广东省普宁一中高考物理模拟试卷（一）（含解析）.doc

2015年广东省普宁一中高考物理模拟试卷（一） 一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分每小题只有一个选项符合题意1在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是（）a将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化b在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化c将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化d绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化2如图所示，一块橡皮用不可伸长的细线悬挂于o点，用铅笔靠着细线的左侧从o点开始水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则在铅笔向右匀速移动过程中，橡皮运动的速度（）a大小和方向均不变b大小不变，方向改变c大小改变，方向不变d大小和方向均改变3如题图所示，n匝矩形导线框以角速度在磁感应强度为b的匀强磁场中绕轴oo匀速转动，线框面积为s，线框的电阻为r，电感不计，外电路接电阻r、理想交流电流表下列说法正确的是（）a图示位置线圈的感应电动势为nbsb交流电流表的示数i=c一个周期内通过r的电荷量q=dr两端电压的有效值u=nbs4如图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体（）a第1s内和第3s内的运动方向相反b第3s内和第4s内的加速度相同c第1s内和第4s内的位移大小不等d02s内和04s内的平均速度大小相等5物体a、b都静止在同一水平面上它们的质量分别为ma、mb，与水平面的动摩擦因素分别为a、b用水平拉力f分别拉物体a、b所得加速度a与拉力f的关系图线如图所示，则（）aa=b，mambbab，mambc可能有ma=mbdab，mamb6黑洞是一种密度极大的天体，以至包括光在内的所有物质都逃脱不了其引力作用，当黑洞表面的物体速度达到光速c时，才是恰好围绕其表面做匀速圆周运动，科学家对猎户座中位于银河系中心附近的星体进行了多年的观察，发现了与银河系中心距离为r的星体正以速率v绕银河系中心做匀速圆周运动，推测银河系中心可能存在一个大黑洞，如图所示，由此，可得出该黑洞的半径r为（）abcd二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分7如图所示，虚线表示某匀速电场的等势面，一带电粒子以某一初速度从p点射入电场后，在只受电场力作用下的轨迹如图中实线所示，q是轨迹上的一点，且位于p点的右下方，下列判断正确的是（）a粒子一定带正电b粒子的动能先减少后增大c等势面a的电势一定高于等势面b的电势d粒子在q点的电势能一定大于在p点的电势能8某同学把一体重计放在电梯的地板上，然后站在体重计上随电梯运动，他观察了体重计示数的变化情况，并记录下了几个特定时刻体重计的示数（表内时刻不表示先后顺序）若已知t0时刻电梯静止，则（）时刻t0t1t2t3t4体重计示数（kg）50.055.050.045.050.0at1和t3时刻电梯运动的加速度方向一定相反bt1和t2时刻物体所受重力不相同ct1时刻电梯一定在向上做加速运动dt2和t4时刻电梯一定处于平衡状态9如图所示，有一金属块放在垂直于侧面c的匀强磁场中，当有稳恒电流自左向右的方向通过时，下列说法中正确的是（）a金属块上表面m的电势高于下表面n的电势b磁感应强度增大时，金属块上、下两表面间的电压u增大c电流增大时，金属块上、下两表面间的电压u减小d电流不变时，金属块中单位体积内自由电子越多，上、下两表面间的电压u越小10如图所示，a是半径为r的圆形光滑轨道，固定在木板b上，竖直放置；b的左右两侧各有一光滑挡板固定在地面上，使其不能左右运动，小球c静止放在轨道最低点，a，b，c质量相等现给小球一水平向右的初速度v0，使小球在圆型轨道的内侧做圆周运动，为保证小球能通过轨道的最高点，且不会使b离开地面，初速度v0必须满足（）（重力加速度为g）a最小值为b最大值为c最小值为d最大值为三、实验题：本大题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分把答案写在题中横线上，不要求写出演算过程11图（a） 为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量m、重物的质量m； 用游标卡尺测量遮光片的宽度d； 用米尺测量两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门a的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门a和光电门b所用的时间ta和tb，求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均值；根据上述实验数据求出动摩擦因数回答下列问题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm） 的示数如图（b） 所示，其读数为cm（2）物块的加速度a可用d、s、ta和tb表示为a=（3）动摩擦因数可用m、m、和重力加速度g表示为=（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于（填“偶然误差”或“系统误差”）12某同学把较粗的铜丝和铁丝相隔较近插入苹果中，制成一个苹果电池，用如下器材研究苹果电池的电动势与内阻：开关、电阻箱（最大阻值为999）、毫安表（量程ig=1ma，内阻忽略不计）、导线若干在图甲中用实线连接成实验电路；闭合开关，改变电阻箱的阻值r，记录多组i、r的数据，作出r专图象如图乙直线a由此可知此时苹果电池的电动势e=v，内阻r；增大铜丝和铁丝的插入深度，重复上述步骤进行实验，作出的r图线如图乙直线b由此可知，电极插入的深度增大，电池电动势，内阻（选填“增大”、“减小”或“不变”）四、计算题：本大题共2小题，第13题10分，第14题13分，共23分把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤13如图1所示，水平传送带ab逆时针匀速转动，一个质量为m=1.0kg的小物块以某一初速度由传送带左端滑上，通过速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图2所示（图中取向左为正方向，以物块滑上传送带时为计时零点）已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2求：（1）物块与传送带间的动摩擦因数；（2）物块在传送带上的运动时间：（3）整个过程中系统生成的热量14如图所示，质量为m的导体棒ab的电阻为r，水平放在相距为l的竖直光滑金属导轨上导轨平面处于磁感应强度大小为b、方向垂直于导轨平面向外的匀强磁场中左侧是水平放置、间距为d的平行金属板导轨上方与一可变电阻r连接，导轨电阻不计，导体棒与导轨始终接触良好重力加速度为g（1）调节可变电阻的阻值为r1=3r，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，将带电量为+q的微粒沿金属板间的中心线水平射入金属板间，恰好能匀速通过求棒下滑的速率v和带电微粒的质量m（2）改变可变电阻的阻值为r2=4r，同样在导体棒沿导轨匀速下滑时，将该微粒沿原来的中心线水平射入金属板间，若微粒最后碰到金属板并被吸收求微粒在金属板间运动的时间t五、选考题：请考生在以下三个模块中任选二模块作答，如果多做，则按所做的第一、二模块计分计算题要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤【选修3-3】15以下说法中正确的是（）a现在教室内空气中的氮气和氧气的分子平均动能相同b用活塞压缩气缸里的空气，活塞对空气做功52j，这时空气的内能增加了76j，则 空气从外界吸热128jc有一分子a从无穷远处靠近固定不动的分子b，当a、b间分子力为零时，它们具有的分子势能一定最小d显微镜下观察到的布朗运动是液体分子的无规则运动e切与热现象有关的宏观物理过程都是不可逆的16内壁光滑的导热气缸竖直浸放在盛有27温水的恒温水槽中，用不计质量的活塞封闭了压强为1.0105pa、体积为2.0103m3的理想气体现在活塞上方缓缓倒上质量为0.5kg的沙子，封闭气体的体积变为v1；然后将气缸移出水槽，经过缓慢降温，气体温度最终变为23已知活塞面积为2.0104m2，大气压强为1.0105pa，g取10m/s2，求：（i）气体体积v1（ii）气缸内气体的最终体积v2 （结果保留两位有效数字）（）请在答题卡上画出全过程的pt图象【选修3-4】（12分）17一列简谐波沿直线传播，以波源o由平衡位置开始振动为计时零点，质点a的振动图象如图所示，已知o，a的平衡位置相距0.9m，以下判断正确的是（）a波长为1.2mb波源起振方向沿y轴正方向c波速大小为0.4m/sd质点a的动能在t=4s时最大18如图，三角形abc为某透明介质的横截面，o为bc边的中点，位于截面所在平面内的一束光线自o以角i入射，第一次到达ab边恰好发生全反射，已知=15，bc边长为2l，该介质的折射率为，求：（i）入射角i；（ii）从入射角到发生第一次全反射所用的时间（设光在真空中的速度为v，可能用到sin75=或sin15=2）【选修3-5】（12分）19（2015琼海校级模拟）下列五幅图涉及不同的物理知识，其中说法正确的是（）a此图：由图可以看出，随着温度的升高，各种波长的辐射强度都有所增加，并且辐射强度的极大值向波长较短的方向移动b此图：放射源射出的三种射线在磁场中运动轨迹不同，说明三种射线带电情况不同c此图：按照汤姆生的枣糕式模型来推断粒子散射的实验结果，应该是不会出现大角度偏转的粒子d此图：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，说明电子具有粒子性e此图：光电效应实验表明光具有粒子性，并且证实了波既有能量又有动量20如图所示，光滑水平面上静置长木板，长木板上表面的ab部分为光滑圆弧，bc部分为粗糙平面，ab与bc平滑连接小物体由a点静止释放，恰好未滑离木板己知a点与bc竖直高度差为h，bc部分长度为l，长木板质量为2m，小物体质量为m求：小物体滑到b点时，二者的速度大小；bc部分与小物体间的动摩擦因数2015年广东省普宁一中高考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分每小题只有一个选项符合题意1在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是（）a 将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化b 在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化c 将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化d 绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化考点：感应电流的产生条件分析：产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化或闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流解答：解：a、将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，回路中没有磁通量的变化，不能产生感应电流，观察到电流表没有变化，故a错误；b、在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，回路中没有磁通量的变化，不能产生感应电流，观察到电流表没有变化，故b错误；c、将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁的过程中有感应电流产生，但是之后，再到相邻房间去观察时，回路中已经没有磁通量的变化，此时观察到的电流表没有变化，故c错误；d、绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，回路中的磁通量发生变化，能观察电流表的变化，故d正确故选：d点评：解决本题关键要准确把握产生感应电流的一般条件：闭合回路的磁通量发生变化，电路必须闭合2如图所示，一块橡皮用不可伸长的细线悬挂于o点，用铅笔靠着细线的左侧从o点开始水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则在铅笔向右匀速移动过程中，橡皮运动的速度（）a 大小和方向均不变b 大小不变，方向改变c 大小改变，方向不变d 大小和方向均改变考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：橡皮参加了两个分运动，水平向右匀速移动，同时，竖直向上匀速运动，实际运动是这两个运动的合运动，根据平行四边形定则可以求出合速度解答：解：橡皮在水平方向匀速运动，由于橡皮向右运动的位移一定等于橡皮向上的位移，故在竖直方向以相等的速度匀速运动，根据平行四边形定则，可知合速度也是一定的，故合运动是匀速直线运动；故选：a点评：本题关键是先确定水平方向和竖直方向的分运动，然后根据合运动与分运动的等效性，由平行四边形定则求出合速度3如题图所示，n匝矩形导线框以角速度在磁感应强度为b的匀强磁场中绕轴oo匀速转动，线框面积为s，线框的电阻为r，电感不计，外电路接电阻r、理想交流电流表下列说法正确的是（）a 图示位置线圈的感应电动势为nbsb 交流电流表的示数i=c 一个周期内通过r的电荷量q=d r两端电压的有效值u=nbs考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率专题：交流电专题分析：根据em=nbs求解感应电动势的最大值，根据e=求解感应电动势的有效值，根据欧姆定律求解电流有效值，根据q=n求解电量解答：解：a、图示位置是中性面位置，感应电动势为零，故a错误；b、感应电动势的最大值em=nbs，故电流为：i=，故b正确；c、一个周期内通过r的电荷量：q=0，故c错误；d、感应电动势的最大值em=nbs，有效值为：e=，故r两端电压的有效值为：，故d错误；故选：b点评：本题关键记住交流发电机产生的交流电的最大值表达式em=nbs，注意可以根据推论公式q=求解电量4如图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体（）a 第1s内和第3s内的运动方向相反b 第3s内和第4s内的加速度相同c 第1s内和第4s内的位移大小不等d 02s内和04s内的平均速度大小相等考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移平均速度等于位移与时间之比根据这些知识进行解答解答：解：a、由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，故a错误；b、速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故b正确；c、图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等故c错误；d、根据“面积”可知：02s内和04s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故d错误故选：b点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移5物体a、b都静止在同一水平面上它们的质量分别为ma、mb，与水平面的动摩擦因素分别为a、b用水平拉力f分别拉物体a、b所得加速度a与拉力f的关系图线如图所示，则（）a a=b，mambb ab，mambc 可能有ma=mbd ab，mamb考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：对物体受力分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式，结合加速度a与拉力f的关系图象分析即可解答：解：对质量为m的物体受力分析，假定动摩擦因素为，根据牛顿第二定律，有：fmg=ma解得：a=g，故a与f关系图象的斜率表示质量的倒数，故mamb；从图象可以看出纵轴截距用表示g表示，故ab；故选：b点评：本题关键对物体受力分析后，根据牛顿第二定律列式求解出a与f关系式，再结合图象进行讨论6黑洞是一种密度极大的天体，以至包括光在内的所有物质都逃脱不了其引力作用，当黑洞表面的物体速度达到光速c时，才是恰好围绕其表面做匀速圆周运动，科学家对猎户座中位于银河系中心附近的星体进行了多年的观察，发现了与银河系中心距离为r的星体正以速率v绕银河系中心做匀速圆周运动，推测银河系中心可能存在一个大黑洞，如图所示，由此，可得出该黑洞的半径r为（）a b c d 考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：黑洞表面的物体和距离为r的星体都绕黑洞做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，分别列方程，联立方程求解即可解答：解：当黑洞表面的物体速度达到光速c时，才是恰好围绕其表面做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力：得：r=与银河系中心距离为r的星体正以速率v绕银河系中心做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力：得：gm=v2r所以：r=，故c正确、abd错误故选：c点评：本题要掌握环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，万有有引力提供向心力，要能根据题目提供的条件，选择恰当的向心力的表达式，列方程计算二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分7如图所示，虚线表示某匀速电场的等势面，一带电粒子以某一初速度从p点射入电场后，在只受电场力作用下的轨迹如图中实线所示，q是轨迹上的一点，且位于p点的右下方，下列判断正确的是（）a 粒子一定带正电b 粒子的动能先减少后增大c 等势面a的电势一定高于等势面b的电势d 粒子在q点的电势能一定大于在p点的电势能考点：等势面；电势；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即向左方，由于不知道电场线的方向，因此不能判断出电荷的电性；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直解答：解：a、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于不知道电场线的方向，因此不能判断出电荷的电性，故a错误；b、根据质点受力情况可知，从p到q过程中电场力做负功，动能减小电势能增大；从q到p过程中电场力做正功，动能增大，故b正确；c、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于不知道电场线的方向，也不知道电荷的电性，因此无法判断出电势的高低故c错误；d、根据质点受力情况可知，从p到q过程中电场力做负功，从q到p过程中电场力做正功，由于q点离曲线的最右端近一些，所以电荷从p都q的过程中，电场力做的负功大于电场力做的正功，电荷的电势能增大故d正确；故选：bd点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化8某同学把一体重计放在电梯的地板上，然后站在体重计上随电梯运动，他观察了体重计示数的变化情况，并记录下了几个特定时刻体重计的示数（表内时刻不表示先后顺序）若已知t0时刻电梯静止，则（）时刻t0t1t2t3t4体重计示数（kg）50.055.050.045.050.0a t1和t3时刻电梯运动的加速度方向一定相反b t1和t2时刻物体所受重力不相同c t1时刻电梯一定在向上做加速运动d t2和t4时刻电梯一定处于平衡状态考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据表格读数分析，t1时刻物体处于超重状态，t2、t4时刻物体处于平衡状态，t3处于失重状态；根据牛顿第二定律分析物体加速度的方向发生超重与失重现象时，物体的重力没有变化超重或失重取决于加速度的方向，与速度方向无关解答：解：a、由分析可知，t1时刻加速度向上；t3时刻加速度向下；故二者方向一定相反；故a正确；b、物体处于超重还是失重时，物体的重力不变；故b错误；c、超重只能说明加速度向上，物体可能做向上的加速运动，也可能做向下的减速运动；故c错误；d、t2和t4时刻电梯一定处于平衡状态；故d正确；故选：ad点评：超重和失重现象可以运用牛顿运动定律进行分析理解，产生超重的条件是：物体的加速度方向向上；产生失重的条件：物体的加速度方向向下9如图所示，有一金属块放在垂直于侧面c的匀强磁场中，当有稳恒电流自左向右的方向通过时，下列说法中正确的是（）a 金属块上表面m的电势高于下表面n的电势b 磁感应强度增大时，金属块上、下两表面间的电压u增大c 电流增大时，金属块上、下两表面间的电压u减小d 电流不变时，金属块中单位体积内自由电子越多，上、下两表面间的电压u越小考点：霍尔效应及其应用分析：电子做定向移动时，受到洛伦兹力发生偏转，在上下表面间形成电势差，最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据电流的微观表达式以及平衡求出电压表的示数和单位体积内的自由电子数解答：解：a、根据左手定则，知电子向上表面偏转，上表面带负电，下表面带正电，所以上表面比下表面电势低故a错误b、最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：evb=e，得u=bvd，故b增大时m、n两表面间的电压u增大，b正确c、电流的微观表达式为i=nevs=nevbd，电流增大，则v增大，又u=bvd则u增大，故c错误；d、由c选项分析可知，n=，则u=，单位体积内的自由电子数越多，则电压表的示数越小故d正确故选：bd点评：解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力方向，以及最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡10如图所示，a是半径为r的圆形光滑轨道，固定在木板b上，竖直放置；b的左右两侧各有一光滑挡板固定在地面上，使其不能左右运动，小球c静止放在轨道最低点，a，b，c质量相等现给小球一水平向右的初速度v0，使小球在圆型轨道的内侧做圆周运动，为保证小球能通过轨道的最高点，且不会使b离开地面，初速度v0必须满足（）（重力加速度为g）a 最小值为b 最大值为c 最小值为d 最大值为考点：向心力专题：匀速圆周运动专题分析：小球在环内侧做圆周运动，通过最高点速度最小时，轨道对球的最小弹力为零，根据牛顿第二定律求出小球在最高点的最小速度；为了不会使环在竖直方向上跳起，小球在最高点对轨道的弹力不能大于2mg，根据牛顿第二定律求出最高点的最大速度，再根据机械能守恒定律求出小球在最低点的速度范围解答：解：在最高点，速度最小时有：mg=m，解得：v1=根据机械能守恒定律，有：2mgr+mv12=mv12，解得：v1=在最高点，速度最大时有：mg+2mg=m，解得：v2=根据机械能守恒定律有：2mgr+mv22=mv22，解得：v2=所以为保证小球能通过轨道的最高点，且不会使b离开地面，初速度v0必须满足：v0故cd正确，a、b错误故选：cd点评：本题综合考查了牛顿第二定律和机械能守恒定律，关键理清在最高点的两个临界情况，求出在最高点的最大速度和最小速度三、实验题：本大题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分把答案写在题中横线上，不要求写出演算过程11图（a） 为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量m、重物的质量m； 用游标卡尺测量遮光片的宽度d； 用米尺测量两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门a的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门a和光电门b所用的时间ta和tb，求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均值；根据上述实验数据求出动摩擦因数回答下列问题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm） 的示数如图（b） 所示，其读数为0.960cm（2）物块的加速度a可用d、s、ta和tb表示为a=（3）动摩擦因数可用m、m、和重力加速度g表示为=（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差（填“偶然误差”或“系统误差”）考点：用双缝干涉测光的波长专题：实验题分析：（1）游标卡尺主尺与游标尺的示数之和是游标卡尺的示数，（2）由速度公式求出物块经过a、b两点时的速度，然后由匀变速运动的速度位移公式求出物块的加速度；（3）由牛顿第二定律求出动摩擦因数（4）由于实验设计造成的误差是系统误差，由于实验操作、读数等造成的误差属于偶然误差解答：解：（1）由图（b）所示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm，游标尺示数为120.05mm=0.60mm=0.060cm，则游标卡尺示数为0.9cm+0.060cm=0.960cm（2）物块经过a点时的速度为：va=，物块经过b点时的速度为：vb=，物块做匀变速直线运动，由速度位移公式得：vb2va2=2as，加速度为：a=；（3）以m、m组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：mgmg=（m+m），解得：=；（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差故答案为：（1）0.960；（2）；（3）；（4）系统误差点评：对游标卡尺进行读数时，要先确定游标尺的精度，主尺与游标尺的示数之和是游标卡尺示数，读数时视线要与刻度线垂直12某同学把较粗的铜丝和铁丝相隔较近插入苹果中，制成一个苹果电池，用如下器材研究苹果电池的电动势与内阻：开关、电阻箱（最大阻值为999）、毫安表（量程ig=1ma，内阻忽略不计）、导线若干在图甲中用实线连接成实验电路；闭合开关，改变电阻箱的阻值r，记录多组i、r的数据，作出r专图象如图乙直线a由此可知此时苹果电池的电动势e=1v，内阻r900；增大铜丝和铁丝的插入深度，重复上述步骤进行实验，作出的r图线如图乙直线b由此可知，电极插入的深度增大，电池电动势不变，内阻减小（选填“增大”、“减小”或“不变”）考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题分析：（1）用电流表与电阻箱测电源电动势与内阻，应把电源、电流表、电阻箱串联接入电路（2）根据闭合电路欧姆定律求出r的函数表达式，然后根据图象求出电源电动势与内阻（3）根据图象的物理意义判断解答：解：（1）把苹果电池、电流表、电阻箱、开关串联接入电路，电路图如图甲所示（2）在闭合电路中，e=i（r+r），则r=er，r图象的斜率斜率等于电源电动势，图象截距是电源内阻，由图象可知，电源电动势e=k=1v，电源内阻r=900（3）由r=er得r图象的斜率斜率等于电源电动势，图象截距是电源内阻，如图乙直线b，图象斜率不变，截距变小，所以电源电动势不变，内阻减小故答案为：（1）如图（2）1；900；（3）不变，减小点评：本题考查了连接实物电路图、求电源电动势与内阻等问题，要知道安阻法测电源电动势与内阻的实验原理与实验方法，由闭合电路欧姆定律求出函数表达式，根据图象斜率与截距的意义分析答题是正确求出电动势与内阻的关键四、计算题：本大题共2小题，第13题10分，第14题13分，共23分把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤13如图1所示，水平传送带ab逆时针匀速转动，一个质量为m=1.0kg的小物块以某一初速度由传送带左端滑上，通过速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图2所示（图中取向左为正方向，以物块滑上传送带时为计时零点）已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2求：（1）物块与传送带间的动摩擦因数；（2）物块在传送带上的运动时间：（3）整个过程中系统生成的热量考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；功能关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）根据速度时间图线求出物块匀减速运动的加速度大小，结合牛顿第二定律求出物块与传送带间的动摩擦因数大小（2）物块滑上传送带后先做匀减速运动到零，然后反向做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动，结合运动学公式求出向左和向右运动的时间，从而得出物块在传送带上的总时间（3）根据运动学公式求出整个过程相对路程的大小，结合摩擦力与相对路程的乘积求出产生的热能解答：解：（1）由速度图象可得，物块做匀变速运动的加速度：=2.0 m/s2由牛顿第二定律得f=ma得到物块与传送带间的动摩擦因数 （2）由速度图象可知，物块初速度大小v=4m/s、传送带速度大小v=2m/s，物块在传送带上滑动t1=3s后，与传送带相对静止前2秒内物块的位移大小、向右，后1秒内的位移大小、向左，3秒内位移s=s1s2=3m，向右； 物块再向左运动时间物块在传送带上运动时间t=t1+t2=4.5s；（3）物块在皮带上滑动的3s内，皮带的位移s=vt1=6m，向左；物块位移的s=s1s2=3m，向右 相对位移为：s=s+s=9m所以转化的热能 eq=fs=18j；答：（1）物块与传送带间的动摩擦因数为0.2；（2）物块在传送带上的运动时间为4.5s；（3）整个过程中系统生成的热量为18j点评：解决本题的关键理清物块在传送带上整个过程的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式以及速度时间图线进行求解14如图所示，质量为m的导体棒ab的电阻为r，水平放在相距为l的竖直光滑金属导轨上导轨平面处于磁感应强度大小为b、方向垂直于导轨平面向外的匀强磁场中左侧是水平放置、间距为d的平行金属板导轨上方与一可变电阻r连接，导轨电阻不计，导体棒与导轨始终接触良好重力加速度为g（1）调节可变电阻的阻值为r1=3r，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，将带电量为+q的微粒沿金属板间的中心线水平射入金属板间，恰好能匀速通过求棒下滑的速率v和带电微粒的质量m（2）改变可变电阻的阻值为r2=4r，同样在导体棒沿导轨匀速下滑时，将该微粒沿原来的中心线水平射入金属板间，若微粒最后碰到金属板并被吸收求微粒在金属板间运动的时间t考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：（1）棒匀速下滑时产生感应电动势，相当于电源，给平行金属板提供电压先由棒匀速运动，受力平衡，列式求出通过棒ab的电流，再由闭合电路欧姆定律和感应电动势公式e=blv求出v再对微粒进行研究，微粒匀速运动，受力也平衡，由平衡条件形式，即可求得微粒的质量m（2）导体棒沿导轨匀速下滑，回路电流保持不变，由欧姆定律求出平行金属板间的电压微粒进入金属板后将做类平抛运动，根据牛顿第二定律求得加速度，由位移时间公式求解解答：解：（1）棒匀速下滑，则有：bil=mg回路中的电流为：i=将r1=3r代入得：棒下滑的速率：v=金属板间的电压为：u=ir1带电微粒在板间匀速运动，有：mg=q联立解得带电微粒的质量：m=（2）导体棒沿导轨匀速下滑，回路电流保持不变，金属板间的电压为：u=ir2电压增大使微粒射入金属板后向上偏转，则有：qmg=ma=at2联立解得微粒在金属板间运动的时间为：t=；答：（1）棒下滑的速率v为，带电微粒的质量m是（2）微粒在金属板间运动的时间点评：本题主要是电磁感应与电场中类平抛运动的综合，它们联系的桥梁是电压棒匀速运动时，受力平衡，微粒匀速运动时受力同样平衡，而两个平衡方程都与板间电压有关所以要善于寻找学科间综合的桥梁，同时对类平抛运动的分解法要熟练，注意不能将微粒的重力遗漏五、选考题：请考生在以下三个模块中任选二模块作答，如果多做，则按所做的第一、二模块计分计算题要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤【选修3-3】15以下说法中正确的是（）a 现在教室内空气中的氮气和氧气的分子平均动能相同b 用活塞压缩气缸里的空气，活塞对空气做功52j，这时空气的内能增加了76j，则 空气从外界吸热128jc 有一分子a从无穷远处靠近固定不动的分子b，当a、b间分子力为零时，它们具有的分子势能一定最小d 显微镜下观察到的布朗运动是液体分子的无规则运动e 切与热现象有关的宏观物理过程都是不可逆的考点：温度是分子平均动能的标志；布朗运动；分子势能；热力学第二定律分析：温度是分子平均动能的标志；根据热力学第一定律，u=w+q，即可求解；由分子力做正功，则电势能减小，分子力做负功，电势能增加，即可确定结果；布朗运动是反映液体分子的无规则运动；热力学第二定律可知，宏观物理过程是不可逆的，从而即可求解解答：解：a、教室内空气中的氮气和氧气的温度相同，则它们的分子平均动能相同，故a正确；b、活塞对空气做功52j，即w=52j，这时空气的内能增加了76j，即u=76j，根据热力学第一定律，u=w+q，则q=128j，空气从外界吸热128j，故b正确；c、分子a从无穷远处靠近固定不动的分子b，没有达到平衡位置过程中，分子力做正功，则分子势能减小，当a、b间分子力为零时，它们具有的分子势能一定最小，故c正确；d、观察到的布朗运动是反映了液体分子的无规则运动，故d错误；e、由热力学第二定律，可知，一切与热现象有关的宏观物理过程都是不可逆的，故e正确；故选：abce点评：考查热力学第一、二定律，掌握分子力做功与分子势能的变化关系，理解布朗运动的本质16内壁光滑的导热气缸竖直浸放在盛有27温水的恒温水槽中，用不计质量的活塞封闭了压强为1.0105pa、体积为2.0103m3的理想气体现在活塞上方缓缓倒上质量为0.5kg的沙子，封闭气体的体积变为v1；然后将气缸移出水槽，经过缓慢降温，气体温度最终变为23已知活塞面积为2.0104m2，大气压强为1.0105pa，g取10m/s2，求：（i）气体体积v1（ii）气缸内气体的最终体积v2 （结果保留两位有效数字）（）请在答题卡上画出全过程的pt图象考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强专题：理想气体状态方程专题分析：（i）气缸在水槽中，往活塞上方缓缓倒沙子过程中，气体发生等温变化，由玻意耳定律求解气体体积（ii）移除水槽后，气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律得，气缸内气体的最终体积（iii）根据气体状态变化过程，作出图象解答：解：（）气体状态参量：p0=1.0105pa，p1=p0+=1.25105pa，v0=2.0103m3；气体发生等温变化，根据玻意耳定律有：p0v0=p1v1，代入数据得：v1=1.6103m3；（）t1=273+27=300k，t2=27323=250k，移除水槽后，气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律得：=，代入数据解得：v2=1.3103m3；（iii）pt图象如图所示：答：（i）气体体积为1.6103m3（ii）气缸内气体的最终体积为1.3103m3；（iii）图象如图所示点评：此类多过程并且涉及到多个物理量的问题一定要分别找出每个过程对应的物理量，结合适当的规律解题【选修3-4】（12分）17一列简谐波沿直线传播，以波源o由平衡位置开始振动为计时零点，质点a的振动图象如图所示，已知o，a的平衡位置相距0.9m，以下判断正确的是（）a 波长为1.2mb 波源起振方向沿y轴正方向c 波速大小为0.4m/sd 质点a的动能在t=4s时最大考点：简谐运动的振动图象；横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：首先明确其图象是振动图象，并可知周期为4s和起振方向即a的振动情况；据波速公式即变形式即可求解解答：解：ac、据图象可知：a比波源晚振动3s，其周期为4s，所以波速为：v=0.3m/s在据波速公式得：=vt=0.34m=1.2m 故a正确；c错误；bd、据波的传播特点，各质点的起振方向与波源的起振方向相同；据图象可知，起振方向沿y 轴的正方向，质点a在4s时位于最大位移处，速率为零，动能为零，故b正确，d错误故选：ab点评：灵活应用波的传播特点是解题的关键，即波的起振方向与各质点的起振方向相同；注意求波速的方法及波速公式的应用18如图，三角形abc为某透明介质的横截面，o为bc边的中点，位于截面所在平面内的一束光线自o以角i入射，第一次到达ab边恰好发生全反射，已知=15，bc边长为2l，该介质的折射率为