山西省太原市高三物理一模试卷（含解析）.doc

山西省太原市2015届高考物理一模试卷一、选择题（每小题6分，共48分，1-5小题只有一个选项正确，6-8有多个选项正确）1从太阳和其他星体发射出的高能粒子流，在射向地球时，由于地磁场的存在，改变了运动方向，对地球起到了保护作用如图为地磁场的示意图（虚线，方向未标出），赤道上方的磁场可看成与地面平行若有来自宇宙的一束粒子流，其中含有、（电子）、（光子）射线以及质子，沿与地球表面垂直的方向射向赤道上空，则在地磁场的作用下( )a射线沿直线射向赤道b射线向西偏转c射线向东偏转d质子向北偏转2粗细均匀的电线架在a、b连根电线杆间，由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的形状，已知电线杆始终处于竖直状态，下列说法正确的是( )a冬季，电线对电线杆的拉力较大b夏季，电线对电线杆的拉力较大c夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大d夏季、杆对地面的压力沿竖直方向的分量比冬季大33月6日，英国每日邮报称，英国学者通过研究确认“超级地球”“格利泽581d”存在，据观测，“格利泽581d”的体积约为地球体积的27倍，密度约为地球密度的已知地球表面的重力加速度为g，地球的第一宇宙速度为v，将“格利泽581d”视为球体，可估算( )a“格利泽581d”表面的重力加速度为gb“格利泽581d”表面的重力加速度为gc“格利泽581d”的第一宇宙速度为vd“格利泽581d”的第一宇宙速度为v4如图为一种早期发电机的原理示意图，该发电机由固定的圆形线圈和一对用铁芯连接的圆柱形磁铁构成，两磁极相对于线圈平面对称当磁极绕转轴匀速转动时，磁极中心在线圈平面上的投影沿圆弧xoy运动（o是线圈的中心）则( )a从x到o，电流由e经g流向f，先增大再减小b从x到o，电流由f经g流向e，先减小再增大c从o到y，电流由e经g流向f，先增大再减小d从o到y，电流由f经g流向e，先减小再增大5如图所示，一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各栓有一杂技演员（可视为质点）a站在地面，b处于高台上，此时绷紧的细绳间夹角为60且左侧细绳竖直若b从图示位置由静止开始摆下，当b摆至最低点时，a刚好对地面无压力不考虑空气阻力，则a与b的质量之比为( )a1：1b2：1c3：1d4：16已知雨滴在空中运动时所受空气阻力f=kr2v2，其中k为比例系数，r为雨滴半径，v为运动速率t=0时，雨滴由静止开始沿竖直方向下落，落地前雨滴已做匀速运动且速率为vm，用a表示雨滴的加速度，下列图象大致正确的是( )abcd7可拆变压器可简化成如图的模型，mn为可拆的铁芯横条，p1、p2为横条与固定铁芯的间隙，压紧横条，当间隙p1、p2为零时，变压器可视为理想变压器将变压器的初级接到电压为u1的正弦交流电源上，在间隙p1、p2逐渐减小的过程中，下列说法正确的是( )a次级输出电压的频率越来越高b次级的输出电压越来越大c输入、输出电压与匝数的关系始终满足=d当p1、p2为零时，=8某车辆缓冲装置的理想模型如图，劲度系数足够大且为k的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆可沿固定在车上的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力恒为f轻杆沿槽向左移动不超过l时，装置可安全工作小车总质量为m若小车以速度v0撞击固定在地面的障碍物，将导致轻杆沿槽向左移动已知轻杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计小车与地面的摩擦则( )a轻杆开始移动时，弹簧的压缩量为b小车速度为0时，弹簧的弹性势能为mv02c小车被弹回时速度等于d为使装置安全工作，允许该小车撞击的最大速度等于二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13-18题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9用图（a）的装置“验证牛顿第二定律”时有两个“巧妙”的设计，一是要求小车的质量远大于砂和砂桶的质量之和；二是对小车要进行“平衡摩擦力”操作回答下列问题：（1）实验要求“小车质量远大于砂和砂桶质量之和”的目的是_（2）对小车进行“平衡摩擦力”操作时，下列必须进行的是_（填字母序号）a取下砂和砂桶 b在空砂桶的牵引下，轻推一下小车，小车能做匀速直线运动c小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀速运动时，打点计时器的电源应断开d把长木板没有定滑轮的一端垫起适当高度（3）在满足实验条件下，某同学得到了如图（b）的图线（m为小车和砝码的总质量），图线在纵轴上截距不为零的原因是_10为测量电阻rx（约600）的阻值，实验室可供选择的器材有：a电流表g（03ma，内阻rg=100）b电流表a（010ma，内阻未知）c定值电阻r1（300）d定值电阻r2（30）e滑动变阻器r（020）f直流电源（e=3v，内阻不计）g开关s及导线若干某同学用图（a）的电路进行测量，回答下列问题：（1）定值电阻应选择_（选填“r1”或“r2”）（2）按图（a）的电路将图（b）的实物连成实验电路（图中已画出部分电路）（3）实验中，正确接入定值电阻后，闭合开关s，多次移动滑动触头，分别记录电流表g、电流表a的示数i1、i2如表i1/ma0.921.261.752.122.522.98i2/ma3.004.025.606.808.049.60在图（c）的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图，根据图线求得斜率k=_（保留2位有效数字）（4）根据图线求得rx=_（保留2位有效数字）11接连发生的马航mh370失事和台湾复兴航空客机的坠毁，使人们更加关注飞机的安全问题假设飞机从静止开始做匀加速直线运动，经时间t0=28s、在速度达到v0=70m/s时驾驶员对发动机的运行状态进行判断，在速度达到v1=77m/s时必须做出决断，可以中断起飞或继续起飞；若速度超过v2=80m/s就必须起飞，否则会滑出跑道已知从开始到离开地面的过程中，飞机的加速度保持不变（1）求正常情况下驾驶员从判断发动机运行状态到做出决断终止起飞的最长时间；（2）若在速度达到v2时，由于意外必须停止起飞，飞机立即以4m/s2的加速度做匀减速运动，要让飞机安全停下来，求跑道的最小长度12（19分）如图，o、m、n为同一平面内的三点，mon=60，om=a，on=3a现加一匀强磁场，磁感应强度大小为b、方向垂直omn所在平面向外，将一质量为m、电荷量为+q的粒子以一定的初动能从o点垂直on向右射出，粒子恰能通过m点在omn所在平面再加一匀强电场，场强方向与平面平行，若以同样的初动能从o点沿某一方向射出上述粒子，该粒子通过了m点，到达m点的动能是初动能的5倍；将该粒子以同样的初动能沿另一方向射出，恰好通过n点，到达n点时的动能为初动能的7倍不计粒子的重力求：（1）仅存在磁场时粒子从o运动到m点的时间；（2）电场强度的大小和方向【物理选修33】13根据分子动理论，下列说法正确的是( )a水和酒精混合后的体积小于原来体积之和，说明分子间存在引力b在一定条件下，可以利用分子扩散向半导体材料渗入其他元素c一个气体分子的体积等于气体的摩尔体积与阿伏伽德罗常数之比d分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大e墨水中小炭粒在不停地做无规则运动，反映液体分子在做无规则运动14如图，开口向上、竖直放置的内壁光滑的气缸，其侧壁是绝热的，底部导热内有两个质量均为m的密闭活塞，将缸内理想气体分成、两部分活塞a导热，活塞b绝热，初始时整个装置静止处于静止，、两部分气体的长度均为l0，温度均为t0现在活塞a上逐渐添加铁砂，同时从下部只对气体缓慢加热，当铁砂质量为2m、且两活塞重新处于平衡时，活塞a又回到初始位置已知活塞横截面积为s，外界大气压强恒等于，环境温度为t0保持不变求：再次平衡后气体的温度【物理选修34】15一列简谐横波沿x轴传播，x=0与x=1m处两质点的振动图线分别如图中实线与虚线所示，由此可以得出( )a波长一定是4mb周期一定是4sc最大波速一定是1m/sd波的传播速度可能是0.125m/se波的传播速度可能是0.2m/s16如图是用折射率n=的玻璃做成内径为r、外径为r=r的半球形空心球壳现有一束与中心对称轴oo平行的光射向此半球的外表面，要使球壳内表面没有光线射出，需在球壳上方垂直oo放置一圆心通过oo轴的圆形遮光板，求该遮光板的半径d【物理选修35】17下列说法正确的是( )a发现中子的核反应方程是be+hec+nb衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚形成的c比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定d用某一频率的紫外线照射锌板表面能够发生光电效应，当增大这一频率紫外线的强度时，从锌板逸出的光电子的最大初动能也随之增大e氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，将释放一定频率的光子18如图，光滑水平面上有一质量为m的平板车，其上表面是一段长为l的粗糙水平轨道，左侧连一半径为r的光滑圆弧轨道圆弧轨道与水平轨道在o点相切车右端竖直墙壁固定一个处于锁定状态的弹簧，质量为m的小物块（可视为质点）处于车的右端紧靠弹簧放置，小物块与水平轨道间的动摩擦因数，整个装置处于静止状态，现将弹簧解除锁定，小物块在极短时间内被弹出，恰能到达圆弧轨道的最高点a之后又从a点滑下，已知m=4m，重力加速度为g，若小物块最终不会滑离小车，求小物块与车相对静止时的速度及其与车右端点的距离x山西省太原市2015届高考物理一模试卷一、选择题（每小题6分，共48分，1-5小题只有一个选项正确，6-8有多个选项正确）1从太阳和其他星体发射出的高能粒子流，在射向地球时，由于地磁场的存在，改变了运动方向，对地球起到了保护作用如图为地磁场的示意图（虚线，方向未标出），赤道上方的磁场可看成与地面平行若有来自宇宙的一束粒子流，其中含有、（电子）、（光子）射线以及质子，沿与地球表面垂直的方向射向赤道上空，则在地磁场的作用下( )a射线沿直线射向赤道b射线向西偏转c射线向东偏转d质子向北偏转考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 分析：地磁场的方向由地磁的北极指向地磁的南极，不考虑磁偏角，即从地理的南极指向北极，根据左手定则得出粒子所受的洛伦兹力方向，从而确定粒子的偏转方向解答：解：地磁场的方向由地理南极指向北极，射线和质子均带正电，根据左手定则，知射线、质子均向东偏转，射线带负电，根据左手定则知，射线向西偏转，射线不带电，不发生偏转，故b正确，a、c、d错误故选：b点评：解决本题的关键知道地磁场的方向，以及知道射线带正电，具有较强的电离能力，射线带负电，射线不带电，具有较强的贯穿能力，结合左手定则进行判断2粗细均匀的电线架在a、b连根电线杆间，由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的形状，已知电线杆始终处于竖直状态，下列说法正确的是( )a冬季，电线对电线杆的拉力较大b夏季，电线对电线杆的拉力较大c夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大d夏季、杆对地面的压力沿竖直方向的分量比冬季大考点：力的合成 专题：受力分析方法专题分析：以整条电线为研究对象，受力分析根据平衡条件列出等式，结合夏季、冬季的电线几何关系求解解答：解：以整条电线为研究对象，受力分析如右图所示，由共点力的平衡条件知，两电线杆对电线的弹力的合力与其重力平衡，由几何关系得：fcos=，即：f=由于夏天气温较高，电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，则电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角变小，故变小，所以两电线杆处的电线拉力与冬天相比是变小电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，夏季、冬季杆对地面的压力相等所以选项bcd错误，a正确故选：a点评：要比较一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解33月6日，英国每日邮报称，英国学者通过研究确认“超级地球”“格利泽581d”存在，据观测，“格利泽581d”的体积约为地球体积的27倍，密度约为地球密度的已知地球表面的重力加速度为g，地球的第一宇宙速度为v，将“格利泽581d”视为球体，可估算( )a“格利泽581d”表面的重力加速度为gb“格利泽581d”表面的重力加速度为gc“格利泽581d”的第一宇宙速度为vd“格利泽581d”的第一宇宙速度为v考点：万有引力定律及其应用；向心力 专题：万有引力定律的应用专题分析：求解第一宇宙速度（贴近中心天体表面的速度即为第一宇宙速度）应该根据万有引力提供向心力来计算忽略格利泽自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式根据等式表示出所要求解的物理量，再根据已知条件进行比较解答：解：a、忽略格利泽自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式：mg=则有：g=格利泽581d的体积约为地球体积的27倍，密度约为地球密度的所以格利泽与地球表面的重力加速度之比是；因此格利泽表面的重力加速度3g，故ab错误；c、根据万有引力提供向心力得解得：v=；格利泽581d的体积约为地球体积的27倍，密度约为地球密度的，解得：格利泽581d与地球第一宇宙速度之比是则格利泽的第一宇宙速度v=v，故c错误，d正确故选：d点评：本题关键是根据第一宇宙速度和重力加速度的表达式列式求解，其中第一宇宙速度为贴近星球表面飞行的卫星的环绕速度4如图为一种早期发电机的原理示意图，该发电机由固定的圆形线圈和一对用铁芯连接的圆柱形磁铁构成，两磁极相对于线圈平面对称当磁极绕转轴匀速转动时，磁极中心在线圈平面上的投影沿圆弧xoy运动（o是线圈的中心）则( )a从x到o，电流由e经g流向f，先增大再减小b从x到o，电流由f经g流向e，先减小再增大c从o到y，电流由e经g流向f，先增大再减小d从o到y，电流由f经g流向e，先减小再增大考点：楞次定律 分析：根据磁极的转动可知线圈平面中的磁通量的变化，由楞次定律定律可判断线圈中的感应电流方向解答：解：a、在磁极绕转轴从x到o匀速转动，穿过线圈平面的磁通量向上增大，根据楞次定律可知线圈中产生顺时针方向的感应电流，电流由f经g流向e，又导线切割磁感线产生感应电动势e感=blv，因磁铁的运动使导线处的磁感应强度先增后减可知感应电动势先增加后减小、则电流先增大再减小，ab均错误；c、在磁极绕转轴从o到y匀速转动，穿过线圈平面的磁通量向上减小，根据楞次定律可知线圈中产生逆时针方向的感应电流，电流由e经g流向f，又导线切割磁感线产生感应电动势e感=blv，导线处的磁感应强度先增后减可知感应电动势先增加后减小、则电流先增大再减小，c正确、d错误故选：c点评：本题考查楞次定律的基本应用，首先明确原磁场方向及磁通量的变化，然后由楞次定律判断感应电流的磁场，再由安培定则即可判断感应电流的方向5如图所示，一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各栓有一杂技演员（可视为质点）a站在地面，b处于高台上，此时绷紧的细绳间夹角为60且左侧细绳竖直若b从图示位置由静止开始摆下，当b摆至最低点时，a刚好对地面无压力不考虑空气阻力，则a与b的质量之比为( )a1：1b2：1c3：1d4：1考点：向心力；牛顿第二定律 专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：b向下摆动过程中机械能守恒，在最低点绳子拉力与重力之差提供向心力，根据向心力公式得出绳对b的拉力，a刚好对地面无压力，可得绳子对a的拉力，根据拉力相等，可得两者质量关系解答：解：b下落过程中机械能守恒，有：mbgl（1cos60）=mbv2在最低点有：tbmbg=mb联立得：tb=2mbg当a刚好对地面无压力时，有：ta=mag 由题有 ta=tb，所以，ma：mb=2：1，故acd错误，b正确故选：b点评：本题是连接体问题，b物体做圆周运动，运用机械能守恒和牛顿第二定律求拉力是常用的方法和思路，要明确绳子的拉力是联系两个物体的桥梁6已知雨滴在空中运动时所受空气阻力f=kr2v2，其中k为比例系数，r为雨滴半径，v为运动速率t=0时，雨滴由静止开始沿竖直方向下落，落地前雨滴已做匀速运动且速率为vm，用a表示雨滴的加速度，下列图象大致正确的是( )abcd考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律 分析：根据雨滴的受力判断雨滴加速度的变化，通过加速度与速度的方向关系判断速度的变化解答：解：a、t=0时，雨滴由静止开始下落，v=0，所受空气阻力f=kr22=0，则此时雨滴只受重力，加速度为g，随着雨滴速度增大，所受空气阻力增大，根据牛顿第二定律mgf=ma，则加速度减小，即雨滴做加速度逐渐减小的加速运动，当最后f=kr22=mg时，加速度减小到零，速度再不变，雨滴匀速，故a正确，b正确；c、当最后匀速运动时有kr202=mg=gr3，可得最大速率与成正比，02r，故c正确，d错误；故选：abc点评：分析准确雨滴下落过程中的受力情况，再根据雨滴的受力分析雨滴的运动状态；图象能够直观的展现物体的运动情况7可拆变压器可简化成如图的模型，mn为可拆的铁芯横条，p1、p2为横条与固定铁芯的间隙，压紧横条，当间隙p1、p2为零时，变压器可视为理想变压器将变压器的初级接到电压为u1的正弦交流电源上，在间隙p1、p2逐渐减小的过程中，下列说法正确的是( )a次级输出电压的频率越来越高b次级的输出电压越来越大c输入、输出电压与匝数的关系始终满足=d当p1、p2为零时，=考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：根据理想变压器的特点，由电压的关系可得匝数的比例关系分析解答：解：a、频率大小是由电源决定的，变压器不改变频率的大小，a错误b、在间隙p1、p2逐渐减小的过程中，横条消耗的电压减小，次级的输出电压越来越大，b正确c、只有当间隙p1、p2为零时，变压器可视为理想变压器，才满足=，c错误d正确故选：bd点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，明确各表的示数为有效值8某车辆缓冲装置的理想模型如图，劲度系数足够大且为k的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆可沿固定在车上的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力恒为f轻杆沿槽向左移动不超过l时，装置可安全工作小车总质量为m若小车以速度v0撞击固定在地面的障碍物，将导致轻杆沿槽向左移动已知轻杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计小车与地面的摩擦则( )a轻杆开始移动时，弹簧的压缩量为b小车速度为0时，弹簧的弹性势能为mv02c小车被弹回时速度等于d为使装置安全工作，允许该小车撞击的最大速度等于考点：动能定理的应用；牛顿第二定律 专题：动能定理的应用专题分析：（1）当轻杆开始移动时，弹簧的弹力等于滑动摩擦力大小，根据平衡求出弹力的大小，从而结合胡克定律求出弹簧的压缩量（2）小车速度为0时，小车的动能转化为弹簧的弹性势能和内能；（3）根据动能定理即可求出小车被弹回时速度；（4）结合题目中轻杆沿槽向左移动不超过l，对轻杆移动l和l的过程，分别对小车运用动能定理，抓住两次弹簧弹力做功相等，求出允许小车撞击的最大速度解答：解：a、轻杆开始移动时，弹簧的弹力为：f=kx 且f=f解得：x=故a正确；b、设轻杆移动前小车对弹簧所做的功为w，则小车从撞击到停止的过程中，由动能定理有：，可知小车速度为0时，弹簧的弹性势能一定小于mv02故b错误；c、小车被弹回，摩擦力做功：，由动能定理得：，所以小车被弹回时速度：故c错误；d、小车以vm撞击弹簧时有：联立解得：vm=故d正确故选：ad点评：本题考查了动能定理的基本运用，运用动能定理解题关键选择好研究的对象和研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据动能定理列式求解二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13-18题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9用图（a）的装置“验证牛顿第二定律”时有两个“巧妙”的设计，一是要求小车的质量远大于砂和砂桶的质量之和；二是对小车要进行“平衡摩擦力”操作回答下列问题：（1）实验要求“小车质量远大于砂和砂桶质量之和”的目的是绳中的拉力（近似）等于砂和砂桶重力之和（2）对小车进行“平衡摩擦力”操作时，下列必须进行的是ad（填字母序号）a取下砂和砂桶 b在空砂桶的牵引下，轻推一下小车，小车能做匀速直线运动c小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀速运动时，打点计时器的电源应断开d把长木板没有定滑轮的一端垫起适当高度（3）在满足实验条件下，某同学得到了如图（b）的图线（m为小车和砝码的总质量），图线在纵轴上截距不为零的原因是平衡摩擦力过度考点：验证牛顿第二运动定律 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：该实验采用控制变量法，先控制小车的质量不变，研究加速度与力的关系，再控制砂和砂桶的总重力不变，研究加速度与质量的关系当小车的质量远大于砂桶和砂的总质量时，细线的拉力等于砂桶和砂的总重力大小根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小解答：解：（1）实验中要求“小车质量远大于砂和砂桶质量之和的目的”是：绳中的拉力（近似）等于砂和砂桶重力之和（2）在该实验中，我们认为绳子的拉力就等于小车所受的合外力，应该平衡摩擦力，正确的操作应该是在没有定滑轮的一端把长木板垫起适当角度，细绳的另一端不能悬挂砂和砂桶，轻推一下小车，小车能做匀速直线运动故ad正确，bc错误；故选：ad（3）图线在纵轴上截距不为零说明在没有施加拉力的情况下，物体已经具有加速度，即物体的斜面倾角过大；即平衡摩擦力过度；故答案为：（1）绳中的拉力（近似）等于砂和砂桶重力之和（2）ad（3）平衡摩擦力过度点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题要学会应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用10为测量电阻rx（约600）的阻值，实验室可供选择的器材有：a电流表g（03ma，内阻rg=100）b电流表a（010ma，内阻未知）c定值电阻r1（300）d定值电阻r2（30）e滑动变阻器r（020）f直流电源（e=3v，内阻不计）g开关s及导线若干某同学用图（a）的电路进行测量，回答下列问题：（1）定值电阻应选择r1（选填“r1”或“r2”）（2）按图（a）的电路将图（b）的实物连成实验电路（图中已画出部分电路）（3）实验中，正确接入定值电阻后，闭合开关s，多次移动滑动触头，分别记录电流表g、电流表a的示数i1、i2如表i1/ma0.921.261.752.122.522.98i2/ma3.004.025.606.808.049.60在图（c）的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图，根据图线求得斜率k=3.2（保留2位有效数字）（4）根据图线求得rx=5.6102（保留2位有效数字）考点：伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）实验原理为伏安法测电阻，但是器材中没有电压表，考虑由电流表结合定值电阻求得电压代替电压表，由于两个电流表的量程差别较大，故g应接在支路而a接在干路，考虑电流表的量程关系，选择定值电阻的阻值（2）根据电路图连接实物图（3）根据横纵坐标描点即可，由图线求得斜率（4）根据实验原理，得到斜率的意义，进而求得电阻解答：解：（1）结合电路图，由于两个电流表的量程差别较大，故g应接在支路而a接在干路，考虑电流表g满偏时的电压为：u=而电流表a的量程为10ma，故电阻应该选择r1（2）根据电路图连接实物图，如图：（3）描点、连线如图，由图象的斜率为：k=（4）由实验原理可得，整理得：i1+1结合（3），故有：代入数据得：故答案为：（1）r1；（2）如图；（3），3.2；（4）5.6102点评：本题考查测量电阻的实验，要注意根据器材结合提供的电路分析实验原理，在进行数据处理时，要好好注意斜率的表示的意义本题若不提供电路图，而改成自己设计，则大大提高难度11接连发生的马航mh370失事和台湾复兴航空客机的坠毁，使人们更加关注飞机的安全问题假设飞机从静止开始做匀加速直线运动，经时间t0=28s、在速度达到v0=70m/s时驾驶员对发动机的运行状态进行判断，在速度达到v1=77m/s时必须做出决断，可以中断起飞或继续起飞；若速度超过v2=80m/s就必须起飞，否则会滑出跑道已知从开始到离开地面的过程中，飞机的加速度保持不变（1）求正常情况下驾驶员从判断发动机运行状态到做出决断终止起飞的最长时间；（2）若在速度达到v2时，由于意外必须停止起飞，飞机立即以4m/s2的加速度做匀减速运动，要让飞机安全停下来，求跑道的最小长度考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：（1）由时间t0=28s、速度v0=70m/s，计算出加速度，结合v1=77m/s，得到做出决断终止起飞的最长时间（2）由位移时间关系结合速度时间关系求解位移，或利用vt图象求解位移解答：解：设加速过程加速度为a1，允许作出判断的时间为t，则有：v0=a1t0v1v0=a1t解得：t=2.8s（2）飞机从静止到v2时的位移为x1，刹车的位移为x2，则跑道最小长度为：x=x1+x2解得：x=2080m答：（1）最长时间为2.8s；（2）跑道的最小长度2080m点评：建立运动情景，明确物理模型，找到已知的物理量及其关系，灵活选择公式是解决运动学问题的基本要求，注意应用图象法解决第（2）问也挺好12（19分）如图，o、m、n为同一平面内的三点，mon=60，om=a，on=3a现加一匀强磁场，磁感应强度大小为b、方向垂直omn所在平面向外，将一质量为m、电荷量为+q的粒子以一定的初动能从o点垂直on向右射出，粒子恰能通过m点在omn所在平面再加一匀强电场，场强方向与平面平行，若以同样的初动能从o点沿某一方向射出上述粒子，该粒子通过了m点，到达m点的动能是初动能的5倍；将该粒子以同样的初动能沿另一方向射出，恰好通过n点，到达n点时的动能为初动能的7倍不计粒子的重力求：（1）仅存在磁场时粒子从o运动到m点的时间；（2）电场强度的大小和方向考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；动能定理的应用 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）根据几何关系求出粒子在磁场中运动的轨道半径，根据周期公式，结合圆心角的大小求出粒子从o运动到m点的时间；（2）根据半径公式求出粒子的初速度，从而得出粒子的初动能根据动能定理求出om和on间电势差的关系，在匀强电场中，沿任一直线，电势的降落是均匀的，通过几何关系作出等势线，抓住电场线和等势线垂直得出电场强度的方向根据电势差的大小及两点沿电场线方向的距离求出电场强度的大小解答：解：（1）设粒子的初速度为v0，在磁场中做圆周运动的圆心为o1，半径为r，由几何关系可知r=a，解得t=（2）粒子的初动能，加电场后，粒子从o点到m点和n点，由动能定理得，quom=5ek0ek0，quon=7ek0ek0，在匀强电场中，沿任一直线，电势的降落是均匀的，设直线on上的s点与m点等电势，s点与o点的距离为x，解得x=2a，sm为等势线，电场线必与其垂直，由几何关系可知，omsm，即电场强度的方向沿om方向，设电场强度的大小为e，有qea=quom，解得e=答：（1）仅存在磁场时粒子从o运动到m点的时间为（2）电场强度的大小，电场强度的方向沿om方向点评：本题考查了带电粒子在电场和磁场中的运动，对于粒子在磁场中的运动，关键确定圆心、半径和圆心角，结合几何关系进行求解对于第二问，通过动能定理得出电势差的关系，结合几何关系确定出等势线是解决的关键【物理选修33】13根据分子动理论，下列说法正确的是( )a水和酒精混合后的体积小于原来体积之和，说明分子间存在引力b在一定条件下，可以利用分子扩散向半导体材料渗入其他元素c一个气体分子的体积等于气体的摩尔体积与阿伏伽德罗常数之比d分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大e墨水中小炭粒在不停地做无规则运动，反映液体分子在做无规则运动考点：分子势能；布朗运动；扩散 分析：水和酒精混合后的体积小于原来体积之和说明分子间有间隙；依据半导体的制作判定b；气体的摩尔体积与阿伏伽德罗常数之比表示一个气体分子所占的体积；由分子势能随距离的变化关系可判定d；由布朗运动现象和实质可分析e解答：解：a、水和酒精混合后的体积小于原来体积之和说明分子间有间隙，故a错误；b、半导体材料的制作方法是，在一定条件下，利用分子扩散向半导体材料渗入其他元素，故b正确；c、气体的摩尔体积与阿伏伽德罗常数之比表示一个气体分子所占的体积，而不是一个气体分子的体积，故c错误；d、分子势能随距离的增大，先减小，再增大，再减小，故分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大，故d正确；e、依据布朗运动可知墨水中小炭粒在不停地做无规则运动，反映液体分子在做无规则运动，故e正确故选：bde点评：该题关键是掌握气体分子体积与气体分子所占的体积的区别，这个考点最容易混淆出错；其次要掌握分子势能随距离的变化关系，这个变化大约与分子力最距离变化关系一直14如图，开口向上、竖直放置的内壁光滑的气缸，其侧壁是绝热的，底部导热内有两个质量均为m的密闭活塞，将缸内理想气体分成、两部分活塞a导热，活塞b绝热，初始时整个装置静止处于静止，、两部分气体的长度均为l0，温度均为t0现在活塞a上逐渐添加铁砂，同时从下部只对气体缓慢加热，当铁砂质量为2m、且两活塞重新处于平衡时，活塞a又回到初始位置已知活塞横截面积为s，外界大气压强恒等于，环境温度为t0保持不变求：再次平衡后气体的温度考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强 专题：理想气体状态方程专题分析：先由力学知识确定初状态中的气体压强，然后确定添加铁砂后中气体的压强，根据对中气体列玻意耳定律方程可求出后来的长度，然后以气体为研究对象列理想气体状态方程求解即可解答：解：设外界大气压强为p0，则p0=则中气体初态压强为：=添加铁砂后气体压强：气体等温变化，根据玻意耳定律：p1l0s=p1l1s解得：中气体的压强为：升温后气体压强为：由理想气体状态方程得；解得：t=2.5t0答：再次平衡后气体的温度为2.5t0点评：解决本题的关键是对活塞利用平衡求出封闭气体的压强，然后判断做何种变化过程，选择合适的气体实验定律或理想气体状态方程列式求解即可【物理选修34】15一列简谐横波沿x轴传播，x=0与x=1m处两质点的振动图线分别如图中实线与虚线所示，由此可以得出( )a波长一定是4mb周期一定是4sc最大波速一定是1m/sd波的传播速度可能是0.125m/se波的传播速度可能是0.2m/s考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 分析：根据同一时刻两质点的状态，结合波形，确定出两点间距离与波长的关系，求出波长由图读出周期由于波的传播方向未知，分两种方向进行分析，求解波速可能的值解答：解：a、若波向左传播时，t=0时刻，x=0处质点位于波峰，x=1m处的质点处于平衡位置向上振动，结合波形，则有：x=（n+）得到波长：= （其中：n=1，2，3，）同理得到，若波向右传播时，x=（n+），波长=；故波长有多个可能的值，不一定为4m，故a错误；b、从图中看出质点的振动周期为4s，故波的周期为4s，故b正确；c、根据v=，波长最大时波速最大，由选项a的分析可得最大波长为4m，故最大波速：v=；故c正确；d、若波向左传播时，波长：= （其中：n=1，2，3，）；故波速v= m/s；若波向右传播时，波长=（其中：n=1，2，3，）；故波速v= m/s；如果波速为0.125m/s=m/s，则n不可能为整数，故d错误；e、当波向右传播，且v= m/s中n为1时，波速为0.2m/s；故e正确；故选：bce点评：本题要根据两质点的在同一时刻的状态，画出波形，分析距离与波长的关系，再求解波长要考虑双向性，不能漏解16如图是用折射率n=的玻璃做成内径为r、外径为r=r的半球形空心球壳现有一束与中心对称轴oo平行的光射向此半球的外表面，要使球壳内表面没有光线射出，需在球壳上方垂直oo放置一圆心通过oo轴的圆形遮光板，求该遮光板的半径d考点：光的折射定律 专题：光的折射专题分析：光线射到内球面时，若入射角大于或等于临界角时，会发生全反射，光线将不能射入球壳内部根据折射定律求出临界角作出光路图，由几何知识求出光线射到内球面刚好发生全反射时，在外球面的折射角，根据光路图，由几何知识求出遮光板的半径解答：解：设光线aa射入外球面，沿ab方向射向内球面，刚好发生全反射，则有： sinc=得：c=45在oab中，oa=r，ob=r，由正弦定理得：=即得 r=30，由=n，