广东省清远市英德一中高三物理上学期第一次月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年广东省清远市英德一中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共16道小题，每小题3分，共48分，1-10小题只有一个答案正确，11-16小题有多个答案正确，选对但不全给3分，有错选给0分）1伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的沿斜面运动的实验，当时利用斜面做实验主要是考虑到（）a实验时便于测量小球运动的速度b实验时便于测量小球运动的路程c实验时便于测量小球运动的时间d实验时便于测量小球运动的加速度2伽利略用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示伽利略设计这个实验的目的是为了说明（）a如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度b如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒c维持物体作匀速直线运动并不需要力d如果物体不受到力，就不会运动3一物体从静止开始做直线运动，其加速度随时间变化的at图象如图所示在下列vt图象中，可能正确描述此物体运动的是（）abcd4我国第一条商业运营的“上海磁悬浮”列车已于2003年10月1日正式运营据报导，上海磁浮线全长33000m，全程行驶约7min30s，列车的最高速度为120m/s如图所示，为列车达到最高时速前的速度图线oabc，这段位移为14700m，则列车在bc段的加速度为（）a0.4m/s2b0.5m/s2c0.6m/s2d0.7m/s25如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦均不计）（）a越来越小b越来越大c先变大后变小d先变小后变大6蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中oa段和cd段为直线由图可知，运动员发生超重的时间段为（）a0t1bt1t2ct2t4dt4t57有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向匀强电场中当两小球都处于平衡时其可能位置是图中的哪一个？（）abcd8如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）abcd9在静止的车厢内，用细绳a和b系住一个小球，绳a斜向上拉，绳b水平拉，如图所示现让车从静止开始向右做匀加速运动，小球相对于车厢的位置不变，与小车静止时相比，绳a、b的拉力fa、fb变化情况是（）afa变大，fb不变bfa变大，fb变小cfa不变，fb变小dfa不变，fb变大10轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标近来，一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时，提出了一个新的概念，叫做“加速度的变化率”，用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢，并认为，轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适下面四个单位中，适合做加速度的变化率单位的是（）am/sbm/s2cm/s3dm2/s311竖直上抛的物体，又落回抛出点，关于物体运动的下列说法中正确的有（）a上升过程和下落过程，时间相等、位移相同b物体到达最高点时，速度和加速度均为零c整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同d不管竖直上抛的初速度有多大（v010m/s），物体上升过程的最后1 s时间内的位移总是不变的12从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体、的vt图象如图所示在0t2时间内，下列说法中正确的是 （）a物体所受的合外力不断增大，物体所受的合外力不变b在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远ct2时刻两物体相遇d、两个物体的平均速度大小都是13如图所示，用一根轻弹簧悬挂一个物体，从弹簧处于原长位置将物体由静止释放，在物体向下运动过程中，以下说法正确的是（）a物体的速度不断增大b物体的加速度不断增大c物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大d物体的动能与重力势能之和保持不变14在液体中下落的物体最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度一小铁球质量为m，用手将它完全放入水中后静止释放，最后铁球的收尾速度为v，若铁球在水中所受浮力保持不变恒为f，重力加速度为g，关于小铁球，下列说法正确的是（）a若测得小铁球从释放至达到收尾速度所用时间为t，则小铁球下落的位移为b若测得小铁球下落h时的加速度为a，则小铁球此时的速度为c若测得某时小铁球的加速度大小为a，则小铁球此时受到的水的阻力为m（a+g）fd若测得小铁球下落t时间，通过的位移为y，则该过程的平均速度一定为15如图所示，光滑水平面上，水平恒力f拉小车和木块一起做匀加速直线运动，小车质量为m，木块质量为m，它们的共同加速度为a，木块与小车间的动摩擦因数为则在运动过程中（）a木块受到的摩擦力大小一定为mgb木块受到的合力大小为mac小车受到的摩擦力大小为d小车受到的合力大小为（m+m）a16如图所示，站在做匀加速直线运动的车厢内的人向前推车壁，人的质量为m，车厢的加速度大小为a；则下列说法中正确的是（）a车厢对此人的作用力的合力方向水平向左b车厢对此人的作用力的合力方向水平向右c车厢对此人的作用力的合力的大小为mad车厢对此人的作用力的合力的大小为m二、实验题（本题共2道小题，第17题6分，第2题9分，共15分）17在用电火花计时器“研究匀变速直线运动”的实验中，如图甲所示是一次记录小车运动情况的纸带，图中a、b、c、d、e为相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点未画出（电源频率为50hz）（1）根据运动学有关公式可求得vb=1.38m/s，vc=m/s，vd=3.90m/s（2）利用求得的数值在图乙中作出小车的vt图线（以打a点时开始计时）（3）利用纸带上的数据求出小车运动的加速度a=m/s2（4）将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是0.12m/s，此速度的物理意义是18某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在方向（填“水平”或“竖直”）（2）弹簧自然悬挂，待弹簧稳定时，长度记为l0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为l1至l6，数据如表：代表符号l0lxl1l2l3l4l5l6数值（cm）25.3527.3529.3531.3035.1535.3537.4039.30表中有一个数值测量错误，代表符号为由表可知所用刻度尺的最小分度为（3）图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值（填“l0或lx”）（4）由图可知弹簧的劲度系数为n/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g（重力加速度取10m/s2）三、计算题（本题共2道小题，第1题12分，第2题20分，共32分）19某航母跑道长200m，飞机在航母上起飞需要的最小速度为50m/s求：（1）若飞机从静止开始做匀加速运动，要在航母上起飞，飞机加速度至少要多大？（2）若飞机的最大加速度为6m/s2，则飞机要在航母上起飞需要借助弹射系统获得的最小初速度是多少？20总质量为100kg的小车，在粗糙水平地面上从静止开始运动，其速度时间图象如图所示已知在02s时间内小车受到恒定水平拉力f=1240n，2s后小车受到的拉力发生了变化试根据图象求：（g取10m/s2）（1）018时间内小车行驶的平均速度约为多少？（2）t=1s时小车的加速度a；（3）小车与地面间的动摩擦因数四、选做题21一单色光照到某金属表面时，有光电子从金属表面逸出，下列说法中正确的是（）a增大入射光的频率，金属的逸出功将增大b增大入射光的频率，光电子的最大初动能将增大c增大入射光的强度，单位时间打出的光电子数将增多d延长入射光照射时间，光电子的最大初动能将增大e改用频率更高的单色光照射此金属时，一定有电子从金属表面逸出22如图所示，在水平光滑直导轨上，静止着三个质量均为m=1kg的相同小球a、b、c现让a球以v0=2m/s的速度向b球运动，a、b两球碰撞后粘合在一起，两球继续向右运动并跟c球碰撞，碰后c球的速度vc=1m/s求：（1）a、b两球碰撞后瞬间的共同速度；（2）两次碰撞过程中损失的总动能2015-2016学年广东省清远市英德一中高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共16道小题，每小题3分，共48分，1-10小题只有一个答案正确，11-16小题有多个答案正确，选对但不全给3分，有错选给0分）1伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的沿斜面运动的实验，当时利用斜面做实验主要是考虑到（）a实验时便于测量小球运动的速度b实验时便于测量小球运动的路程c实验时便于测量小球运动的时间d实验时便于测量小球运动的加速度【考点】物理学史【专题】常规题型【分析】伽利略对自由落体运动规律研究应当结和当时科学发展的实际水平，应当加深对物理学史的研究【解答】解：伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大，但是他所在的那个时代还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化但是物体下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，所以容易测量故abd错误，c正确；故选：c【点评】伽利略对自由落体规律的研究为我们提供正确的研究物理的方法、思路、理论，他创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法2伽利略用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示伽利略设计这个实验的目的是为了说明（）a如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度b如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒c维持物体作匀速直线运动并不需要力d如果物体不受到力，就不会运动【考点】牛顿第一定律【专题】实验分析法【分析】本题考查了伽利略斜面实验的物理意义，伽利略通过“理想斜面实验”推翻了力是维持运动的原因的错误观点【解答】解：伽利略的斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故abd错误，c正确故选c【点评】伽利略“理想斜面实验”在物理上有着重要意义，伽利略第一个把实验引入物理，标志着物理学的真正开始3一物体从静止开始做直线运动，其加速度随时间变化的at图象如图所示在下列vt图象中，可能正确描述此物体运动的是（）abcd【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】根据at图象分析物体的运动情况：当加速度与速度同向时，物体做加速运动，0t1内，物体从静止开始沿加速度方向变加速运动，当加速度与速度反向时，物体做减速运动，若加速度一定，物体做匀变速直线运动匀变速直线运动的vt图象是一条倾斜的直线，图象的斜率表示加速度由此分析【解答】解：0t1内，物体从静止开始沿加速度方向变加速运动，加速度增大，则vt图象切线的斜率不断增大t1t2内，物体做匀加速直线运动，vt图象是倾斜的直线t2以后，加速度与速度同向，物体做加速度减小的变加速运动，vt图象切线的斜率不断减小，故b正确故选：b【点评】本题关键要根据加速度随时间变化规律的图象找出对应的加速度大小和方向，结合物体的初状态状态分析物体的运动情况4我国第一条商业运营的“上海磁悬浮”列车已于2003年10月1日正式运营据报导，上海磁浮线全长33000m，全程行驶约7min30s，列车的最高速度为120m/s如图所示，为列车达到最高时速前的速度图线oabc，这段位移为14700m，则列车在bc段的加速度为（）a0.4m/s2b0.5m/s2c0.6m/s2d0.7m/s2【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，求出匀速运动的时间图象的斜率等于加速度，根据公式可以求出列车的加速度【解答】解：设匀速运动的时间为t，根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移得：x=解得：t=35s则a=0.5m/s2，故acd错误，b正确故选：b【点评】本题是速度时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息5如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦均不计）（）a越来越小b越来越大c先变大后变小d先变小后变大【考点】共点力平衡的条件及其应用【专题】计算题【分析】对结点受力分析，受滑轮的压力和两拉绳子的拉力，根据共点力平衡条件，可以求解出拉力的大小【解答】解：对结点受力分析，如图由于为同一根绳子，故f1=f2=f设f1与f2夹角为，则f1=f2=在重物被吊起的过程中，变大，故f1与f2同时变大；故选b【点评】本题对物体受力分析后，可以用解析法求解出结果讨论，也可以用作图法分析！6蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中oa段和cd段为直线由图可知，运动员发生超重的时间段为（）a0t1bt1t2ct2t4dt4t5【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】根据图象判断出正方向的选择，然后根据加速度向上超重，加速度向下失重判断【解答】解：由题意知速度方向向下时为正方向，运动员发生超重时具有向上的加速度，反映在vt图象中时是斜率为负的时间段，故c正确故选：c【点评】本题考查了超重和失重的条件，记住：加速度向上超重，加速度向下失重7有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向匀强电场中当两小球都处于平衡时其可能位置是图中的哪一个？（）abcd【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用；电场强度【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】先对正电荷受力分析，得到下面细线的偏转情况；再对两个小球的整体受力分析，得到上面细线的拉力的方向【解答】解：先对正电荷受力分析，受重力，向右的电场力，细线的拉力，由于电场力向右，根据三力平衡条件，细线的拉力一定向左上方；再对两球整体受力分析，受总重力2mg，电场力的合力为零，故拉力一定与重力平衡，竖直向上，故上面的细线呈竖直状态；故选a【点评】本题关键要对两电荷整体受力分析，整体受电场力的合力为零，重力和拉力二力平衡8如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）abcd【考点】牛顿第二定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度a2；比较知道a1a2【解答】解：初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度：a1=gsin+gcos；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度：a2=gsingcos；比较知道a1a2，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率变小故选d【点评】本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑2、小木块两段的加速度不一样大是一道易错题9在静止的车厢内，用细绳a和b系住一个小球，绳a斜向上拉，绳b水平拉，如图所示现让车从静止开始向右做匀加速运动，小球相对于车厢的位置不变，与小车静止时相比，绳a、b的拉力fa、fb变化情况是（）afa变大，fb不变bfa变大，fb变小cfa不变，fb变小dfa不变，fb变大【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律，运用正交分解法分析两根细绳的拉力变化情况【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律得： 水平方向：fasinfb=ma 竖直方向：facosmg=0 由题，不变，由分析得知fa不变由得知，fb=fasinmafasin，即fb变小故选：c【点评】本题运用牛顿第二定律分析力的变化，关键要抓住竖直方向上小球没有加速度，力是平衡的10轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标近来，一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时，提出了一个新的概念，叫做“加速度的变化率”，用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢，并认为，轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适下面四个单位中，适合做加速度的变化率单位的是（）am/sbm/s2cm/s3dm2/s3【考点】力学单位制【分析】根据题意可知新物理量表示的是加速度变化的快慢，根据定义式的特点可以知道物理量的单位【解答】解：新物理量表示的是加速度变化的快慢，所以新物理量应该等于加速度的变化量与时间的比值，而加速度的单位是m/s2，所以新物理量的单位应该是m/s3，所以c正确故选c【点评】加速度是表示速度变化快慢的物理量，根据加速度的定义式，可以理解表示加速度变化的快慢的新物理量的单位11竖直上抛的物体，又落回抛出点，关于物体运动的下列说法中正确的有（）a上升过程和下落过程，时间相等、位移相同b物体到达最高点时，速度和加速度均为零c整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同d不管竖直上抛的初速度有多大（v010m/s），物体上升过程的最后1 s时间内的位移总是不变的【考点】竖直上抛运动【分析】物体以某一初速度沿竖直方向抛出（不考虑空气阻力），物体只在重力作用下所做的运动，叫做竖直上抛运动；竖直上抛运动的上升阶段和下降各阶段具有严格的对称性（1）速度对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一位置时速度大小相等，方向相反；（2）时间对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一段高度所用的时间相等；（3）能量对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一段高度重力势能变化量的大小相等，均为mgh【解答】解：a、b、上升和下落过程时间相等，而位移大小相等、方向相反，物体到最高点加速度仍为g，故a、b错误；c、在任意相等时间t内，速度变化量均为gt，故c正确，d、根据逆向思维知，物体上升过程最后1 s内位移和自由下落第1 s内位移大小是相等的，都为g12=g，故d正确故选：cd【点评】本题关键明确竖直上抛运动的定义、性质以及对称性，基础题12从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体、的vt图象如图所示在0t2时间内，下列说法中正确的是 （）a物体所受的合外力不断增大，物体所受的合外力不变b在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远ct2时刻两物体相遇d、两个物体的平均速度大小都是【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】根据速度图象的斜率等于加速度，确定加速度的变化情况，根据牛顿第二定律分析合外力如何变化两物体从同一地点同时开始沿同一直线运动，当位移相等时，两者相遇根据速度的大小关系，确定何时相距最远根据“面积”等于位移，判断t2时刻两者的位置关系物体做匀减速直线运动，平均速度大小等于物体做变加速运动，根据位移与匀加速运动的关系，分析平均速度与匀加速运动的关系【解答】解：a、根据速度图象的斜率等于加速度，可知，i物体的加速度不断减小，由牛顿第二定律分析得知，所受的合外力不断减小物体做匀减速直线运动，合外力不变故a错误b、两物体从同一地点同时开始沿同一直线运动，t1时刻前i物体的速度大小大于物体的速度，i物体在物体的前方，两者距离不断增大，t1时刻前i物体的速度大小小于物体的速度，i物体在物体的前方，两者距离不断减小，所以t1时刻两物体相距最远故b正确c、根据“面积”等于位移，由图看出，t2时刻i的位移较大，所以t2时刻i在ii的前面故c错误d、物体做匀减速直线运动，平均速度大小等于物体做变加速直线运动，其位移大于以相同的初速度和末速度做匀加速运动的位移，所以其平均速度大小大于故d错误故选：b【点评】速度图象上两物体速度相等的时刻往往两物体相距最远或最近，根据速度之间的关系进行分析13如图所示，用一根轻弹簧悬挂一个物体，从弹簧处于原长位置将物体由静止释放，在物体向下运动过程中，以下说法正确的是（）a物体的速度不断增大b物体的加速度不断增大c物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大d物体的动能与重力势能之和保持不变【考点】牛顿第二定律；胡克定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】分析物体释放过程中受力，根据胡克定律分析弹力如何变化，确定合力如何变化，根据牛顿第二定律判断加速度如何变化根据系统的机械能守恒分析物体的动能与弹簧的弹性势能之和、动能与重力势能之和如何变化【解答】解：a、b物体释放过程中，受到重力和弹簧向上的拉力，弹簧的拉力先小于重力，物体的合力向下，与速度同向，物体的速度不断增大，根据牛顿第二定律得知，加速度不断减小；后来弹簧的拉力大于重力，合力向上，与速度反向，物体速度减小，加速度增大故速度先增大后减小，加速度先减小后反向增大故ab错误c、d由于只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，则知：物体的重力势能、动能与弹簧的弹性势能总和不变，随着物体向下运动，其重力势能减小，弹簧的弹性势能增大，则物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大，物体的动能与重力势能之和减小故c正确，d错误故选c【点评】本题关键从两个角度分析：一是力的角度，抓住弹簧的弹力可变性，分析物体的运动情况；二是从能量的角度分析系统能量的变化情况14在液体中下落的物体最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度一小铁球质量为m，用手将它完全放入水中后静止释放，最后铁球的收尾速度为v，若铁球在水中所受浮力保持不变恒为f，重力加速度为g，关于小铁球，下列说法正确的是（）a若测得小铁球从释放至达到收尾速度所用时间为t，则小铁球下落的位移为b若测得小铁球下落h时的加速度为a，则小铁球此时的速度为c若测得某时小铁球的加速度大小为a，则小铁球此时受到的水的阻力为m（a+g）fd若测得小铁球下落t时间，通过的位移为y，则该过程的平均速度一定为【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】小球在运动的过程中，做加速度逐渐减小的加速运动，达到收尾速度后做匀速直线运动，不能运用匀变速直线运动的运动学公式和推论进行求解，根据牛顿第二定律求出小铁球下落时受到水的阻力大小【解答】解：a、小球释放到达收尾速度过程中，阻力增大，加速度减小，做加速度减小的加速运动，不能通过匀变速直线运动的运动学公式和推论进行求解故a错误b、因为该过程中的加速度在变化，不能通过v2=2ah求解小球的速度故b错误c、根据牛顿第二定律得，mgff=ma，解得小铁球受到水的阻力f=mgfma故c错误d、根据平均速度的定义式，位移为y，时间为t，则平均速度为故d正确故选：d【点评】解决本题的关键知道铁球在下落过程中的运动规律，注意小球所做的运动不是匀变速运动15如图所示，光滑水平面上，水平恒力f拉小车和木块一起做匀加速直线运动，小车质量为m，木块质量为m，它们的共同加速度为a，木块与小车间的动摩擦因数为则在运动过程中（）a木块受到的摩擦力大小一定为mgb木块受到的合力大小为mac小车受到的摩擦力大小为d小车受到的合力大小为（m+m）a【考点】牛顿第二定律【分析】先对整体运用牛顿第二定律求出共同的加速度，再分别对小车和木块进行受力分析，根据牛顿第二定律即可解题【解答】解：把小车和木块看成一个整体，根据牛顿第二定律得：a=a木块水平方向只受静摩擦力，根据牛顿第二定律得：f=ma=，故a错误；b对木块运用牛顿第二定律得：f合=ma，故b正确；c木块水平方向只受静摩擦力，根据牛顿第二定律得：f=ma=，故c正确；d对小车运用牛顿第二定律得：f车合=ma，故d错误故选bc【点评】该题是整体法和隔离法的应用，要求同学们能选择恰当的研究对象运用牛顿第二定律解题16如图所示，站在做匀加速直线运动的车厢内的人向前推车壁，人的质量为m，车厢的加速度大小为a；则下列说法中正确的是（）a车厢对此人的作用力的合力方向水平向左b车厢对此人的作用力的合力方向水平向右c车厢对此人的作用力的合力的大小为mad车厢对此人的作用力的合力的大小为m【考点】牛顿第二定律；牛顿第三定律【分析】对人进行受力分析，可知人受重力、支持力、摩擦力的作用，还有车对人的水平向左的作用力，车厢对此人的作用力包括支持力、摩擦力和对人的水平向左的作用力【解答】解：人和车厢一起向右加速运动，由牛顿第二定律可知，车对人在水平方向上有向右的合力ma，同时在竖直方向上还有对人的支持力mg，所以车厢对人的合力为m，所以d正确故选：d【点评】求车厢对人的作用力，不能只考虑水平方向的产生加速度的合力，同时车厢对人还有一个竖直方向上的支持力的作用，这是有的同学经常出错的原因，知道这些这道题就不难做了二、实验题（本题共2道小题，第17题6分，第2题9分，共15分）17在用电火花计时器“研究匀变速直线运动”的实验中，如图甲所示是一次记录小车运动情况的纸带，图中a、b、c、d、e为相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点未画出（电源频率为50hz）（1）根据运动学有关公式可求得vb=1.38m/s，vc=2.64m/s，vd=3.90m/s（2）利用求得的数值在图乙中作出小车的vt图线（以打a点时开始计时）（3）利用纸带上的数据求出小车运动的加速度a=12.6m/s2（4）将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是0.12m/s，此速度的物理意义是打点计时器打下计时点a时纸带对应的速度为0.12m/s【考点】测定匀变速直线运动的加速度【专题】实验题【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度图线延长与纵轴相交，交点的物理意义是打点计时器打下计时点a时纸带对应的速度【解答】解：（1）电源频率为50hz，则周期为0.02s，相邻计数点间还有四个点未画出，则可知相邻计数点间的时间为0.1s，利用匀变速直线运动的推论可知平均速度等于中间时刻的瞬时速度：=2.64m/s（2）根据描点法作图，图象如图所示：（3）纸带加速度为： =12.6m/s2（4）此速度的物理意义是打点计时器打下计时点a时纸带对应的速度为0.12m/s故答案为：（1）2.64；（2）如图所示：（3）12.6；（4）从a点开始计时时，小车的速度为0.12 m/s【点评】纸带问题单位一般不是m，要注意单位的换算，处理纸带的问题，我们要熟悉匀变速直线运动的特点，以及相应的推论18某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向（填“水平”或“竖直”）（2）弹簧自然悬挂，待弹簧稳定时，长度记为l0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为l1至l6，数据如表：代表符号l0lxl1l2l3l4l5l6数值（cm）25.3527.3529.3531.3035.1535.3537.4039.30表中有一个数值测量错误，代表符号为l3由表可知所用刻度尺的最小分度为mm（3）图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与lx的差值（填“l0或lx”）（4）由图可知弹簧的劲度系数为5n/m；通过图和表可知砝码盘的质量为10g（重力加速度取10m/s2）【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【专题】实验题；弹力的存在及方向的判定专题【分析】（1）弹簧自然悬挂，刻度尺固定在弹簧一侧，故都是竖直放置的；（2）用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，即要有估读的；（3）弹簧自然悬挂，待弹簧静止后读出弹簧长度；把砝码盘挂在弹簧下面，记下此时弹簧长度；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为l1至l6，弹簧的伸长量为放砝码后弹簧长度和挂砝码盘时的长度差（4）根据弹簧的伸长与所受到的拉力成正比进行求解【解答】解：（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向（2）用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，故l3的数值记录不规范，最后一位是估读的，故所用刻度尺的最小刻度长为1mm；（3）横轴是弹簧挂砝码后弹簧长度与弹簧挂砝码盘时弹簧长度差，所以横轴是弹簧长度与的lx差值（4）由图可知弹簧的劲度系数为k=5n/m10g砝码的重力是g=mg=0.01kg10n/kg=0.1n，因为弹簧的伸长与所受拉力成正比，所以， =，代入数据得=即f盘=0.1n，所以砝码盘质量：m=0.01kg=10g故答案为：（1）竖直（2）l3；毫米或mm（3）lx（4）5；10【点评】由于弹簧下面首先挂砝码盘，然后在砝码盘内放砝码弹簧伸长，弹簧伸长量为弹簧长度与弹簧挂砝码盘时弹簧长度差，这是容易出现错误的地方；对于实验问题，我们要利用图想法分析测量数据求解可以减少误差三、计算题（本题共2道小题，第1题12分，第2题20分，共32分）19某航母跑道长200m，飞机在航母上起飞需要的最小速度为50m/s求：（1）若飞机从静止开始做匀加速运动，要在航母上起飞，飞机加速度至少要多大？（2）若飞机的最大加速度为6m/s2，则飞机要在航母上起飞需要借助弹射系统获得的最小初速度是多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【专题】直线运动规律专题【分析】（1）根据匀变速直线运动的速度位移关系由起飞速度和位移求飞机的加速度；（2）同理根据起飞速度、位移和加速度求飞机获得的初速度【解答】解：（1）飞机起飞后做匀加速直线运动，根据速度位移关系有：得飞机起飞的加速度a=6.25m/s2（2）根据飞机起飞过程中的速度位移关系，飞机起飞的初速度=答：（1）若飞机从静止开始做匀加速运动，要在航母上起飞，飞机加速度至少为6.25m/s2；（2）若飞机的最大加速度为6m/s2，则飞机要在航母上起飞需要借助弹射系统获得的最小初速度是10m/s【点评】掌握匀变速直线运动的速度位移关系是正确解题的关键，属于基础题20总质量为100kg的小车，在粗糙水平地面上从静止开始运动，其速度时间图象如图所示已知在02s时间内小车受到恒定水平拉力f=1240n，2s后小车受到的拉力发生了变化试根据图象求：（g取10m/s2