广东省中山市杨仙逸中学学高二物理上学期期中试卷（含解析）.doc

广东省中山市杨仙逸中学20152016学年度高二上学期期中物理试卷一单项选择（每题四个选项中只有一个是正确的，每小题4分，选对得4分，选错得0分，共28分）1下列关于电场强度的说法，正确的是（）ae=是电场强度的定义式，其中f是放入电场中的试探电荷所受的力，q是试探电荷的电荷量，它只适用于匀强电场b由电场强度的定义式e=得e与f成正比，与q成反比ce=是点电荷场强的计算式，q是产生电场的源电荷的电荷量，它只适用于点电荷电场de=适用于任何电场2两个完全相同的金属小球，分别带有+3q和q的电量，当它们相距r时，它们之间的库仑力是f若把它们接触后分开，仍置于相距r的两点，则它们的库仑力的大小将变为（）abfc3fd9f3如图所示，在静止负电荷形成的电场中，有m、n两点，比较m、n两点的场强大小和电势高低，则有（）an点的场强大，电势低bn点的场强小，电势高cm点的场强大，电势高dm点的场强小，电势低4如图所示，带箭头的线段表示某一电场中的电场线的分布情况一带电粒子在电场中运动的轨迹如图中虚线所示若不考虑其他力，则下列判断中正确的是（）a粒子带正电b粒子带负电c粒子在a点受到的电场力比b点的大d粒子在a点的加速度比b点的大5在已接电源的闭合电路里，关于电源的电动势、内电压、外电压的关系应是（）a如外电压增大，则内电压增大，电源电动势也会随之增大b如外电压减小，内电阻不变，内电压也就不变，电源电动势必然减小c如外电压不变，则内电压减小时，电源电动势也随内电压减小d如外电压增大，则内电压减小，电源的电动势始终为二者之和，保持恒量6如图所示，因线路故障，按通k时，灯l1和l2均不亮，用电压表测得uab=0，ubc=0，ucd=4v由此可知开路处为（）a灯l1b灯l2c变阻器d不能确定7两个电源的伏安特性图线如图所示，由图可知（）a电源a的内电阻较小，电动势较大b电源a的内电阻较大，电动势较大c电源b的内电阻较小，电动势较小d电源b的内电阻较大，电动势较大二不定项选择（每小题4分，每题四个选项中有两个或两个以上选项是正确的，全对得4分，少选且正确的得2分，错选或不选得0分，共28分）8连接在电池两极上的平行板电容器，当两极板之间的距离减小，其余条件不变时，则（）a电容器的电容c不变b电容器两极板间的电场强度e变大c电容器两极板的电势差u变大d电容器极板的带电量q变大9某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电粉尘被吸附时由b点运动到a点，以下说法正确的是（）a该电场是匀强电场ba点电势高于b点电势c电场力对粉尘做正功d粉尘的电势能增大10如图所示，ab和bc是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中下列判断正确的是 （）aiab=ibcbiabibccuab=ubcduabubc11如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于在同一水平面的a、b两处，ab为两点电荷的连线，mn为ab连线的中垂线，交ab于o点，m、n距两个点电荷较远，以下说法正确的是（）a沿直线由a到b，各点的电场强度先减小后增大b沿直线由a到b，各点的电势先升高后降低c沿中垂线由m到n，各点的电场强度方向均为水平向左d将一正电荷从m点移到n点，电场力不做功，电荷的电势能不变12如图为一匀强电场，某带电粒子从a点运动到b点在这一运动过程中粒子克服重力做的功为2.0j，电场力做的功为1.5j则下列说法正确的是（）a粒子带正电b粒子在a点的电势能比在b点少1.5jc粒子在a点的动能比在b点多0.5jd粒子在a点的机械能比在b点少1.5j13如图所示为两电阻r1和r2的伏安特性曲线若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是（）a电阻r1的阻值较大b电阻r2的阻值较大c电阻r1的发热功率较大d电阻r2的发热功率较大14如图所示，当滑动变阻器的滑动片p向右移动时，（）a安培表读数减小b伏特表读数减小c安培表读数增大d伏特表读数增大二、实验题和计算题15如图甲是多用表的刻度盘，若选用倍率为“100”的电阻档测电阻时，表针指示如图所示，则所测电阻的阻值为；如图乙，螺旋测微器的读数是mm16有一个小灯泡上标有“4v，0.5a”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的iu图线现有下列器材供选用：a电压表（05v，内阻10k）b电压表（015v，内阻20k）c电流表（03a，内阻1）d电流表（00.6a，内阻0.4）e滑动变阻器（10，2a）f滑动变阻器（500，1a）g学生电源（直流6v）、开关、导线若干（1）实验中所用电压表应选，电流表应选用，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）（2）在图1方框中画出实验电路图（3）把图2中所示的实验器材用实线连接成实物电路图17如图所示的电路可以测量电源的电动势和内阻当开关打在1位置时，电流表和电压表的示数分别为0.20a和1.98v当开关打在2位置后，两表的示数分别为0.40a和1.96v这个电源的电动势和内阻各是多大？18一台电阻为2的电动机，接在110v电路中工作时，通过电动机的电流为10a，求：（1）这台电动机消耗的电功率、发热功率；（2）如在正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发热功率多大？19如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成角，重力加速度为g（1）判断小球带何种电荷（2）求电场强度e（3）若在某时刻将细线突然剪断，求经过t时间小球的速度v20在一个水平面上建立x轴，如图在过原点o右侧空间有一个匀强电场，电场强度大小e=6105 n/c，方向与x轴正方向相同，在o处放一个电荷量q=5108c、质量m=0.010kg的带负电绝缘物块物块与水平面间的动摩擦因数=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，如图所示，（g取10m/s2）求：（1）物体进入电场的最大距离（2）物块最终停止时的位置；（3）物块在电场中运动过程的机械能增量广东省中山市杨仙逸中学20152016学年度高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一单项选择（每题四个选项中只有一个是正确的，每小题4分，选对得4分，选错得0分，共28分）1下列关于电场强度的说法，正确的是（）ae=是电场强度的定义式，其中f是放入电场中的试探电荷所受的力，q是试探电荷的电荷量，它只适用于匀强电场b由电场强度的定义式e=得e与f成正比，与q成反比ce=是点电荷场强的计算式，q是产生电场的源电荷的电荷量，它只适用于点电荷电场de=适用于任何电场【考点】电场强度；点电荷的场强【专题】定量思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】电场强度e的定义式e=中，f是放入电场中的试探电荷所受的电场力，q是试探电荷的电量这是比值定义法，适用于任何电场，定义出的场强与试探电荷无关，e反映本身的强弱和方向，e=是点电荷场强的计算式，匀强电场强度公式e=【解答】解：a、电场强度e的定义式e=适用于任何电场故a错误b、电场强度e的定义式e=中，f是放入电场中的试探电荷所受的电场力，q是试探电荷的电量这是比值定义法，无比例关系，故b错误c、e=是点电荷场强的计算式，q是产生电场的源电荷的电荷量，它只适用于点电荷电场，故c正确d、匀强电场强度公式e=，故d错误故选：c【点评】本题考查对场强定义式的理解能力，抓住此式具有比值定义法的共性，定义出的新物理量与两个量无关，反映物质的属性2两个完全相同的金属小球，分别带有+3q和q的电量，当它们相距r时，它们之间的库仑力是f若把它们接触后分开，仍置于相距r的两点，则它们的库仑力的大小将变为（）abfc3fd9f【考点】库仑定律【分析】接触带电的原则是先中和再平分根据库仑定律公式f=k 求出库仑力的大小【解答】解：根据库仑定律公式得，f=k接触再分离后所带电量各为q，f=k=f故a正确，bcd错误故选：a【点评】解决本题的关键掌握库仑定律的公式f=k，及带电题电量的转移问题，注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键3如图所示，在静止负电荷形成的电场中，有m、n两点，比较m、n两点的场强大小和电势高低，则有（）an点的场强大，电势低bn点的场强小，电势高cm点的场强大，电势高dm点的场强小，电势低【考点】电势；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小电场线与等势面垂直，沿电场线的方向，电势降低【解答】解：根据图可知，为负电荷形成的电场，则由电场线的疏密程度反映了电场强度的大小，所以emen在根据沿电场线的方向，电势降低可知mn故b正确，acd错误；故选b【点评】本题关键是要能够通过电场线反映电势的高低、电场强度的大小和方向4如图所示，带箭头的线段表示某一电场中的电场线的分布情况一带电粒子在电场中运动的轨迹如图中虚线所示若不考虑其他力，则下列判断中正确的是（）a粒子带正电b粒子带负电c粒子在a点受到的电场力比b点的大d粒子在a点的加速度比b点的大【考点】电场线【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】做曲线运动物体所受合外力指向曲线内侧，本题中粒子只受电场力，由此可判断电场力向左，根据电场力做功可以判断电势能的高低和动能变化情况，加速度的判断可以根据电场线的疏密进行【解答】解：a、根据做曲线运动物体所受合外力指向曲线内侧可知与电场线的方向相反，所以不论粒子是从a运动到b，还是从b运动到a，粒子必带负电，故a错误，b正确；c、电场线密的地方电场的强度大，所以粒子在b点受到的电场力大，在b点时的加速度较大故c错误，d错误故选：b【点评】本题以带电粒子在电场中的运动为背景考查了带电粒子的速度、加速度等物理量的变化情况加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题5在已接电源的闭合电路里，关于电源的电动势、内电压、外电压的关系应是（）a如外电压增大，则内电压增大，电源电动势也会随之增大b如外电压减小，内电阻不变，内电压也就不变，电源电动势必然减小c如外电压不变，则内电压减小时，电源电动势也随内电压减小d如外电压增大，则内电压减小，电源的电动势始终为二者之和，保持恒量【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】闭合电路里，电源的电动势等于内电压与外电压之和外电压变化时，内电压也随之变化，但电源的电动势不变【解答】解：a、如外电压增大，则内电压减小，电源电动势保持不变故a错误 b、如外电压减小，内电阻不变，内电压将增大，电源电动势保持不变故b错误 c、如外电压不变，则内电压也不变故c错误 d、根据闭合电路欧姆定律得到，电源的电动势等于内电压与外电压之和，如外电压增大，则内电压减小，电源的电动势保持恒量故d正确故选d【点评】本题要抓住电源的电动势是表征电源的本身特性的物理量，与外电压无关6如图所示，因线路故障，按通k时，灯l1和l2均不亮，用电压表测得uab=0，ubc=0，ucd=4v由此可知开路处为（）a灯l1b灯l2c变阻器d不能确定【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】对于完好的电阻，阻值一定，电流i=0时，根据欧姆定律可知，其电压u=ir=0若发生断路，其两端电压等于电源的电动势【解答】解：a、b对于完好的电阻，阻值一定，电流i=0时，根据欧姆定律可知，其电压u=ir=0由题：uab=0，ubc=0，则可知：灯l1、l2没有发生断路故ab错误 c、由题ucd=4v，则变阻器发生断路，因为断路时，电路无电流，其两端的电势分别等于电源两极的电势，其电势差等于电源的电动势故c正确 d、由上述分析可知d错误故选：c【点评】本题是电路中故障分析问题，往往哪段电路的电压等于电源的电压，哪段电路发生断路，可用电压即为电势差来理解7两个电源的伏安特性图线如图所示，由图可知（）a电源a的内电阻较小，电动势较大b电源a的内电阻较大，电动势较大c电源b的内电阻较小，电动势较小d电源b的内电阻较大，电动势较大【考点】闭合电路的欧姆定律；电源的电动势和内阻【专题】恒定电流专题【分析】根据闭合电路欧姆定律，分析图线的截距与斜率的物理意义，再比较电动势与内阻的大小【解答】解：由闭合电路欧姆定律得，u=eir，当i=0时，u=e，即图线与纵轴的截距大小等于电源的电动势由图读出，a的电动势较大图线的斜率大小等于内阻r，由图线看出，电源a的内电阻较大故选bc【点评】本题关键从数学角度来理解图象的物理意义往往从图线的形状、面积、斜率、截距等方面来理解物理图象二不定项选择（每小题4分，每题四个选项中有两个或两个以上选项是正确的，全对得4分，少选且正确的得2分，错选或不选得0分，共28分）8连接在电池两极上的平行板电容器，当两极板之间的距离减小，其余条件不变时，则（）a电容器的电容c不变b电容器两极板间的电场强度e变大c电容器两极板的电势差u变大d电容器极板的带电量q变大【考点】电容器的动态分析【专题】定量思想；方程法；电容器专题【分析】根据电容的决定式，分析两极板间的距离减小时电容的变化电容器接在电源上，电容器的电压不变，由电容的定义式分析电容器极板的带电荷量q变化由e=分析板间场强的变化【解答】解：a、当两极板间的距离减小时，根据电容的决定式c=分析得知，电容c变大故a错误b、因u不变，当d减小，由e=分析得知板间场强e增大故b正确c、电容器两极板间的电势差u等于电源的电动势，保持不变故c错误d、由题可知，电容器的电压不变，c变大，由c=得到，电容器极板的带电荷量q变大故d正确故选：bd【点评】涉及电容的只有两个公式：电容的决定式c=和电容的定义式c=，常常两个公式结合分析电容器的动态变化问题9某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电粉尘被吸附时由b点运动到a点，以下说法正确的是（）a该电场是匀强电场ba点电势高于b点电势c电场力对粉尘做正功d粉尘的电势能增大【考点】电场线；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】电场线的疏密反映电场的强弱沿着电场线方向电势降低根据电场力做功判断电势能的变化【解答】解：a、该电场的电场线疏密不均匀，所以不是匀强电场故a错误b、沿着电场线方向电势降低所以a点电势高于b点电势，故b正确c、带负电粉尘受电场力向右，由b点运动到a点，电场力对粉尘做正功故c正确d、带负电粉尘被吸附时由b点运动到a点，电场力对粉尘做正功，电势能减小，故d错误故选bc【点评】掌握电场线的特点即可解决问题知道电势能的变化不仅与电势变化有关还与电荷性质有关10如图所示，ab和bc是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中下列判断正确的是 （）aiab=ibcbiabibccuab=ubcduabubc【考点】串联电路和并联电路【专题】恒定电流专题【分析】导体电阻大小由导体的材料、长度和横截面积决定，在导体材料、长度相等的情况下，导体电阻与导体的横截面积成反比，导体横截面积越小，导体电阻越大；根据串联电路的电流特点：电流处处相等，以及欧姆定律分析答题【解答】解：a、b由图知，导体ab与bc串联接入电路，由串联电路的电流特点知，流过串联电路的电流处处相等，所以 iab=ibc，故a正确、b错误；c、d由题意知，导体ab与bc的材料、长度相同，ab的横截面积小于bc的横截面积，根据电阻定律可知：rabrbc，因为iab=ibc，由u=ir知，uabubc，故c错误，d正确故选：ad【点评】本题考查串联电路的电流规律及影响电阻大小的因素，关键要掌握串联电路电流相等的特点和电阻定律，知道电阻大与导体的横截面积成反比11如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于在同一水平面的a、b两处，ab为两点电荷的连线，mn为ab连线的中垂线，交ab于o点，m、n距两个点电荷较远，以下说法正确的是（）a沿直线由a到b，各点的电场强度先减小后增大b沿直线由a到b，各点的电势先升高后降低c沿中垂线由m到n，各点的电场强度方向均为水平向左d将一正电荷从m点移到n点，电场力不做功，电荷的电势能不变【考点】电场的叠加；匀强电场中电势差和电场强度的关系【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题【分析】等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，同一电荷在等势线上电势能相同根据电场线分布的对称性可判定电场强度大小再根据电荷在移动过程中，电场力做功的正负，来判定电势能的变化【解答】解：a、根据等量异种点电荷电场线的分布情况，可知沿直线由a到b，各点的电场强度先减小后增大，故a正确b、沿直线由a到b，各点的电势一直增大，故b错误c、根据电场线与等势面垂直，且指电势较低的等势面，可知，沿中垂线由m到n，各点的电场强度方向相同，均水平向左，故c正确d、将一正电荷从m点移到n点，电势不变，电场力不做功，电荷的电势能不变故d正确故选：acd【点评】对于等量同种电荷与等量异种电荷电场线、等势线的分布图要抓住特点，加深记忆，也是高考经常命题的内容12如图为一匀强电场，某带电粒子从a点运动到b点在这一运动过程中粒子克服重力做的功为2.0j，电场力做的功为1.5j则下列说法正确的是（）a粒子带正电b粒子在a点的电势能比在b点少1.5jc粒子在a点的动能比在b点多0.5jd粒子在a点的机械能比在b点少1.5j【考点】电势差与电场强度的关系；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】在由a运动b的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功从运动轨迹上判断，粒子带正电从a到b的过程中，电场力做正功为1.5j，所以电势能是减少的，a点的电势能要大于b点电势能从a到b的过程中，克服重力做功2.0j，电场力做功1.5j，由动能定理可求出动能的变化情况从a到b的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比较ab两点的机械能【解答】解：a、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电故a正确b、从a到b的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在a点是的电势能要大于在b点时的电势能故b错误c、从a到b的过程中，克服重力做功2.0j，电场力做功1.5j，由动能定理可知，粒子在a点的动能比在b点多0.5j，故c正确d、从a到b的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5j，故d正确故选：acd【点评】对于本题，要明确以下几点：1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值这常是判断电荷电势能如何变化的依据2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似13如图所示为两电阻r1和r2的伏安特性曲线若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是（）a电阻r1的阻值较大b电阻r2的阻值较大c电阻r1的发热功率较大d电阻r2的发热功率较大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】图象的斜率表示电阻的倒数，很容易比较出两电阻的大小再根据功率的公式p=，比较两电阻的发热功率【解答】解：a、b：因为该图象是iu图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，所以r2的阻值大于r1的阻值故a错误、b正确c、d：根据功率的公式p=，电压相同，电阻大的功率小，所以r1的发热功率大故c正确、d错误故选bc【点评】解决本题的关键是搞清iu图线的斜率表示什么14如图所示，当滑动变阻器的滑动片p向右移动时，（）a安培表读数减小b伏特表读数减小c安培表读数增大d伏特表读数增大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】由图可知，滑动变阻器与安培表串联接在电源两端，伏特表测量路端电压；根据滑动变阻器的变化可明确外电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可明确电流和电压的变化【解答】解：当滑动变阻器的滑片p向右移动时，接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可知：电路中的电流增大，即安培表的示数增大；因电流增大，则电源内电压增大，由闭合电路欧姆定律可知，路端电压减小；故bc正确；ad错误；故选：bc【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律，要注意根据“局部整体局部”的分析思路方法进行分析二、实验题和计算题15如图甲是多用表的刻度盘，若选用倍率为“100”的电阻档测电阻时，表针指示如图所示，则所测电阻的阻值为1500；如图乙，螺旋测微器的读数是6.125mm【考点】用多用电表测电阻【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题【分析】欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数【解答】解：选用倍率为“100”的电阻档测电阻，由图示表盘可知，其示数为：15100=1500；由图示螺旋测微器可知，其示数为：6mm+12.50.01mm=6.125mm；故答案为：1500；6.125【点评】本题考查了欧姆表与螺旋测微器读数，要掌握常用器材的使用方法与读数方法，读数时视线要与刻度线垂直16有一个小灯泡上标有“4v，0.5a”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的iu图线现有下列器材供选用：a电压表（05v，内阻10k）b电压表（015v，内阻20k）c电流表（03a，内阻1）d电流表（00.6a，内阻0.4）e滑动变阻器（10，2a）f滑动变阻器（500，1a）g学生电源（直流6v）、开关、导线若干（1）实验中所用电压表应选a，电流表应选用d，滑动变阻器应选用e（用序号字母表示）（2）在图1方框中画出实验电路图（3）把图2中所示的实验器材用实线连接成实物电路图【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】实验题；恒定电流专题【分析】（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器（2）根据实验原理与灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出实验电路图（3）根据电路图连接实物电路图【解答】解：（1）灯泡额定电压为4v，电压表应选a，灯泡额定电流为0.5a，电流表应选d，为方便实验操作，滑动变阻器应选择e（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应选择分压接法，灯泡电阻：r=8，电压表内阻约为10k，电流表内阻约为0.4，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：（3）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：故答案为：（1）a；d；e；（2）电路图如图所示；（3）实物电路图如图所示【点评】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、连接实物电路图，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的关键17如图所示的电路可以测量电源的电动势和内阻当开关打在1位置时，电流表和电压表的示数分别为0.20a和1.98v当开关打在2位置后，两表的示数分别为0.40a和1.96v这个电源的电动势和内阻各是多大？【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】由闭合电路欧姆定律e=u+ir列出两次的表达式，联立即可求解【解答】解：由闭合电路欧姆定律e=u+ir得： e=u1+i1r e=u2+i2r 联立解得：内阻 r=0.1将代入得，电源的电动势 e=2v 答：电源的电动势和内阻各是2v；0.1【点评】本题属于对闭合电路欧姆定律的直接考查，只需列出闭合电路欧姆定律表达式联立即可求解也可以作ui图象求解18一台电阻为2的电动机，接在110v电路中工作时，通过电动机的电流为10a，求：（1）这台电动机消耗的电功率、发热功率；（2）如在正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发热功率多大？【考点】电功、电功率【专题】简答题；定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】（1）根据p=ui求出电动机消耗的电功率，根据p热=i2r求解热功率；（2）当电机不转时，其电路是纯电阻电路，根据求解发热功率【解答】解：（1）电动机内电阻为r=2，接在u=110v电路中，通过电动机的电流为i=10a，故：电功率：p=ui=11010=1100w热功率：p热=i2r=1022=200w（2）转子突然被卡住，其电路是纯电阻电路，则此时电动机的发热功率为：答：（1）这台电动机消耗的电功率为1100w，发热功率为200w；（2）如在正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发热功率为6050w【点评】对于电动机电路，要正确区分是纯电阻电路，还是非纯电阻电路，关键看转子是否转动，电能是否全部转化为内能19如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成角，重力加速度为g（1）判断小球带何种电荷（2）求电场强度e（3）若在某时刻将细线突然剪断，求经过t时间小球的速度v【考点】共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律；电场强度【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】（1）小球受到的电场力向左，与场强方向相反，故带负电荷；（2）对小球受