广东省深圳高中高二物理上学期期中试卷 理（含解析）.doc

广东省深圳高中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（理科） 一、单选题（共10题，每题3分，共30分）1（3分）下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是（）a元电荷最早由库仑通过油滴实验测出b牛顿通过扭秤实验测定出了万有引力恒量gc法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场d安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律2（3分）对物体带电现象的叙述，正确的是（）a不带电的物体一定没有电荷b带电物体一定具有多余的电子c一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，这过程中电荷不守恒d摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程3（3分）关于点电荷，下列说法正确的是（）a体积小的带电体在任何情况下都可以看成点电荷b所有的带电体在任何情况下都可以看成点电荷c带电体的大小和形状对研究它们之间的作用力的影响可以忽略不计时，带电体可以看成点电荷d通常把带电小球看成点电荷，带电小球靠得很近时，它们之间的作用力为无限大4（3分）下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）场强e= 场强e= 场强e= 电场力做功w=uqabcd5（3分）三个点电荷电场的电场线分布如图所示，图中a、b两点处的场强大小分别为ea、eb，电势分别为a、b，则（）aeaeb，abbeaeb，abceaeb，abdeaeb，ab6（3分）在电场中（）a某点的电场强度大，该点的电势一定高b某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大c某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零d某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零7（3分）关于匀强电场中电势差与场强的关系，正确的说法是（）a在相同距离的两点上，电势差大的其场强也必定大b任意两点间的电势差等于场强和这两点距离的乘积c电势减小的方向，必定是场强的方向d沿电场线的方向任意相同距离上的电势差必定相等8（3分）如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变a、b两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度（）a一定减小b一定增大c一定不变d可能不变9（3分）“好变频1度到天明”此广告语意为1度电（1kwh）可使变频空调工作一整夜（以10h计）同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约（）a1整夜b2整夜c3整夜d4整夜10（3分）有一只家用电熨斗，其电路结构如图所示，图中1、2、3、4是内部4个接线柱，改变内部接线方式可使电熨斗获得低、中、2015届高三个不同的温度挡它的四种不同的连线方式，其中能获得低挡温度的是（）abcd二、双选题（8题，每题4分，选不全得2分，错选不得分，共32分）11（4分）如图所示，可视为点电荷的小物块a、b分别带负电和正电，b固定，其正下方的a静止在绝缘斜面上，则a受力个数可能为（）aa可能受到2个力作用ba可能受到3个力作用ca可能受到4个力作用da可能受到5个力作用12（4分）在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点p，p点与q1的距离为 r，把一个电量为q2的实验电荷放在p点，它受的静电力为f，则p点电场强度的大小等于（）abcd13（4分）两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是（）aa、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大ba点电势比b点高ca、b、c三点和无穷远处等电势d一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动14（4分）仪器中常用两个阻值不同的可变电阻来调节电路的电流，一个作粗调，一个作细调，这两个变阻器可以按图甲串联起来或按图乙并联起来再接入电路已知r1阻值较大，r2阻值较小，则（）a图甲中r1作粗调b图甲中r1作细调c图乙中r2作粗调d图乙中r2作细调15（4分）如图所示，电流表、电压表均为理想电表，l为小电珠，r为滑动变阻器，电源电动势为e，内阻为r现将开关s闭合，当滑动变阻器滑片p向左移动时，下列结论正确的是（）a电流表示数变小，电压表示数变大b小电珠变亮c电容器c上电荷量减少d电源的总功率变小16（4分）某同学从电子市场购买一款手机电池板如图所示，他根据电池板上的标识，所做判断正确的是（）a该电池的电动势为4.2vb该电池的电动势为3.7vc该电池一次可以提供的最大电能为8.4103jd该电池一次可以提供的最大电能为2.664104j17（4分）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上p点出现亮斑，那么示波管中的（）a极板x应带正电b极板x应带正电c极板y应带正电d极板y应带正电18（4分）图中虚线1、2、3、4表示匀强电场的等势面一带正电的粒子只在电场力的作用下从a点运动到b点，轨迹如图中实线所示下列说法中正确的是（）a等势面1电势最低b粒子从a运动到b，动能减小c粒子从a运动到b，电势能减小d粒子从a运动到b的过程中电势能与动能之和不变三、实验题（共2题，共12分）19（8分）在测量金属丝电阻率的实验中，（1）用螺旋测微器测量时，可以精确到mm，读出图1情况下的测量结果cm（2）已知电压表内阻约3k，电流表内阻约1，若采用图2甲电路测量，则rx的测量值比真实值（填“偏大”或“偏小”）若rx约为10应采用（选“甲”或“乙”）的电路，误差会比较小（3）某次测量时，电压表和电流表的示数图3所示，则电流表示数为a，电压表示数为v20（4分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验仪器如图要求测量时电压从很小的值开始，在图中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路四、计算题（共2题，共26分，第一题12分，第二题14分要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分）21（12分）在图示的电路中，电源的内电阻r=0.6电阻r1=4，r3=6，闭合开关后电源消耗的总功率为40w，输出功率为37.6w求：（1）电源电动势e；（2）电阻r2的阻值22（14分）如图甲所示，场强大小为e、方向竖直向上的匀强电场内存在着一半径为r的圆形区域，o点为该圆形区域的圆心，a点是圆形区域的最低点，b点是圆形区域最右侧的点在a点有放射源释放出初速度大小不同、方向均垂直于场强向右的正电荷，电荷的质量均为m，电量均为q，不计重力试求：（1）电荷在电场中运动的加速度多大？（2）运动轨迹经过b点的电荷在a点时的速度多大？（3）若在圆形区域的边缘有一圆弧形接收屏cbd，b点仍是圆形区域最右侧的点，c、d分别为接收屏上最边缘的两点，如图乙所示，cob=bod=37求该屏上接收到的电荷的末动能大小的范围（ 提示：sin37=0.6，cos37=0.8）广东省深圳高中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单选题（共10题，每题3分，共30分）1（3分）下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是（）a元电荷最早由库仑通过油滴实验测出b牛顿通过扭秤实验测定出了万有引力恒量gc法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场d安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律考点：物理学史 专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：a、元电荷最早由密里根通过油滴实验测出，故a错误；b、卡文迪许通过扭秤实验测定出了万有引力恒量g，故b错误；c、法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场，故c正确；d、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律，故d错误；故选：c点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（3分）对物体带电现象的叙述，正确的是（）a不带电的物体一定没有电荷b带电物体一定具有多余的电子c一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，这过程中电荷不守恒d摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程考点：电荷守恒定律；元电荷、点电荷 分析：电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变元电荷的电量是最小的带电量解答：解：a、不带电的物体可能带有等量的正电荷和负电荷，对外显示不带电故a错误b、带电物体可能有多余的正电荷，也可能有多余的负电荷故b错误c、一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，是因为电荷被中和了，电荷仍然守恒故c错误d、摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程故d正确故选：d点评：解决本题的关键掌握电荷守恒定律，电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变以及知道元电荷的电量是最小的带电量3（3分）关于点电荷，下列说法正确的是（）a体积小的带电体在任何情况下都可以看成点电荷b所有的带电体在任何情况下都可以看成点电荷c带电体的大小和形状对研究它们之间的作用力的影响可以忽略不计时，带电体可以看成点电荷d通常把带电小球看成点电荷，带电小球靠得很近时，它们之间的作用力为无限大考点：元电荷、点电荷 分析：当电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略，电荷量对原来的电场不会产生影响的时候，该电荷就可以看做点电荷，根据点电荷的条件分析可以得出结论解答：解：a、电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以体积很大的带电体也有可能看成是点电荷，体积小的带电体有时不能看做点电荷，所以a错误；b、电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，并不是所有带电体都能看作点电荷，所以b错误；c、带电体的大小和形状对研究它们之间的作用力的影响可以忽略不计时，带电体可以看成点电荷，所以c正确；d、通常把带电小球看成点电荷，带电小球靠得很近时，库仑定律不再适用，所以d错误故选：c点评：本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累4（3分）下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）场强e= 场强e= 场强e= 电场力做功w=uqabcd考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：题中的四个物理公式，分别是：电场强度的定义式、匀强电场中电场强度与电势差的关系公式、点电荷产生的电场的场强公式和电场力做功与电势差关系公式；结合物理公式得出的过程进行分析即可解答：解：电场强度e=是用比值定义法得出的物理量，是从力角度研究电场的物理量，适用于任意电场，故正确；匀强电场中沿场强方向电势降低最快，且没前进相同距离电势的降低相等，故匀强电场中任意两点的间的电势差与两点沿电场线的距离成正比；故电场强度与电势差的关系公式u=ed仅仅适用与匀强电场，故错误；点电荷产生的电场的场强公式e=是由电场强度的定义式和库仑定律联立得到，反映了点电荷的电场中任意一点的电场强度与该点的空间位置和场源电荷的电荷量的关系，而电场有多种，不是只有点电荷有电场，故错误；电场力做功与电势差的关系公式w=qu，反映了在电场中任意两点间移动电荷时，电场力做功与两点间电势差成正比，适用于任意电场，故正确；故选d点评：本题关键是要熟悉有关电场的各个公式，要知道公式的推导过程，从而能够确定公式的适用范围5（3分）三个点电荷电场的电场线分布如图所示，图中a、b两点处的场强大小分别为ea、eb，电势分别为a、b，则（）aeaeb，abbeaeb，abceaeb，abdeaeb，ab考点：电场线 分析：电场线密的地方电场强度大，电场线稀的地方电场强度小，沿电场线电势降低，据此可正确解答本题解答：解：电场线密的地方电场强度大，电场线稀的地方电场强度小，故eaeb；根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电场线电势降低，可知ab，故bcd错误，a正确故选：a点评：本题考查了如何根据电场线的分布判断电场强度大小以及电势高低，对于不在同一电场线上的两点，可以根据电场线和等势线垂直，将它们转移到同一电场线上进行判断6（3分）在电场中（）a某点的电场强度大，该点的电势一定高b某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大c某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零d某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零考点：电势能；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：本题抓住电场强度与电势无关、正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小、电势为零，电势能为零，进行分析判断解答：解：a、某点的电场强度大，该点的电势不一定高，两者没有直接关系，故a错误b、某点的电势高，由公式ep=q知，正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，故b错误c、某点的场强为零，该点的电势不一定为零，检验电荷在该点的电势能不一定为零，故c错误d、某点的电势为零，即=0，由公式ep=q知，检验电荷在该点的电势能一定为零，故d正确故选d点评：解决本题关键要知道电势与电场强度无关、电势能的公式ep=q，即可进行判断分析7（3分）关于匀强电场中电势差与场强的关系，正确的说法是（）a在相同距离的两点上，电势差大的其场强也必定大b任意两点间的电势差等于场强和这两点距离的乘积c电势减小的方向，必定是场强的方向d沿电场线的方向任意相同距离上的电势差必定相等考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 分析：根据公式u=ed，d是沿电场线方向两点间的距离电势降低的方向不一定电场强度方向，电场强度是电势降低最快的方向解答：解：a、根据公式u=ed可知，两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积相同距离没有说明是否是电场方向的距离，故a错误；b、u=ed，d是沿电场线方向上的距离，不是任意两点间的距离，故b错误；c、电势减小的方向不是场强的方向，电势降低最快的方向才是场强的方向，故c错误d、根据公式u=ed可知，沿电场线方向，距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等故d正确故选：d点评：本题考查对物理规律的解理能力物理公式要从每个物理量的意义、公式适用条件等方面理解和记忆，仅死记公式是不能得到正确答案的8（3分）如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变a、b两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度（）a一定减小b一定增大c一定不变d可能不变考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：静电计测定电容器两板间的电势差，电势差越大，指针的偏转角度越大由题，平行板电容器带电后电量不变，减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质后，分析电容的变化，再由电容的定义式分析静电计指针的偏转角度的变化解答：解：由题，减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，根据电容的决定式c=可知，电容增大，电容器的电量不变，由c=得知，板间电势差减小，则静电计指针的偏转角度一定减小故a正确，bcd错误故选a点评：对电容的定义式和决定式两个公式要熟练掌握，灵活应用，本题是常见题型9（3分）“好变频1度到天明”此广告语意为1度电（1kwh）可使变频空调工作一整夜（以10h计）同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约（）a1整夜b2整夜c3整夜d4整夜考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：已知电扇的额定功率和消耗的电能，根据w=pt求出工作时间即可解答：解：由图可知电扇的额定功率为24w，则t=h而一整夜是10h，所以同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约4整夜故选：d点评：本题考查消耗电能的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要学会认识用电器的铭牌，解题过程中要注意单位的换算10（3分）有一只家用电熨斗，其电路结构如图所示，图中1、2、3、4是内部4个接线柱，改变内部接线方式可使电熨斗获得低、中、2015届高三个不同的温度挡它的四种不同的连线方式，其中能获得低挡温度的是（）abcd考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据公式p=可知，当电源电压不变时，接入的电阻越大，电功率越小，对选项逐一分析即可得出结论解答：解：a图中电路断路，不能工作；b图中两电阻串联；c图中只有一个r1工作；d图中两电阻并联，当两电阻串联时，电路电阻最大，根据p=可知，电源电压不变时，电功率最小，即为获得低档温度故b正确故选b点评：本题考查电功率大小的判断，关键是分析电路的连接，这是本题的难点，也是重点，还要知道串、并联电路电阻的规律二、双选题（8题，每题4分，选不全得2分，错选不得分，共32分）11（4分）如图所示，可视为点电荷的小物块a、b分别带负电和正电，b固定，其正下方的a静止在绝缘斜面上，则a受力个数可能为（）aa可能受到2个力作用ba可能受到3个力作用ca可能受到4个力作用da可能受到5个力作用考点：库仑定律；物体的弹性和弹力 专题：电场力与电势的性质专题分析：对a物块进行受力分析，同时结合平衡条件进行分析解答：解：首先物块受重力和b给的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，则可以满足受力平衡的条件，所以a球可能受到2个力的作用，a正确；若向上的吸引力小于重力，则a对斜面有压力，会受到斜面的支持力，若要合力为0处于平衡状态必须还要受一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以a有可能受四个力的作用，c正确故选：ac点评：本题借助库仑力考查了物体受力平衡的条件应用，属于基础题12（4分）在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一点p，p点与q1的距离为 r，把一个电量为q2的实验电荷放在p点，它受的静电力为f，则p点电场强度的大小等于（）abcd考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：电量为q1的点电荷场源电荷，在p点产生的电场强度的大小根据公式e=k可以确定电量为q2的实验电荷在p点所受的电静电力为f，根据电场强度的定义式e=也可以确定p点电场强度的大小解答：解：a、b电量为q2的实验电荷在p点所受的电静电力为f，根据电场强度的定义式得到：p点电场强度的大小e=故a错误，b正确c、d电量为q1的点电荷场源电荷，在p点产生的电场强度的大小为e=k故c正确，d错误故选bc点评：本题考查了电场强度的两个公式：e=，e=k，q是试探电荷，q是场源电荷13（4分）两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是（）aa、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大ba点电势比b点高ca、b、c三点和无穷远处等电势d一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动考点：电势；电场的叠加 专题：电场力与电势的性质专题分析：两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线；电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向根据电子的受力情况，分析电子的运动情况解答：解：a、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同由于b处电场线密，电场强度大于a处电场强度；故a正确；b、c、a、b、c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相等；故b错误，c正确；d、一个电子在a点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左，无初速释放后，将向左下方运动，不可能到达c点；故d错误；故选：ac点评：对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆14（4分）仪器中常用两个阻值不同的可变电阻来调节电路的电流，一个作粗调，一个作细调，这两个变阻器可以按图甲串联起来或按图乙并联起来再接入电路已知r1阻值较大，r2阻值较小，则（）a图甲中r1作粗调b图甲中r1作细调c图乙中r2作粗调d图乙中r2作细调考点：串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：串联时，电流相等，电阻大的影响大，是粗调电阻；并联时，电阻小的电流大，调节电阻小的是粗调解答：解：a、b、甲图中，两个电阻串联，根据欧姆定律，调节r1时，电阻变化大，故电流改变大，是粗调，故a正确，b错误；c、乙图中，两个电阻并联，电阻小的电流大，调节电阻r2是粗调，故c正确，d错误；故选：ac点评：本题关键明确电路结构，然后运用欧姆定律判断电阻对电流的影响情况，基础题15（4分）如图所示，电流表、电压表均为理想电表，l为小电珠，r为滑动变阻器，电源电动势为e，内阻为r现将开关s闭合，当滑动变阻器滑片p向左移动时，下列结论正确的是（）a电流表示数变小，电压表示数变大b小电珠变亮c电容器c上电荷量减少d电源的总功率变小考点：闭合电路的欧姆定律；电容 专题：电容器专题分析：当滑动变阻器滑片p向左移动时，分析变阻器接入电路电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，判断两电表读数的变化和小电珠亮度的变化由欧姆定律分析电容器电压的变化，确定其电荷量的变化电源的总功率p=ei，根据总电流的变化进行判断解答：解：a、b、当滑动变阻器滑片p向左移动时，变阻器接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律得知，总电流减小，路端电压增大，则电流表示数变小，电压表示数变大，小电珠l变暗故a正确，b错误；c、电容器的电压u=ei（rl+r），i减小，其它量不变，则u增大，由q=cu可知电容器c上电荷量q增加故c错误；d、电源的总功率p=ei，i减小，e不变，则电源的总功率变小，故a正确；故选：ad点评：本题是电路的动态变化分析问题，按“部分整体部分”的思路进行分析16（4分）某同学从电子市场购买一款手机电池板如图所示，他根据电池板上的标识，所做判断正确的是（）a该电池的电动势为4.2vb该电池的电动势为3.7vc该电池一次可以提供的最大电能为8.4103jd该电池一次可以提供的最大电能为2.664104j考点：电源的电动势和内阻；电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：本题考查对电池性能的认识，由图可得出电池的电动势及总电量，由w=uit求出电池提供的最大电能解答：解：a、由图可知，电池的电动势为3.7v；充电电压为4.2v；故a错误；b正确；c、由图可知，该电源的电量为q=2000mah=20003.6c=7200c；则最大电能w=uit=uq=3.77200j=2.664104j；故c错误；d正确；故选：bd点评：本题考查对电源铭牌信息的认识及电功的计算，注意理解电量的单位mah与c的关系17（4分）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上p点出现亮斑，那么示波管中的（）a极板x应带正电b极板x应带正电c极板y应带正电d极板y应带正电考点：示波器的使用 专题：实验题分析：由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向x，y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向x，y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向x向偏转则，电场方向为x到x，则x带正电 同理可知y带正电，故ac正确，bd错误故选：ac点评：考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反18（4分）图中虚线1、2、3、4表示匀强电场的等势面一带正电的粒子只在电场力的作用下从a点运动到b点，轨迹如图中实线所示下列说法中正确的是（）a等势面1电势最低b粒子从a运动到b，动能减小c粒子从a运动到b，电势能减小d粒子从a运动到b的过程中电势能与动能之和不变考点：等势面；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大解答：解：a、由图可知，电场力的方向，由于粒子带正电，所以电场线方向从左向右，则等势面1的电势最高，故a错误；b、粒子从a运动到b，电场力做正功，导致动能增加，电势能减小，故b错误，c正确；d、粒子仅在电场力作用下做功，所以过程中电势能与动能之和不变，故d正确；故选：cd点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化三、实验题（共2题，共12分）19（8分）在测量金属丝电阻率的实验中，（1）用螺旋测微器测量时，可以精确到0.01mm，读出图1情况下的测量结果4.762cm（2）已知电压表内阻约3k，电流表内阻约1，若采用图2甲电路测量，则rx的测量值比真实值偏小（填“偏大”或“偏小”）若rx约为10应采用甲（选“甲”或“乙”）的电路，误差会比较小（3）某次测量时，电压表和电流表的示数图3所示，则电流表示数为0.70a，电压表示数为11.8v考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数（2）根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后选择实验电路图（3）根据电表的量程和分度值读出两电表的示数解答：解：（1）用螺旋测微器测量时，可以精确到0.01mm，由图1所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为4.5mm，可动刻度示数为26.20.01mm=0.262mm，螺旋测微器的示数为4.5mm+0.262mm=4.762mm（2）由题意可知，电压表内阻约为3k，电流表内阻约为1，若采用图2甲电路测量，电压表准确，电流表偏大，所以rx的测量值比真实值偏小，若所测电阻偏小，则电流表应采用外接法，应选图甲所示电路图（3）由图可知，电流表的量程为03a，示数为0.70a；电压表的量程为015v，分度值为0.5v，示数11.8v故答案为：0.01，4.762；（2）偏小，甲；（3）0.70，11.8点评：螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时需要估读对于电流表和电压表的读数，认清量程和分度值是关键，是一道基础题目20（4分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验仪器如图要求测量时电压从很小的值开始，在图中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：实验题；恒定电流专题分析：电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表接法，然后连接实物电路图解答：解：描绘灯泡福安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，滑动变阻器采用分压接法，实物电路图如图所示：故答案为：如图点评：本题考查了滑动变阻器接法的选择、连接实物电路图、实验数据分析，根据实验原理与实验要求确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的关键四、计算题（共2题，共26分，第一题12分，第二题14分要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分）21（12分）在图示的电路中，电源的内电阻r=0.6电阻r1=4，r3=6，闭合开关后电源消耗的总功率为40w，输出功率为37.6w求：（1）电源电动势e；（