广东省佛山市顺德区勒流中学高二物理下学期期末试卷（含解析）.doc

2014-2015学年广东省佛山市顺德区勒 流中学高二（下）期末物理试卷一、本题共10小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求1在一次交通事故中，警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是20m，设该车辆的刹车加速度大小是10m/s2，该路段的限速为60km/h则该车（）a 刹车所用的时间为1sb 超速c 不超速d 行驶速度为60 km/h2如图为运载火箭发射升空示意图，若火箭喷出的高速气流对火箭的作用力为f1，火箭对气流的作用力为f2，火箭自身重力为mg，下列表述正确的是（）a f1和f2是一对平衡力b 火箭发射时，f1f2c 发射初期，f1mg，火箭处于超重状态d 整个发射过程，火箭都处于失重状态3如图，三个大小相等的力f，作用于同一点o，则合力最小的是（）a b c d 4质量为ma和mb的小球与劲度系数均为k的轻弹簧l1和l2连接如图，静止时，两弹簧伸长量分别为x1和x2，则（）a 只要ma=mb，有x1=x2b 只要mamb，有x1x2c 只要mamb，有x1x2d 只要不超出弹性限度，始终有x1x25在第九届珠海航展上，八一跳伞队惊艳航展如图在某段时间内将伞对运动员的作用力简化为两根绳子对运动员的拉力，设两绳与竖直方向的夹角均为30，运动员重力为g（不计运动员所受空气阻力），下列说法正确的是（）a 若运动员匀速运动，则每根绳的拉力为b 若运动员匀速运动，则每根绳的拉力为c 若运动员匀速运动，则每根绳的拉力为d 不论运动员运动状态如何，两绳拉力的合力大小都为g6在广场游玩时，一小孩将一充有氢气的气球用细绳系于一个小石块上，并将小石块置于水平地面上，如图所示若水平的风力逐渐增大（设气球所受空气的浮力不变），则（）a 细绳的拉力逐渐减小b 小石块有可能连同气球一起被吹离地面c 地面受到小石块的压力逐渐减小d 小石块滑动前受到地面施加的摩擦力逐渐增大，滑动后受到的摩擦力不变7如图所示，与轻绳相连的物体a和b跨过定滑轮，质量mamb，a由静止释放，不计绳与滑轮间的摩擦，则a向上运动过程中，轻绳拉力（）a t=magb tmagc t=mbgd tmbg8质点所受的合外力f随时间变化的规律如图所示，力的方向始终在一直线上已知t=0时质点的速度为零在图示的t1、t2、t3和t4各时刻中，质点的速度最大的时刻是（）a t1b t2c t3d t49如图所示，物体a和b的重力分别为9n和4n，不计弹簧秤和细线的重力和一切摩擦，以下说法正确的是（）a 弹簧秤的读数为4nb 弹簧秤的读数为9nc a与地面的弹力为0nd 绳对a的拉力及a受的重力是一对平衡力10如图示，小车向右运动过程，某段时间内车中悬挂的小球a和车水平底板上的物块b都相对车厢静止，悬挂小球a的悬线与竖直线有一定夹角这段时间内关于物块b受到摩擦力下述判断中正确的是（）a 物块b不受摩擦力作用b 物块b受摩擦力作用，大小恒定，方向向左c 物块b受摩擦力作用，大小恒定，方向向右d 因小车的运动性质不能确定，故b受的摩擦力情况无法判断二、本题共6小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分11如图是甲、乙两物体从同一点开始做直线运动的运动图象，下列说法正确的是（）a 若y表示位移，则t1时间内甲的位移小于乙的位移b 若y表示速度，则t1时间内甲的位移小于乙的位移c 若y表示位移，则t=t1时甲的速度大于乙的速度d 若y表示速度，则t=t1时甲的速度大于乙的速度12如图所示是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况判断正确的是（）a 前2s加速度为5m/s2b 4s末物体回到出发点c 6s末物体距出发点最远d 8s末物体回到出发点13如图所示，物体m与斜面体m一起静止在水平面上若将斜面的倾角稍微增大一些，且物体m仍静止在斜面上，则斜面体（）a 对地面的压力不变b 对物体的支持力变小c 对物体的摩擦力变小d 与水平面间的摩擦力变大14如图，用夹砖器把两块质量都为m的相同长方体砖块p和q竖直夹起，悬停半空已知重力加速度为g，则（）a 握住夹砖器的力越大，夹砖器对p和q的摩擦力越大b p和q之间的摩擦力为零c 两块砖块受到夹砖器的摩擦力总和为2mgd 砖块所受的摩擦力与砖块的重力无关152012年8月3日中国选手董栋在伦敦奥运会夺得男子蹦床金牌忽略空气阻力，下面说法正确的是（）a 运动员下落到刚接触蹦床时，速度最大b 运动到最低点时，床对运动员的作用力大于运动员对床的作用力c 从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员的加速度先减小后增大d 从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员是先失重后超重16如图所示，在水平地面上处于伸直状态的轻细绳一端拴在质量为m的物块上，另一端固定于木桩上的b点用弹簧称的光滑挂钩缓慢拉绳，弹簧称、细绳始终与地面平行物块在水平拉力作用下缓慢滑动当物块滑动至a位置，ao与bo之间夹角为120时，弹簧称的示数为f则（）a 物块与地面间的动摩擦因数为b 木桩受到绳的拉力始终大于fc 控制弹簧称的水平拉力保持不变d 控制弹簧称的水平拉力一直增大三、实验题，本题共14分17用一根弹簧和一把弹簧秤做“求合力”实验用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的；改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力f跟伸长量x的关系图线，则弹簧的劲度系数为n/cm；用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，则此时弹簧的伸长量为cm；用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小f合，若实验误差较小可以忽略不计，则f合=n18某同学设计了一个探究小车的加速度a与小车所受拉力f及质量m关系的实验，图中（甲）为实验装置简图他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为下列说法中正确的是（选填字母代号）a实验时要平衡摩擦力 b实验时不需要平衡摩擦力c钩码的重力要远小于小车的总重力 d实验进行时应先释放小车再接通电源如图（乙）所示是某次实验中得到的一条纸带，其中a、b、c、d、e是计数点（每打5个点取一个计数点），其中l1=3.07cm，l2=12.38cm，l3=27.87cm，l4=49.62cm则打c点时小车的速度为m/s，小车的加速度是m/s2（计算结果均保留三位有效数字）四、计算题，本题共32分19如图甲所示，一质量为2.0kg的物体静止在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.20从t=0时刻起，物体受到水平方向的力f的作用而开始运动，8s内f随时间t变化的规律如图乙所示求：（g取10m/s2）（1）物体在4s末的速度大小v1（2）在图丙的坐标系中画出物体在8s内的vt图象（要求计算出相应数值）20如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到175m时，以10m/s的速度向上匀速运动，同时有一颗质量为0.01kg的小铆钉从热气球上脱离掉落，小铆钉脱离时相对热气球静止若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2求：（1）热气球所受浮力大小；（2）匀速上升时热气球所受的空气阻力；（3）小铆钉落地时热气球离地的高度2014-2015学年广东省佛山市顺德区勒流中学高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、本题共10小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求1在一次交通事故中，警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是20m，设该车辆的刹车加速度大小是10m/s2，该路段的限速为60km/h则该车（）a 刹车所用的时间为1sb 超速c 不超速d 行驶速度为60 km/h考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：汽车刹车时做匀减速运动，根据匀变速直线运动的位移速度公式，求出汽车的初速度，然后判断该车是否超车解答：解：a、刹车时间为：，故a错误bcd、汽车刹车时做匀减速运动，根据，可得汽车的初速度为：60km/h=16.67m/s，所以20m/s60km/h，故该汽车超速故cd错误，b正确故选：b点评：本题考查了匀变速运动规律在实际生活中的应用，对于生活中的实际运动要能建立正确的运动模型，然后利用相应规律求解2如图为运载火箭发射升空示意图，若火箭喷出的高速气流对火箭的作用力为f1，火箭对气流的作用力为f2，火箭自身重力为mg，下列表述正确的是（）a f1和f2是一对平衡力b 火箭发射时，f1f2c 发射初期，f1mg，火箭处于超重状态d 整个发射过程，火箭都处于失重状态考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体间力的作用是相互的，由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力等大、反向、作用在同一直线上；火箭在上升过程中，处于超重状态，随着火箭离地球距离的增大，火箭受到的重力越来越小，在空中运行的卫星处于完全失重状态解答：解：a、火箭喷出的高速气流对火箭的作用力为f1，火箭对气流的作用力为f2，二者是作用力与反作用力，总是大小相等，方向相反故a错误，b错误；c、发射初期火箭的加速度的方向向上，f1mg，火箭处于超重状态故c正确；d、发射初期，火箭处于超重状态故d错误故选：c点评：本题难度不大，是一道基础题，熟练掌握牛顿第三定律、发射初期，火箭处于超重状态，即可正确解题3如图，三个大小相等的力f，作用于同一点o，则合力最小的是（）a b c d 考点：力的合成分析：三力合成时，若合力能为零则三力可以组成三角形，分析题中数据可知能否为零；若不为零，则进行两两合成，从而分析最小的可能情况解答：解：a、将相互垂直的f进行合成，则合力的大小为，再与第三个力f合成，即有合力的大小为；b、将方向相反的两个力合成，则合力为0，再与第三个力f合成，则有合力大小为f；c、将任意两力进行合成，可知，这三个力的合力为零；d、将左边两个力进行合成，再与右边合成，则有合力的大小；故c正确，abd均错误；故选c点评：考查力的平行四边形定则，并体现如何选择两力合成的技巧，同时要学生会画合成与分解的力图产4质量为ma和mb的小球与劲度系数均为k的轻弹簧l1和l2连接如图，静止时，两弹簧伸长量分别为x1和x2，则（）a 只要ma=mb，有x1=x2b 只要mamb，有x1x2c 只要mamb，有x1x2d 只要不超出弹性限度，始终有x1x2考点：共点力平衡的条件及其应用；胡克定律专题：共点力作用下物体平衡专题分析：根据胡克定律，比较弹簧的伸长量只需要比较弹簧的弹力大小，对a和b分别进行受力分析，比较弹簧中弹力的大小情况从而确定形变量大小情况解答：解：对小球b进行受力分析有，小球b受重力弹簧l2的弹力作用处于平衡，则有弹簧l2中的弹力f2=mbg，再对小球a进行受力分析有，小球a受重力和l2对它向下的弹力f2和l1对它向上的弹力f1作用，根据平衡有弹簧l1的弹力f1=mag+f2=mag+mbg因为f1恒大于f2，根据胡克定律有弹簧的形变量x=有弹簧的形变量x1x2故选d点评：通过隔离法逐一对小球b和小球a进行受力分析，根据平衡条件得出弹簧弹力的大小关系，再根据胡克定律求解即可5在第九届珠海航展上，八一跳伞队惊艳航展如图在某段时间内将伞对运动员的作用力简化为两根绳子对运动员的拉力，设两绳与竖直方向的夹角均为30，运动员重力为g（不计运动员所受空气阻力），下列说法正确的是（）a 若运动员匀速运动，则每根绳的拉力为b 若运动员匀速运动，则每根绳的拉力为c 若运动员匀速运动，则每根绳的拉力为d 不论运动员运动状态如何，两绳拉力的合力大小都为g考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对运动员受力分析，根据共点力平衡求出绳子的拉力大小解答：解：运动员受重力、两根绳子的拉力，根据平衡有：2tcos30=g，则t=只有做匀速直线运动时，两根绳子的拉力的合力等于g故a正确，b、c、d错误故选a点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解6在广场游玩时，一小孩将一充有氢气的气球用细绳系于一个小石块上，并将小石块置于水平地面上，如图所示若水平的风力逐渐增大（设气球所受空气的浮力不变），则（）a 细绳的拉力逐渐减小b 小石块有可能连同气球一起被吹离地面c 地面受到小石块的压力逐渐减小d 小石块滑动前受到地面施加的摩擦力逐渐增大，滑动后受到的摩擦力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：分析气球的受力情况，根据平衡条件得出细绳的拉力与绳子与水平方向夹角的表达式，再分析绳子拉力的变化以气球和石块整体为研究对象，由平衡条件分析小石块所受地面的支持力如何变化，再由牛顿第三定律判断地面受到小石块的压力变化，判断小石块能否滑动解答：解：a、以气球为研究对象，分析受力如图1所示：重力g1、空气的浮力f1、风力f、绳子的拉力t设绳子与水平方向的夹角为，当风力增大时，将减小根据平衡条件得竖直方向：f1=g1+tsin，当减小时，sin减小，而f1、g1都不变，则绳子拉力t增大故a错误b、c、d、以气球和石块整体为研究对象，分析受力如图2，根据平衡条件得竖直方向：n+f1=g1+g2水平方向：f=f气球所受的浮力f1、气球的重力g1、石块的重力g2都不变，则地面对石块的支持力n不变，地面受到小石块的压力也不变在石块滑动前，当风力f增大时，石块所受的摩擦力增大，当石块滑动后受到的摩擦力f=n保持不变故c错误，d错误由于地面对石块的支持力n=g1+g2f1保持不变，与风力无关，所以当风力增大时，小石块连同气球一起不可能被吹离地面故b错误故选：d点评：本题是两个物体的平衡问题，一是要灵活选择研究对象，二是要抓住浮力、重力等不变的条件进行分析7如图所示，与轻绳相连的物体a和b跨过定滑轮，质量mamb，a由静止释放，不计绳与滑轮间的摩擦，则a向上运动过程中，轻绳拉力（）a t=magb tmagc t=mbgd tmbg考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：牛顿运动定律综合专题分析：a向上运动过程中，ab的加速度大小相等，分别对a、b根据牛顿第二定律列式即可判断解答：解：a向上运动过程中，ab的加速度大小相等，设为a，则有：tmag=ma，则tmag，故a错误，b正确；mbgt=mba，所以tmbg，故cd错误；故选b点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，知道ab的加速度大小相等，难度不大，属于基础题8质点所受的合外力f随时间变化的规律如图所示，力的方向始终在一直线上已知t=0时质点的速度为零在图示的t1、t2、t3和t4各时刻中，质点的速度最大的时刻是（）a t1b t2c t3d t4考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：通过分析质点的运动情况，确定速度如何变化解答：解：由力的图象分析可知：在0t1时间内，质点向正方向做加速度增大的加速运动在t1t2时间内，质点向正方向做加速度减小的加速运动在t2t3时间内，质点向正方向做加速度增大的减速运动在t3t4时间内，质点向正方向做加速度减小的减速运动t4时刻速度为零则t2时刻质点的速度最大故选：b点评：根据受力情况来分析运动情况确定速度的变化，从而判断速度的最大值9如图所示，物体a和b的重力分别为9n和4n，不计弹簧秤和细线的重力和一切摩擦，以下说法正确的是（）a 弹簧秤的读数为4nb 弹簧秤的读数为9nc a与地面的弹力为0nd 绳对a的拉力及a受的重力是一对平衡力考点：共点力平衡的条件及其应用；胡克定律专题：共点力作用下物体平衡专题分析：根据物体间力的作用是相互的分析图中b和弹簧测力计的受力情况，然后根据力的平衡和弹簧测力计测量力的原理来分析弹簧测力计的示数到底是多少弹簧测力计测的是挂钩上受到的拉力解答：解：a、图中弹簧测力计右端由于b物体的重力，受到了一个水平向右的4n的拉力；弹簧测力计的左端也受到了一个力的作用，因为重力通过绳子对弹簧测力计施加了一个4n的向右的拉力，弹簧测力计就会通过绳子对左端固定点施加了一个4n的拉力，由于物体间力的作用是相互的，所以固定点也会对弹簧测力计施加一个4n的向左的拉力以弹簧秤的读数为4n故a正确，b错误 c、对a受力分析，a受重力、拉力、地面支持力三力平衡可得出a与地面的弹力为5n，故c错误 d、绳对a的拉力为4n，a的重力9n，两力根本不是一对平衡力故d错误故选：a点评：对物体受力分析，搞清物体在平衡状态时受的是平衡力的作用，就会依次得出两侧拉弹簧秤的力、绳子拉两侧物体的力都应该是大小相同的10如图示，小车向右运动过程，某段时间内车中悬挂的小球a和车水平底板上的物块b都相对车厢静止，悬挂小球a的悬线与竖直线有一定夹角这段时间内关于物块b受到摩擦力下述判断中正确的是（）a 物块b不受摩擦力作用b 物块b受摩擦力作用，大小恒定，方向向左c 物块b受摩擦力作用，大小恒定，方向向右d 因小车的运动性质不能确定，故b受的摩擦力情况无法判断考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：牛顿运动定律综合专题分析：由ab的状态知其运动状态是一样的，故加速度相同，在对a受力分析可知其合力向左，故加速水平向左，可知b的加速度和受力状况解答：解：a和b都相对车厢静止，加速度相同，方向为水平方向，对a受力分析可知，其受到的重力和拉力的合力恒定水平向左，故加速度恒定，方向水平向左，所以b受摩擦力的作用方向向左故b正确故选：b点评：本题关键是依据a的受力来确定b的受力，进而确定加速度，这是受力分析的转移法，在连接体，叠加体等问题中常用的到二、本题共6小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分11如图是甲、乙两物体从同一点开始做直线运动的运动图象，下列说法正确的是（）a 若y表示位移，则t1时间内甲的位移小于乙的位移b 若y表示速度，则t1时间内甲的位移小于乙的位移c 若y表示位移，则t=t1时甲的速度大于乙的速度d 若y表示速度，则t=t1时甲的速度大于乙的速度考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：本题关键应抓住：位移时间图象y表示物体的位移，斜率等于物体的速度；速度时间图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移解答：解：a、c若y表示位移，y表示物体的位移，则知t1时间内甲的位移等于乙的位移；斜率等于物体的速度，则知t=t1时甲的速度大于乙的速度故a错误，c正确b、d若y表示速度，速度时间图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，则t1时间内甲的位移大于乙的位移；t=t1时甲的速度等于乙的速度故b正确，d错误故选bc点评：本题关键是掌握两种图象的数学意义：斜率等于物体的速度；速度时间图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移12如图所示是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况判断正确的是（）a 前2s加速度为5m/s2b 4s末物体回到出发点c 6s末物体距出发点最远d 8s末物体回到出发点考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：由速度时间的斜率等于加速度求解物体的加速度大小物体在前4s内，沿正方向运动，后4s内沿负方向返回，4s末物体距出发点最远在8s时间内物体的加速度周期性变化，不是匀变速直线运动解答：解：a、vt图线的斜率表示物体的加速度，则前2s的加速度为：a=m/s2=5m/s2，故a正确；b、4s末物体的位移为4s内速度图象与时间轴围成的三角形面积：x=410m=20m0，所以4s末物体没有回到出发点，故b错误；c、由速度图象与时间轴围成的面积表示位移且在时间轴上方位移为正，下方位移为负，可知：4s末物体距出发点最远，故c错误；d、由速度图象与时间轴围成的面积表示位移且在时间轴上方位移为正，下方位移为负，可知：8s末物体位移为0，又回到了出发点，故d正确故选：ad点评：本题是速度时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移13如图所示，物体m与斜面体m一起静止在水平面上若将斜面的倾角稍微增大一些，且物体m仍静止在斜面上，则斜面体（）a 对地面的压力不变b 对物体的支持力变小c 对物体的摩擦力变小d 与水平面间的摩擦力变大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：根据物体所处的状态，选择研究对象进行受力分析，利用平衡条件解出问题解答：解：物体m静止不动，受力平衡可对物体受力分析，正交分解重力g，得：支持力 n=mgcos摩擦力 f=mgsin比较可知稍微增大一些，n变小，f变大，故b正确；对于水平面对斜面的力，最好采用整体法，对m和m整体进行受力分析：整体受重力和水平面的支持力，因为整体处于静止也就是平衡状态，所以地面对斜面的摩擦力始终为零地面对斜面的支持力不变，根据牛顿第三定律，斜面对地面的压力不变，故a正确c、d错误故选：ab点评：根据物体所处的状态，选择研究对象进行受力分析，利用平衡条件解出问题要注意研究对象的选取，整体和隔离法的应用14如图，用夹砖器把两块质量都为m的相同长方体砖块p和q竖直夹起，悬停半空已知重力加速度为g，则（）a 握住夹砖器的力越大，夹砖器对p和q的摩擦力越大b p和q之间的摩擦力为零c 两块砖块受到夹砖器的摩擦力总和为2mgd 砖块所受的摩擦力与砖块的重力无关考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对p和q整体受力分析，受重力和两个向上的静摩擦力，根据平衡条件求解静摩擦力；再隔离物体p分析，求解p、q间的静摩擦力大小；最后对夹砖器分析，求解夹砖器对p和q的摩擦力解答：解：c、d、对p和q整体受力分析，受重力2mg、向上的静摩擦力2f，根据平衡条件，有：2mg=2f，故f=mg，故c正确，d错误；b、再对物体p受力分析，受重力mg、夹砖器对其向上的静摩擦力f，由于f=mg，故q对p没有静摩擦力，故b正确；a、对夹砖器分析，受重力、p和q整体对其向下的静摩擦力2f、手对夹砖器向上的静摩擦力，根据平衡条件，手对夹砖器向上的静摩擦力越大则说明砖块越重；握住夹砖器的力越大，夹砖器对p和q的最大静摩擦力越小；故a错误；故选：bc点评：本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，然后根据共点力平衡条件列式分析，基础题目152012年8月3日中国选手董栋在伦敦奥运会夺得男子蹦床金牌忽略空气阻力，下面说法正确的是（）a 运动员下落到刚接触蹦床时，速度最大b 运动到最低点时，床对运动员的作用力大于运动员对床的作用力c 从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员的加速度先减小后增大d 从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员是先失重后超重考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力专题：牛顿运动定律综合专题分析：动员下落过程接触蹦床前是自由落体运动，从接触蹦床到最低点过程，蹦床行变量逐渐变大，弹力逐渐增加；当弹力小于重力时，合力向下，加速度向下，运动员向下加速；当弹力大于重力时，合力向上，加速度向上，运动员向下减速解答：解：a、动员下落过程接触蹦床前是自由落体运动，从接触蹦床到最低点过程，蹦床行变量逐渐变大，运动员受到的弹力逐渐增加，故合力先向下后向上，故运动员先加速后减速，故当弹力与重力平衡时，速度最大，故a错误；b、床对运动员的作用力与运动员对床的作用力是相互作用力，总是等值、反向、共线，故b错误；c、从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，蹦床行变量逐渐变大，运动员受到的弹力逐渐增加，故合力先向下减小后反向增加，故运动员的加速度先减小后增大，故c正确；d、在从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中加速度方向先向下后向上，故先失重后超重，故d正确；故选：cd点评：本题关键是明确运动员受力情况，然后根据牛顿第二定律分析加速度变化情况，最后得到其运动情况16如图所示，在水平地面上处于伸直状态的轻细绳一端拴在质量为m的物块上，另一端固定于木桩上的b点用弹簧称的光滑挂钩缓慢拉绳，弹簧称、细绳始终与地面平行物块在水平拉力作用下缓慢滑动当物块滑动至a位置，ao与bo之间夹角为120时，弹簧称的示数为f则（）a 物块与地面间的动摩擦因数为b 木桩受到绳的拉力始终大于fc 控制弹簧称的水平拉力保持不变d 控制弹簧称的水平拉力一直增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以弹簧秤挂钩结点处为研究对象受力分析，运用合成法求解绳子的拉力大小；物块缓慢滑动，处于平衡状态，则绳子拉力的大小等于滑块摩擦力的大小，进而结合滑动摩擦力的计算公式求出摩擦因数解答：解：a、以弹簧秤挂钩结点处为研究对象受力分析，运用合成法如图：由几何知识知：绳子拉力t=f物块缓慢滑动，处于平衡状态：f=t=f即：mg=f得：=故a正确；b、由a分析知，木桩受到绳的拉力等于f而不是大于f，故b错误；c、为了使木桩处于平衡状态绳子拉力始终等于f，但随着木桩的靠近，两边绳子夹角逐渐减小，由平行四边形合成法则知合力增大，则弹簧秤拉力一直增大，故c错误d正确；故选：ad点评：本题的关键是由“物块在水平拉力作用下缓慢滑动”确定物块受力平衡，则绳子拉力不变三、实验题，本题共14分17用一根弹簧和一把弹簧秤做“求合力”实验用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的弹性限度；改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力f跟伸长量x的关系图线，则弹簧的劲度系数为0.2n/cm；用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，则此时弹簧的伸长量为10.5cm；用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小f合，若实验误差较小可以忽略不计，则f合=2.96n考点：验证力的平行四边形定则专题：实验题分析：使用弹簧秤时不能超过弹簧的弹性限度；根据胡克定律，通过图线的斜率求出弹簧的劲度系数根据弹簧秤示数运用胡克定律求解弹簧的伸长量解答：解：用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的弹性限度；改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力f跟伸长量x的关系图线，根据胡克定律得图线的斜率表示劲度系数，则k=0.2n/cm；用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，弹簧秤示数为2.10n，则此时弹簧的伸长量为x=10.5cm，用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小f合，若实验误差较小可以忽略不计，则f合=2.10=2.96n故答案为：（1）弹性限度；0.2；10.5；2.96点评：关键掌握胡克定律f=kx，知图线的斜率表示劲度系数，能够根据弹簧秤示数运用胡克定律求解弹簧的伸长量，基础题18某同学设计了一个探究小车的加速度a与小车所受拉力f及质量m关系的实验，图中（甲）为实验装置简图他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为下列说法中正确的是ac（选填字母代号）a实验时要平衡摩擦力 b实验时不需要平衡摩擦力c钩码的重力要远小于小车的总重力 d实验进行时应先释放小车再接通电源如图（乙）所示是某次实验中得到的一条纸带，其中a、b、c、d、e是计数点（每打5个点取一个计数点），其中l1=3.07cm，l2=12.38cm，l3=27.87cm，l4=49.62cm则打c点时小车的速度为1.24m/s，小车的加速度是6.22m/s2（计算结果均保留三位有效数字）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题分析：该实验装置于验证牛顿第二定律的实验装置相同，为了让砝码的重力更加接近为小车的合外力，本实验中需要平衡摩擦力和让砝码重力远远小于小车重力利用在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求c的速度大小，利用逐差法根据x=at2可求物体的加速度解答：解：根据实验原理我们知道，为了让砝码的重力更加接近为小车的合外力，本实验中需要平衡摩擦力和让砝码重力远远小于小车重力，实验时先接通电源后释放小车，故bd错误，ac正确故选：ac每打5个点取一个计数点，相邻的计数点的时间间隔是0.1s，根据中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速得c点的速度为：vc=m/s=1.24m/s根据x=at2可得：a=m/s2=6.22m/s2故答案为：ac 1.24； 6.22点评：正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用四、计算题，本题共32分19如图甲所示，一质量为2.0kg的物体静止在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.20从t=0时刻起，物体受到水平方向的力f的作用而开始运动，8s内f随时间t变化的规律如图乙所示求：