广东省清远一中实验学校高二化学下学期期中试卷（含解析）.doc

广东省清远一中实验学校2014-2015学年高二下学期期中化学试卷一、单选题（本题包括20小题，每小题只有一个选项符合题意每题2分，共40分）1下列说法中正确的是( )a分子组成相差1个或若干个ch2原子团的物质互称为同系物b相对分子质量相同的有机物是同分异构体c碳原子之间只以单键相结合的链烃为烷烃d分子式相同有机物一定是同一种物质考点：芳香烃、烃基和同系物；同分异构现象和同分异构体 专题：有机化学基础分析：a、分子组成相差1个或若干个ch2原子团的化合物，结构不一定相似；b、相对分子质量相同不一定具有相同的分子式；c、烷烃的分子组成只含有碳氢元素，所有的化学键为单键的链烃；d、分子式相同的化合物可能为同分异构体解答：解：a、同系物是指结构相似，分子组成相差1个或若干个ch2原子团的化合物，分子组成相差1个或若干个ch2原子团的物质，其结构不一定相似，故a错误；b、相对分子质量相同的有机物，其分子式不一定相同，所以不一定互为同分异构体，故b错误；c、碳原子之间只以单键相结合的链烃中，所有的化学键都是单键，属于饱和烃，因此一定为烷烃，故c正确；d、分子式相同有机物，结构可能不同，有可能互为同分异构体，不一定是同一种物质，故d错误；故选c点评：本题考查了同系物、同分异构体的判断，题目难度不大，解题的关键是明确同系物、同分异构体的含义和判断依据，然后灵活运用即可；本题意在培养学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力2下列各有机物的分类或命名正确的是( )a对甲基苯酚（）属于芳香烃b 2乙基丁烷c 3丁醇d 3甲基1丁烯考点：有机化合物命名 专题：有机化学基础分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：（1）烷烃命名原则：长选最长碳链为主链；多遇等长碳链时，支链最多为主链；近离支链最近一端编号；小支链编号之和最小看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近离支链最近一端编号”的原则；简两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；（2）有机物的名称书写要规范；（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小解答：解：a对甲基苯酚（）不属于芳香烃，由于分子中含有氧元素，所以不属于烃类，故a错误；b2乙基丁烷，烷烃的命名中出现了2乙基，说明选取的主链不是最长的，该有机物最长主链含有5个c，主链为戊烷，在3号c有一个甲基，该有机物正确命名为：3甲基戊烷，故b错误；c3丁醇，醇的命名中，选取含有官能团羟基的最长碳链为主链，主链为丁醇，官能团羟基在2号c，该有机物命名为：2丁醇，故c错误；d3甲基1丁烯，烯烃的命名中，选取含有碳碳双键的最长碳链为主链，主链为丁烯，双键在1号c，甲基在3号碳，该有机物命名为：3甲基1丁烯，故d正确；故选d点评：本题考查了有机物的命名，题目难度不大，侧重对学生基础知识的检验和训练，该题的关键是明确有机物的命名原则，然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，有利于培养学生的规范答题能力3设na为阿伏加德罗常数的值，则下列说法正确的是( )a1mol苯酚中“c=c”的个数为3nab2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2nac标准状况下，1l戊烷充分燃烧后生成的气态产物的分子数为 nad常温常压下，22.4l丙烷所含有的共价键数目为10na考点：阿伏加德罗常数 专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律分析：a、苯酚中不含碳碳双键；b、乙烯和丙烯的最简式相同，碳的质量分数为定值，据此计算出碳原子的质量，再求出碳原子的物质的量，利用n=nna计算碳原子数目；c、标况下，戊烷是液态；d、常温常压下，气体摩尔体积不是22.4l/mol解答：解：a、苯酚的苯环中不含碳碳双键，其化学键是介于单键和双键之间的特殊键，所以1mol苯酚中“c=c”的个数为0，故a错误；b、乙烯和丙烯的最简式为ch2，2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含ch2物质的量为=0.2mol，所以含碳原子数为0.2na，故b正确；c、标况下，戊烷是液态，故c错误；d、常温常压下，气体摩尔体积大于22.4l/mol，故22.4l丙烷的物质的量小于1mol，故含有的共价键数小于10na，故d错误故选b点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大4有七种物质：甲烷、苯、聚乙烯、戊二烯、2丁炔、环己烷、环己烯，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水因反应而褪色的是( )abcd考点：有机物的鉴别 分析：能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水因反应而褪色，有机物中含不饱和键（c=c或cc），以此来解答解答：解：甲烷与二者均不反应，均不会褪色，故不选；苯与二者均不反应，可与溴水发生萃取，故不选；聚乙烯中不含不饱和键，与二者均不反应，故不选；戊二烯中含c=c，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水因反应而褪色，故选；2丁炔中含cc，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水因反应而褪色，故选；环己烷与二者均不反应，可与溴水发生萃取，故不选；环己烯中含c=c，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水因反应而褪色，故选；故选b点评：本题考查有机物的鉴别，注意信息中的褪色发生氧化与加成反应，明确有机物中含不饱和键是解答的关键，侧重烯烃、炔烃的性质的考查，题目难度不大5科学家最近在100的低温下合成了一种烃x，经红外光谱和核磁共振表明其分子中的氢原子的化学环境没有区别，根据分析，绘制了如图所示的球棍模型下列说法中错误的是( )a烃x的分子式为c5h4b分子中只有一种类型的h原子c烃x在一定条件下能发生加成反应dx分子中只有碳碳单键，没有碳碳双键考点：有机物的结构和性质 分析：经红外光谱和核磁共振表明其分子中的氢原子的化学环境没有区别，则只有一种h，由结构可知中间c为饱和碳原子，还存在2个c=c，以此来解答解答：解：a由结构可知，烃x的分子式为c5h4，故a正确；b分子中只含一种h，故b正确；c存在碳碳双键，则烃x在一定条件下能发生加成反应，故c正确；dx分子中哈含碳碳单键、碳碳双键，故d错误；故选d点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，注意双键的判断，侧重分析与应用能力及烯烃性质的考查，题目难度不大6如图分别是a、b两种物质的核磁共振氢谱，已知a、b两种物质都是烃类，都含有6个氢原子，试根据两种物质的核磁共振氢谱推测a、b有可能是下面的( )aa是c3h6，b是c6h6ba是c2h6，b是c3h6ca是c2h6，b是c6h6da是c3h6，b是c2h6考点：有机物的推断；常见有机化合物的结构 专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：根据核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数，核磁共振氢谱中给出几种峰，该分子中就有几种h原子，从而判断出分子式解答：解：图1核磁共振氢谱中只给出一种峰，说明该分子中只有1种h原子，则a为乙烷（ch3ch3），环丙烷（）；图2核磁共振氢谱中只给出3种峰，说明该分子中只有3种h原子，则b为丙烯（ch2=chch3），丁炔（chcch2ch3），c6h6（苯）和c2h6（乙烷）中核磁共振氢谱中只有一种峰，故选b点评：本题结合核磁共振氢谱考查了有机物结构的书写，注意同分异构体，要抓住核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数7分子式为c4h8o3的有机物在一定条件下具有如下性质：在浓硫酸存在下，能与ch3ch2oh、ch3cooh反应；在浓硫酸存在下，能脱水生成一种能使溴水褪色的物质，该物质只存在一种结构；在浓硫酸存在下，能生成一种分子式为c4h6o2的五元环状化合物；则c4h8o3的结构简式为( )ahoch2cooch2ch3bch3ch（oh）ch2coohchoch2ch2ch2coohdch3ch2ch（oh）cooh考点：有机物的结构和性质 分析：在浓硫酸存在下，能与ch3ch2oh、ch3cooh反应，可知含cooh、oh；在浓硫酸存在下，能脱水生成一种能使溴水褪色的物质，该物质只存在一种结构，可知oh位于端c原子上，且与oh相连c的邻位c上有h或结构对称或只有一种消去方式；在浓硫酸存在下，能生成一种分子式为c4h6o2的五元环状化合物，发生分子内酯化反应，除cooh外主链含3个c，oh位于端c原子上，以此来解答解答：解：a不能与乙醇反应，不能发生消去反应，不能形成五元环状化合物，故a错误；b不能形成五元环状化合物，故b错误；c符号上述条件，故c正确；d不能形成五元环状化合物，故d错误；故选c点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，注意五元环状化合物的判断，侧重分析与应用能力及醇、羧酸性质的考查，题目难度不大8下列实验可达到实验目的是( )a将与naoh的醇溶液共热制备ch3chch2b乙酰水杨酸与适量naoh溶液反应制备c用蒸馏法分离苯和溴苯的混合物d向卤代烃水解后的溶液中直接加入硝酸银溶液，可以确定卤代烃中的卤元素考点：化学实验方案的评价 专题：实验评价题分析：a醇的消去反应的条件为浓硫酸、加热；bcooh、酚oh均与naoh反应；c苯与溴苯的沸点不同；d卤代烃水解后溶液为碱性解答：解：a醇的消去反应的条件为浓硫酸、加热，则与浓硫酸溶液共热制备ch3chch2，故a错误；bcooh、酚oh均与naoh反应，则乙酰水杨酸与naoh溶液反应不能制备，故b错误；c苯与溴苯的沸点不同，则用蒸馏法分离苯和溴苯的混合物，故c正确；d卤代烃水解后溶液为碱性，应水解后加硝酸至酸性，再加入硝酸银溶液，可以确定卤代烃中的卤元素，故d错误；故选c点评：本题考查化学实验方案的评价，侧重有机物性质的考查，注意有机物的反应类型与反应条件、官能团及性质的关系，题目难度不大9历史上最早应用的还原性染料是靛蓝，其结构简式如图所示，下列关于靛蓝的叙述中错误的是( )a靛蓝由碳、氢、氧、氮四种元素组成b它的分子式是c16h10n2o2c该物质是高分子化合物d该物质属于不饱和的有机物考点：有机物的结构和性质 专题：有机物的化学性质及推断分析：该有机物含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应，含有c=o键，可发生加成反应，含有nh官能团，具有碱性，根据结构简式判断有机物含有的元素种类和原子个数，可确定有机物分子式解答：解：a由结合简式可知靛蓝由碳、氢、氧、氮四种元素组成，故a正确；b由结合简式可知分子式是c16h10n2o2，故b正确；c该有机物相对分子质量较小，而高分子化合物的相对分子质量一般在10000以上，该有机物不是高分子化合物，故c错误；d该有机物含有碳碳双键进而c=o键，属于不饱和的有机物，故d正确故选c点评：本题考查有机物的结构和性质，为2015届高考常见题型，综合考查学习化学知识的应用能力，题目难度不大，注意把握有机物的官能团的性质，为解答该题的关键10下列有机反应中，反应类型相同的是( )ch3ch=ch2+br2ch3chbrch2brch3ch2ohch2=ch2+h2och3cooh+ch3ch2ohch3cooch2ch3+h2oc6h6+hno3c6h5no2+h2oabcd考点：有机物分子中的官能团及其结构 专题：有机反应分析：为加成反应，为消去反应，为酯化反应（或取代反应），为取代反应，以此来解答解答：解：ch3ch=ch2+br2ch3chbrch2br中双键断裂与溴发生加成反应；ch3ch2ohch2=ch2+h2o中脱去1分子水，发生消去反应；ch3cooh+ch3ch2ohch3cooch2ch3+h2o为酯化反应，也属于取代反应；c6h6+hno3c6h5no2+h2o中苯中的h被硝基取代，发生取代反应，则反应类型相同的为，故选b点评：本题考查有机化学反应类型，明确有机物中的官能团及性质的关系，熟悉常见有机物的性质及反应即可解答，题目难度不大11有机化合物a只由c、h两种元素组成且能使溴水褪色，其产量可以用来衡量一个国家石油化学工业的发展水平a、b、c、d、e有如图所示的关系则下列推断不正确的是( )a鉴别a和甲烷可选择酸性高锰酸钾溶液bb、d均能与金属钠反应c物质c的结构简式为ch3chodb+de的化学方程式为：ch3ch2oh+ch3coohch3cooc2h5考点：有机物的推断 分析：有机物a只由碳、氢两种元素组成，能使溴水褪色，其产量用来衡量一个国家石油化工发展水平，a为ch2=ch2，与水发生加成反应生成b为ch3ch2oh，b发生氧化反应生成c为ch3cho，c进一步发生氧化反应生成d为ch3cooh，b与d发生酯化反应生成e，故e为ch3cooch2ch3，据此进行解答解答：解：有机物a只由碳、氢两种元素组成，能使溴水褪色，其产量用来衡量一个国家石油化工发展水平，a为ch2=ch2，与水发生加成反应生成b为ch3ch2oh，b发生氧化反应生成c为ch3cho，c进一步发生氧化反应生成d为ch3cooh，b与d发生酯化反应生成e，故e为ch3cooch2ch3ach2=ch2能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使高锰酸钾溶液紫色褪去，而ch4无此性质，故可用酸性高锰酸钾溶液鉴别，故a正确；bb为乙醇、c为乙酸，二者均与na反应，故b正确；c由上述分析可知，c为ch3cho，故c正确；d方程式中漏写水，生成e的化学方程式为：ch3ch2oh+ch3coohch3cooc2h5+h2o，故d错误，故选d点评：本题考查有机物推断，涉及烯烃、醇、醛、羧酸、酯的性质与转化，比较基础，d选项为易错点，学生容易忽略无机物水的存在，注意对基础知识的理解掌握12香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如下：下列有关香叶醇的叙述正确的是( )a香叶醇的分子式为c10h18ob不能使溴的四氯化碳溶液褪色c不能使酸性高锰酸钾溶液褪色d能发生加成反应不能发生取代反应考点：有机物的结构和性质 专题：有机物的化学性质及推断分析：该物质含2个c=c键、1个oh，分子式为c10h18o，结合烯烃和醇的性质来解答解答：解：a由结构简式可知，该有机物的分子式为c10h18o，故a正确；b因含c=c键，能使溴的四氯化碳溶液褪色，故b错误；c含c=c键、oh，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故c错误；d含c=c，能发生加成反应，含oh能发生取代反应，故d错误；故选a点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握有机物的官能团与性质的关系，熟悉烯烃、醇的性质即可解答，题目难度不大13下列说法正确的是( )a按系统命名法，化合物的名称是2，3，5，5四甲基4，4二乙基己烷b等物质的量的苯和苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量不相等c苯与甲苯互为同系物，均能使kmno4酸性溶液褪色d酯类物质是形成水果香味的主要成分考点：有机化合物命名；芳香烃、烃基和同系物；有机化学反应的综合应用 分析：a该命名不满足取代基的编号之和最小原则；b烃cxhy完全燃烧耗氧量由（x+）值决定；烃的含氧衍生物cxhyoz完全燃烧耗氧量由（x+）值决定，据此判断；c苯和甲苯互为同系物，但苯不能使kmno4酸性溶液褪色；d酯类一般是有香味的物质解答：解：a的命名中，取代基的编号之和不是最小的，说明编号方向错误，正确命名为2，6二甲基5乙基辛烷，故a错误；b苯的x+=6+=7.5，即1mol苯消耗氧气7.5mol，苯甲酸的x+=7+1=7.5，即1mol苯甲酸消耗氧气7.5mol，所以等物质的量的苯和苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量相等，故b错误；c苯和甲苯互为同系物，但苯不能使kmno4酸性溶液褪色，故c错误；d酯类一般都是易挥发具有芳香气味的物质，故d正确；故选d点评：本题主要考查了物质的命名、燃烧规律、物质的性质等，注意耗氧量的计算规律，难度不大142013年4月24日，东航首次成功进行了由地沟油生产的生物航空燃油的验证飞行能区别地沟油（加工过的餐饮废弃油）与矿物油（汽油、煤油、柴油等）的方法是( )a点燃，能燃烧的是矿物油b测定沸点，有固定沸点的是矿物油c加入水中，浮在水面上的是地沟油d加入足量氢氧化钠溶液共热，不分层的是地沟油考点：有机物的鉴别；饱和烃与不饱和烃；油脂的性质、组成与结构 专题：有机物的化学性质及推断分析：地沟油中含油脂，与碱溶液反应，而矿物油不与碱反应，混合后分层，以此来解答解答：解：a地沟油、矿物油均能燃烧，不能区别，故a错误；b地沟油、矿物油均为混合物，没有固定沸点，不能区别，故b错误；c地沟油、矿物油均不溶于水，且密度均比水小，不能区别，故c错误；d加入足量氢氧化钠溶液共热，不分层的是地沟油，分层的为矿物油，现象不同，能区别，故d正确；故选d点评：本题考查有机物的区别，明确地沟油、矿物油的成分及性质是解答本题的关键，侧重有机物性质的考查，题目难度不大15国家食品卫生标准规定，酱油中3氯丙醇（clch2ch2ch2oh）含量不超过1104%相对分子质量为94.5，且oh和cl不在同一个c原子上的氯丙醇共有( )a2种b3种c4种d5种考点：常见有机化合物的结构；有机化合物的异构现象 分析：先固定一个氯原子的位置，然后改变羟基的位置，注意结构重复解答：解：先固定一个氯原子的位置，然后改变羟基的位置，clch2ch2ch2oh，其可能的结构简式为故选b点评：本题考查同分异构体的书写，难度不大，书写官能团位置异构的同分异构体时，先固定一个官能团的位置，然后改变另一个官能团的位置16下列除去杂质的方法正确的是( )除去乙烷中混有的少量乙烯：通过酸性kmno4溶液后，干燥气体；除去硝基苯中混有的少量no2：加少量naoh溶液振荡，待分层后分液除去苯中混有的少量苯酚：加入浓溴水后过滤取滤液；除去乙醇中混有的少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏除去乙炔中混有的少量h2s：通过cuso4溶液后，洗气；除去溴苯中混有的少量溴：加入ki溶液，充分反应后，弃去水溶液abcd考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用 专题：化学实验基本操作分析：乙烯与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应生成二氧化碳气体；硝基苯不溶于水，二氧化氮与氢氧化钠溶液反应；三溴苯酚被苯溶解，无法过滤除去；乙酸具有酸性，可与生石灰反应；硫化氢与硫酸铜反应生成硫化铜沉淀；生成碘单质又溶在溴苯中，无法分离解答：解：乙烯与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应生成二氧化碳气体，引入新的杂质，应用溴水除杂，故错误；硝基苯不溶于水，二氧化氮与氢氧化钠溶液反应，可除杂，故正确；三溴苯酚被苯溶解，无法过滤除去，应用氢氧化钠溶液除杂，故错误；乙酸具有酸性，可与生石灰反应，同时生石灰还起到吸水的作用，故正确；硫化氢与硫酸铜反应生成硫化铜沉淀，可除杂，故正确；生成碘单质又溶在溴苯中，无法分离，应加入氢氧化钠溶液除杂，故错误故选：b点评：本题综合考查物质的分离、提纯，为考查常见题型，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握物质的性质的异同，除杂时不能引入新的杂质，且不能影响被提纯物质的性质，难度不大17下列化合物中，不属于酯类的是( )abch3ch2no2cd考点：酯的性质；烃的衍生物官能团 专题：有机化学基础分析：酸（有机酸或无机酸）与醇发生酯化反应的产物为酯类物质，据此分析解答：解：a、属于烷烃，不属于酯类，故a选；b、ch3ch2no2是硝基乙烷，不属于酯类，故b选；c、是纤维素与硝酸酯化反应的产物，属于酯类，故c不选；d、是甲酸与甲醇发生酯化反应的产物，属于酯类，故d不选；故选ab点评：本题考查了常见有机物的分类方法，题目难度不大，注意掌握常见有机物结构与含有官能团的关系18人们使用四百万只象鼻虫和它们的215磅粪物，历经30多年时间弄清了棉子象鼻虫的四种信息素的组成，它们的结构可表示如图（括号内表示的结构简式）以上四种信息素中互为同分异构体的是( )a和b和c和d和考点：同分异构现象和同分异构体 专题：同系物和同分异构体分析：分子式相同结构不同的化合物和同分异构体，根据结构书写分子式，结合结构式判断解答：解：的分子式为c11h18o，的分子式c10h16o，的分子式为c11h20o，的分子式为c11h20o，根据同分异构体的定义可知与为同分异构体故选：c点评：考查同分异构体、对键线式的理解，难度不大，注意键线式中用h原子来饱和c的四价结构19欲从苯酚的乙醇溶液中回收苯酚，有下列操作：蒸馏；过滤；静置分液；加入足量金属钠；通入过量的co2；加入足量的na0h的溶液；加入足量的fecl3溶液；加入浓硫酸与乙酸混合液加热合理的操作步骤及程序是( )abcd考点：化学实验操作的先后顺序 分析：如果先蒸馏的话，沸腾的乙醇会将苯酚也带出去一部分，这样就损失一部分苯酚根据乙醇不会和氢氧化钠溶液反应，苯酚和氢氧化钠溶液反应，全部变成苯酚钠这样原来的溶液就变成了苯酚钠、氢氧化钠溶液（加入氢氧化钠溶液是过量的）中混有乙醇根据乙醇和水的沸点不同，加热蒸馏乙醇被全部蒸馏掉，而剩下的苯酚钠、苛性钠溶液不变最后通入过量的二氧化碳气体，氢氧化钠全部转化为苯酚苯酚不溶水，与生成的nahco3溶液分层，静置后分液可以得到苯酚解答：解：根据乙醇不会和氢氧化钠溶液反应，加入氢氧化钠溶液后，苯酚的乙醇溶液中，乙醇不会发生任何变化，但苯酚全部变成苯酚钠这样原来的溶液就变成了苯酚钠、氢氧化钠溶液（加入氢氧化钠溶液是过量的）中混有乙醇乙醇的沸点是78度，水的沸点是100度这样加热到78度，达到乙醇的沸点，乙醇被全部蒸馏掉，而剩下的苯酚钠、氢氧化钠溶液不变最后通入过量的二氧化碳气体，由于碳酸酸性强于苯酚酸性，所以加入二氧化碳后，氢氧化钠先全部转化为nahco3（加入过量二氧化碳），然后苯酚钠全部转化为苯酚苯酚不溶水，与生成的nahco3溶液分层，静置后分液可以得到苯酚，故选b点评：本题主要考查了苯酚和乙醇的性质，难度不大，根据物质分离的原理即可完成20黄曲霉素aftb1 如图是污染粮食的真菌霉素人类的特殊基因在黄曲霉素的作用下会发生突变，有转变成肝癌的可能性与1mol黄曲霉素起反应的h2或naoh的最大量分别是( )a6 mol，2molb7 mol，2 molc6 mol，1 mold7 mol，1 mol考点：有机物分子中的官能团及其结构 专题：有机物的化学性质及推断分析：该有机物中含有1个coo，水解可生成cooh和酚羟基，根据二者的性质判断消耗的naoh，分子中含有2个c=c、1个和1个苯环，都可与氢气发生加成反应，以此解答该题解答：解：黄曲霉毒素（aftb）含有1个coo，水解可生成cooh和酚羟基，二者都可与naoh反应，则1mol黄曲霉毒素消耗2molnaoh，分子中含有2个c=c、1个和1个苯环，都可与氢气发生加成反应，所以1mol黄曲霉毒素可与6mol氢气发生加成反应，故选a点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，注意分析有机物中官能团的种类和性质，特别要注意coo中虽含c=o键，但不能与氢气发生加成反应二、双项选择题（本题包括5小题，每题3分，共15分每题有2个正确选项，未选、错选0分；选1个且正确给1分；全对给3分）21水杨酸环己酯具有花香气味，可作为香精配方其合成路线如图：下列说法正确的是( )a水杨酸的核磁共振氢谱有4个峰b水杨酸、环己醇和水杨酸环己酯都能与fecl3溶液发生显色反应c1 mol水杨酸跟浓溴水反应时，最多消耗2 mol br2d1 mol水杨酸环己酯在naoh溶液中水解时，最多消耗2 mol naoh考点：有机物的结构和性质 分析：a水杨酸结构不对称，有6种不同的h；b环己醇不含酚羟基；c水杨酸中含有酚羟基，可与溴发生取代反应；d.1mol水杨酸环己酯水解生成水杨酸，只有酚羟基和羧基与氢氧化钠反应解答：解：a水杨酸结构不对称，有6种不同的h，核磁共振氢谱有6个峰，故a错误；b环己醇不含酚羟基，与fecl3溶液不反应，故b错误；c水杨酸中含有酚羟基，邻位和对位的氢原子可被取代，最多消耗2molbr2，故c正确；d.1mol水杨酸环己酯水解产物含有1个羧基和1个酚羟基，可与碱反应，则1mol水杨酸环己酯在naoh溶液中水解时，最多消耗2molnaoh，故d正确；故选cd点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意把握有机物官能团的性质以及结构特点，为解答该题的关键，注意审题22下列烃在光照下与氯气反应，只生成一种一氯代物的有( )a2甲基丙烷b环戊烷c2，2二甲基丁烷d2，2二甲基丙烷考点：取代反应与加成反应；有机化合物的异构现象 专题：同分异构体的类型及其判定分析：在烷烃在光照下与氯气反应，只生成一种一氯代烃，说明该烷烃分子中所有的氢原子为等效h原子，其一氯代物不存在同分异构体，据此进行判断解答：解：a2甲基丙烷的结构简式为：ch3ch（ch3）ch3，分子中有2种等效氢原子，其一氯代物有2种，故a错误；b环戊烷的结构简式为，环戊烷分子中所有h原子都完全等效，则其一氯代物只有1种，故b正确；c2，2二甲基丁烷的结构简式为：ch3c（ch3）2ch2ch3，其分子中含有3种等效氢原子，其一氯代物有3种，故c错误d.2，2二甲基丙烷的结构简式为：c（ch3）4，其分子中只有1种等效氢原子，一氯代物只有1种，故d正确；故选bd点评：本题考查了同分异构体的求算，题目难度中等，注意掌握同分异构体的概念及求算方法，明确烃中等效氢原子数目的求算方法为解答本题的关键23某甜质樱桃中含有一种羟基酸m，碳链结构无支链，分子式为c4h6o5；1.34g m与足量nahco3溶液反应，生成标况下0.448l气体m在一定条件下可发生如下转化：mabc （m、a、b、c分子中碳原子数目相同）下列说法中不正确的是( )am的结构简式为hoocchohch2coohbb的分子式为c4h4o4br2c与m的官能团种类、数量完全相同的同分异构体还有1种dc物质不可能溶于水考点：有关有机物分子式确定的计算；有机物的结构和性质 分析：m的分子式为c4h6o5，1.34gm与足量的碳酸氢钠溶液反应，生成标准状况下的气体0.448l，m含有羧基，由于n（m）=0.01mol，n（co2）=0.02mol，则m中含2个cooh，且m的碳链结构无支链，所以m为hoocch（oh）ch2cooh，m、a、b、c分子中碳原子数目相同，则m发生消去反应生成a为hoocch=chcooh，a与溴发生加成反应生成b为hoocchbrchbrcooh，b与足量的氢氧化钠溶液反应生成c为naoocch（oh）ch（oh）coona，据此解答解答：解：m的分子式为c4h6o5，1.34gm与足量的碳酸氢钠溶液反应，生成标准状况下的气体0.448l，m含有羧基，由于n（m）=0.01mol，n（co2）=0.02mol，则m中含2个cooh，且m的碳链结构无支链，所以m为hoocch（oh）ch2cooh，m、a、b、c分子中碳原子数目相同，则m发生消去反应生成a为hoocch=chcooh，a与溴发生加成反应生成b为hoocchbrchbrcooh，b与足量的氢氧化钠溶液反应生成c为naoocch（oh）ch（oh）coonaa由上述分析可知，m的结构简式为hoocch（oh）ch2cooh，故a正确；bb为hoocchbrchbrcooh，则b的分子式为c4h4o4br2，故b正确；c与m的官能团种类、数量完全相同的同分异构体还有（hooc）2chch2oh、（hooc）2chohch3，故c错误；dc为naoocch（oh）ch（oh）coona，属于钠盐，且含有2个羟基，c溶于水，故d错误，故选：cd点评：本题考查有机物推断，熟练掌握官能团的性质与转化，注重基础知识的考查，题目难度不大24一种从植物中提取的天然化合物adamascone，可用于制作“香水”，其结构如图，有关该化合物的下列说法不正确的是( )a分子式为c13h18ob该化合物可发生聚合反应c1 mol该化合物完全燃烧消耗18 mol o2d与溴的ccl4溶液反应生成的产物经水解、稀硝酸酸化后可用agno3溶液检验生成的离子考点：有机物的结构和性质 分析：有机物含有羰基，可发生加成反应，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，以此解答该题解答：解：a由结构简式可知有机物分子式为c13h20o，故a错误；b含有碳碳双键，可发生加聚反应，故b正确；c.1 mol该化合物完全燃烧消耗氧气的物质的量为（13+）mol=17.5mol，故c错误；d与溴的ccl4溶液反应生成的产物为溴代烃，可发生水解生成hbr，稀硝酸酸化后可用agno3溶液可生成浅黄色agbr沉淀，故d正确故选ac点评：本题考查有机物的结构与性质，为2015届高考常见题型，把握官能团与性质的关系为解答的关键，注意燃烧通式的利用及烯烃性质即可解答，题目难度不大25下列物质属于官能团异构的是( )ach3ch2ch2ch3和ch3ch（ch3）2bch2=c（ch3）2和ch3ch=chch3cch3ch2oh和ch3och3dch3ch2ch2cooh 和ch3cooch2ch3考点：有机化合物的异构现象 分析：官能团异构指的是分子中的原子种类以及数量一致，但其官能团结构不同的异构，据此解题解答：解：ach3ch2ch2ch3和ch3ch（ch3）2属于碳链异构，故a错误； bch2=c（ch3）2和ch3ch=chch3属于位置异构，故b错误；cch3ch2oh和ch3och3属于官能团异构，故c正确；dch3ch2 ch2cooh 和ch3cooch2ch2ch3属于官能团异构，故d正确故选cd点评：本题考查有机化合物的异构现象，难度不大，注意把握比较的角度，学习中注意相关基础知识的积累三、填空题26不饱和酯类化合物在药物、涂料等应用广泛（1）下列化合物i的说法，正确的是aca遇fecl3溶液可能显紫色b可发生酯化反应和银镜反应c能与溴发生取代和加成反应d1mol化合物i最多能与2molnaoh反应（2）反应是一种由烯烃直接制备不饱和酯的新方法：化合物的分子式为c9h10，1mol化合物ii能与4molh2恰好完全反应生成饱和烃类化合物（3）化合物ii可由芳香族化合物iii或iv分别通过消去反应获得，但只有iii能与na反应产生h2，iii的结构简式为（写1种）；由iv生成ii的反应条件为naoh醇溶液，加热（4）聚合物可用于制备涂料，其单体结构简式为ch2=chcooch2ch3利用类似反应的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，涉及的反应方程式为（提示：共有两步反应方程式）ch2=ch2+h2och3ch2oh，2ch2=ch2+2ch3ch2oh+2co+o22ch2=chcooch2ch3+2h2o考点：有机物分子中的官能团及其结构 分析：（1）a酚能和氯化铁溶液发生显色反应；b羟基或羧基能发生酯化反应，醛基能发生银镜反应；c酚能和溴发生取代反应、碳碳双键能和溴发生加成反应，苯环上氢原子和溴发生取代反应需要催化剂；d能和naoh反应的为酚羟基、羧基；（2）中含有9个c原子、10个h原子，据此确定化学式；能和氢气发生加成反应的有苯环和碳碳双键；（3）化合物可由芳香族化合物或分别通过消去反应获得，但只有能与na反应产生h2，说明中含有醇羟基，醇羟基可位于碳碳双键两端的任一个c原子上；是卤代烃，卤代烃和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应；（4）聚合物可用于制备涂料，其单体为丙烯酸乙酯，利用类似反应的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，醇为乙醇，根据反应书写反应方程式解答：解：（1）a酚能和氯化铁溶液发生显色反应，该物质中含有酚羟基，所以能和氯化铁发生显色反应，故正确；b羟基或羧基能发生酯化反应，醛基能发生银镜反应，该物质不含醛基，所以不能发生银镜反应，故错误；c酚能和溴发生取代反应、碳碳双键能和溴发生加成反应，该物质中含有酚羟基和碳碳双键，所以能发生取代反应和加成反应，苯环上氢原子和溴发生取代反应需要催化剂，故正确；d能和naoh反应的为酚羟基、羧基，1mol化合物i最多能与3mol naoh反应，故错误；故选ac；（2）中含有9个c原子、10个h原子，其化学式为c9h10；能和氢气发生加成反应的有苯环和碳碳双键，1mol化合物能与4mol h2恰好完全反应生成饱和烃类化合物，故答案为：c9h10；4；（3）化合物可由芳香族化合物或分别通过消去反应获得，但只有能与na反应产生h2，说明中含有醇羟基，醇羟基可位于碳碳双键两端的任一个c原子上，其结构简式为；是卤代烃，卤代烃和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应，所以其反应条件是氢氧化钠的醇溶液、加热；故答案为：；naoh醇溶液，加热；（4）聚合物可用于制备涂料，其单体为丙烯酸乙酯，结构简式为ch2=chcooch2ch3，利用类似反应的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，醇为乙醇，根据反应书写反应方程式，该反应方程式为：ch2=ch2+h2och3ch2oh，2ch2=ch2+2ch3ch2oh+2co+o22ch2=chcooch2ch3+2h2o，故答案为：ch2=ch2+h2och3ch2oh，2ch2=ch2+2ch3ch2oh+2co+o22ch2=chcooch2ch3+2h2o点评：本题考查了有机物的官能团及其性质，知道常见有机物官能团及其性质是解本题关键，知道有机反应中断键、成键方式，并结合题给信息分析解答，题目难度中等27有机高分子化合物甲是一种常用的光敏高分子材料，其结构简式为：按如图可以合成甲，其中试剂可由相对分子质量为26的烃与水加成制得（提示：一个碳原子上连两个羟基不稳定，易脱水得到羰基）已知：回答下列问题：（1）试剂的名称是乙醛；bc的反应类型是消去反应；（2）质谱图显示a的相对分子质量是80.5；a分子中氧元素的质量分数为19.88%，碳元素的质量分数为29.81%，其余为氢元素和氯元素，且a的核磁共振氢谱上有三个吸收峰，峰面积的比例为2：2：1，则a的结构简式为clch2ch2oh（3）写出下列反应的化学方程式：de的反应2+o22+h2o；c与f的反应+nacl（4）e的一种同分异构体，水解产物有两种，一种能使溴水褪色，另一种在滴加饱和溴水后，有白色沉淀生成，该物质的结构简式为考点：有机物的推断 分析：g通过加聚反应生成高分子化合物甲，由甲的结构可知，g为，试剂可由相对分子质量为26的烃与水，该烃为乙炔，乙炔与水发生加成反应生成乙醛，故试剂是ch3cho，苯甲醛与乙醛，在稀oh、加热条件下生成d，由反应信息可知，d为，d催化氧化生成e，故e为，e与氢氧化钠反应生成f，故f为，f与c反应生成g与nacl，根据g的结构可知，c为，a的相对分子质量是80.5，a分子中氧元素的质量分数为19.88%，氧原子数目为=1，碳元素的质量分数为29. 81%，碳原子的数目为=2，碳原子与氧原子的相对原子质量为12+16=28，故a含有1个cl原子，a分子h原子数目为=5，故a的分子式为c2h5ocl，a的核磁共振氢谱上有三个吸收峰，峰面积的比例为2：2：1，则a的结构简式为clch2ch2oh，由反应信息可知，b为clch2ch2och2ch2cl，b在氢氧化钠醇溶液、加热条件下，发生部分消去反应生成，据此解答解答：解：g通过加聚反应生成高分子化合物甲，由甲的结构可知，g为，试剂可由相对分子质量为26的烃与水，该烃为乙炔，乙炔与水发生加成反应生成乙醛，故试剂是ch3cho，苯甲醛与乙醛，在稀oh、加热条件下生成d，由反应信息可知，d为，d催化氧化生成e，故e为，e与氢氧化钠反应生成f，故f为，f与c反应生成g与nacl，根据g的结构可知，c为，a的相对分子质量是80.5，a分子中氧元素的质量分数为19.88%，氧原子数目为=1，碳元素的质量分数为29.81%，碳原子的数目为=2，碳原子与氧原子的相对原子质量为12+16=28，故a含有1个cl原子，a分子h原子数目为=5，故a的分子式为c2h5ocl，a的核磁共振氢谱上有三个吸收峰，峰面积的比例为2：2：1，则a的结构简式为clch2ch2oh，由反应信息可知，b为clch2ch2och2ch2cl，b在氢氧化钠醇溶液、加热条件下，发生部分消去反应生成（1）试剂可由相对分子质量为26的烃与水，该烃为乙炔，乙炔与水发生加成反应生成乙醛，故试剂是ch3cho；bc是clch2ch2och2ch2cl氢氧化钠醇溶液、加热条件下，发生部分消去反应生成，故答案为：乙醛；消去反应；（2）由上述分析可知，a为clch2ch2oh，故答案为：clch2ch2oh；（3）de是催化氧化生成，反应方程式为：2+o22+h2o，故答案为：2+o22+h2o；c与f的反应是与生成与nacl，反应方程式为：+nacl，故答案为：+nacl；（4）的一种同分异构体，水解产物有两种，说明该异构体含有酯基，一种水解产物能使溴水褪色，故该异构体中含有c=c双键，另一种水解产物在滴加饱和溴水后，有白色沉淀生成，该产物中含有酚羟基，故该异构体含有羧酸酚酯，故该物质的结构简式为，故答案为：点评：本题考查有机物的推断，是对有机知识的综合运用，注意根据甲的结构推断其单体，再结合反应信息，利用正、逆推法结合推断，能较好的考查考生的阅读、自学能力和思维能力，难度中等，是热点题型28某兴趣小组同学进行乙醛的银镜反应，实验操作步骤如下：a在试管里先注入少量naoh溶液，振荡，然后加热煮沸把naoh溶液倒去后，再用蒸馏水洗净试管备用b在洗净的试管里配制银氨溶液c沿试管壁加入乙醛稀溶液d加热请回答下列问题：（1）步骤a中加naoh溶液振荡，加热煮沸的目的是：除去试管内壁的油污，保证试管洁净（2）步骤d应选择的加热方法是乙（填下列装置编号）（3）乙醛发生银镜反应的化学方程式为：ch3cho+2ag（nh3）2ohch3coonh4+2ag+3nh3+h2o（4）该兴趣小组的同学还对乙醛进行银镜反应的最佳实验条件进行了探究（部分实验数据如下表）：实验变量实验序号银氨溶液的量/ml乙醛的量/滴温度/反应混合液的ph值出现银镜的时间/min1 1 3 65 11 52 1 3 45 11 6.53 1 5 65 11 4实验1和实验2，探究的是温度对反应速率的影响当银氨溶液的量为1ml，乙醛的量为3滴，温度为55，反应混合液ph为11时，出现银镜的时间为56.5min（填范围）你认为探究乙醛进行银镜反应的最佳条件，除了测定银镜出现的时间外，还需要比较不同条件下形成的银镜的光亮程度考点：乙醛的银镜反应 专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）欲使银镜反应实验成功必须用naoh溶液煮沸试管以除去油污，以免析出的银难以附着在试管上；（2）根据影响银镜产生的效果角度分析，为了受热均匀，采用热水浴加热；（3）银镜反应的方程式书写，只有c