子，发生还原反应。【考点定位】铁及其化合物、酸碱中和滴定、离子方程式的书写、电化学、化学计算。（2012江苏）20. (14 分)铝是地壳中含量最高的金属元素，其单质及合金在生产生活中的应用日趋广泛。(1)真空碳热还原-氯化法可实现由铝土矿制备金属铝，其相关反应的热化学方程式如下： al2o3(s)+alc13(g)+3c(s) =3alcl(g)+3co(g) h=a kjmol1图8 3alcl(g)=2al(l)+alc13(g) h=b kjmol1 反应al2o3(s)+3c(s)=2al(l)+3co(g)的h= kjmol1(用含a、b 的代数式表示)。 al4c3是反应过程中的中间产物。al4c3 与盐酸反应(产物之一是含氢量最高的烃) 的化学方程式为 。(2)镁铝合金(mg17al12 )是一种潜在的贮氢材料，可在氩气保护下，将一定化学计量比的mg、al 单质在一定温度下熔炼获得。该合金在一定条件下完全吸氢的反应方程式为mg17al122+17h2=17mgh2+12al。得到的混合物y(17mgh2 +12al)在一定条件下可释放出氢气。 熔炼制备镁铝合金(mg17al12)时通入氩气的目的是 。 在6. 0 moll-1 hcl 溶液中，混合物y 能完全释放出h2。1 mol mg17 al12 完全吸氢后得到的混合物y 与上述盐酸完全反应，释放出h2 的物质的量为 。 在0. 5 moll-1 naoh 和1. 0 moll-1 mgcl2溶液中， 图8图9混合物y 均只能部分放出氢气，反应后残留固体物质的x射线衍射谱图如图8 所示(x射线衍射可用于判断某晶态物质是否存在，不同晶态物质出现衍射峰的衍射角不同)。在上述naoh 溶液中，混合物y 中产生氢气的主要物质是 (填化学式)。(3)铝电池性能优越，al-ago 电池可用作水下动力电源，其原理如图9所示。该电池反应的化学方程式为 。 【答案】20. (14 分)电子被还原为ag，电解质溶液为naoh溶液，由此可写出总反应。【考点定位】盖斯定律，铝及其化合物的性质以及电化学反应方程式（2012海南）14(9分)在fecl3溶液蚀刻铜箔制造电路板的工艺中，废液处理和资源回收的过程简述如下：i：向废液中投入过量铁屑，充分反应后分离出固体和滤液；ii：向滤液中加入一定量石灰水，调节溶液ph，同时鼓入足量的空气。己知：kspfe(oh)3= 4.010-38回答下列问题：(1)fecl3蚀刻铜箔反应的离子方程式为 ：(2)过程i 加入铁屑的主要作用是 ，分离得到固体的主要成分是 ，从固体中分离出铜需采用的方法是 ；(3)过程ii中发生反应的化学方程式为 ；(4)过程ii中调节溶液的ph为5，金属离子浓度为 。(列式计算)【答案】：（1）2fe3+cu = 2fe2+cu2+；（2）回收铜；cu和fe；加盐酸反应后过滤；（3）fecl2+ca(oh)2 =fe(oh)2+cacl2；4fe(oh)2+o2+2h2o=4fe(oh)3；（4）c(fe3+)=4.010-38(10-9)3= 4.010-11 (mol/l)。【解析】：（1）氯化铁溶液蚀刻铜板发生的离子方程式为：2fe3+cu = 2fe2+cu2+；（2）过程i中加入铁屑是为了回收铜；分离得到的固体是过量的铁屑和生成的铜；分离铁和铜时，可以加盐酸反应后过滤；（3）过程ii中，加入石灰水的反应为：fecl2+ca(oh)2 =fe(oh)2+cacl2；生成氢氧化亚铁继续被氧化：4fe(oh)2+ o2+ 2h2o= 4fe(oh)3；（4）调节溶液的ph值为5，结合ksp= c(fe3+)c(oh-)3和c(oh-)=kw/c(h+)，可得：c(fe3+)=4.010-38(10-9)3= 4.010-11 (mol/l)。 (2)这是先置换出铜，铁过量固体为铁与铜的混合物，再分离铜应加入盐酸；(3)ii步骤是亚铁离子生成fe(oh)2，鼓入空气为转化成fe(oh)3；(4)【考点定位】此题以铜板的蚀刻为载体，综合考查了离子方程式的书写、物质的分离、元素化合物和相关计算知识。【2011高考试题解析】1.（重庆）下列叙述正确的是a. fe分别与氯气和稀盐酸反应所得氯化物相同b.k、zn分别与不足量的稀硫酸反应所得溶液均呈中性c. li、na、k的原子半价和密度随原子序数的增加而增大d.c、p、s、cl的最高价氧化物对应水化物的酸性逐渐增强【答案】d【解析】氯气具有强氧化性，铁在氯气中燃烧生成fecl3，h的氧化性较弱，与铁反应生成fecl2，a项错误。锌与不足量的稀硫酸反应生成znso4溶液，属于强酸弱碱盐，溶液显酸性，k与硫酸反应后得到k2so4为中性，而过量的k继续与水反应生成koh，因此最后溶液显碱性，b项错误。li、na、k为同主族元素，从上到下原子半径依次增大，但密度金属钠大于金属钾，出现反常，c项错误。非金属性越强，其最高价氧化物对应水化物的酸性越强，c、p、s、cl的非金属性依次增强，因此d项正确。2（上海）高铁酸钾( k2feo4)是一种新型的自来水处理剂，它的性质和作用是a有强氧化性，可消毒杀菌，还原产物能吸附水中杂质b有强还原性，可消毒杀菌，氧化产物能吸附水中杂质c有强氧化性，能吸附水中杂质，还原产物能消毒杀菌d有强还原性，能吸附水中杂质，氧化产物能消毒杀菌解析：高铁酸钾( k2feo4)中fe的化合价是+6价，具有强氧化性，其还原产物fe3+水解生成氢氧化铁胶体，能吸附水中杂质。答案：a3（上海）过氧化钠可作为氧气的来源。常温常压下二氧化碳和过氧化钠反应后，若固体质量增加了28 g，反应中有关物质的物理量正确的是(na表示阿伏加德罗常数) 二氧化碳碳酸钠转移的电子a1molnab22.4l1molc106 g1mold106g2na解析：二氧化碳和过氧化钠反应的方程式为：2co2+2na2o2=2na2co3+o2，每生成1mol氧气，固体质量就增加56g、消耗2mol二氧化碳和2mol过氧化钠，同时生成2mol碳酸钠，而转移的电子数是2mol。答案：ac4（上海）物质的量为0.10 mol的镁条在只含有co2和o2混合气体的容器中燃烧（产物不含碳酸镁），反应后容器内固体物质的质量不可能为 a3.2g b4.0g c4.2g d4.6g解析：若镁全部与氧气反应只生成氧化镁，其质量是4g；若镁全部与二氧化碳反应生成氧化镁和碳，其质量是4.6g。因为只要有氧气存在，就不可能生成单质碳，即镁应该首先与氧气反应，所以选项d是不可能。答案：d5.（重庆）对滴有酚酞试液的下列溶液，操作后颜色变深的是a.明矾溶液加热 b.ch3coona溶液加热c.氨水中加入少量nh4cl固体 d.小苏打溶液中加入少量nacl固体【答案】b6.（四川）下列“化学与生活”的说法不正确的是( )a硫酸钡可用钡餐透视b盐卤可用于制豆腐c明矾可用于水的消毒，杀菌d醋可用于除去暖水瓶中的水垢【答案】c【解析】硫酸钡不溶于胃酸，可以做钡餐，a项正确。盐卤可以使豆浆发生凝聚生产豆腐，b项正确。明矾可以用于水的净化，不能杀菌、消毒，c项错误。醋酸可以与水垢的成分碳酸钙反应，可以用来除垢，d项正确。7.（山东）al，fe，cu都是重要的金属元素。下列说法正确的是a.三者对应的氧化物均为碱性氧化物 b.三者的单质放置在空气中只生成氧化物c.制备alcl3、fecl3、cucl2均不能采用将溶液直接蒸干的方法d.电解alcl3、fecl3、cucl2的混合溶液是阴极上依次析出cu，fe，al【答案】c【解析】本题考查几种重要金属及其化合物知识，同时间杂着考查盐类水解规律应用与电解规律的应用。a选项中al2o3为两性氧化物，故a项错误；b选项中cu主要生成铜绿碱式碳酸铜cu2(oh)2co3，故b错误；c选项中三者氯化物溶液蒸干发生水解得到对应氢氧化物和氧化物混合物，若再灼烧得到全是氧化物，故一般在hcl气流中蒸干，才能得到无水物；d选项考查电解放电规律，fe3+先放点得到fe2+，再cu2+放电得到cu，然后fe2+放电得到fe，al3+不在溶液中放电得到al，故d错误8、（广东）某同学通过系列实验探究mg及其化合物的性质，操作正确且能达到目的的是a、将水加入浓硫酸中得到稀硫酸，置镁条于其中探究mg的活泼性b、将naoh溶液缓慢滴入mgso4溶液中，观察mg(oh)2沉淀的生成c、将mg(oh)2浊液直接倒入已装好滤纸的漏斗中过滤，洗涤并收集沉淀d、将mg(oh)2沉淀转入蒸发皿中，加足量稀盐酸，加热蒸干得无水mgcl2固体答案：b解析：此题以镁及其化合物知识为基础考查化学实验知识。将浓硫酸稀释为稀硫酸时，为防止液体飞溅，应将浓硫酸加入水中，a错；naoh溶液缓慢滴入mgso4溶液中，发生反应：2naoh+mgso4=mg(oh)2+na2so4，b对；过滤时浊液不能直接倒入漏斗中，应用玻璃棒导流，c错；加热蒸干mgcl2溶液时，由于镁离子的水解，其最后得到的是氧化镁固体，得不到无水mgcl2固体，d错。9.（安徽）下列有关实验操作、现象和解释或结论都正确的是选项实验操作现象解释或结论a过量的fe粉中加入稀hno3，充分反应后，滴入kscn溶液溶液呈红色稀hno3将fe氧化为fe3bagl沉淀中滴入稀kcl溶液有白色沉淀出现agcl比agl更难溶cal箔插入稀hno3中无现象al箔表面被hno3氧化，形成致密的氧化膜d用玻璃棒蘸取浓氨水点到红色石蕊试纸上试纸变蓝色浓氨水呈碱性解析：fe粉与稀硝酸反应生成物是fe3+，但过量的铁会继续和fe3+反应，将其还原成fe2+，即溶液中不存在fe3+，所以滴入kscn溶液不可能显红色，a不正确；agi的溶度积常数小于agcl的溶度积常数，所以agl沉淀中滴入稀kcl溶液不可能产生agcl沉淀，b不正确；al箔插入稀hno3中，首先硝酸会和al箔表面的氧化膜反应，然后再和单质铝发生氧化还原反应，硝酸被还原生成no气体单质铝表面的氧化膜是被空气中氧气氧化的，所以c也不正确；氨水在溶液中会电离出氢氧根离子而显碱性，当遇到红色石蕊试纸时会显蓝色，因此只有选项d正确。答案：d10.（江苏）下列有关物质的性质和该性质的应用均正确的是a.常温下浓硫酸能是铝发生钝化，可在常温下作用铝制贮藏贮运浓硫酸b.二氧化硅不与任何酸反应，可用石英制造耐酸容器c.二氧化氯具有还原性，可用于自来水的杀菌消毒d.铜的金属活泼性比铁的差，可在海轮外壳上装若干铜块以减缓其腐蚀【答案】a11.（江苏）nacl是一种化工原料，可以制备一系列物质（见图4）。下列说法正确的是a.25，nahco3在水中的溶解度比na2co3的大b.石灰乳与cl2的反应中，cl2既是氧化剂，又是还原剂c.常温下干燥的cl2能用钢瓶贮存，所以cl2不与铁反应d.图4所示转化反应都是氧化还原反应【答案】b【解析】本题考查元素化合物知识综合内容，拓展延伸至电解饱和食盐水、电解熔融氯化钠、侯氏制碱等内容，但落点很低，仅考查nahco3 na2co3的溶解度、工业制漂白粉，干燥的cl2贮存和基本反应类型。重基础、重生产实际应该是我们高三复习也应牢记的内容。石灰乳与cl2的反应中氯发生歧化反应，cl2既是氧化剂，又是还原剂。常温下干燥的cl2能用钢瓶贮存仅代表常温cl2不与铁反应，加热、高温则不然。12.（北京）25、101kpa 下：2na(s)1/2o2(g)=na2o(s) h1=414kj/mol2na(s)o2(g)=na2o2(s) h2=511kj/mol下列说法正确的是a.和产物的阴阳离子个数比不相等b.和生成等物质的量的产物，转移电子数不同c.常温下na与足量o2反应生成na2o，随温度升高生成na2o的速率逐渐加快d.25、101kpa 下，na2o2（s）+2 na（s）= 2na2o（s） h=317kj/mol解析：na2o是由na和o2构成的，二者的个数比是2：1。na2o2是由na和o22构成的，二者的个数比也是2：1，选项a不正确；由化合价变化可知生成1molna2o转移2mol电子，而生成1molna2o2也转移2mol电子，因此选项b不正确；常温下na与o2反应生成na2o，在加热时生成na2o2，所以当温度升高到一定程度时就不在生成na2o，所以选项c也不正确；由盖斯定律知2即得到反应na2o2（s）+2 na（s）= 2na2o（s） h=317kj/mol，因此选项d正确。答案：d13.（北京）下列实验方案中，不能测定na2co3和nahco3,混合物中na2co3质量分数的是a.取a克混合物充分加热，建中b克b.取a克混合物与足量稀盐酸充分反应，加热、蒸干、灼烧，得b克固体c.取a克混合物与足量稀硫酸充分反应，逸出气体用碱石灰吸收，增重b克d.取a克混合物与足量ba(oh)2溶液充分反应，过滤、洗涤、烘干，得b克固体。co32ba2=baco3、hco3ohba2=h2obaco3，因此最后得到的固体是baco3，所以可以计算出na2co3质量分数，选项d也正确。答案：c14.下表各选项中，不能利用置换反应通过y得到w的一组化合物是（ ）【答案】 d【解析】通过mg在co2中燃烧克制得mgo，通过铝热反应克制的三氧化二铝，乙醇和钠置换反应可以制得乙醇钠，氯化铁和铜反应能生成；氯化铜，但不是置换放应。15.（福建）（16分）化学兴趣小组对某品牌牙膏中的摩擦剂成分及其含量进行以下探究：查得资料：该牙膏摩擦剂由碳酸钙、氢氧化铝组成；牙膏中其它成分遇到盐酸时无气体产生。摩擦剂中氢氧化铝的定性检验取适量牙膏样品，加水充足搅拌、过滤。（1）往滤渣中加入过量 naoh溶液，过滤。氢氧化铝与naoh溶液反应的离子方程式是 。（2）往（1）所得滤液中先通入过量二氧化碳，再加入过量稀盐酸。观察的现象是 。.牙膏样品中碳酸钙的定量测定利用下图所示装置（图中夹持仪器略去）进行实验，充分反应后，测定c中生成的baco沉淀质量，以确定碳酸钙的质量分数。依据实验过程回答下列问题：（3）实验过程中需持续缓缓通入空气。其作用除了可搅拌b、c中的反应物外，还有：_（4）c中反应生成baco3的化学方程式是_。（5）下列各项措施中，不能提高测定准确度的是_（填标号）。a.在加入盐酸之前，应排净装置内的co2气体b.滴加盐酸不宜过快c.在a-b之间增添盛有浓硫酸的洗气装置d.在b-c之间增添盛有饱和碳酸氢钠溶液的洗气装置(6)实验中准确称取8.00 g样品三份，进行三次测定，测得baco3平均质量为3.94 g。则样品中碳酸钙的质量分数为_。（7）有人认为不必测定c中生成的baco3质量，只要测定装置c在吸收前后的质量差，一样可以确定碳酸钙的质量分数。实验证明按此方法测定的结果明显偏高，原因是_.【答案】【解析】i（1）al(oh)3为两性氢氧化物，能溶于强碱naoh溶液：al(oh)3oh=alo22h2o；通入过量co2时发生反应：alo2co22h2o=al(oh)3hco3，产生白色沉淀，再加过量盐酸时发生反应：al(oh)33h=al33h2o，hco3h=h2oco2，白色沉淀溶解，同时生产气体。从装置图分析可知为保证实验的准确性，应将装置内的空气排尽，防止空气中co2的干扰；同时要将反应产生的co2尽可能的全部被ba(oh)2溶液吸收，因此需要持续通空气。ba(oh)2溶液过量，因此反应方程式为co2ba(oh)2=baco3h2o 由前面分析知a可提高测定准确度；b装置中有酸碱指示剂，说明反应中盐酸的加入量是有限制的，为保证准确，滴加过程要慢，b不选；b中装有溶液，因此气体通入前没必要干燥，c选；在b-c间连接盛有饱和nahco3溶液的洗气瓶会造成ba(oh)2溶液还可能吸收由挥发出的氯化氢与nahco3反应生成的co2气体，干扰实验，d选。根据碳元素守恒得baco3co2caco3，m(caco3)=2.00g，caco3的质量分数100%=25%b中的水蒸气、氯化氢等气体进入装置c中，质量差要大于实际产生co2气体的质量。16.（全国新课标）（14分）0.80gcuso45h2o样品受热脱水过程的热重曲线（样品质量随温度变化的曲线）如下图所示。请回答下列问题：（1）试确定200时固体物质的化学式_（要求写出推断过程）；（2）取270所得样品，于570灼烧得到的主要产物是黑色粉末和一种氧化性气体，该反应的化学方程式为_。把该黑色粉末溶解于稀硫酸中，经浓缩、冷却，有晶体析出，该晶体的化学式为_，其存在的最高温度是_；（3）上述氧化性气体与水反应生成一种化合物，该化合物的浓溶液与cu在加热时发生反应的化学方程式为_；（4）在0.10moll-1硫酸铜溶液中加入氢氧化钠稀溶液充分搅拌，有浅蓝色氢氧化铜沉淀生成，当溶液的ph=8时，c（cu2+）=_moll-1（kapcu（oh）2=2.210-20）。若在0.1moll-1硫酸铜溶液中通入过量h2s气体，使cu2+完全沉淀为cus，此时溶液中的h+浓度是_moll-1。解析：（1）0.80gcuso45h2o中含有cuso4的质量为。由图像可知当温度升高到102是时cuso45h2o开始部分脱水，在113258时剩余固体质量为0.57g，根据原子守恒可计算出此时对应的化学式，设化学式为cuso4nh2o，则有，解得n1，所以200时固体物质的化学式为cuso4h2o；（2）由图像可知当温度超过258时，剩余物质恰好是cuso4，高温下分解的化学方程式是cuso4570cuoso3；cuo溶于硫酸生成cuso4，结晶析出生成胆矾即cuso45h2o；由图像可知cuso45h2o存在的最高温度是102；（3）so3溶于水生成硫酸，浓硫酸在加热时与铜反应的化学方程式为cu2h2so4cuso42h2oso2（4）因为kapcu（oh）2c(cu2)c2(oh) =2.210-20，当溶液的ph=8时，c (oh)106，所以c(cu2)2.210-8；硫酸铜溶液中通入过量h2s气体时反应的化学方程式为： cuso4h2s=h2so4cus，忽略溶于体积变化根据原子守恒可知生成的硫酸的浓度是0.1moll-1，所以h+浓度是0.2moll-1。答案：（1）cuso4h2o；（2）cuso4570cuoso3、cuso45h2o、102；（3）cu2h2so4cuso42h2oso2（4）2.210-8、0.217.（四川）(16分)三草酸合铁酸钾晶体(k3fe(c2o4)3xh2o)是一种光敏材料，在110 可完全失去结晶水。为测定该晶体中铁的含量和结晶水的含量，某实验小组做了如下实验：(1)铁含量的测定步骤一：称量5.00 g三草酸合铁酸钾晶体，配制成250 ml溶液。步骤二：取所配溶液25.00 ml于锥形瓶中，加稀h2so4酸化，滴加kmno4溶液至草酸根恰好全部氧化成二氧化碳，同时，mno4 被还原成mn2。向反应后的溶液中计入一小匙锌粉，加热至黄色刚好消失，过滤，洗涤，将过滤及洗涤所得溶液收集到锥形瓶中，此时，溶液仍呈酸性。步骤三：用0.010 mol/l kmno4溶液滴定步骤二所得溶液至终点，消耗kmno4溶液20.02 ml滴定中mno4 被还原成mn2 。重复步骤二、步骤三操作，滴定消耗0.010 mol/l kmno4溶液19.98 ml请回答下列问题：配制三草酸合铁酸钾溶液的操作步骤依次是：称量、_、转移、洗涤并转移、_摇匀。加入锌粉的目的是_。写出步骤三中发生反应的离子方程式_。实验测得该晶体中铁的质量分数为_。在步骤二中，若加入的kmno4的溶液的量不够，则测得的铁含量_。(选填“偏低”“偏高”“不变”)(2)结晶水的测定加热晶体，烘干至恒重，记录质量；在坩埚中加入研细的三草酸合铁酸钾晶体，称量并记录质量；加热至110 ，恒温一段时间，至于空气中冷却，称量并记录质量；计算结晶水含量。请纠正实验过程中的两处错误；_ _；_ _。moll110310=4.0104mol，m(fe)=56 gmol14.0104mol=2.24102g。晶体中铁的质量分数=100%=44.8%。若在步骤二中滴入酸性高锰酸钾溶液不足，则会有部分草酸根未被氧化，在步骤三中则会造成消耗酸性高锰酸钾溶液的量偏大，从而计算出的铁的量增多，含量偏高。加热后的晶体要在干燥器中冷却，防止重新吸收空气中的水分。另外在加热时至少要称量两次质量差，到两次称量质量差不超过0.1 g。【答案】(1)溶解 定容 将fe3恰好还原成fe2 5fe2mno4 8h=5fe3mn24h2